北京市2024_2025学年高二物理上学期10月月考试卷鸭含解析

这是一份北京市2024_2025学年高二物理上学期10月月考试卷鸭含解析，共21页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1. 在静电场中有a、b两点，试探电荷在两点的静电力F与电荷量q满足如图所示的关系，请问a、b两点的场强大小关系是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】根据电场力公式
可知图像的斜率表示电场强度，由图可知a点所在直线的斜率大于b点所在直线的斜率，则
由于无法比较a点所在直线的斜率与b点所在直线的斜率的两倍大小，无法判断与的大小关系。
故选D。
2. 有两段电阻丝是由同种材料制成的。它们的质量相同，它们的长度之比。将它们串联在电路中，则它们两端的电压之比为（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】同种材料的电阻丝，由于它们的质量相同，所以它们的体积也是相同的，由于长度之比
所以它们的截面积之比为
根据电阻定律
可得电阻之比为
当它们串联在电路中时，电流相同，根据欧姆定律可得

故选B。
3. 如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧。对矿粉分离的过程，下列表述正确的有（ ）
A. 带正电的矿粉落在右侧
B. 电场力对矿粉做负功
C. 带负电的矿粉电势能变大
D. 带正电的矿粉电势能变小
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知，矿料分选器内的电场方向水平向左，带正电的矿粉受到水平向左的电场力，所以会落到左侧，故A错误；
B．无论矿粉带什么电，在水平方向上都会在电场力的作用下沿电场力的方向偏移，位移与电场力的方向相同，电场力做正功，故B错误；
CD．由于电场力对正负电荷均做正功，故正负电荷的电势能增均变小，故C错误，D正确。
故选D。
4. 如图所示，用金属网把不带电的验电器罩起来，再使带电金属球靠近金属网，则下列说法正确的是（ ）
A. 验电器的箔片张开
B. 金属球带电荷足够多时验电器的箔片才会张开
C. 金属网罩内部电场强度为零
D. 金属网罩不带电
【答案】C
【解析】
【详解】AB．用金属网把验电器罩起来，由于金属网罩的静电屏蔽，再使带电金属球靠近验电器，箔片不张开。故AB错误；
C．静电屏蔽时，金属网罩内部电场强度为零，故C正确；
D．由于静电感应，金属网罩外表面靠近带正电金属球的一端带负电，金属网罩外表面远离带正电金属球的一端带正电，故D错误。
故选C。
5. 研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如图所示，下列说法正确的是( )
A 实验前，只用带电玻璃棒与电容器a板接触，能使电容器带电
B. 实验中，只将电容器b板向上平移，静电计指针的张角变小
C. 实验中，只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针的张角变大
D. 实验中，只增加极板带电量，静电计指针的张角变大，表明电容增大
【答案】A
【解析】
【详解】A、当用带电玻璃棒与电容器a板接触，由于静电感应，从而在b板感应出等量的异种电荷，从而使电容器带电，故选项A正确；
B、根据电容器的决定式：，将电容器b板向上平移，即正对面积S减小，则电容C减小，根据可知， 电量Q不变，则电压U增大，则静电计指针的张角变大，故选项B错误；
C、根据电容器的决定式：，只在极板间插入有机玻璃板，则介电系数增大，则电容C增大，根据可知， 电量Q不变，则电压U减小，则静电计指针的张角减小，故选项C错误；
D、根据可知， 电量Q增大，则电压U也会增大，则电容C不变，故选项D错误．
点睛：本题是电容器动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是电容与哪些因素有什么关系．
6. 均匀带电绝缘圆环电荷量为，半径为。现使圆环绕如图所示过圆心的轴以线速度匀速转动，则圆环转动产生的等效电流为（ ）

A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】圆环转动的周期
