浙江省宁波市北仑中学2025-2026学年高二上学期返校考试物理试卷（Word版附解析）

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1. 电压单位用基本单位表述正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】根据电功率公式
得
电压单位用基本单位表述为。
故选D。
2. 下列关于重力的说法中正确的是（ ）
A. 物体只有静止时才受重力作用
B. 重力的方向总是指向地心
C. 地面上的同一物体在赤道上所受重力最小
D. 物体挂在弹簧测力计下，弹簧测力计的示数一定等于物体的重力
【答案】C
【解析】
【详解】A．物体受到重力的作用，与物体的运动状态无关，A错误；
B．重力的方向总是竖直向下，不一定指向地心，B错误；
C．赤道上重力加速度最小，因此地面上的同一物体在赤道上所受重力最小，C正确；
D．物体挂在弹簧测力计下处于平衡状态时，弹簧测力计的示数才等于物体的重力，D错误。
故选C。
3. 如图所示，在光滑水平桌面上，小铁球沿直线向右运动。若在桌面A处放一块磁铁，关于小球的运动下列说法正确的是（ ）

A. 小铁球做匀速直线运动
B. 小铁球做匀变速曲线运动
C. 小铁球做匀加速直线运动
D. 小铁球做变加速曲线运动
【答案】D
【解析】
【详解】小球的速度方向沿曲线的切线方向，小球所受合力方向指向磁铁的方向，两者不共线，球将做曲线运动，向A的位置发生弯曲，由于条形磁铁的各位置的磁感应强度大小不同，所以小球受到的磁场力的大小是不断变化的，只能做变加速的曲线运动，故D正确，ABC错误。
故选D。
4. 某航天器绕地球运行的轨道如图所示。航天器先进入近地圆轨道1做匀速圆周运动，再经椭圆轨道2，最终进入圆轨道3做匀速圆周运动。轨道2分别与轨道1、轨道3相切于P、Q两点。则航天器（ ）

A. 在轨道2由P点到Q点的过程机械能增加
B. 从轨道2变到轨道3需要在Q点点火加速
C. 在轨道3的机械能小于在轨道1的机械能
D. 正常运行时在轨道2上Q点的加速度大于在轨道3上Q点的加速度
【答案】B
【解析】
【详解】A．在轨道2由P点到Q点过程只有万有引力做功，机械能守恒，故A错误；
B．从轨道2变到轨道3，轨道半径变大，需要在Q点点火加速使其做离心运动，故B正确；
C．从轨道1到轨道2需要点火加速，从轨道2到轨道3也需要点火加速，即从轨道1到轨道3除了万有引力的其他力对卫星做正功，机械能增大，即在轨道3的机械能大于在轨道1的机械能，故C错误；
D．根据牛顿第二定律
可得
可知正常运行时在轨道2上Q点的加速度等于在轨道3上Q点的加速度，故D错误。
故选B。
5. 如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即，实线为一带负电的微粒仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，R点在等势面b上，据此可知（ ）
A. 三个等势面中，c的电势最高
B. 带电微粒在P点的电势能比在Q点的小
C. 带电微粒在P点和在R点的速度大小可能相等
D. 带电微粒在P点的加速度比在Q点的加速度小
【答案】A
【解析】
【详解】A．带电微粒做曲线运动，仅受电场力，则电场力方向必定沿电场线指向运动轨迹的内侧，又由于电场线方向和等势面垂直，则电场力方向应垂直于等势面指向轨迹内侧，微粒带负电，则电场线大致由c等势面指向a等势面，沿着电场线的方向电势越来越低，则c的电势最高，故A正确；
B．结合上述，电场力方向应垂直于等势面指向轨迹内侧，若带电微粒从P点运动到Q点，电场力做正功，电势能减小，即带电微粒在P点的电势能比在Q点的大，故B错误；
C．结合上述，若带电微粒从P点运动到R点，电场力做正功，带电微粒的速度增大，故C错误；
