广东省广州市增城区2024-2025学年八年级下学期期末考试 物理试卷（解析版）

这是一份广东省广州市增城区2024-2025学年八年级下学期期末考试 物理试卷（解析版），共15页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。
1．（3分）如图为“七力弓”，这是指拉满这把弓所需的拉力为7力，1力大约可以提起6kg的重物，则拉满这把“七力弓”需要的拉力大约为（ ）
A．6kgB．60NC．42kgD．420N
【答案】D。
【分析】1力大约可以提起6kg的重物，可算出1力对应的拉力大小为 F＝G＝mg，拉满“七力弓”需要的拉力F总＝7F。
【解析】解：根据题意可知，1力大约可以提起6kg的重物，可算出1力对应的拉力大小为 F＝G＝mg＝6kg×10N/kg ＝ 60N。“七力弓”拉满所需拉力为7力，则拉满“七力弓”需要的拉力F总＝7F＝7×60N ＝ 420N，故D符合题意，ABC不符合题意。
【点评】本题考查力的计算，属于基础题。
2．（3分）如图，气球受到手指和手掌水平方向的压力保持静止，手指和手掌对气球的压力为F1、F2，压强为p1、p2，下列判断正确的是（ ）
A．F1＞F2B．F1＜F2C．p1＞p2D．p1＜p2
【答案】C。
【分析】（1）气球在水平方向上受到手指的压力与手掌的压力作用，处于静止状态，根据力的平衡条件可知两个压力的大小关系；
（2）由图可知，手指处气球的受力面积小于手掌处气球的受力面积，根据p＝可知手指和手掌对气球的压强关系。
【解析】解：AB．气球在水平方向上受到手指的压力与手掌的压力作用，处于静止状态，则两个力平衡，大小相等，即：F1＝F2，故AB错误；
CD．由图可知，手指处气球的受力面积小于手掌处气球的受力面积，根据p＝可知，手指和手掌对气球的压强关系为p1＞p2，故C正确、D错误。
【点评】本题考查力的平衡条件和压强的大小比较，难度不大。
3．（3分）如图，用F1和F2拉着物体M分别在不同的水平地面上做直线运动，f1和f2分别表示M所受的摩擦力，忽略空气阻力，此过程M保持匀速，下列判断正确的是（ ）
A．F1一定等于F2B．f1一定等于f2
C．F1可能大于f1D．F2一定等于f2
【答案】D。
【分析】（1）根据滑动摩擦力大小的影响因素分析得出摩擦力的大小关系，然后根据二力平衡条件得出拉力的大小关系；
（2）物体做匀速直线运动时，物体受力平衡，受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力。
【解析】解：AB．用F1和F2拉着物体M分别在不同的水平地面上做匀速直线运动时，M对水平面的压力相等，接触面的粗糙程度不同，则f1一定不等于f2，根据二力平衡条件可知，F1一定不等于F2，故AB错误。
CD．物体做匀速直线运动时，物体受力平衡，受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大相等，所以F1一定等于f1，F2一定等于f2，故C错误、D正确。
【点评】本题考查了滑动摩擦力大小的因素，以及二力平衡条件的应用等知识，难度不大。
4．（3分）选项中为四种简易活塞式抽水泵结构图，其中结构设计最合理的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】B。
【分析】抽水机是利用大气压工作的，活塞以下部分必须密封且通过阀门控制水流方向，据此分析。
【解析】解：A．抽水机是利用大气压工作的，活塞以下部分必须密封且通过阀门控制水流方向，图中阀门下方设置了出水口，向上移动活塞时空气进入内部，无法利用大气压抽水，故A错误；
BCD．下方的球必须沉在水底，保证向下推动活塞时自动堵住进水口，故不能用漂浮的泡沫球，故D错误；
