【物理】2025届福建省漳州市高三下学期毕业班第四次质量检测试题（解析版）

这是一份【物理】2025届福建省漳州市高三下学期毕业班第四次质量检测试题（解析版），共14页。试卷主要包含了单项选择题，双项选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
本试卷共6页，满分100分。
一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 光在科学技术、生产和生活中有广泛的应用，下列说法中正确的是（ ）
A. 泊松亮斑是光的直线传播现象
B. 激光全息照相利用了激光相干性好的特性
C. 佩戴特殊眼镜观看立体电影是利用光的干涉现象
D. 眼镜镜片上的防蓝光镀膜是利用光的衍射现象
【答案】B
【解析】A．泊松亮斑是光的衍射现象，故A错误；
B．激光全息照相利用了激光相干性好的特性，故B正确；
C．立体电影利用了光的偏振，故C错误；
D．照相机镜头涂上增透膜是光的干涉现象，故D错误；故选B。
2. 如图所示的电路中，变压器为理想变压器，a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，为定值电阻，R为滑动变阻器，所有电表均为理想电表。现将变阻器滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电压表的示数增大，则（ ）
A. 变阻器滑片是向下滑动的B. 电压表示数增大
C. 电流表示数增大D. 电流表和示数之比不变
【答案】D
【解析】AB．由题知，a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，所以原线圈的电压不变，即电压表示数不变，根据电压与匝数成正比，可知副线圈的电压也不变，即电压表示数不变，又在副线圈回路中有
现观察到电压表的示数增大，即增大，所以减小，根据
可知减小，即电流表示数减小，所以副线圈回路中的电阻增大，故变阻器滑片是向上滑动的，故AB错误；
CD．根据电流与匝数的关系有
可知电流表和示数之比不变，则电流表示数减小，故C错误，D正确故选D
3. 如图为一简谐横波在时刻沿x轴传播的部分波形图。此时质点A沿y轴正方向运动，时质点A第一次到达波谷，则（ ）
A. 该波的波长为4m
B. 该波沿x轴正方向传播
C. 时质点B的加速度最大
D. 0~0.5s内处质点通过的路程为2cm
【答案】C
【解析】A．由图结合数学方法可知m
解得m，故A错误；
B．质点A沿y轴正方向运动，根据平移法可知，该波沿x轴负方向传播，故B错误；
C．时质点A第一次到达波谷，则有s
解得s
则时质点B运动至波谷位置，加速度最大，故C正确；
D．时刻处质点不在平衡位置、波峰、波谷处，则0~0.5s即时间内，其运动的路程不等于2cm，故D错误；故选C。
4. 我们通常以地球上看到的角度（即“角直径”，如图中θ）来描述遥远星球的大小。已知地球绕太阳的公转周期T、角直径θ和引力常量G，则能求出的物理量有（ ）
A. 太阳的质量B. 太阳的平均密度
C. 地球的平均密度D. 地球绕太阳公转的轨道半径
【答案】B
【解析】AD．设太阳的半径为R，根据几何关系可得地球绕太阳运动的轨道半径
根据万有引力提供向心力
可得太阳的质量
由于太阳半径未知，所以无法求出太阳的质量和地球绕太阳公转的轨道半径，故AD错误
B．根据，又
可得太阳的平均密度，故B正确；
C．地球是环绕天体，地球半径未知，质量未知，无法求出地球的平均密度，故C错误。故选B。
二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
5. 光控继电器在光伏发电系统中用于控制太阳能电池板的开关和进行动态监测。如图所示为光控继电器的原理示意图，它由电源、光电管、放大器、电磁继电器等组成，K为光电管阴极。用绿光照射K时，能发生光电效应，衔铁被吸住，则（ ）
A. 仅增大绿光照射强度，电磁铁磁性将变弱
B. 仅增大绿光照射强度，电磁铁磁性将变强
