【物理】2024年广东省河源市中考模拟试题（解析版）

这是一份【物理】2024年广东省河源市中考模拟试题（解析版），共22页。试卷主要包含了填空题，作图题，实验题，计算题，综合能力题等内容，欢迎下载使用。
1. 下列物理量最接近实际的是（ ）
A. 珠穆朗玛峰海拔高度为8848.43km
B. 人的正常体温约为37℃
C. 小明跑步上楼的功率约为10W
D. 新冠病毒的直径约为100m
【答案】B
【解析】A．珠穆朗玛峰海拔高度为8848.43m，故A错误；
B．人的正常体温约为37℃，一旦超过37.3℃就是发烧，故B正确；
C．小明跑步上楼的功率约为
故C错误；
D．新冠病毒不可见，故新冠病毒的直径约为100nm，故D错误。故选B。
2. 下列声现象中，能说明声音的传播需要介质的是 （ ）
A. 蝙蝠靠超声波发现昆虫
B. 倒车雷达
C. 超声波清洗机
D. 真空罩中的闹钟
【答案】D
【解析】AB．都是说明声音能够传递信息；
C．说明声波具有能量；
D．项说明声音的传播需要介质．
3. 下列关于力和运动的说法中正确的是（ ）
A. 人站在水平地面上，人受到的重力和支持力是一对平衡力
B. 推出去的铅球可以在空中继续运动，是因为铅球受到惯性的作用
C. 鸡蛋磕到碗边上鸡蛋破了，是因为碗对鸡蛋的力大于鸡蛋对碗的力
D. 在草地上滚动的足球，最终会停下来，是因为物体的运动需要力来维持
【答案】A
【解析】A．人站在水平地面上，受到一个向下的重力和一个向上的支持力，重力和支持力作用在同一个物体上，方向相反，大小相等，同一直线上，属于一对平衡力，故A正确；
B．惯性是物体的一种属性，不是力，故不能讲受到惯性的作用，应该讲由于惯性，故B错误；
C．力的作用是相互的，鸡蛋磕到碗边，故碗对鸡蛋的力等于鸡蛋对碗的力，故C错误；
D．在草地上滚动的足球，最终会停下来，因为足球受到阻力的作用，故D错误。
故选A。
4. 如图所示，用滑轮组提升重物时，将重600N的物体在10s内匀速提升了2m，已知动滑轮重为100N（不计绳重和摩擦），则提升重物的过程中正确的是（ ）
A. 绳子自由端拉力F的大小为300N
B. 滑轮组的机械效率为60%
C. 提升物体的过程中，额外功为200J
D. 绳子自由端拉力F的功率为150W
【答案】C
【解析】A．由题知，承担物重的绳子段数为n=2，不计绳重和摩擦，拉力
故A错误；
BC．滑轮组对重物做的功
W有=Gh=600N×2m=1200J
绳子自由端移动的距离
s=2h=2×2m=4m
拉力做的总功为
W总=Fs=350N×4m=1400J
由W总=W有+W额得，所做额外功
W额=W﹣W有=1400J﹣1200J=200J
滑轮组的机械效率为
故B错误，C正确；
D．拉力做功的功率为
故D错误。
故选C。
5. 如图所示，渔民正在叉鱼。选项中能正确表示渔民看到水中鱼的光路图是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】鱼反射的光入射到水面与空气交界处发生折射，在空气中的折射光更加远离法线。故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
6. 下图中，往吸管B用力吹气，水会从吸管A的上端口喷出，以下实例与此原理不相同的是（ ）
A. 吹不掉的乒乓球
B. 吹气两纸靠拢
C. 飞机升力产生
D. 火箭升空
【答案】D
【解析】往吸管B用力吹气，水会从吸管A上端口喷出，是因为A的上端口流速大，压强小造成的。
AB．吹不掉的乒乓球、吹气两纸靠拢，都是利用流速大的位置，压强小造成的，故AB不符合题意；
C．飞机升力产生的原因是：空气流过机翼时，上下压强不同，产生向上的压力差，形成了升力，故C不符合题意；
D．火箭升空是由于火箭向下喷气时，对空气有向下的作用力，而空气反过来对火箭有向上的作用力，故D符合题意。
故选D。
7. 如图所示电路中，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右滑动时（ ）
A. 电流表的示数变大B. 电压表的示数变大
C. 电路中的总功率变小D. 灯泡L变暗
【答案】C
【解析】B．由图知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源电压，则滑片向右移动时，电压表示数不变，故B不符合题意；
