安徽卓越县中联盟＆皖豫名校联盟2024-2025学年高二下学期期中真题检测物理试卷（解析版）

这是一份安徽卓越县中联盟＆皖豫名校联盟2024-2025学年高二下学期期中真题检测物理试卷（解析版），文件包含2026年高考考前最后一卷政治福建卷01解析版docx、2026年高考考前最后一卷政治福建卷01考试版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共21页， 欢迎下载使用。
1、答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在试卷和答题卡上，并将考生号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2、回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题∶本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 如图所示，足够长、质量一定的长木板静止在光滑水平面上，一子弹以一定的水平速度射入木板，子弹相对木板穿行L的距离后与木板相对静止，则L越大（ ）
A. 木板对子弹的阻力越小
B. 木板对子弹的阻力越大
C. 子弹和木板组成的系统损失的机械能越多
D. 子弹和木板组成的系统损失的机械能越少
【答案】A
【解析】AB．令子弹和木板的质量分别为m和M，碰撞后共同速度为v，碰撞过程产生的热量为Q，子弹所受的平均阻力为
则由碰撞过程动量守恒得
由能量守恒得
联立解得
故得L越大，木板对子弹的阻力越小，故A正确，B错误；
CD．由以上分析可得
可见，在m、M、v0一定的情况下，子弹和木板组成的系统损失的机械能与L无关，故CD错误。
故选A。
2. 一列简谐横波沿x轴传播，t=0.4s时刻的波形如图1所示，P、Q是波传播路径上的两个质点，图2是质点Q的振动图像，则下列判断正确的是（ ）
A 波沿x轴负方向传播
B. 质点P和质点Q的振动方向有时相同，有时相反
C. 波的传播速度为1m/s
D. 质点P的振动方程为
【答案】D
【解析】A．由图2可知，时刻，质点在平衡位置沿轴负方向运动，根据“同侧法”可知，波沿轴正方向传播，故A错误；
B．由于质点、的平衡位置相距半个波长，因此这两个质点的振动总是相反，故B错误；
C．波的传播速度为
故C错误；
D．时刻，质点在平衡位置沿轴负方向振动，因此其振动方程为
故D正确。
故选D。
3. 水切割又称水刀，即高压水射流切割技术，现已逐渐成为工业切割技术方面的主流切割方式。已知水流为柱状，水流以速度v垂直射到被切割的钢板上，之后垂直钢板的速度减为零，水的密度为ρ，则水流对钢板的压强大小为（ ）
A. B. ρvC. ρv2D. ρv3
【答案】C
【解析】设在选取的极短时间内，水刀喷出水的质量为，水柱的截面积为S，则有
以内打在钢板表面质量为的这部分水作为研究对象，取水的初速度方向为正方向，由动量定理得
联立解得
根据牛顿第三定律知，钢板表面受到的压力
水流对钢板的压强
联立可得
故选C。
4. 如图所示，矩形ABCD为某透明介质的截面，AB边长为L，O为AB边的中点，一束单色光斜射到O点，入射光线与AB边的夹角为37°，反射光线与折射光线垂直，折射光线照射到C点。已知光在真空中的传播速度为c，sin37°=0.6，则光从O点传播到C点的时间为（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】根据题意可知，光在点入射角为，折射角为，则折射率为
则
光从点传播到点所用时间为
其中
联立，解得
故选A。
5. 如图所示，小型发电机线圈共有N匝，线圈电阻不计，发电机通过旋转磁极发电，旋转方向如图所示，旋转的角速度为ω，通过线圈的最大磁通量为，理想变压器的原、副线圈的匝数比为k，电流表和电压表均为理想电表，定值电阻的阻值为R0，R为滑动变阻器，下列判断正确的是（ ）