C. 改用紫光照射K时，阴极金属材料的逸出功将变大
D. 改用紫光照射K时，光电子的最大初动能将变大
【答案】BD
【解析】A B．仅增大绿光照射强度，根据光电效应规律可知，单位时间内逸出的光电子数增多。光电子数增多，经过放大器后，通过电磁铁的电流增大。又因为电流越大，电磁铁的磁性越强，所以仅增大绿光照射强度时，电磁铁磁性将变强。故A错误，B正确；
C．阴极金属材料的逸出功是金属的固有属性，只与金属材料本身有关，与入射光的频率无关。所以改用紫光照射K时，阴极金属材料的逸出功不变，故C错误；
D．爱因斯坦光电效应方程为
根据爱因斯坦光电效应方程可判断，因为紫光频率大于绿光频率，而金属的逸出功不变，所以改用紫光照射K时，光电子的最大初动能将变大，故D正确。故选BD。
6. 如图为某辐向电场示意图，电场强度大小可表示为，b为常量，r为电场中某点到圆心O的距离。带电粒子仅在辐向电场的静电力作用下，以O为圆心做圆周运动。M、N是同一圆周上的两点，则（ ）
A. M、N两点电势相等
B. M、N两点电场强度相同
C. 线速度大小相等的粒子，比荷一定相同
D. 线速度大小相等的粒子，轨道半径一定相同
【答案】AC
【解析】A．根据图示虚线圆周与电场线垂直，可知，虚线圆周为一条等势线，即M、N两点电势相等，故A正确；
B．电场线分布的疏密程度间接表示电场强弱，根据图示可知，M、N两点电场强度大小相等，方向不同，则M、N两点电场强度不相同，故B错误；
CD．根据，其中
解得，可知，线速度大小相等的粒子，比荷一定相同，但轨道半径不一定相同，故C正确，D错误。故选AC。
7. 如图，圆形区域内存在垂直于纸面向外的匀强磁场，质量为m、电荷量为q的带电粒子从P点以速度ν沿平行于直径CD方向射入磁场，粒子经过圆心O，最后离开磁场。已知圆形区域半径为R，PO与CD间的夹角为，不计粒子重力。则（ ）
A. 磁感应强度大小为
B. 粒子在磁场中运动的时间为
C. 仅改变速度方向，粒子可能从D点射出
D. 仅增大速度，粒子在磁场中运动时间将变短
【答案】AD
【解析】A．根据题意画出粒子的运动轨迹，如图所示
由于圆形区域半径为R，则P点到CD距离为，设粒子做圆周运动的半径为，根据几何关系有
粒子做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，则有
解得故A正确；
B．根据上述分析可知，粒子在磁场中运动轨迹为半个圆周，粒子圆周运动的周期
则粒子在磁场中运动的时间为，故B错误；
C．仅改变速度方向，粒子运动轨迹半径不变，则粒子不可能从D点射出，故C错误；
D．圆心在过P点的竖直线上，仅增大速度，粒子在磁场中运动的周期不变，运动半径增大，可知轨迹圆心角变小，粒子运动时间将变短，故D正确；故选AD。
8. 在光滑绝缘水平面上，相隔4L的A、B两点固定着两个等量同种正点电荷，a、、b是AB连线上三点，是AB中点，，空间另有一水平向左的匀强电场。一质量为m，电荷量为q的试探电荷在电场力作用下，以初速度从a点出发沿连线向B运动到点时动能为a点动能的2倍，到b点时速度为零，规定点为零电势点，则（ ）
A. 试探电荷带正电B. b点电势
C. a点电势D. 匀强电场的场强大小为
【答案】AD
【解析】A．根据等量同种电荷的电势分布特点可知a、b两点电势相等，即a到b过程，等量同种电荷对试探电荷做功为0，题意知a到b试探电荷做减速运动，可知匀强电场对试探电荷做负功，故试探电荷带正电，故A正确；
B．到b过程，由动能定理有
因为点为零电势点，整理有
故B错误；
C．a到过程，由动能定理有
因为点为零电势点，整理有
故C错误；
D．a到b过程，由动能定理有
解得，故D正确。故选AD。
三、非选择题：共60分，其中9~11题为填空题，12、13为实验题，14~16题为计算题。考生根据要求作答。
9. 无人机小巧灵活，国内已经逐步尝试通过无人机进行火灾救援。假设无人机从地面静止起飞沿直线运动至灭火位置，整个运动过程v − t图像如图所示，则加速阶段的加速度________（填“大于”“小于”或“等于”）减速阶段的加速度，起飞点与灭火位置的距离为________m。
