2025年高考江苏卷物理真题（解析版）

这是一份2025年高考江苏卷物理真题（解析版），共14页。试卷主要包含了单项选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
物理
本试卷满分100分，考试时间75分钟
一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分。每题只有一个选项最符合题意。
1. 新能源汽车在辅助驾驶系统测试时，感应到前方有障碍物立刻制动，做匀减速直线运动。内速度由减至0。该过程中加速度大小为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】根据加速度的定义式，根据题意可知，解得
故加速度大小为。
故选C。
2. 用图示可拆变压器进行探究实验，当变压器左侧的输入电压为时，若右侧接线柱选取“0”和“4”，右侧获得输出电压．则左侧接线柱选取的是（ ）

A. “0”和“2”B. “2”和“8”
C. “2”和“14”D. “8”和“14”
【答案】A
【解析】
【详解】根据变压器电压与匝数的关系，带入数据
解得。故变压器左侧接入的匝数是匝，即左侧接线柱线圈应选取“0”和“2”。
故选A。
3. 某“冰箱贴”背面磁性材料磁感线如图所示，下列判断正确的是（ ）
A. a点的磁感应强度大于b点B. b点的磁感应强度大于c点
C. c点的磁感应强度大于a点D. a、b、c点的磁感应强度一样大
【答案】B
【解析】
【详解】 磁感应强度的空间分布可通过磁感线疏密程度表征，线密度越高对应B值越大，故可知。
故选B。
4. 游乐设施“旋转杯”的底盘和转杯分别以、为转轴，在水平面内沿顺时针方向匀速转动。固定在底盘上。某时刻转杯转到如图所示位置，杯上A点与、恰好在同一条直线上。则（ ）
A. A点做匀速圆周运动
B. 点做匀速圆周运动
C. 此时A点的速度小于点
D. 此时A点的速度等于点
【答案】B
【解析】
【详解】ACD．A点参与了两种运动：绕的圆周运动（设角速度为，圆的半径为r）和相对于O的圆周运动（设角速度为，圆O的半径为R），所以A点的合运动为非圆周运动（轨迹为旋轮线），故A错误；从图可知此刻A点运动至延长线，且位于线段外侧，故此时A的速度为，大于此时的速度，故CD错误。
B．根据题意可知固定在底盘上，即点仅绕O点做匀速圆周运动，故B正确；
故选B。
5. 如图所示．将开关S由a拔到b，使电容器C与线圈L构成回路。以电容器C开始放电取作0时刻，能正确反映电路中电流i随时间t变化关系的图象是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】A．根据题意可知，将开关调到时，电容器和线圈构成LC振荡回路，电流为周期性迅速变化的振荡电流。故A正确。
BCD：初始阶段:电容器放电，且上极板带正电，则放电电流为逆时针（定义正向），且电流越来越大，能量转化方式为：电场能→磁场能；
周期：电流达到正向最大值时，电容器电量降为0，电容器充电，电流逐渐减小，电流降为0时，充电完成，能量转化方式为：磁场能→电场能；
周期：此时电容器下极板带正电，电容器开始反向放电，电流方向为顺时针，且电流越来越大，能量转化方式：磁场能→电场能；
后续振荡：能量持续在电场磁场间相互转化，完成完整电磁振荡周期，由于电磁辐射和电路耗散，峰值电流逐渐减小。故BCD错误。
故选A。
6. 如图所示，取装有少量水的烧瓶，用装有导管的橡胶塞塞紧瓶口，并向瓶内打气。当橡胶塞跳出时，瓶内出现白雾。橡胶塞跳出后，瓶内气体（ ）
A. 内能迅速增大B. 温度迅速升高
C. 压强迅速增大D. 体积迅速膨胀
【答案】D
【解析】
【详解】在橡胶塞跳出时，气体体积急速增大（），瓶内气体对外做功（），而该过程持续时间极短（），近似绝热条件，根据热力学第一定律，因，→而气体内能减小表现为温度降低，根据理想气体状态方程，T↓ 且 V↑ → P↓时气体压强减小。
故选D。
7. 如图所示，一束激光射入肥皂泡后（入射激光束未在图中标出），肥皂膜内出现一亮环。肥皂膜内的激光（ ）
A. 波长等于亮环的周长
B. 频率比在真空中的大
C. 在肥皂膜与空气的界面上发生衍射
D. 在肥皂膜与空气的界面上发生全反射
【答案】D
【解析】
【详解】A．根据光的传播特点：频率在介质中保持不变（由光源决定），所以激光波长与亮环的周长无关，故A错误，
B．根据波长公式（n为介质折射率，为光在真空中的波长），所以频率与在真空中一样大，故B错误；
CD．激光打进一个肥皂泡，发现在肥皂泡内出现一个亮环，是因为激光在空气与肥皂膜分界面处发生了全反射，而不是发生衍射，因为光的衍射现象产生的是明暗相间的条纹。故C错误，D正确。
故选D。
8. 一定质量的理想气体，体积保持不变。在甲、乙两个状态下，该气体分子速率分布图像如图所示。与状态甲相比，该气体在状态乙时（ ）

A. 分子的数密度较大
B. 分子间平均距离较小
C. 分子的平均动能较大
D. 单位时间内分子碰撞单位面积器壁的次数较少
【答案】C
【解析】
【详解】AB．根据题意可知，甲乙状态的气体均为相同质量的理想气体，且体积相同，所以分子密度相同、分子的平均距离相同，故AB错误；
CD．根据分子速率分布特征可知，乙状态曲线表明：高速分子数占比增加，根据分子速率的统计规律：温度↑→分子平均动能↑→高速分子比例↑，可知乙状态下气体温度更高，则平均动能大，故C正确；而甲乙状态的气体密度相等，则单位时间内撞击容器壁次数较多，故D错误。
故选C。
9. 如图所示，平行金属板与电源连接。一点电荷由a点移动到b点的过程中，电场力做功为W。现将上、下两板分别向上、向下移动，使两板间距离增大为原来的2倍，再将该电荷由a移动到b的过程中，电场力做功为（ ）
A B. WC. D.