A．电流表测通过变阻器的电流，将滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器连入电路的电阻变大，由欧姆定律可知，通过变阻器的电流变小，即电流表的示数变小，故B不符合题意；
D．并联电路各支路互不影响，移动滑片时，通过灯泡的电流不变，灯泡的亮度不变，故D不符合题意；
C．滑动变阻器的滑片向右移动时，通过变阻器的电流变小，通过灯泡的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，根据P=UI可知，电路消耗的总功率变小，故C符合题意。
故选C。
二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）
8. 前段时间达州大部分地方出现较长时间的干旱，气象部门实施人工降雨，用飞机在高空喷洒干冰，干冰进入云层后迅速______成为气体，并从周围吸收大量的热，空气温度急剧下降，使空气中水蒸气________成小冰晶，这些冰晶逐渐变大而下降，遇暖气后吸收热量而________为雨滴落到地面。（均填物态变化名称）
【答案】升华 凝华 熔化
【解析】[1]干冰固体转化为气体为升华吸热。
[2]水蒸气到冰晶由气体到固体，为凝华。
[3]冰晶变成雨滴为熔化。
9. 如图所示，在“探究光的反射规律”实验中，小明将硬纸板竖直地立在平面镜上，硬纸板上的直线ON垂直于镜面，右侧纸板可绕ON向后转动，如图甲所示，入射角等于________（选填“30°”或“60°”）；若增大入射角，则反射角_______．若将右侧纸板向后转动，如图乙所示，在右侧纸板上________（选填“能”或“不能”）观察到反射光．
【答案】30° 增大 不能
【解析】由入射角的定义知，入射角是指入射光线与法线之间的夹角，所以由图甲知，入射角等于30°；又由光的反射定律知，反射角等于入射角，且反射角随入射角增大而增大，所以若增大入射角，则反射角增大；根据光的反射定律，反射光线、入射光线和法线共面，所以若将右侧纸板向后转动，则由于右侧纸板不再与左侧纸板共面，故在右侧纸板上便不能观察到反射光．
10. 如图所示，物体A在恒定不变的水平推力F的作用下，从甲图位置运动到乙图位置。在此过程中，A受到的摩擦力将______，A对桌面的压力将______，A对桌面的压强将______。（均选填变大、 不变或变小）
【答案】不变 不变 变小
【解析】[1][2]由题意可知，在此过程中，物体A在竖直方向上仍处于受力平衡状态，故物体A与桌面之间的压力不变，又因物体A与桌面之间的粗糙程度也不变，故A受到桌面的摩擦力不变。
[3]因此过程中A与桌面的接触面积变大，而A与桌面之间的压力不变，故A对桌面的压强变小。
11. 如图所示，将一重为8.1N的物块用细线系在弹簧测力计的挂钩上，将它浸没在水中静止，弹簧测力计示数为5.1N，则物块受到的浮力是 ___________N，浮力的方向是 ___________，此物块的密度是 ___________g/cm3（g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）。
【答案】3 竖直向上 2.7
【解析】[1]由题意可知，物块的重力
G=8.1N
物块浸没在水中时弹簧测力计的示数
F′=5.1N
则物块受到的浮力
F浮=G﹣F拉=8.1N﹣5.1N=3N
[2]浮力的方向是竖直向上。
[3]因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，所以，由F浮=ρ液gV排可得，物块的体积
由G=mg可得，物块的质量
物块的密度
12. 如图所示，让小球从A点静止释放，小球从A点向B点摆动的过程中。小球受到的重力对小球 ___________功，细绳对小球的拉力 ___________功（均选填“做”、“不做”）。小球从B点运动到C点的过程中，小球的动能 ___________（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【答案】做 不做 减小
【解析】[1]小球从A点向B点摆动的过程中，小球的高度降低，在重力的作用下沿重力的方向移动了距离，所以小球受到的重力对小球做了功；