D．等差等势面分布的密集程度间接表示电场的强弱，根据图示可知，P点的电场强度大于Q点的电场强度，则带电微粒在P点受到的电场力大于在Q点受到的电场力，根据牛顿第二定律可知带电微粒在P点的加速度比在Q点的加速度大，故D错误。
故选A。
6. 为检测某新能源动力车的刹车性能，现在平直公路上做刹车实验，某动力车在刹车过程中位移和时间的比值与t之间的关系图像如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 动力车的初速度为20m/s
B. 刹车过程中加速度大小为
C. 刹车过程持续的时间为6s
D. 从开始刹车时计时，经过8s，该车的位移大小为80m
【答案】C
【解析】
【详解】AB．根据题意，由运动学公式有
整理可得
结合图像可得
，
解得
即刹车过程中加速度大小为，故AB错误；
C．刹车过程持续时间为
故C正确；
D．从开始刹车时计时，经过8s，该车的位移大小为
故D错误。
故选C。
7. 如图所示，质量为2m、长度为L的小车静止在光滑水平面上，质量为m的小物块（可视为质点）放在小车的最左端。现用一水平恒力F作用在小物块上，使小物块从静止开始做匀加速直线运动。小物块和小车之间的动摩擦因数为，重力加速度为g，小物块滑到小车的最右端时，小车运动的距离为x。此过程中，以下结论正确的是（ ）
A. 小车运动的加速度大小为
B. 小物块到达小车最右端时，小车具有的动能为
C. 小物块克服摩擦力所做的功为
D. 小物块和小车增加的机械能为
【答案】C
【解析】
【详解】A．对小车进行分析，根据牛顿第二定律有
解得
故A错误；
B．小物块到达小车最右端过程，小车运动的距离为x，根据动能定理有
解得
故B错误；
C．物块对小车的相对位移为L，小车运动的距离为x，则物块的位移为，则小物块克服摩擦力所做的功为
故C正确；
D．物块对小车的相对位移为L，则有
物块的速度
小车运动的距离为x，则有
对物块进行分析，根据牛顿第二定律有
物块的动能
小物块和小车增加的机械能为
解得
故D错误。
故选C。
8. 如图所示，一小物块由静止开始沿斜面向下滑动，最后停在水平地面上。斜面和地面平滑连接，且物块与斜面、物块与地面间的动摩擦因数均为常数。该过程中，物块的动能与水平位移x关系的图象是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】由题意可知设斜面倾角为θ，动摩擦因数为μ，则物块在斜面上下滑距离在水平面投影距离为x，根据动能定理，有
整理可得
即在斜面上运动时动能与x成线性关系；
当小物块在水平面运动时,根据动能定理由
即
为物块刚下滑到平面上时的动能，则即在水平面运动时物块动能与x也成线性关系。
故选A。
9. 如图所示，利用霍尔元件可以监测无限长直导线的电流。无限长直导线在空间任意位置激发磁场的磁感应强度大小为：，其中k为常量，I为直导线中电流大小，d为空间中某点到直导线的距离。霍尔元件的工作原理是将金属薄片垂直置于磁场中，在薄片的两个侧面a、b间通以电流时，e、f两侧会产生电势差。下列说法正确的是（ ）
A. 该装置无法确定通电直导线的电流方向
B. 输出电压随着直导线电流强度均匀变化
C. 若想增加测量精度，可增大霍尔元件沿磁感应强度方向的厚度
D. 用单位体积内自由电子个数更多的材料制成霍尔元件，能够提高测量精度
【答案】B
【解析】
【详解】A．若电流向右，根据左手定则，安培力向内，载流子是自由电子，故后表面带负电，前表面带正电，故前表面e面电势较高；若电流向左，前表面f面电势较高；则可以根据e、f两侧电势高低判断通电导线中的电流方向，故A错误；
B．设前后表面的厚度为，金属薄片的厚度为h，导线中单位体积的电子数为n，最终电子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，有
根据电流微观表达式，有
解得
所以输出电压随着直导线的电流强度均匀变化，故B正确；
CD．由可得