圆环转动产生的等效电流
故选D。
7. 超级电容器是指介于传统电容器和充电电池之间的一种新型储能装置。与传统电容器相比，它具有充电时间短、储存电能多、放电功率大、使用寿命长等特点。如图为一款超级电容器，其标有“2.7V 3000F”。关于它的说法中正确的是（ ）
A. 电容器可以储存电荷，且电荷量越多电容越大
B. 加在这个电容器两端电压低于2.7V时它就不能工作
C. 这个电容器充电时，两极板间的电场强度增大
D. 若这个电容器两端的电压变化1V，则它所带的电荷量变化3C
【答案】C
【解析】
【详解】A．电容器可以储存电荷，电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，其大小与电压和电量无关。故A错误；
B．电容器的额定电压为2.7V，说明工作电压不超过2.7V，可以小于2.7V，加在这个电容器两端的电压低于2.7V时它能工作。故B错误；
C．这个电容器充电时，板间的电压增大，距离不变，根据
可知，两极板间的电场强度增大。故C正确；
D．若这个电容器两端的电压变化1V，根据
解得
则它所带的电荷量变化3000C。故D错误。
故选C。
8. 如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹。粒子先经过点，再经过点，以下正确的是（ ）
A. 粒子在点的加速度大于在点的加速度
B. 该带电粒子应该带负电
C. 点的电势低于在点的电势
D. 粒子在点的电势能小于在点的电势能
【答案】A
【解析】
【详解】A．实线表示电场线，电场线的疏密表示电场强度的大小，所以N点的电场强度大于M点的电场强度，粒子只受电场力的作用，根据牛顿第二定律可知，粒子在N点的加速度大于在M点的加速度，故A正确；
B．带电粒子的轨迹向下弯曲，则带电粒子所受的电场力沿电场线切线向下，可知粒子带正电，故B错误；
C．沿着电场线的方向，电势逐渐降低，因此M点的电势高于N点电势，故C错误；
D．粒子先经过M点，再经过N点，由于电场力方向与轨迹之间的夹角是锐角，可知电场力做正功，电势能减小，粒子在M点的电势能大于在N点的电势能，故D错误。
故选A。
9. 如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器组成的，已知灵敏电流表的满偏电流，内电阻，则下列说法正确的是（ ）
A. 甲表是安培表，R增大时量程增大
B. 乙表是安培表，R增大时量程增大
C. 在甲图中，若改装成的安培表的量程为，则
D. 在乙图中，若改装成的电压表的量程为3V，则
【答案】D
【解析】
【详解】A．甲由一个灵敏电流表G和一个变阻器R并联，利用并联电阻的分流，改装成安培表。安培表的量程
可知当R增大时，量程I减小，故A错误；
B．乙由一个灵敏电流表G和一个变阻器R串联，利用串联电阻的分压，改装成伏特表，伏特表的量程
故B错误；
C．由公式
知，在甲图中，若改装成的电流表的量程为，则
故C错误；
D．由公式
知，在乙图中，若改装成的电压表的量程为，则
故D正确。
故选D。
10. 某种负离子空气净化原理如图所示。由空气和带负电的灰尘颗粒物（视为小球）组成的混合气流进入由一对平行金属板构成的收集器。在收集器中，空气和带电颗粒沿板方向的速度保持不变。在匀强电场作用下，带电颗粒打到金属板上被收集，不考虑重力影响和颗粒间相互作用。颗粒在垂直板方向所受阻力与其相对于空气的速度方向相反，大小为，其中为颗粒的半径，为常量。假设颗粒在金属板间经极短时间加速达到最大速度。已知颗粒的电荷量与其半径的二次方成正比，进入收集器的均匀混合气流包含了直径为和的两种颗粒，若的颗粒恰好被收集，则的颗粒被收集的百分比为（ ）
A. 75%B. 55%C. 45%D. 20.25%
【答案】C
【解析】
【详解】设金属板长度为，间距为，则水平方向有
带电荷量的颗粒恰好被收集，颗粒在金属板间经极短时间加速达到最大速度，竖直方向有
，
的颗粒带电荷量为
竖直方向有
，
联立解得
则的颗粒被收集的百分比为
故选C。
二、多选题（本部分共5题，每题3分，共15分。在每题给出的四个选项中，有的题只有一个选项是正确的，有的题有多个选项是正确的。全部选对的得3分，选不全的得2分）
