2025年湖南省长沙市长郡集团中考模拟（四）物理试卷（解析版）

这是一份2025年湖南省长沙市长郡集团中考模拟（四）物理试卷（解析版），共23页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.如图所示是1978年湖北出土的“曾侯乙编钟”和河南博物馆收藏的镇馆之宝“贾湖骨笛”是我国古代两件国宝乐器，下面有关两件乐器说法正确的是( )
A. 编钟发出的声音和其他乐器的不同，是因为声音的音调不同
B. 轻敲或重敲编钟同一位置，编钟发出声音的响度不同
C. 吹奏骨笛时，按压骨笛不同位置的气孔，发出声音的音色不同
D. 为了不影响居民休息，吹奏时可以将房间的门窗关闭，这是在声源处减弱噪声
2.中华大地，河山锦绣，随着四季更替，水在不同的形态之间变化，形成了多彩的自然奇观，下列物态变化，需要吸热的是( )
A. 冰雪消融B. 露珠晶莹
C. 雾绕山峦D. 霜打枝头
3.初中物理学史选择题涉及多位著名物理学家的贡献和他们的主要发现。下列有关物理学史及其相关内容描述正确的是( )
A. 为纪念物理学家焦耳，将其名字作为功率的单位
B. 奥斯特经过多年科学探究发现了电磁感应现象
C. 发现“电流磁效应”的科学家是法拉第
D. 首次测定了大气压数值的科学家是托里拆利
4.用托盘天平和量筒测量一小石块的密度，下列说法正确的是( )
A. 称量前调节天平平衡时，分度盘指针的位置如图甲，则需将平衡螺母向左调节
B. 称量时若加上最小的砝码后，分度盘指针的位置如图甲，则接下来应该向右拨动游码
C. 称量结束砝码如图乙所示，待测石块的质量是52g
D. 待测石块的密度是2.4g/cm3
5.近年来我国不断加大自主创新力度，许多领域打破了国外技术封锁，出现了一大批拥有自主知识产权的产品——全新一代的麒麟9020芯片。这款芯片在工艺制程、CPU架构、GPU性能以及其他特性方面都有显著提升，为用户带来了更流畅、更持久的使用体验。芯片是指含有集成电路的硅单晶片，芯片的主要材料是( )
A. 超导体B. 半导体C. 绝缘体D. 导体
6.下列关于大气压强说法不正确的是( )
A. 马德堡半球实验证明了大气压存在
B. 吸管吸饮料利用了大气压
C. 青藏高原边防战士用高压锅煮面条，是因为海拔越高，大气压越小，水的沸点越低
D. 注射器把药液注射入病人身体的过程中，利用了大气压
7.北京时间2024年10月30日4时27分，搭载神舟十九号载人飞船的长征二号F遥十九运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，约10分钟后，神舟十九号载人飞船与火箭成功分离，进入预定轨道，航天员乘组状态良好，发射取得圆满成功。对于火箭发射涉及的物理知识，下列说法正确的是( )
A. 火箭使用液氢为燃料，液氢燃料燃烧越充分，它的热值就越大
B. 火箭在加速升空的过程中，机械能守恒
C. 火箭上升过程中摩擦生热创造了能量，不符合能量守恒定律
D. 火箭升空过程中，将燃气的内能部分转化为火箭的机械能
8.如图是使用劳动工具时的场景，其中使用费力杠杆的是( )
A. 羊角锤B. 镊子
C. 核桃夹D. 榨汁器
9.今年元旦，无锡火车站正式实施“验检合一”，乘客只需通过验票闸机“一道闸”，当身份信息和人脸信息都符合时，电动机转动，打开闸门，就能直接到达站台，进站速度明显提升，下列电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
10.如图是有关电与磁实验的装置图，其中用来探究磁场对电流作用的是( )
