2025年江西省南昌市名校联盟中考物理二模试卷（中考模拟）

这是一份2025年江西省南昌市名校联盟中考物理二模试卷（中考模拟），共21页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.物理学是一门以实验为基础的学科，许多物理定律就是在大量实验的基础上总结出来的；但有些物理定律的建立并不是直接从实验得到的，而是在实验的基础上，通过科学推理得出的。下列定律属于这种情况的是( )
A. 光的反射定律B. 牛顿第一定律C. 欧姆定律D. 焦耳定律
2.如图所示为某摄影师拍摄的一幅白鹭站在水上的照片，网友惊叹“对影成三人”照进了现实。对此现象判断正确的是( )
A. “倒影”是光的折射形成的
B. “倒影”是白鹭等大的实像
C. “影子”是白鹭的实像
D. “影子”是光的直线传播形成的
3.打造美丽中国“江西样板”，让绿色成为江西发展最鲜明的底色。对下列美丽风景所涉及的物理知识分析合理的是( )
A. 鄱湖飞鸟舞斜阳：以空中飞行的鸟为参照物，湿地的水草是运动的
B. 井冈耸翠薪火亮：木柴燃烧放热，木柴和石油都是可再生能源
C. 庐山积雪牯岭上：山顶积雪不易熔化，积雪的内能为零
D. 篁岭晒秋农事忙：将农作物晒干，通过做功改变农作物的内能
4.如图所示，用大小相等的拉力F匀速拉动货物，下列能拉动最重货物的机械是(不计机械自重和摩擦)( )
A. B.
C. D.
二、多选题：本大题共2小题，共6分。
5.如图所示的电路中，电源电压保持不变，下列说法正确的是( )
A. 断开S1、S2，电压表V无示数
B. 断开S1、S2，电流表A无示数
C. 先闭合S1，再闭合S2，电压表V的示数变大
D. 先闭合S2，再闭合S1，电流表A的示数变小
6.2024年，我国传统节日春节正式列入人类非物质文化遗产代表作名录。如图所示，中国人会举行各种各样的活动来庆祝春节，下列说法正确的是( )
A. 包饺子：饺子皮可以捏出不同的花纹，是因为面团具有弹性
B. 放鞭炮：鞭炮燃放时其能量转化与内燃机的做功冲程相似
C. 贴春联：用铅垂线判断春联是否挂正，利用了重力的方向总是竖直向下
D. 舞狮子：演员静立在鼓面上时，演员对鼓面的压力和演员所受的重力是一对平衡力
三、填空题：本大题共9小题，共23分。
7.以下是某同学对八年级上册物理课本相关物理量的估测：课本的质量约为0.2______，课本中一张纸的厚度约是150 ______。(均填写物理量合适的单位)
8.AI智能音响支持语音对话操作功能。用户发出“大点声”的指令时，目的是改变声音的______(填写声音的特性)；音响能根据用户语音指令完成指定操作，说明声音可以传递______。
9.有“江西特饮”之称的擂茶，其制茶技艺是客家文化的瑰宝。如图所示，将晒好的茶叶、花生、芝麻等置于擂钵中，用擂棍旋转研磨成糊状物，饮用时将热水倒入擂钵冲泡。擂钵内侧的纹路是为了在研磨时增大______力；一家煮茶百家香，这是______现象。
10.如图是生活中常用的插线板，将其接入家庭电路中，将电火锅和电热水壶的插头同时插在插线板上工作，它们的连接方式是______联；再将电烤箱的插头插入插线板，闭合电烤箱开关，家里的空气开关跳闸了，原因可能是用电器______过大。
11.图中是水沸腾时气泡变化的情况，气泡在上升过程中受到水的压强______，气泡受到的浮力______。(均选填“变大”“不变”或“变小”)
12.生活中的许多规定都蕴含着科学道理。禁止高空抛物，这是由于同质量的物体，______越大，重力势能越大，下落造成的伤害越大；如图所示，禁止电动车安装遮阳伞，是因为电动车快速行驶时，伞上方空气流速大，压强______，车身不稳，易引发交通事故。
13.逐梦九天，再探苍穹。神舟二十号载人飞船成功入轨，如图甲所示，飞船与核心舱靠近对接时，为减小撞击带来的影响，需配置对接缓冲装置，简化图如图乙所示，电源的B端是______极；为增大缓冲作用，变阻器的滑片 P应向______(选填“左”或“右”)滑动。
14.图甲是“探究凸透镜成像的规律”实验装置，此时透光光屏上恰能呈现烛焰倒立、______的清晰实像；沿垂直于光具座方向吹动烛焰，使烛焰向纸内晃动，此时若在透光光屏上看到如图乙所示的像，则观察者处于位置______(选填“A”或“B”)。
