2025年山东省枣庄市市中区中考三模物理试题（解析版）

这是一份2025年山东省枣庄市市中区中考三模物理试题（解析版），共25页。试卷主要包含了选择题，填空和作图题，实验题等内容，欢迎下载使用。
1. 我国古代曾用张开的大拇指与中指间的距离作为长度单位，称为“拃”。如图所示，利用刻度尺测量某人“一拃”的长度。根据下左图中信息，下列说法正确的是（ ）
A. 测量时，必须从零刻度线量起
B. 读数时，视线从甲方向去观察会产生误差
C. 记录下，“一拃”的长度为19.00cm
D. “一拃”的长度跟物理课本的宽度大致相等
【答案】D
【解析】A.测量时，可以从零刻度线量起，也可以从某一整数刻度线开始测量，故A错误；
B.读数时，视线从甲方向去观察，这种读数方法是一种错误，故B错误；
C.该刻度尺的分度值为1cm，记录结果要记录到分度值的下一位，读数是19.0cm，故C错误；
D.物理课本的宽度大约在，“一拃”的长度跟物理课本的宽度接近，故D正确。故选D。
2. 在物理课上举行的“自制乐器，唱响未来”的跨学科实践活动中，小明同学利用几根粗细不同的橡皮筋等器材自制了如图所示的简易“古筝”，并利用它进行了演奏。下列说法中正确的是（ ）
A. “古筝”发出的声音是由空气振动产生
B. 粗细不同的橡皮筋发出的声音在空气中传播的速度不相同
C. 用更大的力拨动橡皮筋可以提高声音的响度
D. 用同样大小的力拨动橡皮筋，粗橡皮筋比细橡皮筋响度大
【答案】C
【解析】A．声音是由物体的振动产生的，“古筝”发出的声音是由橡皮筋振动产生的，而不是空气振动产生的，故A错误；
B．粗细不同的橡皮筋发出声音的音调不同，声音在空气中的传播速度只与空气的温度有关，温度不变，声速不变，声速与音调的高低无关，所以粗细不同的橡皮筋发出的声音在空气中传播的速度是相同的，故B错误；
C．用更大的力拨动橡皮筋，橡皮筋的振幅增大，根据响度与振幅的关系，振幅越大，响度越大，所以可以提高橡皮筋振动发出的声音的响度，故C正确；
D．响度由振幅决定，同样大小的力拨动时，振幅相同，响度相同；用同样大小的力拨动橡皮筋，粗橡皮筋振动慢，频率低，音调低；细橡皮筋振动快，频率高，音调高，故D错误。故选C。
3. 运用物理知识可以解决许多生活实际问题,下列热现象所蕴含物理知识解释正确的是（ ）
A. 为了让冻肉尽快解冻，可以在肉上撒盐，这样能有效升高冰的熔点
B. 舞台上出现的白色薄雾，是干冰升华产生的二氧化碳气体
C. 液化石油气主要采用降低温度的方法使气体液化储存在钢瓶内
D. 北方冬天在菜窖里放几桶水，是利用了水凝固放热防止菜冻坏
【答案】D
【解析】A．在肉上撒盐，能降低冰的熔点，使冻肉上的冰更容易熔化，从而尽快解冻，故A错误；
B．舞台上出现的白色薄雾，是干冰升华吸热，使周围空气温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，而不是二氧化碳气体，故B错误；
C．通过压缩体积和降低温度的方法都可以使气体液化，液化石油气是在常温下通过压缩体积的方法使其液化储存在钢瓶内，故C错误；
D．北方冬天在菜窖里放几桶水，当气温降低时，水凝固放热，能使菜窖内的温度不至于太低，从而防止菜冻坏，故D正确。故选D。
4. 如图所示是镜头下的东湖公园内小桥夜景。下列说法正确的是（ ）
A. 桥在水中所成的是倒立的虚像
B. 桥在水中的倒影与“立竿见影”的“影”形成原理相同
C. 要想把桥拍大一点，相机离桥更近些同时将相机的镜头向后缩
D. 桥在水中的倒影比桥本身看起来暗一些，是因为有部分光折射入水
【答案】D
【解析】A．桥在水中所成的像是平面镜成像，根据平面镜成像特点，所成的像是正立的虚像，故A错误；
B．桥在水中的倒影是平面镜成像，是光的反射形成的；“立竿见影”的“影”是由于光的直线传播，杆子挡住了光而形成的影子，二者形成原理不同，故B错误；
C．要想把桥拍大一点，根据凸透镜成像规律，物距减小，像距增大，像变大，所以相机离桥更近些（减小物距），同时将相机的镜头向前伸（增大像距），故C错误；
D．桥在水中的倒影比桥本身看起来暗一些，是因为桥反射的光照射到水面时，有部分光折射入水，反射光减少，所以倒影比桥本身暗，故D正确。故选D。
5. 中国古诗词蕴含着丰富的物理知识，春游赋诗自有雅趣，下列古诗词蕴含有分子热运动这一物理知识的是（ ）
A. 自在娇莺恰恰啼B. 清明时节雨纷纷
C. 人面桃花相映红D. 满架蔷薇一院香
【答案】D
【解析】A．自在娇莺恰恰啼，说明空气能够传声，故A不符合题意；
B．清明时节雨纷纷，雨主要是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故B不符合题意；
C．人面桃花相映红，说明物体的颜色由它反射的色光决定的，故C不符合题意；
D．满架蔷薇一院香，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故D符合题意。
故选D。