【答案】A
【解析】
【详解】根据题意可知，电容器保持与电源连接，极板间电势差U恒定不变，由平行金属板场强公式：当极板间距增大为2倍时，极板间电场强度，电荷q移动相同路径L时，根据电场力做功⇒，即电场力做功为。
故选A。
10. 如图所示，弹簧一端固定，另一端与光滑水平面上的木箱相连，箱内放置一小物块，物块与木箱之间有摩擦。压缩弹簧并由静止释放，释放后物块在木箱上有滑动，滑动过程中不与木箱前后壁发生碰撞，不计空气阻力，则（ ）
A. 释放瞬间，物块加速度为零
B. 物块和木箱最终仍有相对运动
C. 木箱第一次到达最右端时，物块速度为零
D. 物块和木箱的速度第一次相同前，物块受到的摩擦力不变
【答案】D
【解析】
【详解】A．根据题意可知，释放瞬间物块与木箱有相对运动，即物块受到木箱的摩擦力，根据牛顿第二定律F=ma可知，释放瞬间物块加速度不为0，故A错误；
B．系统初始的能量仅为弹簧的弹性势能，系统能量转化形式：弹簧势能 → 动能 + 摩擦生热，当弹力减为时（此时物块和木箱之间的摩擦力为静摩擦力），物块和木箱相对静止，整体做简谐运动，
故B错误；
C．在相对滑动阶段：木箱第一次到达右端时，物块因惯性保持运动（速度≠0），共同运动阶段：系统以平衡位置为中心做简谐振动，物块与木箱同步运动。故C错误；
D．物块与木箱第一次共速前，木箱的速度大于物块的速度，且二者的速度方向均向右，则物块与木箱始终存在相对运动，因此物块受到向右的滑动摩擦力，而滑动摩擦力取决于动摩擦因数和正压力，所以保持不变，故D正确。
故选D
二、非选择题：共5题，共60分。其中第12题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
11. 小明同学探究机械能守恒定律，实验装置如图。实验时，将小钢球在斜槽上某位置A由静止释放，钢球沿斜槽通过末端O处的光电门，光电门记录下钢球的遮光时间t。用游标卡尺测出钢球的直径d，由得出其通过光电门的速度v，再计算出动能增加量。用刻度尺测得钢球下降的高度h，计算出重力势能减少量。
（1）安装实验装置的操作有：
①在斜槽末端安装光电门 ②调节斜槽在竖直平面内
③调节斜槽末端水平 ④将斜槽安装到底座上
其合理的顺序是__________（选填“A”“B”或“C”）。
A. ①②③④B. ④②③①C. ④①②③
（2）测量钢球直径的正确操作是图中__________（选填“甲”或“乙”）所示的方式。
（3）在斜槽上5个不同的位置由静止释放钢球。测量得出的实验数据见表1。已知钢球的质量，重力加速度。请将下表的数据补充完整。
表1
（4）实验数据表明，明显小于，钢球在下降过程中发生机械能的损失。小明认为，机械能的损失主要是由于钢球受到的摩擦力做功造成的。
为验证此猜想，小明另取一个完全相同的斜槽按下图平滑对接。若钢球从左侧斜槽上A点由静止释放，运动到右侧斜槽上，最高能到达B点，A、B两点高度差为H．则该过程中，摩擦力做功大小的理论值__________（用m、g、H表示）。
（5）用上图的装置，按表1中所列部分高度h进行实验，测得摩擦力做功大小。由于观察到H值较小，小明认为，AO过程摩擦力做功近似等于AB过程的一半，即。然后通过表1的实验数据，计算出AO过程损失的机械能。整理相关数据，见表2。
表2
上表中与相差明显。小明认为这是由于用近似计算不合理。你是否同意他的观点？______________请根据表2数据简要说明理由。______________
【答案】（1）B （2）甲
（3）15.7 （4）mgH
（5） ①. 同意 ②. 小球减小的重力势能有一部分转化为小球的转动动能，相差很大的原因是小球的转动动能没有计入
【解析】
【小问1详解】
实验安装步骤为基础固定： ④将斜槽安装到底座上（确保装置稳定）；空间校准： ②调节斜槽在竖直平面内（消除侧向倾斜）；关键调平：③调节斜槽末端水平（保证初速度水平）；仪器加装：①在斜槽末端安装光电门（避免调试时碰撞）。所以合理的顺序 为④②③①。
故选B。
【小问2详解】
甲图优势：卡尺量爪与球面垂直贴合，实现最大截面测量（直径获取）；乙图缺陷：量爪未有效夹持球体，存在轴向偏差（非直径测量）。所以测量钢球直径的正确操作是图甲。
故选甲。
【小问3详解】
根据公式可知，已知h=时，
减少的重力势能
【小问4详解】
初始状态（A点）：（仅有重力势能）；
最终状态（B点）：（最高点动能为零）