15.亲爱的同学，你会使用以下基本仪器吗？
(1)温度计是根据液体______的性质制成的，如图1所示的温度计示数是______ ∘C。
(2)如图2所示，用刻度尺测量物体的长度，该刻度尺的分度值是______ cm，读数方法正确的是______(选填“a”或“b”)。
(3)用弹簧测力计测量力
四、实验探究题：本大题共3小题，共21分。
16.小明洗水果时发现葡萄会沉在水底，而大枣可以漂浮在水面上，于是把它们带至学校，利用实验室的器材测量了两种水果的密度。
(1)测量葡萄的密度
①将天平放在______上，移动游码至标尺左端的“0”刻度线处，发现分度盘指针如图甲所示，此时应将横梁两侧的平衡螺母向______调节，直至指针对准分度盘中央刻度线。
②用已调好的天平测量一颗葡萄的质量，当天平平衡时，右盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，则这颗葡萄的质量为______ g。
③将葡萄用细线拴好，放入装有30mL水的量筒中，水面上升到如图丙所示的位置。根据测量结果可知葡萄的密度为______kg/m3。
④细心的同学发现，测体积时，葡萄的表面附着一些气泡，这会导致测得的葡萄的密度比真实值偏______。
(2)测量大枣的密度
用量筒测大枣的体积时发现大枣无法放入量筒内，小明想到，若大枣在一定密度的酒精溶液中处于______状态，测出酒精溶液的密度即为大枣的密度，于是配制了合适的酒精溶液，并通过以下步骤测量出该溶液的密度。
①在小烧杯中加入适量配制好的酒精溶液，用天平测量其总质量为m1。
②把小烧杯中的一部分酒精溶液倒入量筒中，量筒中酒精溶液的体积为V。
③测出小烧杯和剩余酒精溶液的总质量为m2，则大枣的密度ρ大枣=______。
17.【探究名称】探究并联电路中电流的特点
【问题】某实验小组通过实验发现串联电路中各处的电流大小相等，他们想，并联电路中各处的电流大小是否也相等呢？于是实验小组积极讨论后，决定测量如图甲所示的A、B、C、D、E、F共6处的电流大小，以探究并联电路中各处电流的大小关系。
【证据】
(1)请在图乙中用笔画线代替导线，将电路补充完整，使电流表准确测量B处的电流。
(2)根据电路图连接实物电路时，为了保证电路元件的安全，开关必须处于______状态。
(3)保持电源电压不变，更换不同规格的灯泡进行多次实验，记录收集到的数据如表所示：
该表格设计存在的不足之处是______。
【解释】分析实验数据可以得到初步结论：
(1)在并联电路中，同一支路各处的电流大小______，干路中各处的电流大小______。(均选填“相等”或“不相等”)
(2)干路与支路的电流大小关系是：干路中的电流______各支路电流之和。
【交流】分析实验数据可知，实验过程中一直没有更换规格的灯泡是______(选填“L1”或“L2”)。
18.天气干燥，容易引发呼吸道疾病，小华利用所学的物理知识为奶奶自制了一个简易加湿装置来提高房间湿度。如图所示，他将吸水毛巾一端搭在衣架上，一端浸入水中，让吸水毛巾表面一直处于湿润状态，然后用电风扇正对毛巾吹风，加速空气流通对房间进行加湿。
【问题】为弄清楚简易加湿装置的加湿能力与哪些因素有关，小华提出以下猜想：
猜想一：可能与毛巾的展开面积有关。
猜想二：可能与电风扇的风速有关。
猜想三：可能与水的温度有关。
【证据】将湿度计和图示装置放置在封闭小房间中，依次改变毛巾的展开面积、电风扇的挡位大小和水的温度，实验进行相同时间后，将房间的湿度记录在表中。每次实验前保持水盆中的水量相同，并打开窗户通风直至空气恢复到相同湿度(实验过程中用加热器使水温恒定)。
(1)毛巾上的水通过______(填物态变化)变为水蒸气散播到空气中。
(2)每次实验前打开窗户通风直至空气恢复到相同湿度的目的是：______。
【解释】
(1)分析第1、2、3次实验可知，其他条件相同时，毛巾的展开面积越______，加湿装置的加湿能力越强。
(2)分析第3、4次实验数据可初步得出结论：加湿装置的加湿能力与______有关。
(3)分析第______三次实验可知，其他条件相同时，水的温度越高，加湿装置的加湿能力越强。
【交流】
(1)小华不小心弄坏了湿度计，通过其他方法也可以得知加湿装置的加湿能力，方法是______。
(2)妈妈洗完衣服准备晾晒，想使衣服尽快晾干，结合实验结论，可以给妈妈提出的建议是：______。