A. B.
C. D.
二、多选题：本大题共2小题，共6分。
11.如图所示电路中，电源电压恒定，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S后，滑动变阻器滑片自a向b移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电流表A的示数变小，电压表V2的示数与电流表A的示数之比变小
B. 电压表V1的示数变小，电路消耗的总功率变小
C. 电压表V2的示数变大，R1消耗的总功率变大
D. 电流表A的示数变小，电压表V2的示数变化量与电流表A的示数变化量之比的绝对值不变
12.独竹漂是发源于赤水河流域的一种独特的黔北民间绝技。如图所示为独竹漂运动员手握平衡杆，脚踩一根楠竹，漂浮在水面上的情景。如图中平衡杆不与水面接触，它的重力不能忽略不计，下列说法正确的是( )
A. 运动员的重力和楠竹给运动员的支持力是一对相互作用力
B. 楠竹给运动员的支持力和运动员给楠竹的压力是一对平衡力
C. 楠竹给运动员的支持力方向竖直向上
D. 水给楠竹作用力的大小等于平衡杆、运动员、楠竹的总重力
三、填空题：本大题共5小题，共22分。
13.在家庭照明电路中，带有金属外壳的家用电器要使用三孔插座，目的是为了让金属外壳与______线相连，不至于对人造成伤害。如图甲、乙所示，用试电笔辨别火线、零线时，正确的使用方式是______。
14.如图，在水平桌面上放置A、B两个长方体物块，B物块受到水平向左拉力F=8N，此时A、B两物块一起向左做匀速直线运动，则B对A的摩擦力为______ N，B对水平桌面的摩擦力方向是水平向______。
15.氢能是新能源利用的新潮流，加快氢能产业发展成为实现“碳达峰、碳中和”的重要举措。如图是某品牌氢能自行车，一次性充满0.04kg氢气，2h能匀速骑行50km，氢能自行车与骑行者总质量为84kg，骑行时受到的阻力为总重的0.1倍。氢气完全燃烧产生的热量是______ J，氢气的利用效率是______。(氢气热值为1.4×108J/kg，g=10N/kg)
16.甲、乙两盏灯，它们的I-U关系图像如图所示。现将两灯串联在电路中，当电路中的电流为0.3A时，甲刚好正常发光，则甲的额定功率______ W，若将两灯并联在4V的电路中(两灯均不会烧坏)，则______灯会更亮。
17.在科技活动中，小明同学设计了一个“汽车超载报警器”原理如图甲所示。其中ABO是质量不计的杠杆组件，B为汽车模型重力承压点，A点通过压杆作用于压敏电阻R，AB：BO=3：1。在测量电路中R的阻值随压力变化的关系如表所示。无车时电路中的电流I=0.15A；小灯泡两端的电压U≥2.5V是超载的报警点(超载时发红光，不超载时发绿光)。小灯泡的I-U图像如图乙所示。电源电压为4.5V保持不变。求：
(1)无车时，小灯泡的功率是______ W。
(2)当汽车模型的重力达到______ N时报警器开始报警。
(3)电路中的电池使用一段时间后，电源电压会降低。为保证报警器仍在原设定的汽车最大重力时报警，B点应向______(选填“左”或“右”)移动。
四、作图题：本大题共1小题，共2分。
18.如图所示，F为凸透镜的焦点，请在图中作出相应的入射光线。
五、实验探究题：本大题共4小题，共26分。
19.如图是小聪同学探究“平面镜成像特点”时的实验装置(蜡烛A和B完全相同)。
(1)小聪将蜡烛A慢慢远离平面镜时，它的像的大小将______；
(2)实验中用玻璃板代替平面镜，目的是______；
(3)实验时小聪发现，无论怎样移动蜡烛B都不能与蜡烛A的像完全重合，其原因可能是______。
20.小明利用实验探究浮力大小和哪些因素有关系。他把金属块挂在弹簧测力计上，将它分别浸入水和酒精中的不同位置，如图1所示。
(1)图1中四种情况，______图中金属块所受到的浮力最小。
(2)做乙、丙两次实验，是为了探究浮力大小与______是否有关。
(3)如图2所示，用弹簧测力计吊着金属块缓慢浸入水中，从金属块底部接触水面开始到没入水中直到接触容器底部的过程中，图3中能表示弹簧测力计示数F拉与金属块底部浸入水中深度h关系的图象是______。
21.小明在探究并联电路电流规律的实验中，如图甲所示是实验的电路图。
(1)在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他忘了______；
(2)将电流表分别接入A、B、C三点处，闭合开关，测出了一组电流并记录在表格中，立即得出了并联电路的电流规律。请你指出他们实验应改进方法是：______；
(3)实验结束后，小明又利用器材连接了如图乙所示的电路图，当开关S由断开到闭合时，电流表A2的示数______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
