2025年山东省淄博市中考物理模拟试卷

这是一份2025年山东省淄博市中考物理模拟试卷，共18页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.如图所示，电子鞭炮能发出模拟火药鞭炮的声音，音量大小可以调节，相比火药鞭炮更加环保、安全。下列关于电子鞭炮声的说法正确的是( )
A. 只能在空气中传播
B. 相同条件下，比火药鞭炮声的声速大
C. 和火药鞭炮声的音色相似
D. 调大音量的过程，音调升高
2.科技发展和社会进步离不开人们对能量、能源的深刻认识。小佳在假期游玩途中，根据所观察到的现象的理解正确的是( )
A. 电能是当今社会的核心能源，来源广阔，是可再生能源
B. 能量在转移和转化过程中总量保持不变，所以无需节约能源
C. 新能源汽车在发展过程中的能量转化效率最终可以达到100%
D. 太阳能路灯白天将太阳能转化为电能，再将电能转化为化学能储存起来
3.如图是郑州四高的校园美景。八角楼依水而建，廊边建造假山、种植绿树，水中养殖金鱼……在岸边观景时( )
A. 八角楼的倒影是由光的直线传播形成的
B. 水中“假山”是由光的反射形成的
C. 水中“绿树”是由光的折射形成的
D. 看到的水中“金鱼”是实像
4.如图甲所示，将一个每个面粗糙程度均相同的长方体铁块分别平放、立放在水平桌面上，它对桌面的压强分别是p1和p2。如图乙所示，用水平推力推动它在桌面上匀速直线运动时，推力大小分别为F1和F2。下列关于压强和推力的关系正确的是( )
A. p1=p2 F1>F2B. p1”“=”或“2f，即15cm>f>7.5cm，故C错误；
D、蜡烛燃烧变短，根据过光心的光线传播方向不变可知，所成的像会向上移动，故D错误。
故选：B。
7.【答案】C
【解析】A.由图丙得，0～3s内木箱保持静止，受力平衡，故木箱受到的推力等于摩擦力，故A错误；
BC.由图丙得，9～12s内木箱做匀速直线运动，木箱受到的滑动摩擦力等于推力，由图乙得，此时木箱受到的摩擦力等于6N，方向是水平向左；
3～6s内木箱加速，木箱对水平面的压力不变，接触面粗糙程度不变，受到的滑动摩擦力不变，为6N，故B错误，C正确；
D.撤去推力，木箱由于惯性保持原来的运动状态，会继续向前运动一段距离，不会立即停下来。故D错误。
故选：C。
8.【答案】D
【解析】AC、惯性的大小只与物体的质量有关，马的拉力改变时，或马车运动得越快，马车的惯性大小都不变，故AC错误；
B、撤去拉力后，马车仍具有惯性能继续向前运动，但不能说是受到惯性的作用，故D错误。
D、一切物体都有惯性，车无论是否受力，马车都具有惯性，故D正确。
故选：D。
9.【答案】B
【解析】①车身和砖头的总重不变，对应的力臂不变，由杠杆平衡条件可知，为了抬起车更省力一些，即F小一些，可以增大F的力臂，因此手抓握的位置可以离支点远一些，故①正确；
②由图乙可知，F的力臂为OB=OA+AB=0.4m+0.8m=1.2m，G的力臂为OA，由杠杆平衡条件可知：F×OB=G×OA，代入数据有：F×1.2m=1200N×0.4m，解得则竖直向上的力F=400N，故②正确；
③由杠杆平衡条件可知，只有当竖直向上的力F的力臂是车身和砖头总重力G的力臂的两倍时，车上装入不同数量的砖头，抬起时竖直向上的力才是车身和砖头总重力的一半，但由于竖直向上的力F的力臂是车身和砖头总重力G的力臂的3倍，此关系不成立，故③错误。
④惯性与质量有关，与速度无关，上坡前建筑工人加快速度没有增大惯性，故④错误。
故选：B。
10.【答案】C
【解析】根据题意可以知道，四个车门中只要有一个门没关好，也就是说只要一个开关断开，指示灯就发光，开关全部闭合，灯泡不发光，说明四个开关串联并与指示灯并联，为了防止短路，需要在电路中串联一个电阻，故C符合题意。
故选：C。
11.【答案】D
【解析】A、忽略空气阻力作用，篮球从a到e的运动过程只受重力，机械能守恒，故A不符合题意；