五、计算题：本大题共2小题，共14分。
19.将标有“3V，1.2W”字样的小灯泡L与电阻R按如图甲所示的方式连接起来，闭合开关后，小灯泡L正常发光，电压表的示数如图乙所示。求：
(1)通过小灯泡L的电流。
(2)电源电压。
(3)通电100s，电阻R消耗的电能。
20.如图甲所示的是贴有3级能效标识的某品牌电饭锅，有加热和保温两挡，其额定电压为220V，正常工作时的加热功率为880W。简化工作电路图如图乙所示，其中R1和R2是阻值相同的发热电阻，其阻值不随温度的变化而改变。[c稀饭=4.0×103J/(kg⋅∘C)]
(1)求该电饭煲在加热挡正常工作时，电路中的电流和电阻。
(2)求该电饭煲保温挡的额定功率。
(3)加热挡时，将初温为20∘C、质量为2kg的稀饭加热到100∘C，求稀饭吸收的热量。
(4)电饭锅在加热功率下正常工作，各级能效的热效率值(电热转化效率)如表所示。若第(3)问中电饭煲正常工作耗时15min，请你通过计算判断该电饭锅的热效率值是否达到3级能效标准。
六、综合题：本大题共1小题，共8分。
21.如图所示，快递站的工人正用叉车运送货物。将质量为100kg的货物，在5s内沿水平方向匀速运送了10m，接着又在10s内把货物匀速竖直提升1m。(g取10N/kg)
(1)求货物被竖直提升的速度。
(2)货物为棱长0.5m的正方体，求这箱货物平放在水平地面时对地面的压强。
(3)整个搬运过程中，叉车对货物做了多少功？
(4)叉车的轮胎多为厚重的实心轮胎，请从物理学的角度写出一条这样设计的优点。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：光的反射定律是通过实验直接总结得出的，可通过实验观察到光线反射时反射角等于入射角等规律。欧姆定律是通过研究导体中的电流、电压和电阻的关系，经过大量实验数据测量和分析得出的。焦耳定律是通过实验探究电流通过导体产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系得出的。而牛顿第一定律表述为一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。由于现实中不存在不受力的物体，所以该定律无法通过实验直接验证，是牛顿在总结伽利略等人研究成果的基础上，经过科学推理得出的。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
科学研究中常常用到“控制变量法”、“等效替代法”、“科学推理”、“模型法”、“转换法”、“类比法”、“比较法”等方法。
此题考查了常用科学探究方法的应用，选择正确的探究方法是得出科学探究结论的基础。
2.【答案】D
【解析】解：ABC、白鹭的倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的正立等大的虚像，故ABC错误；
D、白鹭的影子，是光的直线传播形成的，故D正确。
故选：D。
(1)光在同种均匀介质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的；
(3)平面镜成正立等大的虚像。
本题通过生活中的现象，考查了光了直线传播、光的反射、平面镜成像等知识点，属光学综合题，难度不大。
3.【答案】A
【解析】解：A、以空中飞行的鸟为参照物，湿地的水草相对于空中飞行的鸟发生了位置变化，是运动的，故A正确。
B、木柴和石油都是不可再生能源，故B错误。
C、一切物体在任何时候都有内能，积雪的内能不为零，故C错误。
D、将农作物晒干，是通过热传递改变农作物的内能，故D错误。
故选：A。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
(2)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。例：化石能源(煤炭、石油、天然气)、核能。
(3)一切物体在任何时候都有内能。
(4)做功和热传递都能改变物体内能。
本题通过生活中的现象考查蕴含的物理知识，重点考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。注重了物理和生活的联系，具有较强的综合性。