可知增大霍尔元件沿磁感应强度方向的厚度h，用单位体积内自由电子个数n更多的材料制成霍尔元件，在直导线电流一定时，e、f两侧的电势差减小，测量精度减小，故CD错误。
故选B。
10. 如图甲所示电路，其中电源电动势，内阻，定值电阻，滑动变阻器电阻最大阻值为20Ω，已知滑动变阻器消耗的功率P与其接入电路的有效阻值Rr的关系如图乙所示，则下列说法中正确的是（ ）
A. 图乙中滑动变阻器的最大功率
B. 图乙中
C. 滑动变阻器消耗的功率P最大时，电源输出功率也最大
D. 无论如何调整滑动变阻器Rr的阻值，都无法使电源的输出功率达到9W
【答案】D
【解析】
【详解】A．由闭合电路欧姆定律的推论可知，当电路外电阻R等于内阻r时，输出功率最大，最大值为
把定值电阻看成电源内阻一部分，当有
时滑动变阻器消耗的功率最大，最大功率为
故A错误；
B．滑动变阻器的阻值为时与阻值为R2时消耗的功率相等，有
解得
故B错误；
C．当电路外电阻等于内阻时，输出功率最大，因为定值电阻大于电源内阻，故随着滑动变阻器接入电路阻值变大，电源输出功率减小，故滑动变阻器接入电路阻值为零时，电源输出功率最大，故C错误；
D．当滑动变阻器接入电路阻值为零时，电路中电流最大，最大值为电源输出功率最大，为
所以
故D正确。
故选D。
二、多项选择题（本大题共 3 题，每题 4 分，共 12 分，全部选对得 4 分， 选对但不全得 2 分，有错选的得0 分）
11. 假设某同学研究白炽灯得到某白炽灯的伏安特性曲线如图所示。图像上A点与原点连线与横轴成α角，曲线在A点的切线与横轴成β角，则（ ）
A. 白炽灯的电阻随电压的增大而减小
B. 在A点，白炽灯的电阻可表示为tanβ
C. 在A点，白炽灯的电功率可表示为U0I0
D. 在A点，白炽灯的电阻可表示
【答案】CD
【解析】
【详解】A．由图可知白炽灯的电阻随电压的增大而增大，故A错误；
BD．在A点，白炽灯的电阻可表示为
考虑到横纵坐标的单位长度所代表的物理量的数值可能不一样，故不能表示为tan β或tan α，故B错误，D正确；
C．在A点，白炽灯的功率可表示为P=
故C正确。
故选CD。
12. 下图中是关于磁场中的一些实际应用，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲是回旋加速器，要想粒子获得的最大动能增大，可增加D形盒的半径
B. 图乙是磁流体发电机，图中A极板是发电机的正极，B极板是发电机的负极
C. 图丙是速度选择器，不仅能选出速度的粒子，还能区分粒子的正负
D. 图丁是奥斯特证明电流磁效应的实验，导线通电后，其正下方小磁针的N极将向纸面内转动
【答案】AD
【解析】
【详解】A．根据公式，解得粒子获得的最大动能
可知要想粒子获得的最大动能增大，可增加D形盒的半径，故A正确；
B．由左手定则知正离子向下偏转，所以下极板带正电，A板是电源的负极，B板是电源的正极，故B错误；
C．对此速度选择器，速度的方向必须由左向右，由，可得
能选出速度的粒子，不能区分粒子的正负，故C错误；
D．图丁中导线通电后，根据安培定则可知，导线下方的磁场方向垂直纸面向里，正下方小磁针的N极向纸面里转动，故D正确。
故选AD。
13. 如图甲所示，一个轻弹簧的两端与质量分别为m1和m2的两物块A、B相连接并静止在光滑的水平地面上。现使A以3m/s的速度向B运动压缩弹簧，A、B的速度—时间图像如图乙，则有（ ）
A. 在时刻两物块达到共同速度且弹簧都处于压缩状态
B. 从到过程中，弹簧由压缩状态恢复原长
C. 两物块的质量之比
D. 在时刻A与B的动能之比
【答案】CD
【解析】
【详解】A．由图乙可知t1时刻之后一小段时间，A速度减小，B速度增大，则t1时刻弹簧处于压缩状态，t3时刻之后一小段时间，A速度增大，B速度减小，则t3时刻处于伸长状态。故A错误；
B．由图乙可知在t3时刻处于伸长状态，二物块速度相等，弹簧最长，t4时刻两物块速度恢复到初始状态即弹簧恢复原长，因此从t3到t4过程中弹簧由伸长状态恢复原长。故B错误；