22.小明想测量额定电压为“6V”的小灯泡的电阻和额定功率，他在学校的实验室找到了相关器材，并进行了如下实验，已知电源电压恒为8V。
(1)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，电压表的示数接近8V保持不变。为了排除故障，接下来的操作合理的是______；
A.拧紧开关两端的接线柱
B.将小灯泡与底座拧紧
C.拧紧电流表两端的接线柱
(2)排除故障后，闭合开关，电压表的示数如图乙所示，示数为______V。经过多次测量，小明绘制了小灯泡的I-U图像，如图丙所示，小灯泡的额定功率为______W；
(3)在没有电流表的情况下，小华认为用如图丁实验电路，也可以测出小灯泡的额定功率。已知小灯泡的额定电压为U额，定值电阻的阻值为R，实验步骤如下：
①只闭合S、S1，调节滑片P的位置，使电压表示数为U额；
②保持滑片P的位置不变，同时闭合S、S2，断开S1，记录电压表示数U1；
③计算出小灯泡的额定功率P额=______(用U额、U1和R表示)。
六、计算题：本大题共2小题，共14分。
23.小华同学酷爱自行车运动，他测量并记录了自己在一段平直路面上匀速骑行的有关数据。小华的质量为60kg，自行车的质量为15kg，骑行3km用时10min；车子行驶时受到的阻力为40N，车轮与地面接触的总面积为25cm2，g取10N/kg。求：
(1)小华骑行时，自行车对地面的压强是多少？
(2)小华骑行的速度是多少m/s？
(3)小华在这段路程骑行时，做功的功率是多少？
24.如图所示，灯泡L标有“9V，9W”字样，R1的电阻为15Ω，变阻器R2标有“20Ω，0.5A”的字样，电流表的量程为0∼3A，电压表的量程为0∼3V。当开关S1、S2、S3都闭合时，灯泡L恰好正常发光(设灯泡电阻不随温度而改变)，求：
(1)灯泡L的电阻；
(2)当开关S1、S2、S3都闭合时，电路1min消耗的电能；
(3)若闭合开关S1，断开开关S2、S3，在保证电路中各元件安全工作的情况下，滑动变阻器R2消耗的电功率范围。
【参考答案】
1.【答案】B
【解析】解：A、编钟发出的声音和其他乐器的不同，是因为声音的音色不同，故A错误；
B、轻敲或重敲编钟同一位置，编钟振动的幅度不同，产生的响度不同，故B正确；
C、吹奏骨笛时，按压骨笛不同位置的气孔，则发声的空气柱长度不同，振动频率不同，发出声音的音调不同，故C错误；
D、为了不影响居民休息，吹奏时可以将房间的门窗关闭，是在传播过程中减弱噪声，故D错误。故选：B。
(1)声音的特性包括音调、响度和音色。音调指声音的高低，响度指声音的大小、音色是声音的品质与特色；
人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小；
(2)减弱噪声可以在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
此题考查了声音的特性和减弱噪声的途径，是一道基础题。
2.【答案】A
【解析】解：A、冰雪消融，是冰由固态变为液态的过程，属于熔化现象，熔化吸热，故A符合题意；
BC、露和雾都是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，液化放热，故BC不符合题意；
D、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故D不符合题意。
故选：A。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
吸收热量的物态变化过程有：熔化、汽化和升华；放出热量的物体变化过程有：凝固、液化和凝华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3.【答案】D
【解析】解：A、为纪念物理学家焦耳，将其名字作为能量、功或热量的单位，而功率的单位是瓦特，故A错误。
B、法拉第经过多年科学探究发现了电磁感应现象，奥斯特发现的是电流的磁效应，故B错误。
C、发现“电流磁效应”的科学家是奥斯特，法拉第发现的是电磁感应现象，故C错误。
D、首次测定了大气压数值的科学家是托里拆利，他利用玻璃管、水银首先测出了大气压能支持的水银柱的高度，并由此计算出了大气压的具体数值，故D正确。故选：D。
根据物理学史和常识解答，记住著名科学家的主要贡献即可。
多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意。
4.【答案】B
【解析】解：A、在调平衡过程中，指针左偏，天平的左端下沉，此时应调节平衡螺母应向右侧移动，故A错误；
B、称物体质量时，加上最小的砝码后发现分度盘的指针还是偏左一点，此时应该向右移动游码，使天平平衡，故B正确；