B、最高点水平方向继续运动，具有一定水平的速度，动能不为0，故B不符合题意；
C、篮球在C、D两点的高度相同，篮球的质量不变，重力势能相等，故C不符合题意；
D、由图可知，第一次抛出的上升的最高高度大于第二次抛出的上升的最高高度，第一次抛出的机械能大于第二次抛出的机械能，c、d高度相同，重力势能相同，则c点的动能大于d点动能，即c点速度大于d点速度，故D符合题意。
故选：D。
12.【答案】D
【解析】A.因为白天时，光敏电阻的阻值随光照强度的增加而减小，由I=UR可知，白天流过R0的电流比夜晚大，故A错误；
B.白天灯熄，夜晚灯亮；白天通过电磁铁的电流较大，电磁铁的磁性较大，衔铁被吸下，路灯断路；夜晚通过电磁铁的电流较小，电磁铁的磁性较小，衔铁被放开，路灯通路，则给路灯供电的电源应接在“a、b”两端，故B错误；
C.要让路灯在天更暗的时候才发光，此时光敏电阻的阻值更大，此时衔铁才被吸下，此时控制电路的电阻达到衔铁被吸下时的电阻，由串联电路中电路的电阻特点得，此时应将电阻R调小些，故C错误；
D.电源电压减小后，当衔铁被吸下时，控制电路的电流不变，由欧姆定律得，此时电路的电阻变小，变阻箱的电阻不变时，光敏电阻的阻值变小，光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，则此时光照强度较强，即傍晚时路灯比原来早一些亮，故D正确。
故选：D。
13.【答案】B
【解析】由图甲可知，电阻R0与气敏电阻R串联，电流表测串联电路的电流，电压表测气敏电阻两端的电压；
A.气敏电阻是由半导体材料制成的，故A错误；
B.由图乙可知，当污染物浓度增大时，气敏电阻的阻值减小，电源电压不变，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，即电流表示数变大，故B正确；
C.电路中电流增大，根据U=IR可知，电阻R0两端的电压增大，由串联电路电压的关系可知，气敏电阻两端的电压减小，即电压表示数减小，故C错误；
D.由于当污染物浓度增大时，污染物浓度监测表的示数增大，由以上分析可知，污染物浓度监测表是电流表改装而成的，故D错误；
故选：B。
14.【答案】D
【解析】A.我国的照明电压是220V，电能表上的220V表示适用于220V电路，故A错误；
B.保险丝的熔点较低，能在电流过大时熔断以保护电路。铁丝电阻低、熔点高，不能在电流过大时自动切断电路无法起到保险作用，故B错误；
C.三孔插座应符合“左零右火上地”的标准接线，图中三孔插座符合安全用电原则，故C错误；
D.开关应控制火线(a端接火线)，以确保断开时灯具不带电，符合安全用电原则。b端接零线形成回路，故D正确。故选：D。
15.【答案】D
【解析】A、由图甲可知，该电能表此时示数为6628.2kW⋅h，故A错误；
B、当开关S1闭合、S2断开时，只有R1工作，电路中的总电阻最大，总功率最小，电热水器处于保温挡，
则保温挡的电功率：P保=U2R1=(220V)288Ω=550W，故B错误；
C、电热水器保温挡正常工作10min，产生的热量：Q=W=P保t=550W×10×60s=3.3×105J，故C错误；
D、当开关S1、S2都闭合时，R1、R2并联，电路中的总电最小，总功率最大，电热水器处于加热挡，
则电热水器加热挡的功率：P加=U2R1+U2R2=(220V)288Ω+(220V)288Ω=1100W，
电热水器正常加热6min消耗的电能：W=P加t'=1100W×6×60s=3.96×105J=0.11kW⋅h，
图甲中电能表3200imp/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的指示灯闪烁3200次，
则电热水器正常加热6min，电能表指示灯闪烁的次数：n=0.11kW⋅h×3200imp/(kW⋅h)=352imp，故D正确。故选：D。