活塞的单向阀必须向上开启，否则下压时水无法流出，故C错误，B正确。
【点评】本题考查大气压的应用，属于中档题。
（多选）5．（3分）将同一瓶水分别正放（图甲）和倒放（图乙），M、N两点受到水的压强分别为p1、p2，甲、乙两图中瓶子对桌面的压强分别为p3、p4，不计瓶身厚度，则（ ）
A．p1＞p2B．p1＜p2C．p3＞p4D．p3＜p4
【答案】BD。
【分析】（1）由图可知M、N两点处水的深度关系，根据p＝ρ液gh可知M、N两点受到的水的压强关系；
（2）同一瓶水，正放和倒放时，对水平桌面的压力均等于它的总重力，由此可知瓶子对桌面的压力关系，由图可知两种情况下，桌面的受力面积关系，根据p＝可知两图中瓶子对桌面的压强关系。
【解析】解：AB．由图可知M处水的深度小于N处水的深度，根据p＝ρ水gh可知，
M、N两点受到的水的压强关系为p1＜p2，故A错误、B正确；
CD．同一瓶水，正放和倒放时，对水平桌面的压力均等于它的总重力，
故两种情况下，瓶子对桌面的压力相等，
由图可知，甲图中桌面的受力面积大于乙图中桌面的受力面积，
根据p＝可知两图中瓶子对桌面的压强关系为p3＜p4，故C错误、D正确。
【点评】本题考查压强的大小比较，正确选择相应公式是关键。
6．（3分）使用真空吸盘挂钩时，只要挤出吸盘内空气，吸盘就能“吸”在瓷砖表面，如图，小明将漏勺与夹子分别挂在两个相同吸盘a和b的挂钩上（忽略吸盘的形变），漏勺质量比夹子质量大，下列说法正确的是（ ）
A．吸盘a只受到两个力
B．吸盘a所受摩擦力等于b所受摩擦力
C．大气对吸盘a的压力比对吸盘b的压力大
D．大气对吸盘a的压力等于对吸盘b的压力
【答案】D。
【分析】（1）对吸盘a进行受力分析；
（2）物体挂在吸盘上时，它受到的摩擦力与所受重力是一对平衡力；
（3）吸盘a、b所受压力等于大气压力。
【解析】解：A．吸盘a在竖直方向受到墙面的摩擦力和自身重力，水平方向受大气压力和墙壁的支持力，则吸盘a不只是受到两个力的作用，故A错误；
B．因为漏勺质量比夹子质量大，故吸盘a受到的重力比b大，故吸盘a受到的摩擦力大于b受到的摩擦力，故B错误；
CD．由p＝可得F＝pS，已知是两个相同吸盘a和b，则吸盘a所受大气压力等于b所受大气压力，故D正确，C错误。
【点评】本题考查大气压的应用与摩擦力的分析，属于基础题。
7．（3分）列车在平直轨道上匀速行驶，车厢内水平桌面上的小球b相对列车静止，列车经过路灯a时突然刹车（如图1），b在桌面上向前滚动至某位置（如图2），忽略桌面对b的摩擦及空气的影响，该过程b（ ）
A．没有惯性B．所受的合力为零
C．受到了向前的合力D．受到了向后的合力
【答案】B。
【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；
（2）物体受力平衡时，将保持静止状态或匀速直线运动状态，此时合力为0。
【解析】解：A．一切物体在任何情况下都有惯性，故A错误；
BCD．b在桌面上向前滚动过程中是由于惯性，忽略桌面对b的摩擦及空气的影响，水平方向不受力，只受重力、支持力，二力是一对平衡力，处于平衡状态，所受合力为0，故B正确，CD错误。
【点评】本题主要考查学生用惯性知识解释生活中一些现象的能力，体现了从物理走向生活的理念，是一道基础题
8．（3分）将空量筒放在电子秤上测得质量如图甲，往量筒中加入某液体后电子秤和量筒示数如图乙，接着往量筒中放入不吸水的实心物块，此时物块处于静止状态如受图丙，则（ ）
A．液体质量为80.0gB．物块体积为40mL
C．液体密度为1g/cm3D．物块密度为1.2g/cm3
【答案】C。
【分析】（1）由甲、乙电子秤示数可得液体的质量，根据ρ＝求液体的密度；
（2）由乙、丙量筒示数可得物块的体积，由乙、丙电子秤示数可得物块的质量，由密度公式可求物块的密度。
【解析】解：AC．由甲、乙电子秤示数可得，液体的质量：m液＝80.0g﹣40.0g＝40.0g，