C、石块的质量为砝码质量和游码读数之和，乙图砝码游码之和，即为50g+5g+1.4g=53.4g，故C错误；
D、丙图可知物块体积为80mL-60mL=20mL=20cm3，石块的密度ρ=mV=53.4g20cm3=2.67g/cm3，故D错误。故选：B。
(1)在调平衡过程中，指针左偏，天平的左端下沉，平衡螺母向上翘的方向移动。
(2)实验中，需要加减砝码和移动游码使天平平衡；
(3)石块的质量为砝码游码之和；
(4)利用密度计算公式ρ=mV计算石块的密度。
本题考查了天平的使用方法、天平读数、量筒读数、求密度等问题，要掌握产用测量仪器的使用及读数方法，熟练应用密度公式即可正确解题。
5.【答案】B
【解析】解：芯片是指含有集成电路的硅单晶片，芯片的主要材料是半导体，故B符合题意，ACD不符合题意。故选：B。
半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间。
本题考查了半导体的特点和应用，属于基础题。
6.【答案】D
【解析】解：A、马德堡半球实验证明了大气压的存在，故A正确；
B、用吸管吸饮料时，先把吸管中的空气吸走，吸管内气体压强减小，大气压把饮料压入吸管，进入口腔，故B正确；
C、青藏高原边防战士用高压锅煮面条，是因为海拔越高，大气压越小，水的沸点越低，故C正确；
D、注射器把药液注射入病人身体的过程中，是由于活塞受到推力的作用，不是利用大气压，故D错误。故选：D。
(1)证明大气压存在的实验是马德堡半球实验；
(2)用吸管吸饮料时，先把吸管中的空气吸走，吸管内气体压强减小，大气压把饮料压入吸管，进入口腔，由此判断；
(3)液体沸点与气压的关系，气压越高，沸点越高，气压越低，沸点越低；
(4)注射器抽取药液是利用大气压来完成的，用注射器往人体内注射药液时利用了人的推力。
本题考查了气压的应用、沸点与气压的关系等，涉及到的知识点较多，但都是必须掌握的基础知识，难度不大。
7.【答案】D
【解析】解：A、火箭使用液氢为燃料，是因为液氢的热值大，但液氢的热值与燃料燃烧的是否充分无关，故A错误；
B、火箭在加速升空的过程中，质量不变、速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大，因此机械能增大，故B错误；
C、火箭上升过程中摩擦生热是能量发生了转化，不是创造了能量，自然界中能量的转化和转移都符合能量守恒定律，故C错误；
D、火箭升空过程中，燃气对外做功，将燃气的内能部分转化为火箭的机械能，故D正确。
故选：D。
(1)燃料的热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关；
(2)机械能等于动能与势能之和；
(3)自然界中的能量是守恒，它既不会消灭，也不会创生，只能发生转移或转化，并且能量的转化或转移具有方向性；
(4)火箭升空时，燃气的内能转化为机械能。
本题主要考查了对热值、机械能概念的理解，对能量转化与守恒的认识，属基础题。
8.【答案】B
【解析】解：
A、羊角锤拔钉子过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不合题意；
B、镊子夹取物品过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意；
C、核桃夹使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不合题意；
D、榨汁器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不合题意；故选：B。
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：
①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
9.【答案】A
【解析】解：根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，电动机才工作，这说明两个开关相互影响，是串联的关系，然后与电动机串联，故A正确。故选：A。
根据题意分析电路的连接方式，然后选出正确的答案。
本题考查了电路的设计，属于基础题。
10.【答案】B
【解析】解：
A、导体AB在磁场中水平运动时，做切割磁感线运动，可以在电路中产生电流，故研究的是电磁感应，故A错误；
B、放入磁场的导体通电后，在磁场的作用下产生运动，说明电流在磁场中受磁场力的作用，故B正确；
C、两电磁铁串联，通过的电流相同、线圈匝数不同，研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故C错误；
D、当通电导体放在小磁针上方时，小磁针会产生偏转，研究的是电流的磁效应，故D错误。