C．根据动量守恒定律，t=0时刻和t=t1时刻系统总动量相等，有
由图乙可得
，
代入数据解得
故C正确；
D．由图乙可知在t2时刻A的速度为，B的速度为。根据
可得
故D正确。
故选CD。
三、实验题（共 18 分）
14. 采用如图甲所示的实验装置做“探究平抛运动的特点”的实验。
（1）以下是实验过程中的一些做法，其中合理的是（ ）
A. 要求斜槽轨道保持水平且光滑
B. 每次小球应从同一高度由静止释放
C. 为描出小球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接
（2）图乙为一小球做平抛运动时用闪光照相的方法获得的相片的一部分，图中背景小方格的边长为5cm，取10m/s2，则：
①小球运动的初速度v0=______m/s；
②小球过B点的竖直方向速度vBy=______m/s；
③图中A点______平抛的起点（选填“是”或“不是”）。
【答案】（1）B （2） ①. 1.5 ②. 2.0 ③. 不是
【解析】
【小问1详解】
A．要求斜槽轨道末端保持水平但是不一定必须光滑，故A错误；
B．为保证小球做平抛运动的初速度相同，则每次小球必须从同一高度由静止释放，故B正确；
C．为描出小球的运动轨迹，描绘的点要用平滑曲线连线，故C错误。
故选B。
【小问2详解】
①[1]由竖直方向做自由落体运动，有
解得拍摄时间
小球初速度为
②[2]小球过B点的竖直方向速度
③[3]根据小球竖直方向做自由落体运动，若A点为平抛的起点，则AB、BC竖直方向上位移之比应是1∶3，而不是图中3∶5，故A点不是平抛的起点。
15. 在测量一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：
A.被测干电池一节
B.电流表：量程为0～0.6A，内阻约为0.4Ω
C.电流表：量程为0～0.6A，内阻
D.电压表：量程为0～3V，约为3kΩ
E.滑动变阻器：0～10Ω，允许通过的最大电流为1A
F.滑动变阻器：0～100nΩ，允许通过的最大电流为2A
G.开关、导线若干
（1）为了尽可能减小误差，以及便于调节，电流表应选用__________（填“B”或“C”），滑动变阻器应选用__________（填“E”或“F”），并在图甲的方框内画出实验电路图_______。
（2）闭合电键后，通过调节滑动变阻器，测得多组电压表和电流表的示数U、I，作出图像如图乙所示，由图像可知电池的电动势为__________V，内阻为__________Ω。（结果均保留2位有效数字）
（3）本实验__________（填“存在”或“不存在”）因电表内阻引起的系统误差。
【答案】 ①. C ②. E ③. 见解析 ④. 1.5 ⑤. 1.0 ⑥. 不存在
【解析】
【详解】（1）[1][2][3]为了尽可能减小实验误差，选用内阻已知的电流表C，为了便于调节，选用最大阻值较小的滑动变阻器E，电路图如图所示
（2）[4][5]由图像可知，电池的电动势为1.5V，内阻
（3）[6]由于求内阻时考虑了电流表的内阻，不存在因电表内阻引起的系统误差。
四、解答题（共 40 分）
16. 如图所示，两平行正对金属板之间的距离，上极板带正电，下极板带负电，电荷量Q均为时，两极板之间的电势差。
（1）求两金属板构成电容器的电容C；
（2）求两极板之间的电场强度大小E；
（3）两板间有相距的两点A和B， A、B连线与极板夹角，将电荷量的某点电荷从A点移到B点，求电场力对该点电荷所做的功W。
【答案】（1）
（2）
（3）J
【解析】
【小问1详解】
由公式可知
解得
【小问2详解】
由匀强电场电场强度与电势差关系式可知
【小问3详解】
由静电力做功公式可知
J=J