液体的密度：ρ液＝＝＝＝1g/cm3，故A错误，C正确；
BD．由乙、丙电子秤示数可得，物块的质量：m物＝140.0g﹣80.0g＝60g，
由乙、丙量筒示数可得物块排开液体的体积：V排＝80mL﹣40mL＝40mL＝40cm3，
因为浸没，所以物体体积V物＝V排＝40cm3，
物块的密度：ρ物＝＝＝1.5g/cm3，故BD错误。
【点评】本题考查密度公式的应用和量筒的使用，难易程度适中。
9．（3分）如图所示，登山缆车的车厢随着缆绳斜向上做匀速运动，忽略空气阻力，车厢只受吊杆拉力F1及重力G作用，车厢对吊杆的拉力为F2，下列说法正确的是（ ）
A．车厢受力不平衡B．F2与G方向相反
C．F1与F2二力平衡D．F1与G合力为零
【答案】A。
【分析】二力平衡的条件是，作用在同一物体上，作用在同一直线上，大小相等，方向相反。
物体处于匀速直线运动状态，是平衡状态，受到的是平衡力，平衡力的合力为零。
【解析】解：A．由图知，车厢随着缆绳斜向上做匀速运动，其运动方向不是直线，因此处于非平衡状态，受力不平衡，故A正确；
B．F2是车厢对吊杆的拉力，G是车厢的重力，二者方向相同，故B错误；
C．F1是吊杆对车厢的拉力，F2是车厢对吊杆的拉力，二者是一对相互作用力，故C错误；
D．由于车厢做的是曲线运动，受力不平衡，因此，F1与G不是一对平衡力，其合力不为零，故D错误。
【点评】本题主要考查了对物体的受力分析和平衡力、相互作用力的辨别，属基础题。
10．（3分）把体积相同的物体M和N分别轻轻放入装满水的溢水杯里，用甲、乙两烧杯收集溢出的水，最后状态如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．N物块的密度小于水的密度
B．M受到的浮力大于N受到的浮力
C．N受到的重力等于乙烧杯中水的重力
D．M受到的重力等于甲烧杯中水的重力
【答案】D。
【分析】（1）根据浮沉条件比较物体的密度与液体的密度关系分析；
（2）根据阿基米德原理分析浮力大小关系；
（3）根据浮沉条件分析重力与浮力关系，结合阿基米德原理分析重力与排开液体的重力。
【解析】解：A．根据浮沉条件知，N沉底，N的密度比水大，故A错误；
B．液体都是水，体积相等的MN排开水的体积不等，M排开水的体积较小，根据阿基米德原理知，M受到的浮力较小，故B错误；
C．N沉底，浮力小于N的重力，而浮力等于排开水的重力，即浮力等于乙烧杯中水的重力，因而N重力大于乙烧杯中水的重力，故C错误；
D．M漂浮，浮力等于重力，而装满水的溢水杯，溢出水的重力等于排开水的重力，等于浮力，故M受到的重力等于甲烧杯中水的重力，故D正确。
【点评】本题考查阿基米德原理 与浮沉条件，属于中档题。
二、非选择题：本题共5小题，共60分。按题目要求作答。
11．（2分）如图，在同一水平地面上，物块受到水平向右大小不变的拉力F，从A位置匀速运动到B位置，在B位置撤去F后物块继续向右运动，经过C位置，最后停在D位置，使用弹簧测力计，应在 水平 （选填“水平”或“竖直”）方向上调零；物块在AB段受到的摩擦力为 2.4 N。
【分析】（1）测力计使用前要在测力的方向上调零；
（2）根据弹簧测力计的分度值读出弹簧测力计的示数；根据二力平衡的条件分析出摩擦力，影响摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度。
【解析】解：（1）只有用弹簧测力计沿水平方向拉着物块做匀速直线运动，物块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小，故实验前应在水平方向对弹簧测力计进行调零；由图可得弹簧测力计示数为2.4N，且根据二力平衡条件可知物块在AB段匀速直线运动，受到的滑动摩擦力大小也为2.4N。