故选：B。
看清各图物理情景，根据各实验原理逐一分析判断。
看清题干图片所示物理情景，熟知各实验的原理、现象，是解题的关键。
11.【答案】BD
【解析】解：A、由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压。
滑动变阻器滑片自a向b移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=UR可知，电流变小，所以电流表A的示数变小，
因为电压表V2的示数与电流表A的示数之比等于滑动变阻器接入电路的阻值，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，所以电压表V2的示数与电流表A的示数之比变大，故A错误；
B、电路中的电流变小，由U=IR可知，R1两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，由P=UI可知，电路消耗的总功率变小，故B正确；
C、因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以U2=U-U1，R1两端的电压变小，即U1变小，电源电压不变，所以U2变大，即电压表V2的示数变大，
电路中的电流变小，由P=UI=I2R，R1消耗的功率变小，故C错误；
D、因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以U2=U-U1=U-IR1，U2'=U-U1'=U-I'R1，
则ΔU2=U2'-U2=U-I'R1-(U-IR1)=(I-I')R1=-ΔIR1，即ΔU2ΔI=R1，所以电压表V2的示数变化量与电流表A的示数变化量之比不变，故D正确。故选：BD。
由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压。
根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据P=UI可知电路消耗总功率的变化；
根据串联电路的电压特点和欧姆定律得出电压表V2的示数变化量与电流表A的示数变化量之比与定值电阻R1阻值之间的关系，进一步得出答案。
本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律、电功率公式和串联电路特点的灵活应用，关键是两电压表变化量之间关系的判断。
12.【答案】CD
【解析】解：A.运动员受到的重力施力物体是地球，楠竹对运动员的压力施力物体是楠竹，二者不符合相互作用力条件，不是相互作用力，故A错误；
B.由相互作用力的概念可知：楠竹给运动员的支持力和运动员给楠竹的压力是一对相互作用力，故B错误；
C.楠竹给运动员的支持力方向竖直向上，故C正确；
D.水给楠竹支持力的大小等于平衡杆、运动员、楠竹的总重力，故D正确。故选：CD。
(1)二力平衡的条件：两个力作用在同一个物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；
(2)互为相互作用力的条件：作用在两个物体上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。
本题主要考查平衡力和相互作用力的区别，属于基础知识。
13.【答案】地 甲
【解析】解：带有金属外壳的家用电器要使用三孔插座，目的是为了让金属外壳与地线相连，不至于对人造成伤害。如图甲、乙所示，用试电笔辨别火线、零线时，手必须接触笔尾金属体，正确的使用方式是甲。
故答案为：地；甲。
有金属外壳的家用电器要使用三孔插座；
使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体。
本题考查的是试电笔的使用方法；知道三孔插座的作用。
14.【答案】0 左
【解析】解：对A物体分析可知，A物体保持静止状态，假设A受B给它的摩擦力，没有其他力与其平衡，故假设不成立，A物体不受摩擦力；
根据整体法，在水平方向，AB整体，受到水平向右的力F=8N，因处于平衡状态，则桌面对B的摩擦力大小f=F=8N，方向水平向右，由于力的左右是相互的，B对水平桌面的摩擦力方向是水平向左的。
故答案为：0；左。
物体处于静止状态时，受到平衡力的作用，结合题目提供的几个力，然后再对物体进行受力分析，运用平衡力的知识就可解决题目中的两个力的大小。
另外，分析物体受力时，先确定研究对象，即确定具体哪个物体，然后只针对所选物体进行受力分析，不要受其它力的干扰。
此题主要考查了二力平衡条件的应用，解决此题的关键是找出题目中暗含的条件，对于初中摩擦力的大小不需要利用公式计算，摩擦力大小只要求求出静摩擦力和滑动摩擦力，这两种摩擦力一般与平衡力相结合出题。
15.【答案】5.6×106 75%