11. 如图中实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面。1、2和3点处电场强度大小分别为、和，电势分别为、和。下列说法正确的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】AC
【解析】
【详解】AB．电场线的疏密表示电场的强弱，则从图中可知，1、2和3点处电场线依次不断变疏，则有
故A正确，B错误；
CD．顺着电场线方向电势降低，所以有
故C正确，D错误。
故选AC。
12. 导体棒原来不带电，现将一个电荷量为的点电荷放在棒的中心轴线上，它距离导体棒的中心O为L，如图所示。静电力常量为k，当导体棒达到静电平衡后，下列说法正确的是（ ）
A. 棒上感应电荷只分布在其表面
B. 棒左、右两端的电势相等
C. 点电荷在O点产生的电场强度为0
D. 棒上感应电荷在O点产生的电场强度大小为
【答案】ABD
【解析】
【详解】A．棒上感应电荷只分布在其表面，选项A正确；
B．达到静电平衡时，导体棒是等势体，则棒左、右两端的电势相等，选项B正确；
CD．达到静电平衡时，O点的合场强为零，点电荷在O点产生的电场强度与感应电荷在O点的场强等大反向，则棒上感应电荷在O点产生的电场强度大小为
选项C错误，D正确。
故选ABD。
13. 如图所示，a、b两点间的电压为9V，三个电阻的阻值分别为R1=R2=6Ω、R3=3Ω。下列说法正确的是（ ）
A. R1、R2、R3两端的电压之比为1：1：1
B. R1、R2、R3消耗电功率之比为1：1：2
C. 在相等的时间内，通过R1、R2、R3的电荷量之比为2：2：1
D. 在相等的时间内，R1、R2、R3产生的焦耳热之比为1：2：2
【答案】AB
【解析】
【详解】A.电路中的总电阻为
电路中电流
则R3两端电压
U3=IR3=1.5×3V=4.5V
并联部分两端电压为
所以R1、R2、R3两端的电压之比为1：1：1，故A正确；
B.根据公式
可知R1、R2、R3消耗的电功率之比为1：1：2，故B正确；
C.根据
可知通过R1、R2、R3的电流之比为1：1：2，又根据
可知在相等的时间内，通过R1、R2、R3的电荷量之比为1：1：2，故C错误；
D.根据
可知在相等的时间内，R1、R2、R3产生的焦耳热之比为1：1：2，故D错误。
故选AB。
14. 扫地机器人是智能家用电器的一种，它利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫，如图表所示为某款扫地机器人的铭牌标有的数据，则该扫地机器人（ ）
A. 工作额定电流为2A
B. 以额定功率工作时，每分钟消耗电能为2400J
C. 以额定电压工作时，电机的内阻为10Ω
D. 电池充满电后储存的总电荷量为5000C
【答案】AB
【解析】
【详解】A．由铭牌标有的数据可知工作额定电流为
故A正确；
B．以额定功率工作时，每分钟消耗电能为
故B正确；
C．由于扫地机器人是非纯电阻负载，所以以额定电压工作时，应满足
可得
故C错误；
D．电池充满电后储存的总电荷量为
故D错误。
故选AB。
15. 金属自由电子气理论认为金属中的自由电子好像气体分子一样，总是在不停地做无规则热运动，由于自由电子会与金属离子发生碰撞，其在金属中的运动轨迹是“曲折”的路线，当存在外加电场E时，自由电子在杂乱无章的热运动基础上会叠加一个沿电场力方向的定向移动，如图所示，大量自由电子沿同一方向的定向移动形成了宏观的电流，通常情况下，电流稳定时，自由电子定向移动的速率约为，自由电子热运动的速率约为，可以将金属导电问题简化为下述过程：自由电子每次与金属离子碰撞后，定向移动速率变为0；接着自由电子在电场力的作用下重新加速获得定向移动速度，直到再次与金属离子发生碰撞，根据以上信息，下列说法正确的是（ ）
A. 相较于自由电子的定向移动速率，热运动速率对碰撞频率影响更大
B. 相较于自由电子的热运动速率，定向移动速率对碰撞频率影响更大
C. E恒定时，若碰撞频率升高，金属中自由电子定向移动形成的电流不变
D. E恒定时，若碰撞频率升高，金属中自由电子定向移动形成的电流变小
【答案】AD
【解析】
【详解】AB．自由电子热运动的速率约为，自由电子定向移动的速率约为，由于
则说明热运动更容易发生碰撞，即相较于自由电子的定向移动速率，热运动速率对碰撞频率影响更大，B错误，A正确；