4.【答案】D
【解析】解：不计机械自重和摩擦，第一个图中是定滑轮，使用它能改变力的方向，但不省力，则G1=F；
第二个图中是动滑轮，则F=12G2，即G2=2F；第三个图是杠杆，根据杠杆平衡条件可得G3×2l=F×3l，所以G3=32F；第四个图是斜面，根据功的原理知，不计机械自重和摩擦，则G4×1m=F×3m，所以G4=3F；综上可知，G4最大。
故选：D。
(1)定滑轮，使用它能改变力的方向，但不省力；动滑轮，使用它可以省一半的力；
(2)根据杠杆的平衡条件F1⋅L1=F2⋅L2分析；
(3)根据功的原理分析拉力与物体重力的关系。
本题考查定滑轮和动滑轮的特点及应用、杠杆平衡条件的应用，是一道基础题，难度一般。
5.【答案】AC
【解析】解：
AB、断开S1、S2，两灯泡串联，电流表测量电路中的电流，所以电流表有示数，由于电压表V与电源的两端不相连，电压表V无示数，故A正确，B错误；
C、先闭合S1，两灯泡串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯泡L1两端的电压，再闭合S2，灯泡L2短路，电路中只有灯泡L1，电压表测电源电压，所以电压表的示数变大，故C正确；
D、先闭合S2，两灯泡串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量电源电压，再闭合S1，灯泡L2短路，电路中只有灯泡L1，电流表测量电路中的电流，此时电路中的电阻变小，由I=UR可知电路中的电流变大，电流表的示数变大，故D错误。
故选：AC。
(1)分析开关操作过程电路的连接，确定电流表和电压表有无示数；
(2)先闭合S1，两灯泡串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯泡L1两端的电压，再闭合S2，灯泡L2短路，电路中只有L1，电压表测电源电压；
(3)先闭合S2，两灯泡串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量电源电压，再闭合S1，灯泡L2短路，电路中只有灯泡L1，电流表测量电路中的电流，由I=UR判断出电路中电流的变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律公式的灵活运用，关键是正确分析电路的连接。
6.【答案】BC
【解析】解：A、饺子皮可以捏出不同的花纹，是因为面团具有塑性，而不是弹性。塑性是指物体受力发生形变，撤去外力后不能恢复原来形状的性质，故A错误。
B、鞭炮燃放时，内部的火药爆炸，将化学能转化为内能，产生高温高压燃气，燃气对外膨胀做功，将内能转化为机械能，与内燃机的做功冲程相似，做功冲程也是将内能转化为机械能，故B正确。
C、重力的方向总是竖直向下的，铅垂线就是利用这一原理制成的。用铅垂线判断春联是否挂正，若春联与铅垂线平行，则说明春联挂正了，故C正确。
D、演员静立在鼓面上时，演员对鼓面的压力作用在鼓面上，演员所受的重力作用在演员自身上，这两个力没有作用在同一个物体上，根据平衡力的条件“作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上”可知，它们不是一对平衡力，故D错误。
故选：BC。
(1)物体在力的作用下，形状发生改变，当外力撤销后，①物体不能恢复原来的形状，这种性质叫塑性；②物体能够恢复原来的形状，这种性质叫弹性。
(2)鞭炮燃放时，内部的火药爆炸，将化学能转化为内能，产生高温高压燃气，燃气对外膨胀做功，将内能转化为机械能，内燃机的做功冲程也是将内能转化为机械能。
(3)重力的方向总是竖直向下的，铅垂线就是利用这一原理制成的。
(4)根据平衡力的条件“作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上”。
本题考查弹性与塑性，重力方向的应用及平衡力的判断，四冲程能量的转化。
7.【答案】kg μm
【解析】解：课本的质量约为0.2kg，课本中一张纸的厚度约是150μm。
故答案为：kg；μm。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，填上符合实际的单位。