【解析】解：(1)氢气完全燃烧放出的热量为：
Q放=qm=1.4×108J/kg×0.04kg=5.6×106J；
(2)氢能自行车骑行时受到的阻力为：
f=0.1G=0.1mg=0.1×84kg×10N/kg=84N，
由二力平衡的条件可知，骑行时发动机的牵引力为：F=f=84N，
氢能自行车牵引力所做的有用功为：
W=Fs=84N×50×103m=4.2×106J；
氢气的利用效率为：η=WQ放×100%=4.2×106J5.6×106J×100%=75%。
故答案为：5.6×106；75%。
(1)已知氢气的热值和消耗氢气的质量，利用Q放=qm可求出氢气完全燃烧放出的热量；
(2)由题意可求出氢能自行车骑行时受到的阻力，由于自行车在做匀速直线运动，所以自行车受到的动力与阻力为一对平衡力，根据F=f得出牵引力，根据W=Fs求出牵引力所做的有用功，根据η=WQ放×100%求出氢气的利用效率。
本题考查了对二力平衡条件、功、热值和效率的计算公式的应用，熟练掌握相关知识即可，难度不大。
16.【答案】0.6 甲
【解析】解：
两灯泡串联时电路中各处的电流相等，由图象可知，当电路中的电流为0.3A时，甲两端的电压为2V，则甲的额定功率为P甲=U甲I甲=2V×0.3A=0.6W；
若将两灯并联在4V的电路中(两灯均不会烧坏)，则两灯两端的电压均为4V，由图可知，甲、乙两灯的电流分别为0.5A、0.3A，根据P=UI可知甲灯的实际功率较大。
故答案为：0.6；甲。
两灯泡串联时电路中各处的电流相等，由图象可知，当电路中的电流为0.3A时，甲两端的电压为2V，根据P=UI可知甲的额定功率；若将两灯并联在4V的电路中(两灯均不会烧坏)，则两灯两端的电压均为4V，由图可知甲、乙两灯的电流，根据P=UI可知两灯的实际功率的大小。
本题考查电功率的计算，是一道综合题。
17.【答案】(1)0.225；(2)176；(3)左。
【解析】解：(1)无车时电路中的电流I=0.15A，从图乙可知此时灯泡的电压为1.5V，
小灯泡的功率是P=UI=1.5V×0.15A=0.225W；
(2)由表格数据可得，相邻两组数据间，压力的增加量ΔF=14N-10N=18N-14N=22N-18N=226N-22N=4N，
压敏电阻阻值减小量ΔR=22Ω-20Ω=20Ω-18Ω=18Ω-16Ω=16Ω-14Ω=2Ω，
即压力每增加4N，压敏电阻阻值减小2Ω，
由表格数据知当压力为零时，压敏电阻的阻值为22Ω+102×2Ω=32Ω：
压敏电阻阻值与压力的数量关系是 R=32Ω-24Ω/N×F；
当电路报警时，小灯泡两端的电压U'=2.5V，由图像乙得I'=0.2A，
则压敏电阻的阻值为：R=U'I'=4.5V-Ω，
代入数据可得：10Ω=32Ω-12Ω/N×F，
解得：F=44N；
由杠杆平衡条件F1⋅L1=F2⋅L2，即F1⋅LOA=F2⋅LOB，AB：BO=3：1，OA：OB=4：1
所以得F2=4F1=4×44N=176N，即汽车模型的重力G=176N；
(3)一段时间以后电源电压会降低，R两端分得的电压减低，
根据串联电路的分压特点可知，应减小压敏电阻分担的电压，
保证R两端分得的电压不变，此时就应该减小压敏电阻的阻值，
因其电阻值随所受压力的增大而减小，所以应该增大压杆对传感器的压力，
由杠杆平衡条件F压×OA=F踏×OB可知，OA不变，F踏不变，
所以F压和OB成正比，
要增大压杆对传感器的压力，应增大OB，即把踏板触点B向左移动。
故答案为：(1)0.225；(2)176；(3)左。
(1)已知无车时电路中的电流，从图乙可知此时灯泡的电压，根据P=UI计算小灯泡的功率；
(2)根据表格数据表示出压敏电阻阻值与压力的数量关系；当电路报警时，小灯泡两端的电压U=2.5V，由图像乙得I=0.2A，根据欧姆定律算出压敏电阻的阻值，算出此时的压力F，
根据杠杆平衡条件F1⋅LOA=F2⋅LOB，AB：BO=3：1，算出压力F2，进而得出汽车模型的重力；
(3)一段时间以后电源电压会降低，R两端分得的电压减低，如果不更换电池，为保证报警器仍在踏板原设定的最大压力值时报警，应减小R两端的电压，根据串联分压特点和杠杆的平衡条件判断踏板触点移动的方向。
本题考查了学生对电功率公式、杠杆平衡条件的了解与掌握，关键是能从图像中得出需要的信息和灵活的运用公式。
18.【答案】解：从焦点发出的光线经过凸透镜后，折射光线平行于主光轴，入射光线如图所示：

【解析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。
19.【答案】(1)不变；(2)便于确定像的位置；(3)玻璃板与桌面不垂直。
【解析】(1)平面镜所成像与物大小相等，故将蜡烛A慢慢远离平面镜时，它的像的大小将不变；
(2)实验中用玻璃板代替平面镜，既能成像，又能确定像的位置，故目的是便于确定像的位置；
