2025年高考湖南物理真题+解析

这是一份2025年高考湖南物理真题+解析，共14页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1．关于原子核衰变，下列说法正确的是（ ）
A．原子核衰变后生成新核并释放能量，新核总质量等于原核质量
B．大量某放射性元素的原子核有半数发生衰变所需时间，为该元素的半衰期
C．放射性元素的半衰期随环境温度升高而变长
D．采用化学方法可以有效改变放射性元素的半衰期
2．如图，物块以某一初速度滑上足够长的固定光滑斜面，物块的水平位移、竖直位移、水平速度、竖直速度分别用x、y、vx、vy表示。物块向上运动过程中，下列图像可能正确的是（ ）
A．B．
C．D．
3．如图，ABC为半圆柱体透明介质的横截面，AC为直径，B为ABC的中点。真空中一束单色光从AC边射入介质，入射点为A点，折射光直接由B点出射。不考虑光的多次反射，下列说法正确的是（ ）
A．入射角θ小于45°
B．该介质折射率大于2
C．增大入射角，该单色光在BC上可能发生全反射
D．减小入射角，该单色光在AB上可能发生全反射
4．我国研制的“天问二号”探测器，任务是对伴地小行星及彗星交会等进行多目标探测。某同学提出探究方案，通过释放卫星绕小行星进行圆周运动，可测得小行星半径R和质量M。为探测某自转周期为T0的小行星，卫星先在其同步轨道上运行，测得距离小行星表面高度为h，接下来变轨到小行星表面附近绕其做匀速圆周运动，测得周期为T1。已知引力常量为G，不考虑其他天体对卫星的引力，可根据以上物理得到R=a23b23-a23h，M=4π2R3Gc2。下列选项正确的是（ ）
A．a为T1，b为T0，c为T1B．a为T1，b为T0，c为T0
C．a为T0，b为T1，c为T1D．a为T0，b为T1，c为T0
5．如图，两带电小球的质量均为m，小球A用一端固定在墙上的绝缘轻绳连接，小球B用固定的绝缘轻杆连接。A球静止时，轻绳与竖直方向的夹角为60°，两球连线与轻绳的夹角为30°，整个系统在同一竖直平面内，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（ ）
A．A球静止时，轻绳上拉力为2mg
B．A球静止时，A球与B球间的库仑力为2mg
C．若将轻绳剪断，则剪断瞬间A球加速度大小为g
D．若将轻绳剪断，则剪断瞬间轻杆对B球的作用力变小
6．如图，某小组设计了灯泡亮度可调的电路，a、b、c为固定的三个触点，理想变压器原、副线圈匝数比为k，灯泡L和三个电阻的阻值均恒为R，交变电源输出电压的有效值恒为U。开关S与不同触点相连，下列说法正确的是（ ）
A．S与a相连，灯泡的电功率最大
B．S与a相连，灯泡两端的电压为kUk2+3
C．S与b相连，流过灯泡的电流为Uk2+2R
D．S与c相连，灯泡的电功率为U2k2+1R
二、多选题
7．如图，A0,0、B4,0、C0,3在xy平面内，两波源分别置于A、B两点。时，两波源从平衡位置起振，起振方向相同且垂直于xy平面。频率均为2.5Hz。两波源持续产生振幅相同的简谐横波，波分别沿AC、BC方向传播，波速均为10m/s。下列说法正确的是（ ）
A．两横波的波长均为4mB．t=0.4s时，C处质点加速度为0
C．t=0.4s时，C处质点速度不为0D．t=0.6s时，C处质点速度为0
8．一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内A点和B点的位置如图所示。电荷量为和+2q的三个试探电荷先后分别置于O点、A点和B点时，电势能均为。下列说法正确的是（ ）
A．OA中点的电势为零
B．电场的方向与x轴正方向成60°角
C．电场强度的大小为2EPqd
D．电场强度的大小为22Epqd
9．如图，关于x轴对称的光滑导轨固定在水平面内，导轨形状为抛物线，顶点位于O点。一足够长的金属杆初始位置与y轴重合，金属杆的质量为m，单位长度的电阻为r0。整个空间存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度为B。现给金属杆一沿x轴正方向的初速度v0，金属杆运动过程中始终与y轴平行，且与电阻不计的导轨接触良好。下列说法正确的是（ ）
A．金属杆沿x轴正方向运动过程中，金属杆中电流沿y轴负方向