一个数据在数学上如果没有单位还可以表示出其大小，但在物理上一个数据如果没有单位是没有任何意义的，结合生活常识加上一个合适的单位，物理数据才有意义。
8.【答案】响度 信息
【解析】解：声音的特性包括音调、响度和音色。音调与频率有关，频率越高，音调越高；响度与振幅有关，振幅越大，响度越大；音色与发声体的材料和结构有关，不同发声体音色不同。用户发出“大点声”的指令，是希望音响播放声音的音量变大，即改变声音的响度。
声音可以传递信息和能量。例如，人们通过说话交流传递信息，利用超声波碎石是利用声音传递能量。音响能根据用户语音指令完成指定操作，是因为它接收到了用户语音中包含的操作信息，这说明声音可以传递信息。
故答案为：响度；信息。
物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度的大小与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小。
声可以传递信息和能量。
本题考查了响度的特征，以及声与信息。
9.【答案】摩擦 扩散
【解析】解：(1)擂钵内侧的纹路，是在压力一定的情况下，通过增加接触面的粗糙程度来增大在研磨时的摩擦力；
(2)一家煮茶百家香，这是“茶香”分子扩散到空气中的结果，说明茶香的分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象。
故答案为：摩擦；扩散。
(1)增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度。
(2)不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象。
本题考查了增大摩擦力的方法和扩散现象，是一道基础题。
10.【答案】并 总功率
【解析】解：将电火锅和电热水壶的插头同时插在插线板上工作，它们的连接方式是并联；再将电烤箱的插头插入插线板，闭合电烤箱开关，家里的空气开关跳闸了，原因可能是用电器总功率过大。
故答案为：并；总功率。
家庭电路的多功能插线板上的各个插座之间互不影响，是并联的；
家庭电路中电流过大的原因有二：一是用电器的总功率过大，二是电路发生了短路。
本题考查的是家庭电路的组成方式；知道家庭电路中电流过大的原因。
11.【答案】变小 变大
【解析】解：气泡在上升过程中，所处深度减小，根据p=ρ液gh可知受到水的压强变小，气泡的体积变大，排开水的体积变大，根据F浮=ρ液gV排可知受到水的浮力变大。
故答案为：变小；变大。
气泡在上升过程中，根据p=ρ液gh判断压强的大小变化，可知气泡体积的变化，根据F浮=ρ液gV排判断浮力的大小变化。
本题考查阿基米德原理和压强的特点，关键是掌握浮力和压强的计算公式，根据公式进行分析。
12.【答案】高度 小
【解析】解：(1)同质量的物体，位置越高，具有的重力势能就越大，在下落的过程中，重力势能转化为动能，重力势能越大，则转化成的动能越大，下落造成的伤害越大，所以要禁止高空抛物。
(2)根据流体流速与压强的关系可知，流速大的地方压强小；电动车快速行驶时，阳伞上边空气流速大，压强小，下边空气流速小，压强大，产生向上的压强差、压力差，伞面被向上吸，车身不稳定，容易引发事故。
故答案为：高度；小。
(1)重力势能的大小与两个因素有关：一个是物体的质量，另一个是物体被举高的高度。
(2)流体的流速越大的位置，压强越小；流体的流速越小的位置，压强越大。
此题考查重力势能与高度的关系、流体压强和流速的关系在实际生活中的应用，既考查了学生对物理知识的掌握情况，又提高了学生的安全意识，是一道与生活联系非常密切的好题。
13.【答案】正 右
【解析】解：由图可知，条形磁铁的左端是N极，为了起到缓冲作用，电磁铁的右端应为N极，
根据安培定则可知，电流应从螺线管的右侧流入，左侧流出，所以电源的B端是正极，A端是负极；
为增强缓冲效果，滑动变阻器的滑片P应向右侧滑动，增加电路中的电流。
故答案为：正；右。
根据磁极间的相互作用规律确定螺线管的极性，再根据安培定则判定电源的正负极。
电磁铁磁性强弱的影响因素：线圈匝数多少、电流大小。
本题考查了安培定则的应用，磁极间的相互作用，影响电磁铁磁性强弱的因素，是一道综合题。
14.【答案】缩小 A
【解析】解：在如图所示的位置时，光屏上恰好得到烛焰清晰的像，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；