CD．E恒定时，碰撞频率升高，则单位时间自由定向移动量减少，自由电子定向移动形成的电流变小，C错误，D正确。
故选AD。
三、实验题（本部分共2题，共15分）
16. 某同学用电流传感器和电压传感器研究电容器的放电情况，按如图连接电路，实验时，先将开关S与1端相连，待电路稳定后，将开关掷向2端，传感器将信息传入计算机，屏幕上可以显示出电流、电压随时间变化的图线、图线。
（1）由如图可知，传感器2应为______传感器（选填“电流”或“电压”）；
（2）计算机屏幕上显示的图线可能为如图中的______，图线可能为如图中的______；
A．B．C．D．
（3）结合屏幕显示的图线、图线信息，可以估算出______。
A．电容器的电容 B．电容器储存的电荷量
【答案】 ①. 电压 ②. B ③. D ④. AB##BA
【解析】
【详解】（1）[1]传感器2与电阻R并联，应为电压传感器。
（2）[2][3]随着电容器放电，电容器电荷量减小，由
可知电容器两端电压减小，电阻R保持不变，故放电流传感器、电压传感器示数均减小，故图像选B，图像选D。
（3）[4]根据图像的面积可以估算出电量，根据电容定义式
可以算出电容，故选AB。
17. 在“测量金属丝的电阻率”的实验中，实验小组的同学测量一段阻值约为5Ω，均匀金属丝的电阻率。
(1)用螺旋测微器分别在三个不同的位置测量金属丝的直径，某次示数如图所示，该次测量值为______mm；
(2)实验小组的同学采用如图所示的电路图，用伏安法测金属丝的电阻Rx，现有电源（电动势为3.0V，内阻可忽略不计），开关和导线若干，以及下列器材：
A．电压表V1（量程0～3V，内阻约3kΩ）
B．电压表V2（量程0～15V，内阻约15kΩ）
C．电流表A1（量程0～3A，内阻约0.025Ω）
D．电流表A2（量程0～0.6A，内阻约0.125Ω）
E．滑动变阻器R1（0～5Ω，3A）
F．滑动变阻器R2（0～1000Ω，0.5A）
①为减小测量误差，在实验中，电压表应选用______，电流表应选用______，滑动变阻器应选用______；（选填各器材前的字母）
②图是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，请根据图的电路图，补充完成图中实物间的连线______；
(3)测量出金属丝直径为d、长度为L，电压表示数为U，电流表示数为I，则该金属丝电阻率测量值的表达式ρ=______，考虑电流表和电压表内阻引起的误差，该测量值______真实值（选填“大于”或“小于”）；
(4)在测量另一根阻值未知的金属丝电阻率时，实验小组的同学将电流表换成了量程为0～100mA的毫安表，依据上图连接了电路，调整滑动变阻器R后保持R的阻值不变，然后，将电压表右侧导线分别接在M点和N点，读出相应的电压表和毫安表示数，记录在表格中，根据这两组数据，同学们认为将电压表右侧导线接在M点比接在N点实验误差更小，请判断他们得出的结论是否正确，并说明理由。______
【答案】 ①. 0.550##0.551##0.549 ②. A ③. D ④. E ⑤. ⑥. ⑦. 小于 ⑧. 见解析
【解析】
【详解】(1)[1]金属丝的直径为
(2)[2]因为电动势为3.0V，为减小测量误差，在实验中，电压表应选用A；
[3]金属丝的最大电流约为
电流表选择D；
[4]为了方便调解电路，滑动变阻器选择E；
[5]因为
所以采用电流表外接法；测量金属的电阻率时电流表和电压表必须从零开始调解，所以滑动变阻器采用分压接法， 实物图连线如下图所示
(3)[6]根据电阻定律
根据欧姆定律
又因为
解得
[7]由于电压表分流，电流表的测量值偏大，电阻率的测量值偏小，所以测量值小于真实值；
(4)[8]该小组同学的结论正确。对电压表右侧导线接在M点和接在N点进行比较，电压表示数的相对变化为
电流表示数的相对变化为
可见电压表变化明显，是小电阻，采用外接法较小，所以将电压表右侧导线接在M点误差小。
四、计算题（本部分共5题，共40分）
18. 如图所示，在匀强电场中，A、B为同一条电场线上的两点。已知电场的电场强度大小，A、B两点之间的距离。
（1）求A、B两点之间的电势差UAB；
（2）将电荷量的试探电荷沿电场线由A点移至B点，求在此过程中静电力对试探电荷所做的功W。