根据动能定理:，
化简得摩擦力做功,其中
【小问5详解】
同意，原因是机械能损失包含平动动能和转动动能两部分，近似计算仅考虑平动能量导致显著偏差。
12. 江门中微子实验室使用我国自主研发的光电倍增管，利用光电效应捕捉中微子信息。光电倍增管阴极金属材料的逸出功为，普朗克常量为h。
（1）求该金属的截止频率；
（2）若频率为的入射光能使该金属发生光电效应，求光电子的最大初动能。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
根据截止频率定义，当光子恰好等于逸出功时:
解得该金属的截止频率
【小问2详解】
本题考察光电效应方程的应用，当入射光超出逸出功部分转化为光电子动能，
所以光电子的最大初动能为
13. 如图所示，在电场强度为E，方向竖直向下的匀强电场中，两个相同的带正电粒子a、b同时从O点以初速度射出，速度方向与水平方向夹角均为。已知粒子的质量为m。电荷量为q，不计重力及粒子间相互作用。求：
（1） a运动到最高点的时间t；
（2） a到达最高点时，a、b间的距离H。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
根据题意，粒子只受电场力
根据牛顿第二定律
竖直方向初速度
达最高点时
解得
【小问2详解】
根据题意可知，两球水平方向上都做初速度为的匀速直线运动，所以两球一直在同一竖直线上，则a、b间的距离为两球竖直方向的高度差。
a球竖直上升的高度为
b球竖直方下降的高度为
则小球a到达最高点时与小球b之间的距离
14. 如图所示，在光滑水平面上，左右两列相同的小钢球沿同一直线放置。每列有n个。在两列钢球之间，一质量为m的玻璃球以初速度向右运动，与钢球发生正碰。所有球之间的碰撞均视为弹性碰撞。
（1）若钢球质量为m，求最右侧钢球最终运动的速度大小；
（2）若钢球质量为，求玻璃球与右侧钢球发生第一次碰撞后，玻璃球的速度大小；
（3）若钢球质量为，求玻璃球经历次碰撞后的动能。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
根据题意，碰撞均为弹性碰撞，根据动量守恒和机械能守恒可知,弹性碰撞过程中，发生速度互换，则最终最右侧钢球最终运动的速度大小为。
【小问2详解】
根据题意可知，碰撞为弹性碰撞，根据动量守恒定律有
根据能量守恒定律有
解得，，负号表示速度反向，
所以玻璃球与右侧钢球发生第一次碰撞后，玻璃球的速度大小为
【小问3详解】
根据题意并结合第1-2问分析可知，玻璃球和钢球之间的碰撞规律为：
（速度大小衰减为前次的，方向反向）
钢球间碰撞速度互换；
2n次碰撞后，经数学归纳得，玻璃球的速度大小为
最终动能大小
15. 圆筒式磁力耦合器由内转子、外转子两部分组成。工作原理如图甲所示。内、外转子可绕中心轴转动。外转子半径为，由四个相同的单匝线圈紧密围成，每个线圈的电阻均为R，直边的长度均为L，与轴线平行。内转子半径为，由四个形状相同的永磁体组成，磁体产生径向磁场，线圈处的磁感应强度大小均为B。外转子始终以角速度匀速转动，某时刻线圈abcd的直边ab与cd处的磁场方向如图乙所示。
（1）若内转子固定，求ab边产生感应电动势的大小E；
（2）若内转子固定，求外转子转动一周，线圈abcd产生的焦耳热Q；
（3）若内转子不固定，外转子带动内转子匀速转动，此时线圈中感应电流为I，求线圈abcd中电流的周期T。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
由题意可得，边转动的线速度为
则ab边切割磁感线产生的电动势
【小问2详解】
由图分析可知，、同步切割磁感线但感应电流方向相反
故回路中总电动势为
回路电流为
外转子周期为
则线圈旋转一周产生的焦耳热
【小问3详解】
当内转子被外转子带动同步匀速旋转时：线圈中存在稳定电流I
则感应电动势满足欧姆定律为
又根据电磁感应原理
解得相对切割速度
由于磁场极性周期性变化，电流方向每半周翻转一次，方向切换时间间隔：
则电流变化周期为4.00
5.00
6.00
7.00
8.00
4.90
6.25
7.45
8.78
10.0
7.84
9.80
11.8
13.7
_______
4.00
5.00
6.00
7.00
2.94
3.55
4.35
4.92
0.98
1.08
1.18
1.27