此时沿垂直于光具座方向吹动烛焰，根据凸透镜成实像时，从B方向看像和物体的移动方向恰好相反，从A方向，上下相反，左右相同，观察者处于位置A处。
故答案为：缩小；A。
根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；根据凸透镜成实像时，像和物体的移动方向恰好相反
本题考查了凸透镜的成像特点和应用，要掌握凸透镜成像的规律，搞清每种情况下的应用。
15.【答案】热胀冷缩；-16； 0.1；a； ①零刻度线；②轴线；③2.6
【解析】解：(1)由图1可知，温度计上10∘C至20∘C之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1∘C，即此温度计的分度值为1∘C，20在10的下面，说明温度低于0∘C，因此该温度计的示数是-16∘C；
(2)由刻度尺的使用规则可知，图2刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表0.1cm，即刻度尺的分度值为0.1cm；读数时，视线要与刻度尺的尺面垂直，故正确的读数方法是a；
(3)①使用弹簧测力计之前，应该弄清楚量程、分度值，并注意观察指针是否在零刻度线上；
②所测力的方向应与弹簧轴线保持一致，避免由于弹簧跟外壳发生摩擦而造成较大的测量误差；
③图3所示弹簧测力计的分度值为0.2N，其示数为2.6N；
故答案为：(1)热胀冷缩；-16；(2)0.1；a；(3)①零刻度线；②轴线；③2.6。
(1)使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，并注意区分温度是零上还是零下。
(2)刻度尺的分度值为相邻的刻度线表示的长度；起始端没从0开始，把起始刻度处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去起始刻度值即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(3)弹簧测力计的使用方法：
①使用前要先观察弹簧测力计的指针是否指在零刻度线上，不在零刻度线就要将指针调到零点；
②用手拉几下看看测力计的外壳与弹簧是否发生摩擦；
③注意测力计拉力的方向与弹簧的伸长是否在一条直线上；
④弹簧测力计不能超过测量范围，否则会损坏测力计；
⑤读数时，让视线和刻度面垂直。
此题主要考查一些测量仪器的读数方法，属于实验操作的基本技能。
16.【答案】①水平桌面；右；②10.6；③1.06×103；④小； 悬浮； m1-m2V
【解析】(1)①将天平放在 水平桌面上，移动游码至标尺左端的“0”刻度线处，发现分度盘指针如图甲所示，指针左偏，此时应将横梁两侧的平衡螺母向右调节，直至指针对准分度盘中央刻度线。
②用已调好的天平测量一颗葡萄的质量，当天平平衡时，右盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，游码在标尺上示数为0.6g，则这颗葡萄的质量为
m=10g+0.6g=10.6g。
③将葡萄用细线拴好，放入装有30mL水的量筒中，水面上升到如图丙所示的位置，体积
V=40mL-30mL=10mL
根据测量结果可知葡萄的密度为
ρ=mV=10.6g10cm3=1.06g/cm3=1.06×103kg/m3
④细心的同学发现，测体积时，葡萄的表面附着一些气泡，这会导致测得的葡萄的体积变大，由密度公式可知，测量的密度比真实值偏小。
(2)用量筒测大枣的体积时发现大枣无法放入量筒内，小明想到，若大枣在一定密度的酒精溶液中处于悬浮状态，由物体的浮沉条件，测出酒精溶液的密度即为大枣的密度：
①在小烧杯中加入适量配制好的酒精溶液，用天平测量其总质量为m1。
②把小烧杯中的一部分酒精溶液倒入量筒中，量筒中酒精溶液的体积为V。
③测出小烧杯和剩余酒精溶液的总质量为m2，量筒中酒精的质量为
m'=m1-m2
则大枣的密度
ρ大枣= m1-m2V
故答案为：(1)①水平桌面；右；②10.6；③1.06×103；④小；(2)悬浮； m1-m2V。
(1)①将天平放在 水平桌面上，移动游码至标尺左端的“0”刻度线处，指针左偏，此时应将横梁两侧的平衡螺母向右调节。
