2025-2026学年物理鲁科版（2019）选择性必修第一册 全册过关综合性考试B卷（含解析）

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保密★启用前 2025-2026学年鲁科版（2019）选择性必修第一册 全册过关综合性考试B卷（含解析） 考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx 注意事项： 1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上 第I卷（选择题） 请点击修改第I卷的文字说明 1．人和气球离地高为h，恰好悬浮在空中，气球质量为M，人的质量为m。人要从气球下拴着的软绳上安全到达地面，软绳的长度至少为（　   　） A． B． C． D． 2．一块半圆柱形玻璃砖放在空气中，如图所示，一束白光从空气中沿着图示方向射向玻璃砖，经玻璃砖折射后在光屏P上形成彩色光带。下列说法正确的是（　　） A．红光穿越玻璃砖的时间比紫光穿越玻璃砖的时间长 B．光带从左到右排列顺序为红→紫 C．如果逐渐减小时，则紫光最先消失 D．无论多大，各色光都能从玻璃砖中射出 3．艺术体操是一种艺术性较强的女子竞技性体操项目，如图所示，运动员站在场地中以一定频率上下抖动绸带的一端，某时刻绸带形状如图所示，下列说法中正确的是（   ） A．此时绸带上P点运动方向向右 B．绸带自右向左运动呈现波浪状起伏 C．如果要在该绸带上产生更加密集的波浪状起伏效果，运动员上下抖动的频率应增大 D．运动员上下抖动越快波浪运动的速度越快 4．某新型机枪子弹弹头质量约10g，出枪口的速度约1000 m/s.某战士在使用该机枪连续射击50秒的过程中，机枪所受子弹的平均反冲力大小约20 N，则机枪在这50秒内射出子弹的数量约为（　　） A．60 B．80 C．100 D．120 5．如图所示为单摆在两次受迫振动中的共振曲线，下列说法正确的是（　　） A．若两次受迫振动分别在月球上和地球上进行，且摆长相等，则振子在月球上做自由振动时的频率为 B．若两次受迫振动分别在月球上和地球上进行，且摆长相等，则图线Ⅱ是月球上的单摆共振曲线 C．若两次受迫振动均在地球上同一地点进行，则两次摆长之比为 D．图线Ⅱ若是在地球表面上完成的，将该单摆从广州移至北京，共振曲线的“峰”将向左移动 6．如图所示，足够长的长木板A静止在光滑的水平地面上，质量为1kg的物体B以v0=3m/s的水平速度冲上A，由于摩擦力作用，最后停止在木板A上．若从B冲到木板A上到相对木板A静止这段时间内摩擦力对长木板的冲量大小为2N·s，则A、B最后的共同速度及长木板的质量分别为（    ） A．1 m/s，1 kg B．1 m/s，2 kg C．2 m/s，1 kg D．2 m/s，2 kg 7．如图所示，足够长的小平板车B的质量为M，以水平速度v0向右在光滑水平面上运动，与此同时，质量为m的小物体A从车的右端以水平速度v0沿车的粗糙上表面向左运动。若物体与车面之间的动摩擦因数为μ，重力加速度大小为g，则在足够长的时间内（　　） A．若M>m，物体A相对地面向左的最大位移是 B．若M、m，A所受的摩擦力 Ff=μmg 对A，根据动能定理得 -μmgxA=0-mv02 则得物体A相对地面向左的最大位移 xA= 故A错误； B．若M A C 45.90（45.85~45.95） 解析：（1）[1]要验证动量守恒，就需要知道碰撞前后的动量，所以要测量两个小球的质量及碰撞前后小球的速度，碰撞前后小球都做平抛运动，速度可以用水平位移代替，所以需要测量的量为：小球a、b的质量ma、mb，记录纸上O点到A、B、C各点的距离、、。答案：BE。 （2）[2]为使入射球不被反弹，小球a的质量应该大于b； （3）[3][4]a小球和b小球相撞后，b小球的速度增大，a小球的速度减小，所以碰撞后a球的落地点距离O点最近，b小球离O点最远，中间一个点是未放b球时a的落地点，所以相碰后，小球a、b的平均落点位置依次是图中A、C点； （4）[5]由图可知OB距离应为45.90cm； （5）[6]B为碰前入射小球落点的位置，A为碰后入射小球的位置，C为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度 碰撞后入射小球的速度 碰撞后被碰小球的速度 若 mav1=mbv3+mav2 则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，整理得 13． BC/CB DE/ED 0.21 0.20 守恒 解析：（1）[1][2]A与B碰后粘在一起，速度减小，相等时间内的间隔减小，可知通过BC段来计算A的碰前速度，通过DE段计算A和B碰后的共同速度； （2）[3][4]A碰前的速度 碰后共同速度 碰前总动量 p1=m1v1=0.2×1.05=0.21kg∙m/s 碰后的总动量 p2=（m1+m2）v2=0.3×0.695=0.20kg∙m/s [5]可知在误差允许范围内，AB碰撞过程中，系统动量守恒； 点拨：本题考查动量守恒定律实验验证；解决本题的关键知道A与B碰后，速度减小，会通过纸带求解速度的大小。 14．(1)8m/s(2) F=1200N方向：向上 解析：（1） （2）离网时的速度 由动量定理，取向上为正方向 F=1200N方向：向上 15．（1），；（2）；（3）波沿x轴正向传播 解析：（1）根据题意，由甲图可知，这列波的波长为 振幅为 （2）由乙图可知，周期为 波速为 代入数据解得 （3）根据乙图可判断出时刻，质点P沿y轴负向运动，再根据图甲结合“同侧法”可知，这列波沿x轴正向传播。 16．(1), (2) 解析：（1）在0-3s内，对P，由动量定理有： F1t1+F2t2-μmg（t1+t2）=mv-0 其中F1=2N，F2=3N，t1=2s，t2=1s 解得：v=8m/s 设P在BC两点间滑行的加速度大小为a，由牛顿第二定律可得：μmg=ma P在BC两点间做匀减速直线运动，有：v2-v12=2aL 解得：v1=7m/s （2）设P与Q发生弹性碰撞后瞬间的速度大小分别为v1′、v2′，取向右为正方向，由动量守恒定律和动能守恒有： mv1=mv1′+mv2′ mv12=mv1′2+mv2′2 联立解得：v2′=v1=7m/s 碰后Q做匀减速直线运动，加速度为：a′=μg=2m/s2 Q运动的时间为：