【答案】(1)；(2)
【解析】
【分析】
【详解】(1)A、B两点间的电势差
(2)静电力所做的功
19. 如图所示，电源电压恒为U=6V，定值电阻R阻值20 Ω，小灯泡L的额定电压UL=4V；闭合开关后，小灯泡L正常发光，求：
（1）定值电阻R两端的电压UR；
（2）电路的电流I；
（3）L的额定功率PL；
【答案】（1）2V （2）0.1A
（3）0.4W
【解析】
【小问1详解】
根据串联电路电压关系，定值电阻R两端的电压为
【小问2详解】
对于R，根据欧姆定律可得电路的电流为
【小问3详解】
根据串联电路电流处处相等，L的电流为，则L的额定功率为
20. 如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图。电动机内电阻r=1Ω，电路中另一电阻R=20Ω，直流电压U=200V，电压表示数UV=100V。试求：
（1）通过电动机的电流；
（2）输入电动机的电功率；
（3）电动机输出的机械功率。
【答案】（1）5A；（2）500W；（3）475W
【解析】
【详解】（1）通过电动机的电流为
（2）输入电动机的电功率为
（3）电动机输出的机械功率为
21. 如图所示，粒子发射器发射出一束质量为，电荷量为的粒子（不计重力），从静止经加速电压加速后，沿垂直于电场方向射入两平行板中央，受偏转电压作用后，以某一速度离开电场。已知平行板长为，两板间距离为d，求：
（1）粒子进入偏转电场速度
（2）粒子在离开偏转电场时的纵向偏移量；
（3）粒子在离开偏转电场时的动能。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】（1）粒子在加速电场中，由动能定理得
解得
（2）粒子在偏转电场中做类平抛运动，水平方向上，有
L=v0t
竖直方向上，有
根据牛顿第二定律可得加速度为
联立解得
（3）粒子从进入偏转电场到离开偏转电场的运动过程中，由动能定理，有
解得粒子在离开偏转电场时的动能
22. 金属导体的两端加上恒定电压，导体内部会形成由稳定分布的电荷所产生的稳定的电场，它的基本性质与静电场相同。金属中的自由电子除了做无规则热运动外，还要在电场力的作用下定向移动，从而形成电流，所以金属导体的电流跟自由电子定向移动的速率有关。这些获得附加定向运动速度的电子不可避免的会与晶格上的正离子频繁地发生碰撞，这些碰撞的宏观表现可以用“电阻”衡量。为了从微观的角度研究电流和电阻，我们设某一金属导体的横截面积为S，自由电子数密度（单位体积内的自由电子数）为n，自由电子的质量为m，所带电荷量为e。
（1）在该金属导体中，若自由电子定向移动的平均速率为v，试推导电流I和自由电子定向移动平均速率v的关系。
（2）经典统计理论认为：没有电场时，金属导体中的自由电子都以很大的速度做无规则热运动，自由电子沿导线方向的速度平均值为零。在导体两端加电压之后，该段导体内的电场可视为匀强电场，金属中的自由电子受到电场力的驱动，在原热运动基础上叠加定向加速运动。在定向加速运动过程中自由电子与导体内的金属离子不断碰撞，碰撞后电子的速度发生改变，沿各方向速度均可出现，因此可以认为这些自由电子沿导线方向的平均速度又变为零。能量的转移引起晶格振动加剧，金属温度升高。碰撞阻碍了自由电子的定向运动，结果是大量自由电子定向移动的平均速度不随时间变化，这就是电阻形成的原因。
如图所示，截取长度为L的金属导体，两端所加电压为U，平均一个电子从某一次碰撞后到下一次碰撞前经过的时间为t0。试求：
a.单个电子在电场力的作用下加速一次能够获得的最大速度；
b.请利用电阻的比值定义式和金属导体的电阻定律推导该金属材料的电阻率。
（各小题的结果用题目叙述中出现的物理量符号表示）
【答案】（1）见解析；（2）a．；b．
【解析】
【详解】（1）设t时间内通过截面电量
根据电流定义式
（2）a．导线中的一个电子在电场力的作用下做匀加速直线运动，经过时间t0获得的定向运动的速率为
v=at0
根据牛顿第二定律得
联立，可得单个电子在电场力作用下加速一次能够获得的最大速度
b．自由电子在碰撞后定向速度变为0，然后再加速，自由电子与导体内金属阳离子连续两次碰撞的时间间隔为t0，则满足

解得
由题意t0时间内通过导线横截面的电荷量为
电流为
又电阻为
整理得
根据
所以
接M点
接N点
0.8
0.9
84
83