6. 如图，小明在高铁的窗台上放了一枚直立的硬币。在列车行驶的过程中，硬币始终直立在列车窗台上，直到列车转弯的时候才倒下。下列选项正确的是（ ）
A. 当这枚硬币始终直立不动时，硬币受到的惯性力和摩擦力是一对平衡力
B. 当这枚硬币始终直立不动时，硬币没有受到窗台对它的摩擦力
C. 如果硬币向列车行驶方向的左侧倒下，则列车正在向左转弯
D. 如果列车突然向前加速，硬币会向列车前进的方向滚动
【答案】B
【解析】A．惯性是物体的一种属性，是保持原来运动状态的性质，不是力，故A错误；
B．当这枚硬币始终直立不动时，受平衡力，硬币受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，没有受到窗台对它的摩擦力，故B正确；
C．硬币具有保持原来运动状态的性质，如果硬币向列车行驶方向的左侧倒下，则列车正在向右转弯，故C错误；
D．列车突然向前加速时，由于硬币还要保持加速前的运动状态，故会向列车前进方向的反向滚动，故D错误。故选B。
7. 如图，我国研发团队经过一千多天的日夜奋战，生产出世界上最薄的“手撕钢”。“手撕钢”的密度为，其厚度比纸还要薄，被誉为“钢铁行业皇冠上的明珠”。以下说法正确的是（ ）
A. “手撕钢”的密度为
B. 将一片“手撕钢”高温加热变为钢水，其质量变大
C. 用“手撕钢”做手术刀轻薄灵活，“轻”是指密度小
D. “手撕钢”的温度升高时，质量不变，体积变大，密度变小
【答案】D
【解析】A．“手撕钢”的密度为，故A错误；
B．将一片“手撕钢”高温加热变为钢水，其状态改变，质量不变，故B错误；
C．用“手撕钢”做的手术刀轻薄灵活，“轻”是指质量小，故C错误；
D．“手撕钢”的温度升高时，质量不变，体积变大，由得，密度变小，故D正确。
故选D。
8. 物理课上，邵老师将一个完整的橙子放入水中，它漂浮在水面上，如图甲。将其切成大小两块后，再次投入水中，发现大块仍漂浮，小块缓慢沉入水底，如图乙。针对这一现象，下列说法正确的是（ ）
A. 整个橙子的密度等于水的密度
B. 大块橙子的浮力大于其重力，小块橙子的浮力小于其重力
C. 小块橙子在水下慢慢沉入水底的过程中所受浮力逐渐变小
D. 两块橙子受到的浮力之和不可能大于整个橙子受到的浮力
【答案】D
【解析】A．整个橙子漂浮在水面上，则整个橙子的密度小于水的密度，故A错误；
B．大块橙子漂浮在水面上，其浮力等于其重力；小块橙子沉在水底，则小块橙子的浮力小于其重力，故B错误；
C．小块橙子在水下慢慢沉入水底的过程中，排开水的体积不变，所受浮力不变，故C错误；
D．大块橙子的浮力等于重力，小块橙子的浮力小于重力，则两块橙子受到的浮力之和小于两块橙子受到的总重力，整个橙子受到的浮力等于总重力，橙子的总重力不变，而则两块橙子受到的浮力之和小于整个橙子受到的浮力，故D正确。故选D。
9. 如图所示，水平地面上的建筑人利用滑轮组，将重为900N的物体在10s内匀速提升2m｡工人对绳子直向下的拉力为500N，自身重力为700N，不计绳重和摩擦阻力｡以下说法正确的是（ ）
A. 工人对地面的压力为700NB. 拉力的功率为150W
C. 滑轮组的机械效率为60%D. 动滑轮的自重为100N
【答案】D
【解析】A．工人对地面的压力等于重力减去人受到绳子的拉力，所以是200N,故A错误；
B．绳子自由端移动的距离
拉力的功率
故B错误；
C．滑轮组的机械效率
故C错误；
D．动滑轮的重力
故D正确。故选D。
10. “做中学”是一种重要的学习方式，小明用吸管进行科学研究，如图，正确的说法是（ ）
A. 图甲：吸管的一端做得很尖，是为了增大压力
B. 图乙：用吸管制成水气压计，从山下移到山顶时管内的水柱下降
C. 图丙：将装满水的瓶子倒过来，瓶内的水不会从吸管中流出来
D. 图丁：两个小球向两边分开说明了流体流速大的地方压强大
【答案】C
【解析】A．吸管一端做得很尖，是在压力一定时，减小受力面积，为了增大压强，故A错误；
B．由图可知，水气压计从山下带到山顶，外界大气压减小，瓶内气压基本不变，瓶内的水在气压差的作用下被压入吸管内，吸管内水柱会上升，故B错误；
C．由图可知，瓶内装满水，将瓶子倒过来，因为受到大气压的作用，瓶内的水不会从吸管中流出来，故C正确；
D．向小球中间吹气时，小球中间空气流速大，压强变小，在流速小的地方压强较大，小球外侧大气压不变，小球外侧压强大于内侧压强，小球会向中间靠拢，该实验说明了流体流速大的地方压强小，而不是流体流速大的地方压强大，故D错误。 故选C。
11. 用毛皮摩擦过的橡胶棒接触不带电的验电器金属球后，金属箔张角如图甲所示：接着用毛皮摩擦过的气球再接触金属球，金属箔张角变大，如图乙所示；然后用短波紫外光照射但不接触金属球，金属箔张角如图丙所示，此时金属球中的某种电荷“逃”到了空气中。下列推断错误的是（ ）

A. 甲图中瞬间电流方向是由验电器到橡胶棒
B. 乙图中摩擦过的气球带负电
C. 丙图中金属箔张角变小是因为它们相互吸引