B．金属杆可以在沿x轴正方向的恒力作用下做匀速直线运动
C．金属杆停止运动时，与导轨围成的面积为mv0r0B2
D．若金属杆的初速度减半，则金属杆停止运动时经过的距离小于原来的一半
10．如图，某爆炸能量测量装置由装载台和滑轨等构成，C是可以在滑轨上运动的标准测量件，其规格可以根据测量需求进行调整。滑轨安装在高度为h的水平面上。测量时，将弹药放入装载台圆筒内，两端用物块A和B封装，装载台与滑轨等高。引爆后，假设弹药释放的能量完全转化为A和B的动能。极短时间内B嵌入C中形成组合体D，D与滑轨间的动摩擦因数为μ。D在滑轨上运动S1距离后抛出，落地点距抛出点水平距离为S2，根据S2可计算出弹药释放的能量。某次测量中，A、B、C质量分别为3m、m、5m，S1=hμ，整个过程发生在同一竖直平面内，不计空气阻力，重力加速度大小为g。则（ ）
A．D的初动能与爆炸后瞬间A的动能相等
B．D的初动能与其落地时的动能相等
C．弹药释放的能量为36mgh1+S224h2
D．弹药释放的能量为48mgh1+S224h2
三、实验题
11．某同学通过观察小球在黏性液体中的运动，探究其动力学规律，步骤如下：
（1）用螺旋测微器测量小球直径D如图1所示，D= mm。
（2）在液面处由静止释放小球，同时使用频闪摄影仪记录小球下落过程中不同时刻的位置，频闪仪每隔0.5s闪光一次。装置及所拍照片示意图如图2所示（图中的数字是小球到液面的测量距离，单位是cm）。
（3）根据照片分析，小球在A、E两点间近似做匀速运动，速度大小v= m/s（保留2位有效数字）。
（4）小球在液体中运动时受到液体的黏滞阻力f=kDv（k为与液体有关的常量），已知小球密度为ρ，液体密度为ρ0，重力加速度大小为g，则k的表达式为k= （用题中给出的物理量表示）。
（5）为了进一步探究动力学规律，换成直径更小的同种材质小球，进行上述实验，匀速运动时的速度将 （填“增大”“减小”或“不变”）。
12．车辆运输中若存在超载现象，将带来安全隐患。由普通水泥和导电材料混合制成的导电水泥，可以用于监测道路超载问题。某小组对此进行探究。
（1）选择一块均匀的长方体导电水泥块样品，用多用电表粗测其电阻。将多用电表选择开关旋转到“×1k”挡，正确操作后，指针位置如图1所示，则读数为 Ω。
（2）进一步提高实验精度，使用伏安法测量水泥块电阻，电源E电动势6V，内阻可忽略，电压表量程0~6V，内阻约10kΩ，电流表程0~600μA，内阻约。实验中要求滑动变阻器采用分压接法，在图2中完成余下导线的连接 。
（3）如图2，测量水泥块的长为a，宽为b，高为c。用伏安法测得水泥块电阻为R，则电阻率 （用R、a、b、c表示）。
（4）测得不同压力F下的电阻R，算出对应的电阻率ρ，作出ρ-F图像如图3所示。
（5）基于以上结论，设计压力报警系统，电路如图4所示。报警器在两端电压大于或等于3V时启动，R1为水泥块，R2为滑动变阻器，当R2的滑片处于某位置，R1上压力大于或等于F0时，报警器启动。报警器应并联在 两端（填“R1”或“R2”）。
（6）若电源E使用时间过长，电动势变小，R1上压力大于或等于时，报警器启动，则 F0（填“大于”“小于”或“等于”）。
四、解答题
13．用热力学方法可测量重力加速度。如图所示，粗细均匀的细管开口向上竖直放置，管内用液柱封闭了一段长度为L1的空气柱。液柱长为h，密度为ρ。缓慢旋转细管至水平，封闭空气柱长度为L2，大气压强为p0。
(1)若整个过程中温度不变，求重力加速度g的大小；
(2)考虑到实验测量中存在各类误差，需要在不同实验参数下进行多次测量，如不同的液柱长度、空气柱长度、温度等。某次实验测量数据如下，液柱长h=0.2000m，细管开口向上竖直放置时空气柱温度T1=305.7K。水平放置时调控空气柱温度，当空气柱温度T2=300.0K时，空气柱长度与竖直放置时相同。已知ρ=1.0×103kg/m3,p0=1.0×105Pa。根据该组实验数据，求重力加速度g的值。
14．如图。直流电源的电动势为E0，内阻为r0，滑动变阻器R的最大阻值为2r0，平行板电容器两极板水平放置，板间距离为d，板长为3d，平行板电容器的右侧存在方向垂直纸面向里的匀强磁场。闭合开关S，当滑片处于滑动变阻器中点时，质量为m的带正电粒子以初速度v0水平向右从电容器左侧中点a进入电容器，恰好从电容器下极板右侧边缘b点进入磁场，随后又从电容器上极板右侧边缘c点进入电容器，忽略粒子重力和空气阻力。