[2]细绳对小球的拉力方向与小球的运动方向垂直，小球没有在拉力的作用下移动距离，故细绳对小球的拉力没有做功。
[3]小球从B点运动到C点的过程中，小球的速度变小，质量不变，动能减小。
13. 酸甜多汁的水果不仅可以为我们的身体提供能量，还可以发电呢！如图所示，几只水果提供的电力足以点亮一排规格相同的发光二极管！
（1）水果电池将_____能转化为电能，为了使发光二极管更亮，这三个水果电池应该_____（选填“串联”或“并联”）；
（2）当连接好电路后，这些相同规格的发光二极管中只有一个不亮，经检查整个电路连接及所有元件均完好，则这些发光二极管是_____（选填“串联”或“并联”）的，这个发光管不亮的可能原因是：_____．
【答案】（1）化学 串联 （2）并联 发光二极管正负接线接反了
【解析】（1）水果电池将化学能转化为电能；单个电池电压太小，应将电池串联后可使电压变大；
（2）串联电路只有一条电流路径，各用电器之间相互影响；并联电路，各用电器之间互不影响；二极管具有单向导电的性质，即它只允许电流从它的正极流向负极，不允许从负极流向正极，二极管正负接线柱接反后，二极管相当于断路，据以上内容即可解答．（1）水果电池是将化学能转化为电能；单个电池电压太小，为了使发光二极管更亮，应将三个水果电池串联使用，这样电池电压变大；
（2）由于并联电路中各用电器之间互不影响，所以，若连接好电路后，只有一个发光二极管不亮，则说明这些发光二极管是并联的；由于整个电路连接及所有元件均完好，而发光二极管又具有单向导电性，所以，说明这个发光管不亮的原因可能是：二极管正负接线柱接反了．
14. 如图所示的装置可以用来研究_________(填“电动机”或“发电机”)的工作原理。
将图中的电源换成电流表，闭合开关，让导体ab左右摆动，发现电流表指针偏转，表明导体ab中_____(填“有”或“没有”)感应电流通过，导体ab的机械能转化为________能。
【答案】电动机 有 电
【解析】[1]闭合开关，处在磁场中的导体棒ab中有电流通过时，它就会运动起来，表明通电导体在磁场中受到力的作用，该装置可以用来研究电动机的工作原理。
[2][3]将图中的电源换成电流表，使导体ab左右摆动，它此时做切割磁感线运动，闭合电路中会产生感应电流，即导体ab中有感应电流通过，电流表指针发生偏转，该过程消耗机械能，获得电能，将机械能转化为电能。
三、作图题（共7分）
15. 如图所示，请补充平面镜的入射光线、入射角（标明角度）和透镜的折射光线，完成光路图。
【答案】
【解析】经过入射点作出法线，因为反射光线与镜面的夹角是45°，所以反射角为
90°-45°=45°
根据反射角与入射角相等作出入射光线；反射光线平行于凸透镜主光轴，经过凸透镜后折射光线过焦点，如图所示：
16. 如图所示，工人沿台阶向上滚动圆柱形塑料桶，O1为支点，O2为圆桶的横截面的圆心。工人用最小的动力F将塑料桶滚上台阶，请在图中画出此最小动力F的示意图并作出其力臂l。
【答案】
【解析】杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，最省力，即动力最小，则动力臂最长，由图可知，支点为塑料桶与台阶的接触点O1，圆上的直径作为动力臂最长，此时力最小，如图所示：
17. 在疫情的影响下，某商场的人流量大大减少，为节约商场运营成本，电动扶梯设置成只在白天且有人时开启。如图所示，电动扶梯的额定电压为220V（已接地），现利用红外线开关S1（有人时闭合、无人时断开）及可见光开关S2（白天闭合、夜间断开）即可实现自动控制。请在图中按要求正确完成电路连接。
【答案】
【解析】由题意知，在白天且有人时电动扶梯才能启动，说明两个开关串联后共同控制电动机，根据安全用电的原则，开关应接在火线上；所以，从火线开始，用导线将两个开关S1、S2串联，再连接电动扶梯的电动机，最后回到零线，如下图所示：
四、实验题（本大题3小题，共19分）
18. （1）如图1所示，甲图中被测物体的长度是 ___________cm，乙图中体温计的读数是 ___________℃，丙图中的天平的读数是 ___________g；