D. 丙图中从金属球“逃”出的是电子
【答案】C
【解析】A．用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，橡胶棒接触金属球时，部分负电荷从橡胶棒经金属球转移到金属箔，正电荷定向移动的方向为电流方向，因此甲图中瞬间电流方向是由验电器到橡胶棒，故A正确，不符合题意；
B．毛皮摩擦过的橡胶棒接触不带电的验电器金属球后，再用毛皮摩擦过的气球再接触金属球，金属箔张角变大，说明金属箔所带的负电荷变多，所以摩擦过的气球带的是负电，故B正确，不符合题意；
C．丙图中金属箔会张开是因为带了同种电荷而相互排斥，张角变小是因为它们所带的电荷量变少，故C错误，符合题意；
D．用短波紫外光照射但不接触金属球，金属箔张角变小，即金属箔所带的负电荷变少，电子带负电荷，因此丙图中从金属球“逃”出的是电子，故D正确，不符合题意。故选C。
12. 将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2连接在电路中，闭合开关后，发现灯L1较暗，灯L2较亮，电路图如图所示。假设灯丝电阻不变，下列关于电路分析正确的是（ ）
A. 通过灯L2的电流比通过灯L1的电流大B. 电灯L1两端电压比灯L2两端电压小
C. 灯L1灯丝的电阻比灯L2的灯丝细D. 灯L1的额定功率比灯L2的额定功率小
【答案】B
【解析】A．由题图可知，小灯泡L1、L2串联在电路中，由于串联电路中电流处处相等，所以，通过灯L2的电流等于通过灯L1的电流，故A错误；
BD．灯泡的亮暗程度取决于灯泡的实际电功率，灯L1较暗，灯L2较亮，说明灯泡L1的实际电功率小，灯泡L2的实际电功率大，小灯泡L1、 L2串联在电路中，电流相等，根据可知，灯泡L1的灯丝电阻小于灯泡L2的灯丝电阻，即R1< R2, 由U=IR可知，电灯L1两端电压比灯L2两端电压小，已知两灯泡的额定电压相同，根据可知，灯泡L1的额定电功率大于灯泡L2的额定电功率，故B正确，D错误；
C．灯泡L1的灯丝电阻小于灯泡L2的灯丝电阻，在材料和长度相同时，电阻越小，横截面积越大，所以，灯L1的灯丝比灯L2的灯丝粗，故C错误。故选B。
13. 如图是实践活动小组同学制作的一种身高体重测量仪，其中R0是滑动变阻器，R为压敏电阻，R的阻值随压力变化关系图象如图乙所示，该装置可以测量的身高范围是1.4m～2m，电源电压为18V，电压表所接量程为0～15V，电流表所接量程为0～3A，下列说法正确的是（ ）
①显示身高的仪表是电路图中电压表改成的
②所测身高为2m时，滑动变阻器的滑片位于R0的最上端
③所测身高越高，通过R0的电流越大
④所测体重的最大值为800N
A. ①③B. ②③C. ①④D. ③④
【答案】C
【解析】①闭合开关，滑动变阻器和压敏电阻并联接入电路，电压表测滑片以下部分电阻两端的电压，电流表测通过压敏电阻的电流，显示身高的仪表是电路图中电压表改成的，故①正确；
②电源电压为18V，滑动变阻器的滑片位于R0的最上端时，滑动变阻器两端的电压为18V，电压表所接量程为0～15V，根据串联分压原理可知电压表示数最大为15V时，滑片以下部分的电阻对应最大身高2m，故②错误；
③滑片移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻不变，并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流不变，故③错误；
④电流表所接量程为0～3A，通过压敏电阻的最大电流为3A，根据欧姆定律可知此时压敏电阻接入电路的阻值为
由图乙可知所测体重的最大值为800N，故④正确；
故ABD错误，C正确。故选C。
14. 课外活动小组制作电磁驱动“小车”：把铜制裸导线密绕成长螺线管当作轨道，固定在水平桌面上；将两个强磁铁固定在一节新干电池的两极上制成“小车”，磁极与电极的位置关系如图所示。把“小车”从右侧入口完全推入螺线管，“小车”自动向前运动到达左侧。关于小车运动的工作原理，下列说法中正确的是（ ）
A. 调换干电池的正负极，其他条件不变，电磁驱动“小车”仍能从右侧自动到达左侧
B. 将铜制裸导线换做铜制漆包线，其他条件不变，电磁驱动“小车”依然能从右侧自动到达左侧
C. 电磁驱动“小车”的工作原理与扬声器的工作原理类似
D. 电磁驱动“小车”的工作原理在于螺线管内发生了电磁感应现象
【答案】C
【解析】A．调换干电池的正负极，其他条件不变，线圈中的电流方向改变，则“小车”受力方向改变，电磁驱动“小车”不能从右侧自动到达左侧，故A错误；
B．将铜制裸导线换做铜制漆包线，电池和导线之间断路，螺线管中不能产生电流，“小车”不会受到力的作用，不能运动，故B错误；
CD．电磁驱动“小车”的工作原理是磁场对电流有力的作用，而不是电磁感应，这与扬声器的工作原理类似，故C正确，D错误。故选C。
15. 研究能源问题，实现可持续发展，已成为21世纪各国共同的任务。能源可按不同方式进行分类。下列四组能源中，能归入图中所示的中间阴影部分的一组是（ ）