16.【答案】70 2×108 5.6×106
【解析】(1)G=m陶瓷g=7kg×10N/kg=70N，
漂浮的物体受到的浮力等于其重力，所以陶瓷薄板漂浮时受到的浮力F浮等于其重力G，即F浮=70N；
(2)5kg燃料完全燃烧放出的热量为：
Q放=mq=5kg×4×107J/kg=2×108J；
(3)薄板吸收的热量为：
Q吸=c陶瓷m陶瓷Δt=1×103J/(kg⋅℃)×7kg×(820℃-20℃)=5.6×106J。
故答案为：70；2×108；5.6×106。
17.【答案】导体 负 得到
【解析】雷击时，云层电荷累积，雷公柱与云层间的空气被击穿，带电云层通过空气与雷公柱和大地形成通路。此时的空气容易导电，是导体；
若瞬时电流的方向是从大地到云层，则云层带负电，说明云层在摩擦过程中得到电子。
故答案为：导体；负；得到。
18.【答案】并联 0.5A 0.5A 6
【解析】由电路图可知，两灯泡并列连接，即并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L1支路的电流；
由乙图可知，电流表A2的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，A2表的读数为0.5A，即L1支路的电流I1=0.5A；
根据并联电路的电流特点可知A1的示数应大于A2的示数，而图中A1表指针偏转的角度小于A2表指针偏转的角度，
所以，电流表A1的量程应为0～3A，分度值为0.1A，其示数为1A，即干路电流I=1A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以流过灯L2的电流I2=I-I1=1A-0.5A=0.5A；
因并联电路各支路两端电压相等，则根据欧姆定律可得电源电压：U=I2R2=0.5A×12Ω=6V。
故答案为：并联；0.5A；0.5A；6。
19.【解析】连接A点与眼睛，与水面的交点即为入射点O，连接点O与眼睛即是折射光线，连接BO就是入射光线，如图所示：
光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，人在空气中逆着光的传播方向看到鱼的像会比鱼本身偏高一点，所以A是鱼的虚像点，B是鱼的位置，据此作图。
20.【答案】温度； a； 相等；甲
【解析】(1)根据图象得出：液体沸腾时的特点：继续加热，温度保持不变；
(2)已知a、b两种液体的质量相同，根据图象可知：a、b两种液体沸腾前，a、b两种液体升高相同的温度，吸收热量不同，a比b吸收的热量多，则a的比热容大于b的比热容，液体a更适合作为冷却剂；
(3)利用上述装置探究不同燃料燃烧时放出的热量与燃料种类的关系。根据控制变量法可知要控制燃料的质量相等然后比较放出的热量的多少，由于燃烧时放出的热量是通过比较容器里的液体吸收的热量的多少判断的，所以图丁的相同装置中，向容器内倒入的液体种类、质量都相同，所以，由于图丁的相同装置的容器内倒入的液体是液体a，所以与其比较的装置中的液体种类相同、质量相等，所以，燃烧相同质量的燃料后应与图甲所示的实验相比较。
故答案为：(1)温度；(2)a；(3)相等；甲。
21.【答案】向外凸；重力；流动； 高度差；深度； <
【解析】(1)玻璃管底端橡皮膜向外凸，表明液体对容器底部有压强，这是由于液体受到重力的作用；
侧壁的橡皮膜也向外凸出，表明液体对容器侧壁也有压强，这是由于液体具有流动性而产生的；
(2)实验中采用转换法，通过两侧液面高度差来反映探头受到的压强大小；
由图2(a)和(b)可知，探头在水中深度越深，U形管两边液面高度差越大，说明液体压强越大，说明同种液体内部压强与深度有关；
(3)依题意得，水与盐水到橡皮膜的深度相同，橡皮膜内凹，说明盐水对橡皮膜产生的压强较大。
故答案为：(1)向外凸；重力；流动；(2)高度差；深度；(3)