A. 从图示位置磁极转过90°过程中，线圈ab段中的电流方向从a到b
B. 电压表的示数为
C. 磁极在图示位置时电流表的示数为零
D. 将滑动变阻器的滑片向下移，电压表和电流表的示数均减小
【答案】B
【解析】A．从图示位置磁极转过时，磁场方向向下，段相对磁场向左运动，根据右手定则可以判断，中电流从到，故A错误；
B．电动势的最大值为
由于线圈电阻不计，因此原线圈两端电压最大值为
则原线圈两端电压的有效值为
根据变压器原副线圈电压与匝数关系
解得
故B正确；
C．电流表示数恒定，始终为原线圈电流的有效值，所以线圈在图示位置时，电流表的示数不为零，故C错误；
D．电压表测量是副线圈电压的有效值，只与原线圈的输入电压和变压器的匝数比有关，将滑动变阻器的滑片向下移动，电压表的示数不变，故D错误。
故选B。
6. 一根粗细均匀的木棒下端绕几圈铁丝，木棒就可以竖直浮在杯内水中，如图所示。将木棒轻轻向下压一小段距离后由静止释放，此后木棒的运动可视为简谐运动。从释放开始计时，经过t时间木棒第二次达到最大速度，则下列判断正确的是（ ）
A. 木棒振动的频率为t
B. 减小木棒振动的幅度，木棒振动的频率将变大
C. 木棒露出水面最长时与露出水面最短时受到的合外力相同
D. 从释放开始计时，经过t时间，木棒振动的加速度与速度方向相反
【答案】D
【解析】A．设木棒振动的周期为，从释放开始计时，经过时间木棒第二次达到最大速度，则
解得
振动的频率为
故A错误；
B．减小木棒振动的幅度，木棒振动的频率不变，故B错误；
D．从撤去压力开始计时，经过时间，木棒在平衡位置上方正在向上运动，此时加速度向下，速度向上，故D正确；
C．木棒露出水面最长时与露出水面最短时受到的合外力大小相等，方向相反，故C错误。
故选D。
7. 如图所示，平行长直导轨固定在水平面内，处于垂直于导轨平面向下的匀强磁场中，导轨电阻不计，导轨左端a、b间接有恒定电压，粗细均匀的导体棒（电阻不可忽略）放在导轨上，第一次放在M、N之间；第二次放在M、P之间，则关于两次导体棒受到的安培力，下列判断正确的是（ ）
A. 大小相等，方向相同
B. 大小相等，方向不同
C. 大小不等，方向相同
D. 大小不等，方向不同
【答案】B
【解析】根据左手定则可知，安培力的方向在平面内与电流垂直，因此两次安培力的方向不同；设导轨间导体棒的长度为，导体棒单位长度的电阻为，则导体棒中电流大小为
导体棒受到的安培力大小为
即大小相等。
故选B。
8. 回旋加速器是加速带电粒子的装置。它由两个半径均为R的D形盒组成，D形盒狭缝间加周期性变化的交变电压U，交变电压的周期为T，匀强磁场垂直于D形盒向下，一个质量为m、电荷量为+q的带电粒子在加速器中被加速，则下列判断正确的是（ ）
A. 粒子在D形盒中沿顺时针方向旋转
B. 狭缝间电场的方向每经过时间T改变一次
C. 粒子被加速的次数为
D. 若要加速质量为2m、电荷量为+q粒子，只需要将磁感应强度大小减为原来的一半即可
【答案】C
【解析】A．粒子带正电，磁场方向向下，根据左手定则可知，粒子沿逆时针方向运动，故A错误；
B．交变电压的周期与粒子做圆周运动的周期相等，因此狭缝间电场方向每经过的时间改变一次，故B错误；
C．粒子在D形盒中，当时，粒子的速度最大，此时粒子获得的最大速度为
设被加速的次数为，根据动能定理
则被加速的次数为
故C正确；
D．若要加速质量为、电荷量为的粒子，根据牛顿第二定律
可知，周期为
则，只需要将磁感应强度大小增大为原来的2倍即可，故D错误。
故选C。
二、多项选择题∶本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
9. 劳埃德镜又名劳埃镜，原理为将同一光源（S）同一时刻发出的光按照不同发射方向将光分成若干部分，斜向上发射的光直接射在光屏上，而斜向下发射的光则经过平面镜反射后射向光屏，所形成的图样光强分布可参考研究杨氏双缝干涉的方法。如图所示，光源S到平面镜的垂直距离为d，S到光屏的距离为L，S发出的光波长为λ，实验中在光屏上出现了明暗相间的条纹。关于该实验下列说法正确的是（ ）