故答案为：水平；2.4。
【点评】此题考查了二力平衡条件的应用、影响摩擦力的因素，是一道综合性性题目。
12．（3分）如图1，电工师傅在安装吊扇时，先用竖直向上的力F1＝100N将G＝60N的电风扇压在天花板准备安装。
①此时天花板对电风扇的支持力F支＝ 40 N。
②以“•”代替电风扇，在图2中画出此时电风扇受到的力（虚线为竖直方向）。
【分析】①此时天花板对电风扇的支持力等于竖直向上的力F1减去重力；
②画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
【解析】解：①此时天花板对电风扇的支持力：
F支＝F1﹣G＝100N﹣60N＝40N；
②此时电风扇受竖直向上的力、竖直向下的重力、天花板对电风扇的支持力三个力，作用点在电风扇重心，如图所示：
故答案为：①；40；②见解答图。
【点评】此题考查力的合成和力的示意图的画法，比较简单，属于基础知识。
13．（3分）如图1，小红用风速计测量鼓风机吹风时某款机翼上下表面的气体流速，A点的空气流速小于B点，用气压计测出此时B点的气压值pB＝9.52×104Pa。（标准大气压值为10×104Pa）
①则此时A点的气压值pA ＞ pB（选填“＞”“＝”或“＜”）。
②如图2，在pB气压值环境下做托里拆利实验，液面静止时，h＝ 70 cm（液体密度ρ＝13.6×103kg/m3，g取10N/kg），接着将此装置放到标准大气压的环境下，则管内液面会 上升 （选填“上升”“不变”或“下降”）。
【分析】（1）流体在流速小的位置压强大；
（2）根据公式p＝ρgh可求产生的压强大小；气压高，液柱高。
【解析】解：（1）由流体压强与流速的关系可知，流速越小的地方压强越大，已知A点的空气流速小于B点的，所以A点的气压大于B点的气压；
（2）用气压计测出此时B点的气压值pB＝9.52×104Pa，标准大气压值为10×104Pa，此时B点的气压小于标准大气压，在pB气压值环境下做托里拆利实验，液面静止时，h＝＝0.7m＝70cm，接着将此装置放到标准大气压的环境下，气压增大，则管内液面会上升。
故答案为：（1）＞；（2）70；上升。
【点评】本题考查流体压强和流速的关系及压强的计算，属于综合题。
14．（2分）变瘪的乒乓球放在盛有热水的杯子中，乒乓球能恢复原状，在此过程中，球内空气的密度 变小 （选填“变大”“变小”或“不变”），你的判断依据是 乒乓球恢复原状的过程中，球内空气质量不变，体积变大 。
【分析】质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、位置、状态、温度的改变而改变；由密度公式ρ＝可知球内空气密度变化。
【解析】解：变瘪的乒乓球放在盛有热水的杯子中，乒乓球能恢复原状。在此过程中，球内空气所含物质的多少不变，其质量不变，由球恢复原状可知球内空气体积变大，由密度公式ρ＝可知，球内空气密度变小。
故答案为：变小；乒乓球恢复原状的过程中，球内空气质量不变，体积变大。
【点评】本题考查对质量属性和密度公式的理解和应用，难度不大。
15．（5分）弹簧公仔由原长为l0的弹簧将其头部、脚部连接组成，脚部固定在水平台面，如图甲，现沿竖直方向将头部拉伸至点A后静止释放，头部向下运动至B点时弹簧长度为l0，此过程中，头部速度随时间的变化图象如图丙。（忽略空气阻力，g取10N/kg）
（1）小明利用电子秤测量了头部的质量为50g，则其所受重力大小为 0.5 N；
（2）在此过程中，头部的动能 变大 ，重力势能 变小 ，机械能 不变 （以上三空选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（3）头部下降至最低点后再次弹起，并上升至最高点C，则C点 不可能 比A点高（选填“可能”或“不可能”）。
【分析】（1）根据G＝mg计算重力；