（2）如图2所示，甲图中测量的液体体积为 ___________mL，乙图中弹簧测力计的读数为 ___________N，如丙图a中电路所示，两个电压表指针偏转均如丙图b中所示，则电阻R1两端的电压为 ___________V。
【答案】（1）3.10 37.8 78.4 （2）30 2.4 8
【解析】（1）[1]由图甲可知，刻度尺的分度值为0.1cm，铅笔左侧与0刻线对齐，右侧与3.1cm对齐，估读为3.10cm，所以铅笔的长度为l=3.10cm。
[2]由图乙可知，体温计上1℃之间有10个小格，一个小格代表0.1℃，所以此体温计的分度值为0.1℃，故体温计的读数为37.8℃。
[3]在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表0.2g，即天平的分度值为0.2g，则被测物体的质量为
m=50g+20g+5g+3.4g=78.4g
（2）[4]由图甲可知，量筒内液体的体积为30mL。
[5]由图丙可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，故弹簧测力计的示数为2.4N。
[6]由电路图可知，电阻R1与R2串联，电压表V1测量电源电压，电压表V2测量R2两端电压，电压表V1示数应大于电压表V2示数，而两电压表指针位置相同，则电压表V1量程是0~15V，分度值是0.5V，电压表示数U=10V，电压表V2量程是0~3V，分度值是0.1V，电压表示数U2=2V，电阻R2的电压为U2=2V，由串联电路的电压规律可得，电阻R1的电压为
U1=U-U2=10V-2V=8V
19. 如图所示，小宁和同学们在老师指导下做“探究凸透镜成像规律”实验。
（1）在凸透镜不动的情况下，不断改变物距，测出对应的像距，得到物距与像距的关系图像如图甲，则凸透镜的焦距为 ___________cm。
（2）如乙图所示，当蜡烛位于图中B处时，移动光屏到 ___________（选填“C”、“D”或“E”）点，光屏上才能成清晰的像。
（3）小宁用黑卡纸片遮住凸透镜的上半部分，则光屏上将 ___________。
A．得不到像
B．得到的像是完整的，亮度较暗
C．仅成上半部分的像
D．仅成下半部分的像
（4）小宁同学把蜡烛移动A到处，移动光屏，找到清晰的像，此时光屏上的像应该是倒立 ___________（选填“放大”或“缩小”）的实像，利用这个成像原理人们制成了 ___________（选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）。若蜡烛燃烧变短了，其在光屏上像的位置将 ___________（选填“升高”或“降低”）。
【答案】（1）10 （2） D （3）B （4）缩小 照相机 升高
【解析】（1）[1]由甲图可知，当
u＝v＝20cm
时凸透镜成倒立、等大的实像，所以
2f＝20cm
所以
f＝10cm
（2）[2]如乙图所示，当蜡烛位于图中B处时，此时物距等于2倍焦距时，像距也等于2倍焦距，移动光屏到D点，光屏上才能成清晰的像。
（3）[1]在探究凸透镜成像实验时，用黑卡纸片遮住凸透镜的上半部分，由于凸透镜的下半部分仍能会聚光线而成像，所以光屏上呈现的仍然是烛焰完整的像，只是此时的像比完整凸透镜前的像要暗一些，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
（4）[4]把蜡烛移动到A处，物距变大，像距变小，所以应将光屏靠近透镜，向左移动。
[5]此时物距大于2f，所以在光屏上成倒立缩小的实像，是照相机的原理。
[6]蜡烛燃烧变短，根据经过光心的光线的传播方向不变可知，像成在了光屏的上方，即像变高了。
20. 在“测定额定电压为2.5V的小灯泡的电功率”实验中，连接的电路如图甲所示，电源电压为3V。
（1）实验测量电功率的原理是（公式） ___________；
（2）连接电路时，开关应 ___________（选填“断开”或“闭合”），滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大的位置，可以起到 ___________的作用；
（3）按图甲连接好电路后，闭合开关，发现电流表无示数，移动滑动变阻器的滑片P，电压表的示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是 ___________（选填“灯泡短路”、“灯泡断路”或“变阻器断路”）；