A. 地热能、潮汐能、核能
B. 煤、石油、天然气
C. 太阳能、风能、水能
D. 海洋能、可燃冰、氢能
【答案】C
【解析】A．地热能和核能不是来自太阳辐射的能源，故A不符合题意；
B．煤、石油、天然气不是清洁能源，故B不符合题意；
C．太阳能、风能和水能都是来自太阳辐射的可再生能源，此外，太阳能、风能、水能也都属于新能源，故C符合题意；
D．海洋能是来自太阳辐射的能量，但可燃冰和氢能不是来自太阳的辐射，故D不符合题意。故选C。
二、填空和作图题：每空1分，作图均2分，共19分
16. 如图，音乐喷泉是利用播放的音乐来控制水柱，达到与音乐同步的效果。音乐声越洪亮水柱就会越高，控制水柱高度的是声音的 ______（填声音的特性），达到与音乐同步的效果。喷泉附近会比较凉爽，这是因为喷泉周围大量的小水滴_______时（填物态变化名称），要从空气中_____热量，从而降低空气温度。水柱颜色变换是通过电脑控制红、_____、蓝三原色光的亮暗并照射到水柱上实现的。
【答案】 响度 汽化 吸收 绿
【解析】[1]响度指声音的强弱，音乐声越洪亮，声音的响度就越大，水柱就会越高，控制水柱高度的是声音的响度。
[2][3]物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化要吸热。喷泉周围有大量小水滴，小水滴在常温下就可以汽化为水蒸气，汽化时要从空气中吸收热量，使空气的温度降低。
[4]光的三原色是红、绿、蓝，水柱颜色变换是通过电脑控制红、绿、蓝三原色光的亮暗并照射到水柱上实现的。
17. 在空间站中书写并非易事。若用铅笔书写，飞溅的铅笔芯颗粒（石墨）导电性能极佳，进入电器会导致电路发生 _______故障；若用钢笔或圆珠笔书写，太空中墨水因为不受 _____，不会自动往下流，无法书写。我国自主研发的“太空圆珠笔”，密封在笔内的氮气膨胀推动墨水流出，在书写过程中，笔芯内氮气的质量______，密度______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 短路 重力 不变 变小
【解析】[1]石墨是导体（具有良好的导电性能），若飞溅的铅笔芯颗粒进入电器内部，会使原本不应该连接的电路元件直接连通。石墨颗粒作为导体，可能将电器内部的火线与零线（或正负极）直接连接，形成短路。
[2]在地面上，钢笔或圆珠笔的墨水能自动下流，是因为受到竖直向下的重力作用，重力推动墨水向下运动。太空中处于失重状态，物体几乎不受重力影响，墨水失去重力的 “推动”，无法自动流向笔尖。
[3]质量是物体所含物质的多少，与物体的形状、状态、位置、温度无关。“太空圆珠笔” 中，氮气被密封在笔内，书写时氮气膨胀推动墨水流出，但氮气本身没有泄漏（仍在笔芯密封空间内），所含物质的多少不变，所以质量不变。
[4]书写时，氮气膨胀，体积V变大，质量不变，根据可知，质量不变、体积变大时，密度变小。
18. 我国现代农业已进入信息化和数字化时代，农用机械已能通过北斗导航系统实现精准作业，它们是利用 _____（选填“超声波”、“电磁波”或“红外线”）来传递信息的。如图所示，正在喷洒农药的无人机水平匀速飞行，无人机处于_______（选填“平衡”或“非平衡”）状态，在喷洒农药过程中无人机机械能_______（选填“增大”、“减小”或“不变”）； 喷洒农药的过程中，飞机所受的升力对飞机______ （选填“做功”或“不做功”）。
【答案】 电磁波 平衡 减小 不做功
【解析】[1]电磁波传播不需要介质，可在真空中传播，且传播距离远，北斗导航系统是通过卫星实现定位和信息传递的，卫星在太空中（真空环境），需要利用能在真空中传播的电磁波来传递信息。
[2]物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，属于平衡状态。无人机水平匀速飞行，即处于匀速直线运动状态，处于平衡状态。
[3]机械能包括动能和势能，动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关。无人机水平匀速飞行，速度和高度不变，但在喷洒农药过程中，自身质量不断减小。因为速度不变，质量减小，所以无人机动能减小；又因为无人机高度不变，质量减小，所以无人机重力势能减小。无人机动能和重力势能均减小，则无人机机械能减小。
[4]做功的两个必要条件：一是物体受到力的作用；二是物体在力的方向上通过一段距离。无人机水平匀速飞行，运动方向是水平方向，在升力的竖直方向上没有移动距离（高度不变），因此升力不做功。
19. 如图为同学们在劳动基地里植树的情境，铲土的铁锹可视为杠杆，O为支点，铁锹上的土重心在B点。
（1）请在图2中画出向上铲土时手在A处施加的最小动力F1的示意图；
（2）铲土时的铁锹相当于________杠杆，若想更加省力，应该将动力作用点A ______（选填“远离”或“靠近”）O点。