(1)求粒子所带电荷量q；
(2)求磁感应强度B的大小；
(3)若粒子离开b点时，在平行板电容器的右侧再加一个方向水平向右的匀强电场，场强大小为43E03d，求粒子相对于电容器右侧的最远水平距离xm。
15．某地为发展旅游经济，因地制宜利用山体举办了机器人杂技表演。表演中，需要将质量为m的机器人抛至悬崖上的A点，图为山体截面与表演装置示意图。a、b为同一水平面上两条光滑平行轨道，轨道中有质量为M的滑杆。滑杆用长度为L的轻绳与机器人相连。初始时刻，轻绳？？紧且与轨道平行，机器人从B点以初速度v竖直向下运动，B点位于轨道平面上，且在A点正下方，AB=1.2L。滑杆始终与轨道垂直，机器人可视为质点且始终作同一竖直平面内运动，不计空气阻力，轻绳不可伸长，sin37°=0.6，重力加速度大小为g。
(1)若滑杆固定，v=gL，当机器人运动到滑杆正下方时，求轻绳拉力的大小；
(2)若滑杆固定，当机器人运动到滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为37°时，机器人松开轻绳后被抛至A点，求v的大小；
(3)若滑杆能沿轨道自由滑动，M=km，且k≥1，当机器人运动到滑杆左上方且轻绳与水平方向夹角为37°时，机器人松开轻绳后被抛至？？点，求v与k的关系式及v的最小值。
答案和解析
1．【答案】B
【解析】A．原子核衰变时释放能量，根据质能方程，总质量会减少，新核总质量小于原核质量，故A错误；
B．半衰期定义为大量放射性原子核半数发生衰变所需的时间，题干中强调“大量”，符合定义，故B正确；
C．半衰期由原子核内部结构决定，与温度无关，故C错误；
D．半衰期不受化学方法影响，因化学变化不改变原子核性质，故D错误。
故选B。
2．【答案】C【解析】根据题意可知，物块沿斜面向上做匀减速直线运动，设初速度为v0，加速度为大小a，斜面倾角为θ
AB．物块在水平方向上做匀减速直线运动，初速度为v0x=v0csθ，加速度大小为，则有vx2-v0x2=-2axx，整理可得vx=v0csθ2-2acsθ⋅x
可知，vx-x图像为类似抛物线的一部分，故AB错误；
CD．物块在竖直方向上做匀减速直线运动，速度为v0y=v0sinθ，加速度大小为，则有vy2-v0y2=-2ayy，整理可得vy=v0sinθ2-2asinθ⋅y
可知，vy-y图像为类似抛物线的一部分，故C正确，D错误。
故选C。
3．【答案】D
【解析】AB．根据题意，画出光路图，如图所示
由几何关系可知，折射角为45°，则由折射定律有n=sinθsin45°=2sinθ>1
则有sinθ>22，n45°
故AB错误；
C．根据题意，由sinC=1n ，可知sinC>22
即C>45°
增大入射角，光路图如图所示
由几何关系可知，光在BC上的入射角小于45°，则该单色光在BC上不可能发生全反射，故C错误；
D．减小入射角，光路图如图所示
由几何关系可知，光在AB上的入射角大于45°，可能大于临界角，则该单色光在AB上可能发生全反射，故D正确。
故选D。
4．【答案】A
【解析】根据题意，卫星在同步轨道和表面附近轨道运行时轨道半径分别为R+h、R
设小行星和卫星的质量分别为M、m
由开普勒第三定律有（R+h)3T02=R3T12，解得R=T123T023-T123h
卫星绕小行星表面附近做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力有GMmR2=m4π2T12R
解得M=4π2R3GT12，对应结果可得a为T1，b为T0，c为T1。
故选A。
5．【答案】C
【解析】AB．根据题意A球静止时，对A球受力分析，如图所示
由平行四边形定则及几何关系，轻绳上拉力为T=mg
A球与B球间的库仑力F=2mgcs30°=3mg
故AB错误；
C．若将轻绳剪断，则剪断瞬间A球受到轻绳的拉力消失，其它两力保持不变，根据三力平衡知识，此时A球的合外力大小为mg，则加速度大小为g，故C正确；
D．若将轻绳剪断，则剪断瞬间B球受到的库仑力、重力不变，小球仍然处在静止状态，则轻杆对B球的作用力不变，故D错误。
故选C。