A. 平面镜水平向左移动少许，光屏上相邻两条亮纹的中心间距将变小
B. 平面镜竖直向下移动少许，光屏上相邻两条亮纹的中心间距将变小
C. 光屏上相邻两条亮纹的中心间距∆x=
D. 光屏上相邻两条亮纹的中心间距 Δx=
【答案】BC
【解析】CD．S发出的光经平面镜反射后，相当于从S关于平面镜的对称点发出的，如图所示
两个光源是相干光源，两个光源的距离为2d，利用双缝干涉条纹间距公式可知，相邻两条亮纹（或暗纹）间的距离
故C正确，D错误；
A．平面镜水平向左移动少许，l，d，均不变，光屏上的条纹间距不变，故A错误；
B．平面镜竖直向下移动少许，则双缝的间距增大，光屏上相邻两条亮纹的中心间距将变小，故B正确。
故选BC
10. 如图所示，空间水平线MN和PQ间有垂直纸面向里的匀强磁场，PQ和EF间有垂直于纸面向外的匀强磁场，两磁场的磁感应强度大小均为B，相邻两水平线间的距离均为2L。电阻为R、边长为L的正方形线框abcd在MN上方由静止释放，线框释放时cd边离MN的距离也为L，线框运动过程中始终与磁场垂直且cd边始终水平，cd边刚进入磁场时加速度为零，ab边刚要出磁场时加速度也为零，重力加速度为g，则
A. 线框质量为
B. 线框通过MN时通过线框横截面的电量与线框通过PQ时通过线框横截面电量相等
C. 线框cd边刚过PQ时线框的加速度大小为（4-1）g
D. 若线框的质量为m，通过整个磁场过程中线框中产生的焦耳热等于4mgL
【答案】AC
【解析】A．设边刚进磁场时的速度大小为，根据机械能守恒有
解得
则边刚进磁场时的安培力等于重力
其中，，
解得
故A正确；
B．根据
其中，
解得
线框通过过程中通过线框截面的电荷量为
线框通过过程中通过线框截面的电荷量为
故B错误；
C．设线框边刚到时的速度大小为，则线框边从到边的过程中，根据运动学可知
解得
根据牛顿第二定律有
其中，
解得
故C正确；
D．根据能量守恒，cd边刚进入磁场时加速度为零，ab边刚要出磁场时加速度也为零，速度相等，动能相等，线框通过磁场过程中，减少的重力势能转化为焦耳热，即
故D错误。
故选AC。
三、非选择题∶本题共5小题，共58 分。
11. 某同学利用图1所示装置测量红光的波长。实验时，接通电源使光源正常发光，调整光路，使得从目镜中可以观察到干涉条纹，回答下列问题∶
（1）已知双缝间距d=2.4×10-4m，双到屏的距离L=0.7m，将测量头的分划板中心刻线与某一亮条纹的中心对齐，其示数分别如图2所示，第1条时读数为__________mm，测得两相邻亮条纹间距离∆x=________mm，由以上数据可求得该光的波长为________________nm（后两空保留3位有效数字）
（2）关于本实验，下列说法正确的是
A. 若将单缝向左移动少许，条纹间距变大
B. 撤掉滤光片，光屏上将看不到干涉图样
C. 为了得到清晰的干涉图样，单缝和双缝需垂直放置
D. 使用间距更大的双缝，目镜中观察到的条纹个数增多
【答案】（1）0.362##0.361##0.364##0.363 1.95##1.93##1.94##1.96##1.97 662~676 （2）D
【解析】（1）[1]由图2可得，第1条时读数为
[2]由图2可得，第2条时读数为
则两相邻亮条纹间距离
[3]根据
代入数据，解得
（2）A．若将单缝向左移动少许，条纹间距不变，故A错误；
B．撤掉滤光片，光屏上可能出现彩色的干涉图样，故B错误；
C．为了得到清晰的干涉图样，单缝和双缝需平行放置，故C错误；
D．使用间距更大的双缝，根据可知，相邻亮条纹间距减小，目镜中观察到的条纹个数增多，故D正确。
故选D。
12. 某同学要测量一节新干电池的电动势和内阻（内阻约0.5Ω），实验室提供的器材有∶电压表V（量程3V，内阻约3kΩ）；电流表A（量程0.6A，内阻约1Ω）；滑动变阻器R（最大阻值为20Ω）；定值电阻（阻值为2Ω）；开关一个，导线若干