(3)若玻璃板与桌面不垂直，则无论怎样移动蜡烛B都不能与蜡烛A的像完全重合。
故答案为：(1)不变；(2)便于确定像的位置；(3)玻璃板与桌面不垂直。
(1)平面镜所成像与物大小相等，据此分析；
(2)实验中用玻璃板代替平面镜，便于确定像的位置；
(3)若玻璃板与桌面不垂直，则无论怎样移动蜡烛B都不能与蜡烛A的像完全重合。
本题探究“平面镜成像特点”实验，掌握平面镜成像规律是关键。
20.【答案】(1)甲；(2)深度；(3)C。
【解析】解：(1)根据称重法测浮力，F浮=G-F示，F示=G-F浮，甲测力计示数最大，故上述四种情况，甲图中金属块所受到的浮力最小；
(2)探究金属块浸没在液体中时，受到的浮力与深度无关，要控制排开液体的体积相同和排开液体的密度相同，故做乙、丙两次实验，是为了探究金属块浸没在液体中时，受到的浮力与深度是否有关；
(3)根据称重法测浮力，F浮=G-F示，物体在浸没前，根据阿基米德原理，随排开水的体积增大，受到的浮力变大，故测力计示数变小，浸没后，受到浮力不变，测力计示数不变，故图3中能正确反映弹簧测力计示数F和金属块下表面在水中的深度h关系的图象是C；
故答案为：(1)甲；(2)深度；(3)C。
(1)根据称重法测浮力，F浮=G-F示，由测力计示数分析；
(2)探究金属块浸没在液体中时，受到的浮力与深度无关，要控制排开液体的体积相同和排开液体的密度相同；
(3)根据称重法测浮力，F浮=G-F示，物体在浸没前，随排开水的体积增大，受到的浮力变大，浸没后，受到的浮力不变，据此分析。
本题的目的就是考查学生对探究影响浮力大小因素的实验，还有学生对控制变量法应用的灵活程度。控制变量法在实验探究中经常用到，所以我们一定要掌握好。
21.【答案】(1)断开开关；(2)换用不同规格的小灯泡进行多次实验；(3)变大。
【解析】(1)他在连接电路时发现，刚接好最后一根导线，表的指针就发生了偏转，由此可知在连接电路时，他忘了断开开关；
(2)只根据一组数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的规律，实验应改进的方法是：换用不同规格的灯泡多次测量；
(3)如图丁所示的电路图，开关S断开时，电路中只有L1灯，两电流表示数相等；S闭合时，两灯并联，电流表A2测干路电流，A1测灯L1的电流，因灯L1的电压不变(为电源电压)，根据欧姆定律，通过L1的电流大小不变；根据并联电路电流的规律，电流表A2的示数变大。
故答案为：
(1)断开开关；(2)换用不同规格的小灯泡进行多次实验；(3)变大。
(1)连接电路时，为保护电路，开关要断开；
(2)用归纳法得出普遍性的结论，一要选用的样本有代表性，二要数量足够多；
(3)分析电路的连接，根据欧姆定律确定通过L1的电流不变，由并联电路电流的规律。
本题探究并联电路电流规律的实验，考查注意事项、电流表使用注意事项、归纳法的运用。
22.【答案】(1)B；(2)4；3；(3)(U1-U额)U额R。
【解析】(1)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，电压表的示数接近8V保持不变，说明小灯泡断路，其地方完好，则需要检查将小灯泡与底座是否拧紧，故选答案B；
(2)根据额定电压为“6V”可知，电压表需选择大量程0-15V，由图乙读出电压的示数U=4V；根据图丙确定额定电压为“6V”时对应的灯泡额定电流为I=0.5A，则额定功率P=UI=6V×0.5A=3W；
(3)电路中变阻器和电阻R是串联关系，只闭合S、S1，调节滑片P的位置，电压表示数为U额，测量的是灯泡两端电压，当保持滑片P的位置不变，同时闭合S、S2，断开S1，电压表示数U1，此时U1为灯泡和电阻R的总电压，所以电阻R的电压为UR=U1-U额,电路中的电流为:I=U1-U额R，所以灯泡的额定功率为：P=UI=(U1-U额)U额R。
故答案为：(1)B；(2)4；3；(3)(U1-U额)U额R。
(1)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，电压表的示数接近8V保持不变，说明小灯泡断路，其地方完好，则需要检查将小灯泡与底座是否拧紧；
(2)由图乙读出电压的示数，根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出小灯泡的额定功率；
(3)要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻两端的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻两端的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率。