【答案】 小于； 90
【解析】根据v − t图像斜率的绝对值表示加速度大小可知加速阶段的加速度小于减速阶段的加速度；根据v − t图像面积表示位移可得起飞点与灭火位置的距离
10. 一弹性健身球，球内气体的体积为110L，压强为。如图所示，某健身爱好者缓慢靠到球上，达到稳定时，球内气体体积变为100L，球内气体视为理想气体且温度不变，则球内气体压强变为______Pa，该过程外界对气体做的功______（填“大于”“小于”或“等于”）气体向外界放出的热量。
【答案】 ； 等于
【解析】气体温度不变，根据玻意耳定律有
解得
气体温度不变，则气体内能不变，气体体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知，该过程外界对气体做的功等于气体向外界放出的热量。
11. 一手机支架，其“L”型板由板面S和底托T组成，可以绕转轴A转动，支撑杆H可以绕转轴B转动。如图所示手机静置于支架上，保持转轴A不动，将杆H由竖直方向逆时针缓慢转动一个小角度，忽略“L”型板对手机的摩擦。则手机受到________个力的作用，板面S对手机的支持力________（填“变大”、“变小”或“不变”），支架对手机的作用力________（填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 3 ；变小 ；不变
【解析】手机受到底托T的作用力大小为，板面S对手机的作用力大小为，以及重力3个力的作用；设手机质量为m，板面S与水平方向的夹角为，以手机为对象，根据受力平衡可得
保持转轴A不动，将支撑杆H由竖直方向逆时针缓慢转动一个小角度，则变大，可知底托T对手机的作用力变大；
支架对手机的作用力与手机的重力平衡，则支架对手机的作用力不变。
12. 某兴趣小组利用如图甲所示的向心力演示仪探究向心力大小与角速度、运动半径、质量的关系。
（1）标尺上露出的红白相间等分格子数，可以粗略显示小球的________（填“向心力”或“角速度”）大小。
（2）另一兴趣小组用如图乙所示的装置探究向心力与角速度的关系。用手拨动旋臂使它做圆周运动，力传感器和光电门固定在实验器上，实时测量向心力和角速度的大小。
a．图丙中①②两条曲线为相同半径、不同质量下向心力与角速度的关系图线，由图可知曲线①对应的金属块质量________（填“大于”或“小于”）曲线②对应的金属块质量；
b．为了进一步明确向心力与角速度的关系，作出图线为过原点的倾斜直线，由此可得出的结论是________。
【答案】（1）向心力 （2） 小于 ；质量和半径一定时，向心力和角速度的平方成正比
【解析】【小问1】标尺上露出的红白相间等分格子数，可以粗略显示小球的向心力大小。
【小问2】根据，由于半径相同，由图可知，在角速度相同的条件下，曲线①对应的向心力小于曲线②对应的向心力，则曲线①对应的金属块质量小于曲线②对应的金属块质量。
图线为过原点的倾斜直线，由此可得出的结论是质量和半径一定时，向心力和角速度的平方成正比。
13. 图甲为电阻式触摸屏的示意图，按压屏幕时，相互绝缘的两导电层接触，电阻并联，从而改变接入电路的电阻。
（1）某研究小组找到一块电阻式触摸屏单元，将其接入电路中，简化电路如图乙所示。不按压屏幕，先将单刀双掷开关S拨到1，给电容器充电，待电路稳定后再将S拨到2，此时回路中电流方向为________（填“顺时针”或“逆时针”）；
（2）该触摸屏单元两部分电阻均为，为了较准确测量值，研究小组设计了如图丙所示电路图，利用电源（电动势和内阻均未知）、电流表（内阻未知）、电阻箱、开关等器材进行实验。
①某次测量时电流表示数如图丁所示，其读数，________A；
②闭合开关和，调节电阻箱阻值，根据数据作出图像如图戊中图线Ⅰ所示。已知图线Ⅰ的斜率为k，则该电源电动势________（用题中已知物理量符号表示）；
③断开开关，按压屏幕，调节电阻箱阻值，根据数据作出图线Ⅱ，已知图线Ⅱ和Ⅰ的纵截距之差为b，则，_______（用k和b表示）。
【答案】（1）逆时针 （2）①. 0.34 ②. ③.