（1）该同学选用部分器材设计了如图1所示电路，该电路不够合理，原因是__________________。请合理选用器材，设计合理的实验电路并画在图2方框内__________________。
（2）按合理的实验电路进行实验，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到一端，使其接入电路的电阻最大，闭合开关，调节滑动变阻器，某次调节后电压表的示数如图3所示此时电压表测得的电压为_______V。
（3）多次调节滑动变阻器，测得多组电压表和电流表的示数U，I作U-I图像，得到图像的斜率绝对值为k，图像与纵轴的截距为b，则测得电池的电动势E=_____。电池的内阻r=___________ （用已知和测得的物理量的符号表示）。
【答案】（1）（1）电压表的示数变化范围小 （2）1.40 （3）
【解析】（1）[1]新干电池的内阻太小，电压表的示数变化范围小，误差大；
[2]在电路干路中串联一个定值电阻，增大等效电源的内阻，电路图如图所示
（2）由于电压表的量程为，分度值为0.1V。由图3可知，电压表的读数为1.40V。
（3）[1][2]根据闭合电路欧姆定律可得
整理可得
则图线的斜率的绝对值为
截距为
联立，解得，
13. 由玻璃制成的光学柱状组件的横截面如图所示，横截面可分为一个等边三角形和一个半圆形，半圆形的半径为R。一束单色光在距上顶点0.5R处的A点垂直于左侧腰入射，恰好在另一腰面上的B点发生全反射，并从圆弧面上的D点射出，射出时的折射角为θ（未知），光在真空中的传播速度为c。求∶
（1）玻璃对该单色光的折射率及D点处折射角的正弦值sinθ；
（2）光在组件中从A点射入至D点射出过程的时间。
【答案】（1）， （2）
【解析】（1）由几何关系可知，在点刚好发生全反射时的临界角为
所以，折射率为
在点时的入射角为，则
由折射定律可得
解得
（2）光在玻璃中的路程为
光在组件中的光速为
则，光从到的时间为
14. 一列简谐横波沿x轴传播，M、N是x轴上的两个质点。某时刻开始计时，在t=s时的波形如图1所示，N的振动图像如图2所示。已知波速v=0.36m/s，求∶
（1）M、N平衡位置间的距离；
（2）M点在0~s内的路程。
【答案】（1） （2）
【解析】（1）由图像可知，该机械波的周期为
振幅为
结合图2可知，时的位移为，且向下振动，根据“同侧法”可知，波沿轴负方向传播，由图像可知，振动比落后，即波从传至需。所以两者平衡位置之间的距离为
（2）由（1）分析可知，0时刻位移为，时经平衡位置向上运动，则路程为
15. 如图所示，半径为R=0.18m、质量为m0=1kg的光滑半圆形轨道固定在光滑水平面上，其左侧有一质量为M=1kg的木板AB，木板上表面与半圆形轨道最低点C等高木板右端B到C点的距离为∆x=0.4m。一质量为m=1kg、可视为质点的物块从木板左端A以一定速度水平向右冲上木板，物块与木板间的动摩擦因数为μ=0.5，当物块恰好到达木板B端时，木板与半圆形轨道碰撞并立即粘在一起，物块无能量损失地滑上半圆形轨道，恰好能够从轨道最高点D飞出，重力加速度g取10m/s2
（1）计算物块在C点时对轨道的压力大小F；
（2）求木板的长度L；
（3）若解除对半圆形轨道的固定，其他条件不变，判断物块能否到达半圆形轨道上与圆心等高的E点。
【答案】（1）F=60N （2）L=1.2m （3）物块不能到达半圆形轨道上与圆心等高的E点
【解析】（1）在D点对物块m受力分析
物块从C到D由动能定理
在C点根据牛顿第二定律有
结合牛顿第三定律，可得N
（2）物块在木板上运动时，对物块和木板分别受力分析有，
设木板需要时间与半圆形轨道碰撞，则
解得s
物块的初速度为
物块的位移为m
木板的长度为m
（3）木板与半圆轨道相撞时木板的速度为的
碰撞过程动量守恒
假设物块可以到达E点，从开始到物块到达E，对系统水平方向动量守恒
从碰撞结束到物块到达E点，设物块到E点时竖直速度为，根据能量守恒有
上述方程解得，故物块不能到达半圆形轨道上与圆心等高的E点。