（4）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片到某处时，电压表示数为2.6V，则小灯泡消耗的实际功率 ___________（选填“大于”、“小于”或“等于”）额定功率；为了测定小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器滑片向 ___________（选填“A”或“B”）端移动，使电压表示数为2.5V，此时电流表指针位置如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 ___________W。
【答案】（1）P＝UI （2）断开 保护电路 （3）灯泡断路 （4）大于 A 0.5
【解析】（1）[1]在“测定额定电压为2.5V的小灯泡的电功率”实验中，用电压表测灯泡两端的电压，用电流表测通过灯泡的电流，所以实验测量电功率的原理是
P＝UI
（2）[2][3]为了保护电路，连接电路时，开关应断开；滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大的位置，闭合开关，电路中电流最小，可以起到保护电路的作用。
（3）[4]按图甲连接好电路后，闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表的示数始终接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即造成这一现象的原因可能是灯泡断路。
（4）[5]灯在额定电压下的功率为额定功率，因实际电压2.6V大于额定电压2.5V，小灯泡消耗的实际功率大于额定功率。
[6]灯在额定电压下正常发光，灯泡的实际电压2.6V大于灯的额定电压2.5V，应减小灯两端的电压，根据串联电路电压的规律可知，应增大变阻器两端的电压，由分压原理可知，应增大变阻器连入电路中的电阻大小，故应将滑动变阻器滑片向A端移动，使电压表示数为2.5V。
[7]此时电流表指针位置如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A，则小灯泡的额定功率为
P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W
五、计算题（本大题2小题，共13分）
21. “绿色出行，低碳生活”。新能源汽车因环保、节能、高效等优势，成为人们日常使用的重要交通工具。如图是国内某型号的新能源汽车，满载时的总质量为，在平直公路上匀速行驶1000m，用时50s，此过程中汽车牵引力做功，求满载时：
（1）汽车的总重力；
（2）汽车匀速行驶时的速度；
（3）汽车匀速行驶时所受的牵引力。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】（1）汽车的总重力
（2）汽车匀速行驶时的速度
（3）汽车匀速行驶时所受的牵引力
答：（1）汽车的总重力是；
（2）汽车匀速行驶时的速度是；
（3）汽车匀速行驶时所受的牵引力是。
22. 赵妍设计了一个用电压表的示数变化反映环境温度变化的电路。其电路原理图如图a所示。其中，电源两端电压U＝4V（恒定不变），电压表的量程为0~3V，R0是定值电阻，R0＝30Ω，R1是热敏电阻，其电阻随环境温度变化的关系如图b所示。闭合开关S后，求：
（1）当环境温度为40℃时，电压表的示数是多少？
（2）此电路所允许的最高环境温度是多少？
【答案】（1）2.4V；（2）80℃
【解析】解：（1）由电路图可知，R0、R1串联，电压表测R0两端的电压。由图b知，当环境温度为40℃时，R1的阻值是20Ω，此时电路中的电流为
由得，加在R0两端的电压为U0＝IR0＝0.08A×30Ω＝2.4V
（2）当R0两端电压达到3V时，此时是此电路所允许的最高环境温度，此时电路中的电流为
此时加在热敏电阻两端的电压为U1′＝U-U′＝4V-3V＝1V
所以此时热敏电阻的阻值为
由图b知，热敏电阻为10Ω时，对应的环境温度为80℃。
答：（1）当环境温度为40℃时，电压表的示数是2.4V；