本题测小灯泡的电阻和额定功率实验，考查了电路连接、故障分析、电压表读数、电阻的计算、功率的计算、影响电阻大小因素及设计实验方案测功率的能力。
23.【答案】(1)小华骑行时，自行车对地面的压强是3×105Pa；
(2)小华骑行的速度是5m/s；
(3)小华在这段路程骑行时，做功的功率是200W。
【解析】(1)小华在一段平直路面上匀速骑行时，自行车对地面的压力等于他和车的总重力，即：
F=G总=m总g=(60kg+15kg)×10N/kg=750N，
地面的受力面积等于车轮与地面接触的总面积，即：S=25cm2=2.5×10-3m2，
自行车对地面的压强：p=FS=750N2.5×10-3m2=3×105Pa；
(2)小华骑行的速度：v=st=3×103m10×60s=5m/s；
(3)小华在这段路骑行时，克服阻力做的功：W=fs=40N×3×103m=1.2×105J，
他做功的功率：P=Wt=1.2×105J10×60s=200W。
答：(1)小华骑行时，自行车对地面的压强是3×105Pa；
(2)小华骑行的速度是5m/s；
(3)小华在这段路程骑行时，做功的功率是200W。
(1)小华在一段平直路面上匀速骑行时，自行车对地面的压力等于他和车的总重力，根据p=FS求自行车对地面的压强；
(2)已知路度和时间，根据v=st求小华骑行的速度；
(3)小华在这段路骑行时，克服阻力做功，根据W=fs求小华做的功，根据P=Wt求小华做功的功率。
本题考查功、功率和速度、重力、压强的计算，难度一般。
24.【答案】(1)灯泡L的电阻为9Ω；
(2)当开关S1、S2、S3都闭合时，电路1min消耗的电能为864J；
(3)若闭合开关S1，断开开关S2、S3，在保证电路中各元件安全工作的情况下，滑动变阻器R2消耗的电功率范围为0.75W∼1.2W。
【解析】(1)由P=U2R可知，灯泡L的电阻：RL=UL2PL=(9V)29W=9Ω；
(2)由图可知，当S1、S2、S3均闭合时，R1与L并联，灯泡L恰好正常发光，电流表测干路电流；
根据并联电路电压特点知，电源电压：U=U1=UL=9V；
R1的电功率：P1=U2R1=(9V)215Ω=5.4W，
电路的总功率：P=P1+PL=5.4W+9W=14.4W，
则电路1min秒消耗的电能：W=Pt=14.4W×60s=864J；
(3)当S1闭合，S2、S3断开时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
因电流表的量程为0∼3A，变阻器R2标有“20Ω，0.5A”的字样，
根据串联电路的特点可知，电路中的最大电流为I大=0.5A；
根据欧姆定律可知，R1两端的最大电压：U1大=I大R1=0.5A×15Ω=7.5V，
根据串联电路特点可知，R2两端的最小电压：U2小=U-U1大=9V-7.5V=1.5A，
R2的最小电功率：P2小=U2小I大=1.5V×0.5A=0.75W；
电压表的量程为0∼3V，所以当电压表的示数为3V时，变阻器接入电路的阻值最大，电路中的电流最小，
根据串联电路特点可知，此时R1两端电压为：U1小=9V-3V=6V，
此时电路中的电流为I小=U1小R16V15Ω=0.4A，
R2的最大电功率：P2大=U2大I小=3V×0.4A=1.2W，
所以滑动变阻器滑动变阻器R消耗的电功率范围为0.75W∼1.2W。
答：(1)灯泡L的电阻为9Ω；
(2)当开关S1、S2、S3都闭合时，电路1min消耗的电能为864J；
(3)若闭合开关S1，断开开关S2、S3，在保证电路中各元件安全工作的情况下，滑动变阻器R2消耗的电功率范围为0.75W∼1.2W。
(1)根据P=U2R求出灯泡L的电阻；
(2)由图可知，当开关S1、S2、S3都闭合时，R1与L并联，根据灯泡L恰好正常发光可知电源电压，根据P=U2R求出R1的电功率，据此求出电路的总功率，根据W=Pt求出电路1min消耗的电能；
(3)若闭合开关S1，断开开关S2、S3，R1、R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；根据电流表量程和R2的规格可知电路中的最大电流，根据欧姆定律求出此时R1两端的最大电压，根据串联电路的特点求出R2两端的最小电压，根据P=UI求出R2的最小电功率；根据电压表量程可知R2两端的最大电压，根据串联电路特点求出R1两端的最小电压，根据欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P=UI求出R2的最大电功率，据此可知在保证电路中各元件安全工作的情况下，滑动变阻器R2消耗的电功率范围。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
压力F/N
10
14
18
22
26
30
…
压敏电阻R/Ω
22
20
18
16
14
12
…