【解析】【小问1】由图乙可知，电容器充电后下极板带正电荷，待电路稳定后再将S拨到2，此时回路中电流方向为逆时针。
【小问2】某次测量时电流表示数如图丁所示，其读数0.34A。
闭合开关和，由闭合电路欧姆定律可得
整理可得
结合图像中图线Ⅰ，可得
解得该电源电动势
断开开关，由闭合电路欧姆定律可得
整理可得
结合图像，由题意可知
解得
14. 杭州亚运会开幕式节目《国风雅韵·烟雨染江南》让世界看到仙女们长裙飘飘、凌空翱翔的东方美学。飞天“仙女”坐在由两根竖直钢索牵引着的钢板上，从地面由静止竖直上升，先做匀加速后做匀减速运动，加速和减速时间均为t，全程上升高度h时速度为零。“仙女”和钢板的总质量为m，重力加速度大小为g，求“仙女”
（1）全过程的平均速率；
（2）匀加速上升过程的加速度大小a；
（3）匀减速上升过程中每根钢索拉力大小T。
【答案】（1） （2） （3）
【解析】【小问1】全过程根据平均速度的定义有，解得
【小问2】设匀加速结束时的速度为，则有
由匀变速运动规律得，解得
【小问3】匀加速与匀减速加速度大小相等，由牛顿第二定律得
解得
15. 如图甲，光滑水平桌面上放置一个轻质弹簧，左端固定，右端自由伸长到桌边A点。桌面右侧有一竖直固定的光滑圆弧轨道BCD，BD为直径，其中。现将一质量、可视为质点的物块放在A点，施加一水平向左的外力在物块上，使其压缩弹簧缓慢移动，此过程中，弹簧弹力F与x的关系如图乙所示。然后撤去外力，物块沿桌面运动，飞离桌面后由B点沿切线进入圆弧轨道，恰好在D点脱离轨道，g取。求：
（1）弹簧劲度系数k；
（2）物块运动到B点时的速度大小；
（3）圆弧轨道的半径R。
【答案】（1）200N/m （2）4m/s （3）0.64m
【解析】【小问1】由胡克定律得
结合图乙解得
小问2】从撤去外力后到刚要飞离桌面阶段，由图乙可知，图线和坐标轴所围面积表示弹簧弹力做功，对物块由动能定理得
物块做平抛运动由B点沿切线进入圆弧轨道
解得m/s
【小问3】物块恰好在D点脱离轨道，轨道对物块的作用力为零，则
物块从B点到D点，由机械能守恒定律得⑦
解得
16. 如图，平行金属导轨由光滑水平部分和粗糙倾斜部分平滑连接而成。水平导轨处在磁感应强度、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中，倾斜导轨倾角，处在平行导轨向上的匀强磁场中，导体棒a与倾斜导轨间的动摩擦因数。开始时，光滑导体棒b在外力F作用下向左做匀速直线运动，a棒恰好静止在倾斜导轨上。a、b棒电阻R均为1Ω、质量m均为1kg，a、b棒长度和导轨间距L均为1m，a、b棒在运动过程中始终与导轨垂直，且接触良好，忽略导轨电阻。g取，，。
（1）求开始时通过b棒的电流I；
（2）当b棒运动到导轨连接处时撤去F，此后b棒冲上倾斜导轨，运动过程中a、b始终不相遇。求b棒返回连接处时，a棒的速度大小；
（3）b棒返回连接处经（取0.35s）速度减为，此时a棒到达连接处。求a棒到达连接处至a、b棒稳定运动过程中通过a棒的电荷量q。
【答案】（1）2A （2）m/s （3）0.38C
【解析】【小问1】根据法拉第电磁感应定律有E=B1Lv0
根据欧姆定律有
解得I=2A
【小问2】b棒冲上倾斜导轨的过程中，没有发生电磁感应现象，设b棒在倾斜导轨上的运动时间为t1，对b棒，由牛顿第二定律得mgsinθ=ma2
又
对a棒，由牛顿第二定律得mgsinθ-μmgcsθ=ma1
又
解得v1=m/s
【小问3】从b棒返回连接处至速度减为v2=1m/s的过程中，对b棒，由动量定理得
对a棒，由动量定理得
设倾斜导轨所处磁场的磁感应强度大小为B2，开始时，对a棒
解得
设从a棒滑到水平轨道至a、b棒共速，用时t3，由动量守恒定律得
对b棒，由动量定理得
又
解得