17. 如图所示，水平绝缘光滑轨道AB的B端与处于竖直平面内的四分之一圆弧形粗糙绝缘轨道BC平滑连接，圆弧的半径。在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场强度现有质量的带电体（可视为质点）放在水平轨道上A点处，AB两点距离，由于受到电场力的作用带电体由静止开始运动，当运动到圆弧形轨道的C端时，速度恰好为零，已知带电体所带电荷量C，取，求：
(1)带电体在水平轨道上运动的加速度大小及运动到B端时的速度的大小；
(2)带电体运动到圆弧形轨道的B端时对圆弧轨道的压力大小；
(3)两点之间的电势差和A到C过程中发热量。
【答案】(1)，；(2)；(3)，
【解析】
【详解】(1)设带电体在水平轨道上运动的加速度大小为a，根据牛顿第二定律有
解得
设带电体运动到B端的速度大小为，根据匀变速直线的规律有
解得
(2)当带电体运动到圆轨道B端时，根据牛顿第二定律有
解得
再根据牛顿第三定律可知，带电体运动到圆弧形轨道的B端时对圆弧轨道的压力大小5N。
(3)A、C两点的电势差
解得
带电体A到C过程，根据动能定理
解得
A到C过程中发热量
18. 如图所示，足够长的光滑水平地面上，静置一辆小车，长L=0.3m、不可伸长的轻质柔软细绳一端固定在车厢顶部，另一端系一质量m=1.98kg的木块（可视为质点），质量的子弹以的速度水平射入木块并留在其中，此后绳与竖直方向的最大夹角，取重力加速度大小。求：
（1）子弹射入木块时产生的热量Q；
（2）小车的质量M以及绳与竖直方向夹角为时小车的速度大小；
（3）小车的最大速度的大小。
【答案】（1）Q=396J
（2）M=6kg，
（3）
【解析】
【小问1详解】
设子弹射入木块后的速度大小为v1，由守恒定律得
产生的热量为
联立解得
【小问2详解】
设木块与小车共速时大小为v2，当木块在最高点时，木块和小车共速。
系统在水平方向动量守恒，则有
由能量守恒有
解得，
【小问3详解】
对小车进行受力分析发现，当木块再次向左回到最低点时，小车速度最大，设此时木块速度大小为v3
根据动量守恒定律得
根据机械能守恒定律得
联立可解
19. 磁聚焦和磁发散技术在许多真空系统中得到了广泛应用，如电子显微镜技术，它的出现为科学研究做出了重大贡献。现有一个磁发散装置，如图所示，在半径为R的圆形区域内存在垂直纸面向外，磁感应强度为B的匀强磁场，在圆形磁场区域右侧有一方向竖直向下，电场强度为E的匀强电场，电场左边界与圆形磁场右边界相切。在水平地面上放置一个足够长的荧光屏PQ，它与磁场相切于P点。粒子源可以持续的从P点向磁场内发射速率为v方向不同的带正电同种粒子。经观测：有一粒子a以竖直向上的初速度射入磁场，该粒子经磁场偏转后恰好以水平方向离开磁场，然后进入电场区域。粒子b进入磁场的速度方向与粒子a的速度方向夹角为（未知），进入磁场后，粒子b的运动轨迹恰好能通过圆形磁场的圆心O，最终也进入到电场区域。已知电场强度和磁感应强度的关系满足，不计粒子重力及粒子间相互作用。求：
（1）粒子的比荷；
（2）粒子b与粒子a夹角和b粒子打在荧光屏上的亮点到P点的距离x；
（3）入射方向与荧光屏所在平面成区间范围内的粒子，最终打到荧光屏上形成的亮线长度。

【答案】（1）；（2），；（3）
【解析】
【详解】（1）由a粒子的运动可知粒子在磁场中运动的半径为
由牛顿第二定律有
可得粒子的比荷
（2）画出粒子b的运动轨迹，如图所示

根据几何关系可知构成一个边长为R的菱形，则
由于，b粒子经过Q点的速度方向与垂直，所以粒子b进入电场的方向也沿水平方向。b粒子进入电场中做类平抛运动，有
，
解得
所以b粒子打在荧光屏上的亮点到P点的距离为
（3）入射方向与P点右侧荧光屏成的粒子，在磁场与电场中的运动轨迹如图所示

由几何关系可知，粒子进入电场时距离荧光屏的距离为
进入电场后，粒子做类平抛运动，有
，
解得
所以该粒子打到荧光屏的位置距离P点的距离为；根据（2）可知，入射方向与P点左侧荧光屏成的粒子，打到荧光屏的位置距离P点的距离为，所以入射方向与荧光屏所在平面成区间范围内的粒子，最终打到荧光屏上形成的亮线长度为