（2）动能与质量和速度有关，结合图像分析；重力势能与质量和高度有关，弹性势能与弹性强度和弹性形变大小有关。
（3）根据机械能守恒分析。
【解析】解：（1）头部的质量为50g，则其所受重力大小G＝mg＝0.05kg×10N/kg＝0.5N；
（2）此过程中，头部速度随时间的变化图象如图丙，速度不断变大，质量不变，故动能变大，而高度减小，故重力势能减小，忽略空气阻力，机械能守恒，故不变；
（3）头部下降至最低点后再次弹起，并上升至最高点C，如果没有阻力等，机械能守恒，最大上升到A点，故C点不可能比A点高。
故答案为：（1）0.5；（2）变大；变小；不变；（3）不可能。
【点评】本题考查机械能及其转化，属于中档题。
第15、16题结合题目要求，涉及计算的，应写出必要的文字说明、公式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算的题，演算过程及结果都要在数字的后面写上正确的单位。
16．（8分）像地球一样，月球对它附近的物体也有引力，这个力是月球附近物体所受的“重力”，它大约是同一个物体在地球上所受重力的。如图“玉兔二号”月球车在月球表面进行探测，它的质量为135kg，玉兔二号月球车共有六个车轮，每个车轮与月球表面的接触面积为0.05m2。（g取10N/kg）
求：（1）月球车在月球上受到的“重力”；
（2）月球车静止在水平月面时对月面的压强。
【答案】（1）225N；（2）750Pa
【分析】（1）根据G月＝G地＝求出月球车在月球上的重力；
（2）月球车对水平地面的压力等于月球车在月球上的重力，已知车轮与月球表面接触的总面积，由p＝
可出月球车静止在水平月面时对月面的压强。
【解析】解：（1）月球车在月球上受到的“重力”为：
G月＝G地＝＝×135kg×10N/kg＝225N；
（2）月球车静止在水平月面时对月面的压强为：
p＝＝＝＝750Pa。
答：（1）月球车在月球上受到的“重力”为225N；
（2）月球车静止在水平月面时对月面的压强为750Pa。
【点评】本题主要考查重力和压强的计算，要掌握重力及压强的公式，难度不大。
17．（6分）某港口有一体积为1m3、重力为2×104N的密封货箱不慎落入江中，打捞上货箱后，吊机在陆地上用绳子将货箱从A处匀速向上提升到高为60m的B处，然后水平移动30m到C处，最后竖直下放到指定位置D，CD段路程随时间变化图像如丙图所示，在此过程中，（g取10N/kg，）。
求：（1）如图甲所示为打捞过程中某时刻，货箱浸没在水中保持静止，求货箱此刻受到水的浮力和绳子的拉力；
（2）BC段吊机对货箱的拉力做的功；
（3）CD段货箱所受重力做功的功率。
【答案】（1）水的浮力是1×104N，绳子的拉力是1×104N；
（2）BC段吊机对货箱的拉力做的功是0J；
（3）CD段货箱所受重力做功的功率是3×104W
【分析】（1）货箱未露出水面时，排开水的体积等于货箱的体积，根据F浮＝ρ液gV排求它受到水的浮力；此时绳子的拉力等于重力与浮力之差；
（2）BC段货箱水平移动，拉力的方向竖直向上，此过程中拉力不做功；
（3）由图丙知，在CD段，货箱匀速竖直下降，根据v＝求货箱的速度，根据P＝＝Fv求CD段货箱所受重力做功的功率。
【解析】解：（1）货箱未露出水面时，排开水的体积等于货箱的体积，故它受到水的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×1m3＝1×104N，
此时绳子的拉力等于重力与浮力之差，即：F＝G﹣F浮＝2×104N﹣1×104N＝1×104N；
（2）BC段货箱水平移动，拉力的方向竖直向上，所以此过程中拉力不做功，
即拉力做功为0J；
（3）由图丙知，在CD段，货箱匀速竖直下降，货箱的速度：v＝＝＝1.5m/s，根据P＝＝Fv可得，CD段货箱所受重力做功的功率：P＝Gv＝2×104N×1.5m/s＝3×104W。