②得出游码在标尺上的示数，这颗葡萄的质量等于砝码的质量与游码对应的示数和。
③根据排水法得出其体积，由密度公式得出葡萄的密度。
④测体积时，葡萄的表面附着一些气泡，这会导致测得的葡萄的体积变大，由密度公式分析。
(2)悬浮时，物体的密度等于液体的密度。得出量筒中酒精的质量，由密度公式得出ρ大枣。
本题测量两种水果的密度，考查天平的使用及测量的常规方法及特殊方法。
17.【答案】见解答图； 断开； 实验表格中没有单位；【解释】 相等；相等； 等于；【交流】L1
【解析】【证据】(1)将电流表与灯泡L1串联，如下图所示：
；
(2)为了保证电路元件的安全，开关必须处于断开状态；
(3)观察分析实验记录表格中的各物理量可知，电流没有带单位，这是表格设计的不足之处；
【解释】(1)由表中数据可知，IA=IB，IC=ID，说明同一支路各处的电流大小相等；IE=IF，说明干路中各处的电流大小相等；
(2)由表中数据可知，IE=IF=IA+IC=IB+ID，说明干路中的电流等于各支路电流之和；
【交流】由表中数据可知，3次实验中通过灯泡L1的电流没有发生变化，说明在实验过程中灯泡“L1一直没有更换。
故答案为：【证据】(1)见解答图；(2)断开；(3)实验表格中没有单位；【解释】(1)相等；相等；(2)等于；【交流】L1。
【证据】(1)电流表与被测电路串联；
(2)为了保证电路元件的安全，开关必须处于断开状态；
(3)观察分析表格中的各物理量确定表格设计存在的不足之处；
【解释】根据表中数据分析回答；
【交流】根据通过灯泡“L1和“L2的电流分析回答。
本题考查了探究并联电路电流特点的实验，难度不大。
18.【答案】汽化； 控制实验的初始湿度相同，排除初始湿度对实验结果的影响；
【解释】 大； 电风扇的风速； 2、5、6；
【交流】 可以通过观察相同时间内水盆中水量的减少量来得知加湿装置的加湿能力，水量减少越多，说明加湿装置的加湿能力越强或者观察房间内物体表面(如玻璃、家具等)水汽凝结情况，相同时间内水汽凝结越多，加湿能力越强； 将衣服尽量展开，增大衣服与空气的接触面积；把衣服放在通风良好的地方，加快空气流动速度；也可以将衣服放在温度较高的地方，如阳光下或靠近暖气等位置
【解析】【证据】(1)毛巾上的水由液态变为气态水蒸气散播到空气中，这是汽化现象。
(2)每次实验前打开窗户通风直至空气恢复到相同湿度，目的是控制实验的初始湿度相同，排除初始湿度对实验结果的影响，确保实验中只有探究的因素(毛巾展开面积、电风扇风速、水的温度)会影响空气湿度的变化，使实验结果更具科学性和说服力。
【解释】(1)分析第1、2、3次实验，水的温度都是45∘C，电风扇风速都是快，毛巾展开面积从小变大，空气湿度从32%升高到38%再到45%，可知其他条件相同时，毛巾的展开面积越大，加湿装置的加湿能力越强。
(2)分析第3、4次实验数据，毛巾展开面积都是大，水的温度都是45∘C，第3次实验电风扇风速快，空气湿度为45%，第4次实验电风扇风速慢，空气湿度为40%，可初步得出结论：加湿装置的加湿能力与电风扇的风速有关，风速越大，加湿能力越强。
(3)分析第2、5、6次实验，毛巾展开面积都是中，电风扇风速都是快，水的温度分别为45∘C、20∘C、60∘C，空气湿度分别为38%、34%、47%，可知其他条件相同时，水的温度越高，加湿装置的加湿能力越强。
【交流】(1)可以通过观察相同时间内水盆中水量的减少量来得知加湿装置的加湿能力，水量减少越多，说明加湿装置的加湿能力越强。或者观察房间内物体表面(如玻璃、家具等)水汽凝结情况，相同时间内水汽凝结越多，加湿能力越强。
(2)根据实验结论，要使衣服尽快晾干，可以将衣服尽量展开，增大衣服与空气的接触面积；把衣服放在通风良好的地方，加快空气流动速度；也可以将衣服放在温度较高的地方，如阳光下或靠近暖气等位置。
故答案为：【证据】(1)汽化；(2)控制实验的初始湿度相同，排除初始湿度对实验结果的影响；
【解释】(1)大；(2)电风扇的风速；(3)2、5、6；
【交流】(1)可以通过观察相同时间内水盆中水量的减少量来得知加湿装置的加湿能力，水量减少越多，说明加湿装置的加湿能力越强。或者观察房间内物体表面(如玻璃、家具等)水汽凝结情况，相同时间内水汽凝结越多，加湿能力越强；(2)将衣服尽量展开，增大衣服与空气的接触面积；把衣服放在通风良好的地方，加快空气流动速度；也可以将衣服放在温度较高的地方，如阳光下或靠近暖气等位置。