【答案】（1） （2） 费力 远离
【解析】【小问1详解】
根据杠杆的平衡条件知，阻力和阻力臂一定时，用铁锹铲土时铁锹的动力臂最长时，动力最小，连接支点O和力的作用点A，以OA为力臂是最长的动力臂，由A点做OA的垂线画出最小的力F1，方向斜向上，如图所示：
【小问2详解】
[1][2]铁锹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，它的好处是可以省距离。若想更加省力，应该将动力作用点A远离支点，增大动力臂。
20. 小明同学想在家里安装一盏照明灯，如图甲所示是他设计的电路；两虚线框中连入了电灯和开关，则方框_____ 中为开关；安装完毕后，闭合开关，电灯不亮，用测电笔分别测试a、b、c三点时，如图乙是使用测电笔的两种情形，图_____所示方法是正确的，如果测电笔的氖管都发光，则电路的故障为 _____________________。
【答案】 2 A a点左侧零线断路
【解析】[1]考虑家庭电路用电安全，开关应接在电灯与火线之间。因此开关应接在2处，灯泡应接在1处。
[2]使用测电笔时，笔尖接触被检测的导线，如果手不接触笔尾金属体，笔尖无论接触火线还是零线，氖管都不发光，所以手一定要接触笔尾的金属体，氖管发光时接触的是火线，氖管不发光时接触的是零线。由图乙，A的使用方法是正确的。
[3]闭合开关，当测电笔分别测试a、b、c点时，测电笔的氖管都发光，c点与火线直接相连，b点通过开关与火线相连，说明火线无故障；a点在零线上，若电路无故障，用测电笔测试a点氖管不发光，但此时氖管也发光，说明a点通过电灯、开关与火线相通了，故a点左侧零线断路。
三、实验题：本题共4小题，共28分。
21. 一同学在“探究物质的吸热能力”实验中，将A和B两种液体分别装在两个相同的烧杯中，两杯液体的液面相平。用两个相同的酒精灯加热，每隔2min记录一次温度。
（1）实验中，可以通过比较 _____________（选填“升高的温度”或“加热时间”）来反映两种液体吸收热量的多少。
（2）图甲是所用的实验装置图，其中有一处明显错误，请仔细观察指出错误之处______________________。
（3）根据记录的实验数据，绘制了如图乙所示的温度随时间变化关系的图像，在0～4min内，A吸收的热量_______（选填“大于”“小于”或“等于”）B吸收的热量， ___________ 的吸热能力更强（选填“A”或“B”）。
（4）家用小型风力发电机独特的尾翼结构，能使其旋翼自动迎风，如图丙所示。海边，仅在海陆风因素的影响下，图丁所示的情形通常发生在 。
A. 发生在白天，且陆地温度较高B. 发生在白天，且海水温度较高
C. 发生在夜晚，且陆地温度较高D. 发生在夜晚，且海水温度较高
【答案】（1）加热时间
（2）没有控制液体的质量相同
（3） 等于 B
（4）D
【解析】【小问1详解】
在探究物质吸热能力的实验中，使用相同的酒精灯加热，相同时间内放出的热量相同，那么液体吸收的热量就相同。所以可以通过比较加热时间来反映两种液体吸收热量的多少。
【小问2详解】
在探究物质吸热能力的实验中，需要控制液体的质量相同。图中两杯液体的液面相平，即两种液体体积相同，而两种液体密度不同，根据，两种液体质量不相等。所以错误之处是没有控制液体的质量相同。
【小问3详解】
[1]因为使用相同的酒精灯加热，在相同时间内放出的热量相同，所以在0-4min 内，加热时间相同，A吸收的热量等于B吸收的热量。
[2]由图乙可知，质量相同的A和B，升高相同的温度，B需要加热的时间更长，表示B的吸热能力更强。
【小问4详解】
由于水的比热容比泥土、沙石的比热容大，夜晚，陆地和海水放出相同的热量，海水温度下降得慢，陆地温度下降得快，所以陆地的气温低于海水的气温，陆地上空气体收缩下沉，海面空气上升，风从陆地吹向海面。观察图丁，风从陆地吹向大海，所以这种情形通常发生在夜晚，且海水温度较高。故ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。
22. 如图甲是“探究平面镜成像特点”的实验，玻璃板与水平桌面垂直，等大的蜡烛A、B竖立于玻璃板两侧。
（1）实验中采用玻璃板代替平面镜，目的是___________________；在寻找A的像的位置时，眼睛应该在 _______（选填“A”或“B”）这一侧观察，同时移动蜡烛B，直至它与A的像重合；
（2）若在实验中无论怎样移动蜡烛B，都无法与蜡烛A的像完全重合，原因是________________________________________。
（3）小明按照图中的测量方法，改变蜡烛A的位置，认真测量并记录了一组数据：
然后得出像距小于物距的结论，你认为他的测量方法中的错误可能在于_____________________________。
（4）小明同学将一张黑纸放在玻璃板后面挡住玻璃板上半部分，他将观察到 ；
A. 蜡烛A像的下半部分B. 蜡烛A像的上半部分