答：（1）货箱此刻受到水的浮力是1×104N，绳子的拉力是1×104N；
（2）BC段吊机对货箱的拉力做的功是0J；
（3）CD段货箱所受重力做功的功率是3×104W。
【点评】本题考查浮力、重力、功和功率的计算，是一道力学综合计算题。
18．（5分）实验小组要完成“探究弹簧的伸长量Δx与弹簧受到拉力F的关系”，实验装置如图1，实验测量得到的是弹簧的长度x与弹簧受到拉力F的关系图像，如图2（图线记为a）。
（1）分析图中数据可知，当F＝0N时，弹簧长度x为 4 cm，图甲中F＝ 1 N；
（2）小组总结出实验结论：，则k单位为 N/cm ，k的值为 1N/cm ；
（3）根据实验结论进一步推理：在弹性限度内，当F＝8N时，x＝ 12 cm。
【分析】（1）由图2可知，在F＝0N时弹簧的长度，当弹簧拉伸到图1所示的5cm时，由图2可知对应的拉力；
（2）由图2知，弹簧每伸长Δx＝1cm时，拉力增加量为1N，由k＝得到k的单位和数值；
（3）根据实验结论代入数据可知，在弹性限度内，当F＝8N时，Δx的值，进而得到此时的x。
【解析】解：（1）由图2知，在F＝0N时，弹簧长度为4cm，当弹簧拉伸到图1所示的5cm时，在图2中对应拉力F＝1N；
（2）由图2知，弹簧每伸长Δx＝1cm时，拉力增加量为1N，k＝＝1N/cm，则k单位为N/cm，k的值为1N/cm；
（3）根据实验结论进一步推理：在弹性限度内，当F＝8N时，Δx＝＝8cm，此时x＝4cm+8cm＝12cm。
故答案为：（1）4；1；（2）N/cm；1N/cm；（3）12。
【点评】本题考查弹簧测力计的原理，难度不大，要注意弹簧的原长、长度与弹簧的伸长之间的区别。
19．（6分）小明在跨学科实践课上制作微型密度计，他选取了吸管1，用蜡封住上下两端端，并用细铜线（体积可忽略）缠绕下端，做成简易微型密度计M，并分别将M放入A．B．C三种液体中，静止时状态如图所示。
（1）M在A．B两液体中受到的浮力FA ＝ FB，液体的密度ρA ＞ ρB（以上均选填“＞”“＝”或“＜”）。
（2）小明将M放入液体C时，密度计完全浸入液体且触底，在不改变M的整体重力下，小明想更换吸管使其能漂浮在液体C中，于是他将吸管1更换为吸管2，两吸管参数如表所示，请判断此方案是否可行？并写出分析过程。（液体C的密度ρC＝800kg/m3）
①是否可行？ 可行 ；
②写出分析过程： 浸入时最大浮力F浮＝ρ水gV排＝800kg/m3×10N/kg×0.08×3×10﹣5m3＝0.0192N；大于重力0.01N，可以漂浮，能测量密度 。
【分析】（1）根据漂浮的条件分析，结合阿基米德原理分析；
（2）根据阿基米德原理计算可能的最大浮力，与重力比较分析是否可以漂浮进行测量。
【解析】解：（1）M在A．B两液体中都是漂浮的，浮力都等于重力，故大小相等，即受到的浮力FA＝FB，根据阿基米德原理知，浮力一定时，液体的密度越小，浸入的体积越大，故B浸入体积较大，密度较小，则液体的密度ρA＞ρB。
（2）将M放入液体C时，密度计完全浸入液体且触底，说明此时的浮力小于重力，因而沉底，而根据表格数据知，更换为2号吸管，
浸入时最大浮力F浮＝ρ水gV排＝800kg/m3×10N/kg×0.08×3×10﹣5m3＝0.0192N；大于重力0.01N，可以漂浮，能测量密度。
故答案为：（1）＝；＞；（2）①可行；②浸入时最大浮力F浮＝ρ水gV排＝800kg/m3×10N/kg×0.08×3×10﹣5m3＝0.0192N；大于重力0.01N，可以漂浮，能测量密度。
【点评】本题考查阿基米德原理与浮沉条件的应用，属于中档题。编号
M整体重力G/N
长度h/m
横截面积S/m2
吸管1
0.01
0.08
7×10﹣6
吸管2
0.01
0.08
3×10﹣5