（2）此电路所允许的最高环境温度是80℃。
六、综合能力题（本大题3小题，共19分）
23. 阅读短文。并回答问题。
第四代电光源——LED光源
如图甲是时下较为流行的LED手电筒和LED吸顶灯，它的主要部分是高亮度白色发光二极管，这种发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成，具有光效高、耗电少，寿命长、易控制、免维护、安全环保等优点，是继白炽灯、卤素灯和节能荧光灯后新兴的第四代电光源，是极具发展前途的新光源。它的发光原理与白炽灯先发热后发光的原理截然不同，是直接把电能转换成光能的器件，因而其发光效率较高，是新一代固体冷光源，将逐步取代传统光源。图乙是元件实物及符号。
由于二极管具有单导电性，使用时必须将它的正极与电源正极相连，二极管才能处于导通状态，否则处于截止状态。利用图丙所示电路可以研究发光二极管的工作特性，把一个正常工作电压为3V的LED接入电源电压恒为4.5V的电路，闭合开关，即处于导通状态，调节变阻器滑片，改变两端的电压和电路中电流，记录多组电压、电流数据，可以得到电压表与电流表示数关系，如丁所示。
（1）LED灯主要由___________（选填“导体”、“半导体”或“超导体”）材料制成；它之所以节能，被称为冷光源，是因为LED灯的发光效率比白炽灯___________（选填“高”或“低”）。
（2）在图丙中，闭合S，调节滑动变阻器，使LED灯正常发光；断开S，改变电源的正负极后再闭合S，LED灯___________（选填“能”或“不能”）发光；此时两电表的示数分别___________。
20mA B.3V 20mA 0mA D.3V 0mA
（3）某个家庭原来全部用白炽灯来照明，平均每月照明用电50kW·h，现全部改用LED灯，相同情况下可节能约70%，已知每消耗1度电相当于排出1.1kg的二氧化碳，则改用灯后，这个家庭平均每月能减排二氧化碳约___________kg。如果河源市按100万户家庭计算，全部用户由白炽灯照明改用LED灯照明，则每月节约的能源相当于___________t的无烟煤放出的热量。（无烟煤的热值取3×107J/kg）
【答案】（1）半导体 高 （2）不能 C （3）38.5 4.2×104
【解析】（1）[1][2]发光二极管主要由硅、砷等半导体材料制成；根据题意知，LED的发光原理是直接把电能转换成光能，因而其发光效率较高，是新一代固体冷光源。
（2）[3][4]闭合开关S，LED发光；断开S，改变电源的正负极后闭合S，由于LED具有单向导电性导致电路处于开路状态，此时LED不能发光，电流表的示数为0mA；此时电压表串联在电路中测电源两端的电压，其示数为4.5V，故选C符合题意，ABD不符合题意。故选C。
（3）[5][6]改用灯后，这个家庭平均每月节约的电能为
W1=50kW·h×70%=35kW·h
可减排二氧化碳的质量为
m=W1×1.1kg/（kW·h)=35kW·h×1.1kg/（kW·h)=38.5kg
如果河源市按100万户家庭计算，全部用户由白炽灯照明改用LED灯照明，则每月节约的电能为
W=100×104W1=100×104×35kW·h=3.5×107kW·h=1.26×1014J
由Q放=mq可得，每月节约的能源相当于完全燃烧无烟煤的质量
24. 某学校物理兴趣小组发现“伏安法测电阻”比较麻烦，通过查阅资料和探究，决定制作一只可直接测量导体电阻的“欧姆表”。如图所示，该表有A、B两个接线柱，当A、B间接入不同阻值的电阻时，通过电流表的电流不同，在电流表的表盘上对应的位置标出相应电阻值即可，准备的实验器材有：1节新干电池（U=1.5V），电流表（0~0.6A），滑动变阻器（15Ω，1A），开关及导线若干。
（1）调试时，兴趣小组直接将A、B接触，则A、B间接入电阻为0，使电流表指针偏转到最大值，在电流表表盘上对应的位置标记为0Ω，此时滑动变阻器接入电路的阻值R=______Ω；保持滑动变阻器滑片位置不变，当电流表指针对准表盘中央时，A、B间接入电阻的阻值为 ______Ω，在表盘中央标出此电阻值；
（2）当通过电流表的电流为0.1A时，A、B间接入电阻的阻值为 ______Ω，由此可知“欧姆表”的电阻值从小到大的标记应是 ______（选填“从左到右”、“从右到左”）。