6．【答案】B
【解析】设变压器原、副线圈的电压分别为U1、U2，灯泡L的阻值为R，根据等效电阻的思想有灯泡的等效电阻R等=U1I1，灯泡L的阻值R=U2I2
由理想变压器原理，电压关系U1U2=k1
电流关系I1I2=1k，联立解得R等=k2R
A．S与a相连，根据等效电源思想，灯泡的电功率最大时应该满足R等=3R
因为k值不确定，灯泡的电功率不一定最大，故A错误；
B．S与a相连，变压器原线圈电压U1=Uk2R+3R⋅k2R
灯泡两端的电压为U2=U1k=kUk2+3
B正确；
C．S与b相连，变压器原线圈电路接入两个电阻，变压器原线圈的电流I1=Uk2R+2R
流过灯泡的电流I2=kI1=kUk2+2R，C错误；
D．S与c相连，变压器原线圈电路接入一个电阻，变压器原线圈的电流I1=Uk2R+R
灯泡的电功率为PL=I12R等=k2U2k2+1R，D错误。
故选B。
7．【答案】AD
【解析】A．两横波的波长均为λ=vf=4m
故A正确；
BC．两列波传到C处所需时间分别为t1=310s=0.3s，t2=32+4210s=0.5s，T=1f=0.4s
故t=0.4s时，A处波已传到C处且振动了14T，故C处质点处于正向或负向最大位移处，加速度最大，速度为零，故BC错误；
D．分析可知t=0.6s时两列波都已传播到C处，C处质点到两波源的距离差为Δx=5m-3m=2m=12λ
故C处为振动减弱点，由于两列波振幅相同，故C处位移始终为零，速度为零，故D正确。
故选AD。
8．【答案】AD
【解析】A．根据题意可知O点、A点和B点的电势分别为φO=Epq，φA=-Epq，φB=Ep2q
故OA中点的电势为φM=φO+φA2=0
故A正确；
B．如图，设N点为AB的三等分点，同理易知N点电势为0，连接MN为一条等势线，过A点做MN的垂线，可知电场线沿该垂线方向，指向右下方，由AM=AN可知∠NMA=45°，故电场的方向与x轴正方向成45°角，故B错误；
CD．电场强度的大小为E=0--Epq12d⋅cs45°=22Epqd
故C错误，D正确。
故选AD。
9．【答案】AC
【解析】A．根据右手定则可知金属杆沿x轴正方向运动过程中，金属杆中电流沿y轴负方向，故A正确；
B．若金属杆可以在沿x轴正方向的恒力F作用下做匀速直线运动，可知F=F安=BIL，I=BLv0R=BLv0Lr0=Bv0r0
可得F=B2Lv0r0
由于金属杆运动过程中接入导轨中的长度L在变化，故F在变化，故B错误；
C．取一微小时间Δt内，设此时金属杆接入导轨中的长度为L'，根据动量定理有-BI'L'Δt=-BL'q'=mΔv
同时有q=ΔΦΔtL'r0⋅Δt=ΔΦL'r0=B⋅ΔSL'r0
联立得-B2ΔSr0=mΔv
对从开始到金属杆停止运动时整个过程累积可得-B2Sr0=0-mv0
解得此时金属杆与导轨围成的面积为S=mv0r0B2
故C正确；
D．若金属杆的初速度减半，根据前面分析可知当金属杆停止运动时金属杆与导轨围成的面积为S'=12S，根据抛物线的图像规律可知此时金属杆停止运动时经过的距离大于原来的一半，故D错误。
故选AC。
10．【答案】BD
【解析】A．爆炸后，AB组成的系统动量守恒，即3mv1=mv2
B与C碰撞过程动量守恒mv2=6mv
联立解得v=0.5v1。
爆炸后瞬间A的动能EkA=12⋅3m⋅v12
D的初动能EkD=12⋅6m⋅0.5v12
两者不相等，故A错误；
B．D水平滑动过程中摩擦力做功为Wf=-μ⋅6mg⋅S1=-μ⋅6mg⋅hμ=-6mgh
做平抛运动过程中重力做的功为WG=6mgh
故D从开始运动到落地瞬间合外力做功为0，根据动能定理可知D的初动能与其落地时的动能相等，故B正确；
CD．D物块平抛过程有h=12gt2，S2=v0t
联立可得v0=S2g2h
D水平滑动过程中根据动能定理有-6mgh=12⋅6mv02-12⋅6mv2
化简得v2=S22g2h+2gh
弹药释放的能量完全转化为A和B的动能，则爆炸过程的能量为E=12⋅3mv12+12⋅mv22=24mv2=24S22g2h+2gh=48mgh1+S224h2
故C错误，D正确。
故选BD。
11．【答案】 2.207/2.206/2.205 0.010 ρ-ρ0gπD26v 减小