C. 蜡烛A完整的像，像的亮度变暗D. 蜡烛A完整的像，像的亮度不变
（5）如图乙所示是小明靠近自动玻璃门进入商场，他在玻璃门中看到了自己的像，应是图丙中的_____（选填“A”“B”或“C”）。当他靠近自动门时，所成像的大小将______（变大/变小/不变）。当自动门打开时如图丁，左侧玻璃门中所成的像_________（会/不会）随左侧移门一起向左移动。
【答案】（1）便于确定像的位置 A
（2）玻璃板没有竖直放置
（3）像距测量错误，忽略了玻璃板的厚度
（4）D
（5） A 不变 不会
【解析】【小问1详解】
[1][2]实验中采用玻璃板代替平面镜，玻璃板有透光性，平板玻璃既能成像，又能看见玻璃板后的物体，目的是便于确定像的位置，平面镜成像属于光的反射，在寻找A的像的位置时，眼睛应该在A这一侧观察，同时移动蜡烛B，直至它与A的像重合。
【小问2详解】
若在实验中无论怎样移动蜡烛B，也无法与蜡烛A的像完全重合，原因可能是玻璃板没有与桌面垂直放置。这样，像就会偏高或偏低，导致无法与蜡烛B完全重合。
【小问3详解】
在测量物距和像距时，应该将玻璃板看作镜面来测量。但从表格数据可知，物距和像距每次都相差0.5cm，他可能是直接测量了蜡烛A到玻璃板前面的距离作为物距，而测量蜡烛B到玻璃板后面的距离作为像距，忽略了玻璃板的厚度。因此，他的测量方法中的错误可能在于测量像距时没有考虑玻璃板的厚度，没有将玻璃板看作镜面来测量物距和像距，正确的方法是测量物距和像距时，应测量物体和像到玻璃板前表面的距离。
【小问4详解】
平面镜成像是由于光的反射形成的，看到像是因为看到了经平面镜反射的光线，将一张黑纸放在玻璃板后面挡住玻璃板上半部分，不会影响成像的反射光线，不会影响蜡烛的像，所以仍能够在玻璃板内看到蜡烛A完整的像，像的亮度不变，故选D。
【小问5详解】
[1][2][3]平面镜成的像与物关于镜面对称，大小相等，左右相反，如图乙所示是小明靠近自动玻璃门进入商场，他在玻璃门中看到了自己的像，应是图丙中的 A。平面镜成的像与物大小相等，当他靠近自动门时，所成像的大小将不变。平面镜成的像与物关于镜面对称，如当自动门打开时如图丁，因对称面的位置和物的位置不变，左侧玻璃门中所成的像 不会随左侧移门一起向左移动。
23. 小明在“探究影响滑动摩擦力大小的因素实验中”，猜想了下列可能影响滑动摩擦力大小的因素有：①接触面所受的压力的大小；②接触面的粗糙程度；③接触面的面积。接下来小明通过如图所示的实验操作验证他的猜想。
（1）实验中，小明用弹簧测力计沿水平方向________拉动木块在长木板上滑动，根据_____________的原理，可知道摩擦力的大小等于拉力的大小，从而测出木块所受的摩擦力的大小。
（2）对比甲、丙两图，可以验证猜想_____________（选填“①” “②”或“③”）。
（3）如果小明要探究猜想①，他应该选择___________两图所示的实验步骤来操作，根据所选图中弹簧测力计的示数可得出结论：__________________________________，滑动摩擦力越大。
（4）小明为了探究猜想③，他将木块切去一半，重复甲的操作过程，如图丁所示。他比较甲和丁的实验结果，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关。实验中存在的问题是__________________________________________________。
请你利用现有器材帮助小明解决这一问题，简要说明你的做法：
___________________________________________________________。
【答案】（1）匀速 二力平衡
（2）② （3）甲、乙 在接触面的粗糙程度相同时，压力越大
（4） 没有控制压力大小不变 将切下的木块叠放在被拉木块的上面
【解析】【小问1详解】
[1][2]实验时，用弹簧测力计拉木块使它在水平木板上做匀速直线运动，木块处于平衡状态，木块在水平方向上受到的拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡知识可知，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
【小问2详解】
甲、丙两图中，压力大小和接触面的面积相同，接触面粗糙程度不同，可以探究滑动摩擦力大小与粗糙程度的关系，所以可以验证猜想②。
【小问3详解】
[1][2]要验证猜想①，即滑动摩擦力大小与压力大小的关系，需使接触面粗糙程度和接触面积相同，压力大小不同。甲、乙两图中，接触面的粗糙程度和接触面的面积相同，乙中压力较大，弹簧测力计示数较大，说明滑动摩擦力较大。所以应选择甲、乙两图所示的实验来操作，结论是：在接触面越粗糙相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
【小问4详解】