（3）经过多次探究，在电流表的表盘上标记相应电阻值数字后，发现数值分布不均匀，这是因为A、B间接入的“电阻值RX”与电流表示数“电流值I”的函数关系并非一次函数。请写出“电阻值”RX与“电流值I”的函数关系式：RX=______。（用符号I、电源电压U、R表示）
（4）使用一段时间后，晓强发现这个“欧姆表”测量不准确了，查阅资料后发现干电池其实也有电阻，新电池的电阻很小可以忽略，但随着使用时间变长，电池的电阻会变大，使用一段时间后，为能准确测量电阻，应将滑动变阻器滑片向 ______（填“左”或“右”）调节。
【答案】（1）2.5 2.5 （2）12.5 从右到左 （3） （4）左
【解析】（1）[1]因电流表量程为0~0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，根据串联电路电流的规律，电路中允许的最大电流为I大=0.6A，直接将A、B接触，为保证电路安全，滑动变阻器接入电路的最小值
[2]保持滑动变阻器滑片位置不变，当电流表指针对准表盘中央时，即电流大小I中=0.3A，电路的总电阻为
串联电路总电阻等于各分电阻之和，AB间电阻值为
R中=R总1﹣R滑小=5Ω﹣2.5Ω=2.5Ω
（2）[3]当通过电流表的电流为I1=0.1A时，由 可得电路总电阻
根据电阻的串联可得AB间电阻值
R1=R总2﹣R滑小=15Ω﹣2.5Ω=12.5Ω
[4]当电路中电流越小，AB间电阻值越大，即电流表指针偏转角度越小，电流表的表盘上对应的位置标出的电阻值越大，故“欧姆表”的电阻值从小到大的标记应是从右到左。
（3）[5]设电源电压U，通过电路的电流为I，此时变阻器接入电路的阻值为R，由可得电路总电阻：，根据电阻的串联可得AB间电阻值
（4）[6]新电池的电阻很小可以忽略，此时变阻器连入电路中的电阻为2.5Ω，但随着使用时间变长，电池的电阻会变大，电池的电阻与变阻器串联，因根据电阻的串联规律，故应减小变阻器连入电路中的电阻，即滑片向左移动。
25. 潜水艇在国家的国防中占有重要位置，潜水艇的艇壳是用高强度的特种钢板制造，某潜水艇最大下潜深度可达350m，潜水艇的总体积为1.5×103m3，水舱未充海水时，潜水艇总重量为9×106N，艇内两侧有水舱，其截面如图所示，通过向水舱中充水或从水舱中向外排水来改变潜水艇的自重，从而使其下沉或上浮，（g取10N/kg，海水密度取1g/cm3）。求：
（1）水舱未充海水时，漂浮在海面的潜水艇受到的浮力是 ______N，排开海水的体积是 ______m3；
（2）为使潜水艇完全潜入海水中，至少应向水舱充入海水的质量 ______t；
（3）潜水艇在水面下匀速下潜的过程中受到海水的浮力 ______，压强 ______（均选填“变大”，“不变”或“变小”）；
（4）当潜水艇下潜至最大下潜深度时，受到海水的压强为 ______Pa，舱门与海水的接触面积为1.5m2，此舱门受到海水的压力为 ______N。（用科学读数法表示）
【答案】（1）9×106 900 （2）600 （3）不变 变大 （4）3.5×106 5.25×106
【解析】解：（1）[1][2]水舱未充海水时，潜水艇漂浮在水面上，潜水艇受到的浮力
F浮=G=9×106N
潜水艇排开水的体积为
（2）[3]潜水艇浸没在海水中增加的排开海水的体积
ΔV排=V﹣V排=1.5×103m3﹣900m3=600m3
潜水艇增加的浮力为
ΔF浮=ρ海水gΔV排=1×103kg/m3×10N/kg×600m3=6×106N
增加的水重
ΔG=ΔF浮=6×106N
所以增加水的质量为
（3）[4]根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排得，潜水艇在水面下匀速下潜的过程中，海水密度不变，潜水艇排开海水的体积不变，所以潜水艇受到的浮力不变。
[5]根据液体压强公式p=ρgh得，潜水艇在水面下匀速下潜的过程中，海水密度不变，深度不断增大，所以潜水艇受到海水的压强不断变大。
（4）[6]当潜水艇潜至最大深度时，舱门受到海水的压强为
p=ρ海水gh=1×103kg/m3×10N/kg×350m=3.5×106Pa
舱门与海水的接触面积为1.5m2时，则此舱门受到海水的压力为
F=pS=3.5×106Pa×1.5m2=5.25×106N