【解析】（1）[1]根据图1可知小球直径D=2mm+20.7×0.01mm=2.207mm
（2）[2]由图2可知A、E两点间的距离为x=7.02-5.00×10-2m=2.02m
时间为t=4t0=4×0.5s=2s
所以速度为v=xt=2.02×10-2m2s≈0.010m/s
（4）[3]小球匀速运动，根据受力平衡有ρgV=ρ0gV+f
求得体积公式为V=43πR3=43πD23
整理可得k=ρ-ρ0gVDv=ρ-ρ0gπD26v
（5）[4]根据（4）可知v∝D2，所以换成直径更小的同种材质小球，速度将减小。
12．【答案】 8000 见解析 Rbca R2 大于
【解析】（1）[1]多用电表选择开关旋转到“×1k”挡，故根据图1可知读数为8000Ω；
（2）[2]长方体导电水泥块样品的电阻，故采用电流表内接法；实验中要求滑动变阻器采用分压接法，故连接实物图如图
（3）[3]根据电阻定律R=ρLS
可知ρ=RSL=Rbca
（5）[4]根据图3可知压力越大电阻率越小，即电阻越小；回路中电流增加，R2电压增加，R1电压减小，而报警器在两端电压大于或等于3V时启动，故应将报警器并联在R2两端；
（6）[5]电源电动势E减小，要使报警器启动，即R2两端电压要仍为3V，根据串联分压有U2=R2R1+R2E=1R1R2+1E
可知E减小需要R1更小，又因为F越大R1越小，可知F1需要大于F0。
13．【答案】(1)g=p0L2-L1L1ρh
(2)g=9.5kg⋅m⋅s-2
【解析】（1）竖直放置时里面气体的压强为p1=p0+ρgh
水平放置时里面气体的压强p2=p0
由等温过程可得p1L1s=p2L2s
解得g=p0L2-L1L1ρh
（2）由定容过程p1T1=p2T2
代入数据可得g=9.5m⋅s-2
14．【答案】(1)q=mv02E0 (2)B=2E0dv0 (3)2+3d2
【解析】（1）粒子在电容器中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动有3d=v0t
竖直方向做匀变速直线运动d2=0+vy2t，vy=at=qUmdt
由闭合回路欧姆定律可得U=r0r0+2r0E
联立可得vy=33v0,q=mv02E0
（2）粒子进入磁场与竖直方向的夹角为tanθ=vxvy=60°，v=v0sin60°=233v0
粒子在磁场中做匀速圆周运动：qvB=mv2R
由几何关系易得R=dcs30°=3d3
联立可得B=2E0dv0
（3）取一个竖直向上的速度使得其对应的洛伦兹力和水平向右的电场力平衡，则有qvy1B=qE
解得vy1=233v0
粒子以vy1速度向上做匀速直线运动，粒子做圆周运动的合速度的竖直方向分速度为vy2=vy1+vy=3v0
此时合速度与竖直方向的夹角为tanα=v03v0
合速度为v'=3v02+v02
粒子做圆周运动的半径
最远距离为xm=r+rcsα=2+3d2
15．【答案】(1)F=4mg (2)v=37gl10 (3)v=9kgl10k+1+145gl，v=134gl
【解析】（1）由B点到最低点过程动能定理有12mv02-12mv2=mgl
最低点牛顿第二定律可得F-mg=mv02l
联立可得F=4mg
（2）轻绳运动到左上方与水平方向夹角为37°时由能量守恒可得12mv2=mglsin37°+12mv'22
水平方向x=lcs37°+l=v2'sin37°⋅t
竖直方向取向上为正可得
y=1.2l-lsin37°=v2'cs37°⋅t-12gt2
联立可得v=37gl10
（3）当机器人运动到滑杆左上方且与水平方向夹角为37°时计为点C，由能量守恒可得12mv2=mglsin37°+12mv12+12kmv22
设v1的水平速度和竖直速度分别为vx,vy，则有v12=vx2+vy2
则水平方向动量守恒可得mvx=kmv2
水平方向满足人船模型可得mx1=kmx2
此时机器人相对滑杆做圆周运动，因此有速度关系为tan37°=vx+v2vy
设此时机器人的速度与竖直方向的夹角为θ，则有速度关系tanθ=vxvy
水平方向lcs37°+l-x2=vx⋅t
竖直方向1.2l-lsin37°=vy⋅t-12gt2
联立可得v2=9kgl10k+1+145gl
即v=9kgl10k+1+145gl
显然当k=1时取得最小，此时v=134gl