[1][2]要探究滑动摩擦力大小与接触面积的大小的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积的大小，而小明将木块切去一半，则在接触面积变化的同时，压力也发生了变化，没有控制压力大小相同，所以得出的结论错误。可以将切下的木块叠放在被拉木块的上面，这样保证了压力不变，接触面积变化，然后与图甲进行比较。
24. 如图甲所示是小明用“伏安法”测定值电阻阻值的实物图，电源电压为3V。
（1）在图甲中完成实物电路连接，要求滑动变阻器的滑片向右滑动时电流表示数变小；
（2）闭合开关，电压表无示数，电流表有示数，则产生故障的原因可能是________；
（3）排除故障后，正确连接电路，移动滑动变阻器滑片到某一位置，电压表和电流表示数如图乙、丙所示，则测得的Rx阻值为_____ Ω​；
（4）小明仍用如图甲所示器材，用伏安法测另一未知定值电阻Rx′，得到多组数据如右表所示：
①若小明测得的电压和电流值是准确的，分析表格数据，小明实验电路连接存在的问题可能是____________________________________；
②实验记录表格设计缺少的一项是：________________________________；​​
（5）实验后小明发现滑动变阻器的最大阻值模糊不清，且电压表已损坏。于是他利用电流表和一个阻值已知的定值电阻R0设计了如图丁所示的电路来测量滑动变阻器的最大阻值，实验步骤如下：
①闭合开关，将滑片移至最左端，读出此时电流表的示数为I1；
②_______________________，读出此时电流表的示数为I2；
③则滑动变阻器的最大阻值Rx= _____________（用I1、I2和R0表示）。
【答案】（1） （2）Rx短路
（3）8 （4）①. 电压表并联在滑动变阻器的两端 ②. 电阻Rx的平均值
（5） ②. 闭合开关，将滑动变阻器的滑片移至最右端 ③.
【解析】【小问1详解】
滑动变阻器的滑片向右滑动时电流表示数变小，即滑片右移时滑动变阻器接入电路的电阻变大，需接入左下接线柱，电流表串联在电路中，根据电源电压和电阻范围，选0~0.6A量程，如图所示：
【小问2详解】
电流表有示数：说明电路是通路（无断路）。电压表无示数：可能是Rx两端无电压。若Rx短路，其两端电压为0，电压表无示数，但电流可通过短路部分流通，电流表有示数，符合现象。
【小问3详解】
图乙电压表：量程0~3V，分度值0.1V，指针指向2.4V处，故电压U=2.4V。图丙电流表：量程0~0.6A，分度值0.02A，指针指向0.3A处，故电流I=0.3A。根据欧姆定律可得
【小问4详解】
[1]表格数据显示：电压增大时，电流反而减小（如电压1.5V时电流0.3A，2.1V时电流 0.18A），不符合定值电阻“电压与电流成正比”的规律。若电压表并联在滑动变阻器两端，滑动变阻器与Rx串联，当滑动变阻器接入电阻增大时，其两端电压（电压表读数）增大，而电路电流减小，与表格数据一致。
[2]测定值电阻阻值时，为减小误差，需多次测量并计算平均值，但表格中缺少“电阻Rx的平均值”这一项。
【小问5详解】
[1]利用电源电压恒定，通过开关通断和滑片移动，测量不同状态下的电流，推导滑动变阻器最大阻值。需测量滑动变阻器接入最大阻值时的电流：应将滑片移至最右端。
[2]滑片移至最左端：滑动变阻器接入电阻为0，电路中只有R0，电源电压。
将滑片移至最右端（接入最大电阻Rx），此时R0与Rx串联，总电阻R总= R0+Rx，电源电压U=I2(R0+Rx)，所以有
解得
四.综合题 本题共3小题，共23分。
25. “山东舰”是我国首艘国产航母，满载排水量为6万吨，最大吃水深度为10米，至少可以搭载36架歼﹣15舰载机。若“山东舰”发动机燃烧的燃料为重油，重油的热值为4.5×107J/kg，正常航行时发动机的功率为1.5×105kW，速度为36km/h。（ρ海水=1.1×103kg/m3，g取10N/kg）请你完成下列问题：
（1）满载时舰底受到海水的压强是多大？
（2）满载时，“山东舰”受到海水的浮力是多大？
（3）航母正常航行时牵引力是多大？
（4）若航母发动机工作时的热效率是30%，则正常航行1h大约消耗多少kg重油？
【答案】（1）1.1×105Pa；（2）6×108N；（3）1.5×107N；（4）4×104kg
【解析】解：（1）满载时舰底受到海水的压强
p=ρ海水gh=1.1×103kg/m3×10N/kg×10m=1.1×105Pa
（2）“山东舰”满载时的排水量
m排=6×104×103kg=6×107kg
满载时航母所受的浮力
F浮=G排=m排g=6×107kg×10N/kg=6×108N
（3）发动机的功率P=1.5×105kW=1.5×108W
航行速度v=36km/h=10m/s
由
可知，航母正常航行时牵引力
（4）正常航行1h发动机所做的有用功
W=Pt=1.5×108W×1×3600s=5.4×1011J
重油完全燃烧放出的热量
正常航行1h消耗重油的质量
答：（1）满载时舰底受到海水的压强是1.1×105Pa；
（2）满载时，“山东舰”受到海水的浮力是6×108N；
（3）航母正常航行时牵引力是1.5×107N；
（4）若航母发动机工作时的热效率是30%，则正常航行1h大约消耗4×104kg重油。
26. 如图甲是某款无接触式的热风干手器，手伸向出风口时可吹出温度为35℃~45℃的热风，内部电路由控制电路和工作电路两部分构成，简化电路如图乙所示，控制电路中R为光敏电阻。已知该款干手器的额定功率为1200W，空气流量为，加热电阻丝的阻值为44Ω，请你解答下列问题：
（1）由工作电路的电路图可知接线柱______（选填“A”或“B”）接的是火线。手伸入舱内时光敏电阻R的阻值______（选填“增大”“不变”或“减小”），衔铁被吸下，工作电路开始工作。
（2）该款无接触式的热风干手器正常工作时，电动机的电功率为多大________？
（3）在额定电压下正常工作时，烘干一次手用时20s，若烘干一次手的过程中电热丝消耗的电能40%转化为空气的内能，能使空气温度升高多少________？（结果保留一位小数）[；]
【答案】 （1） A 减小 （2） 100 （3）33.6
【解析】（1）[1]家庭电路中，开关必须在火线与用电器之间，工作电路的两个静触点相当于开关，所以接线柱A应该接的火线，接线柱B接的是零线。
[2]手伸入舱内，衔铁被吸下，工作电路开始工作，说明电路中的电流增大，导致电磁铁的磁性增强，由欧姆定律可知，控制电路的总电阻减小，根据串联电路电阻规律可知，光敏电阻R的阻值减小。
（2）[3]根据乙图知，工作电路中，加热电阻与电动机并联，加热电阻丝的功率为
则正常工作时电动机的额定功率为P电动机=P-P热=1200W-1100W=100W
（3）[4]在额定电压下正常工作时，烘干一次手用时20s，由得，消耗的电能为
若烘干一次手的过程中消耗的电能40%转化为空气的内能，空气吸收的热量为
由得，空气的质量为
由得，能使空气温度升高
答：（1）由工作电路的电路图可知接线柱A接的是火线。手伸入舱内时光敏电阻R的阻值减小，衔铁被吸下，工作电路开始工作。
（2）该款无接触式的热风干手器正常工作时，电动机的电功率为100W；
（3）在额定电压下正常工作时，烘干一次手用时20s，若烘干一次手的过程中消耗的电能40%转化为空气的内能，能使空气温度升高33.6℃。
27. 电动汽车已经进入很多家庭。
（1）电动汽车是指以车载电池提供的电能作为动力，用电动机驱动车轮行驶，所用的电能是 ______能源（选填“一次”或“二次”）。图甲中能正确反映电动机工作原理的是 __________。
（2）车内安装了如图乙所示的抬头显示器。通过前挡风玻璃可呈现水平显示器上的重要行车数据，方便司机查看。图丙是其简化图，请在图中作出人眼B通过前挡风玻璃看到显示屏上A点的像A'的光路图。
（3）如图丁所示是车顶的外掀式天窗，若将天窗的前面关闭，后面微微向上打开，轿车行驶时就能使车内污浊的空气被自动“抽出”，从而保持车内空气清新。这种能够自动向外“抽气”的现象所依据的物理原理是__________。
（4）某智能电动汽车部分参数如下表。以最大快充功率给该车充电，汽车电池最低电量不得低于电池容量20%，则给该车从最低电量到充满电需多长时间？
【答案】（1）二次 D
（2） （3）流速越大的位置，压强越小 （4）见解析
【解析】【小问1详解】
[1]电动汽车使用电能无法直接从自然界获取，需通过其他能源（如火力发电、光伏发电等）转化而来，因此属于二次能源。
[2]电动机的核心原理是通电导体在磁场中受到力的作用（即磁场对电流的作用力），电路中必须有电源提供电流，故D选项符合题意。
【小问2详解】
挡风玻璃可视为平面镜，人眼B看到A点的像A'，是由于A点发出的光经玻璃反射后进入人眼，反射光线的反向延长线交于像点A'，如图所示：
【小问3详解】
流体压强与流速的关系：流体流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。轿车行驶时，天窗前面关闭、后面微开：天窗上方空气流速快，车内空气流速慢，天窗上方压强小于车内压强，形成压强差，推动车内污浊空气从天窗流出，实现“抽气”效果。
小问4详解】
电池满电情况下的电能W=UIt=300V×200A×3600s=2.16×108J
需要充的电能W1=(1-20%)W=(1-20%)×2.16×108J=1.728×108J
则给该车从最低电量到充满电所需时间物距u（cm）
5.0
6.0
7.0
8.0
像距v（cm）
4.5
5.5
6.5
7.5
实验次数
1
2
3
电压U/V
1.5
1.8
2.1
电流I/A
0.3
0.24
0.18
电阻Rx/Ω​
5
7.5
11.7
整车质量/kg
1650
电动机最大功率/kW
160
最高时速(km/h)
155
电池容量（Ah）
200
最大快充功率（kW）
80
电池电压（V）
300