物理学中对于多因素或多变量的问题，常常采用控制因素(变量)的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题．每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法。
控制变量法能排除干扰，直接显露单一因素对被研究对象变化的影响情况。
19.【答案】通过小灯泡L的电流是0.4A
电源电压是4.5V
通电100s，电阻R消耗的电能是60J
【解析】(1)根据图中灯泡与电阻串联，电压表测量电阻的电压，闭合开关后，小灯泡L正常发光，则电流IL=PLUL=1.2W3V=0.4A，
(2)小灯泡L正常发光，电压为3V，图中电压表量程是0-3V，分度值0.1V，示数为1.5V；
根据串联电路的特点知，电源电压U=UL+Uv=3V+1.5V=4.5V；
(3)通电100s，电阻R消耗的电能W=UIt=1.5V×0.4A×100s=60J。
答：(1)通过小灯泡L的电流是0.4A。
(2)电源电压是4.5V。
(3)通电100s，电阻R消耗的电能是60J。
(1)根据图中灯泡与电阻串联，电压表测量电阻的电压，根据灯泡的额定功率和P=UI计算电流；
(2)根据串联电路的电压规律计算电源电压；
(3)根据W=UIt计算电阻R消耗的电能。
本题考查电功率、电能的计算与串联电路的特点，属于中档题。
20.【答案】该电饭煲在加热挡正常工作时，电路中的电流为4A，电阻为55Ω；
该电饭煲保温挡的额定功率为440W；
稀饭吸收的热量为6.4×105J；
该电饭锅的热效率值达到了3级能效标准
【解析】(1)由P=UI可知，该电饭煲在加热挡正常工作时，电路中的电流：I加热=P加热U=880W220V=4A；
由欧姆定律可知，该电饭煲在加热挡正常工作时，电路中的电阻：R加热=UI加热=220V4A=55Ω；
(2)由图乙可知，当开关S断开时，R1、R2串联，根据串联电路的特点可知，此时电路的总电阻最大，由P=U2R可知，电路的总功率最小，电饭煲处于保温挡；
当开关S闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电饭锅处于加热挡；
根据题意可知，R2的阻值：R2=R1=55Ω，
根据串联电路的特点可知，电饭煲保温挡正常工作时电路中的总电阻：R=R1+R2=55Ω+55Ω=110Ω，
电饭煲保温挡的额定功率：P=U2R=(220V)2110Ω=440W；
(3)稀饭吸收的热量：Q吸=c稀饭mΔt=4.0×103J/(kg⋅∘C)×2kg×(100∘C-20∘C)=6.4×105J；
(4)电饭煲正常工作消耗的电能：W=P加热t=880W×15×60s=7.92×105J，
电饭煲的热效率：η=Q吸W×100%=6.4×105J7.92×105J×100%≈80.8%，
由表格数据可知，3级能效标准是≥78%，而电饭煲的热效率大于3级能效标准，所以该电饭锅的热效率值达到了3级能效标准。
答：(1)该电饭煲在加热挡正常工作时，电路中的电流为4A，电阻为55Ω；
(2)该电饭煲保温挡的额定功率为440W；
(3)稀饭吸收的热量为6.4×105J；
(4)该电饭锅的热效率值达到了3级能效标准。
(1)根据P=UI求出该电饭煲在加热挡正常工作时，电路中的电流；根据欧姆定律求出该电饭煲在加热挡正常工作时，电路中的电阻；
(2)由图乙可知，当开关S断开时，R1、R2串联，当开关S闭合时，只有R1工作，根据串联电路的特点和P=U2R可知电饭煲加热挡和保温挡的电路连接；根据串联电路的特点求出保温挡工作时电路中的总电阻，根据P=U2R可求出电饭煲保温挡的额定功率；
(3)根据Q吸=cmΔt求出稀饭吸收的热量；
(4)根据W=Pt求出电饭煲正常工作消耗的电能，根据效率公式求出电饭煲的效率，与3级能效标准比较可知是否达标。
本题考查串联电路的特点、吸热公式、欧姆定律、电功公式、电功率公式以及效率公式的灵活运用，属于电热多挡位电问题，能正确分析电路连接是解题的关键。
21.【答案】货物被竖直提升的速度是0.1m/s；
货物为棱长0.5m的正方体，这箱货物平放在水平地面时对地面的压强是4000Pa；
整个搬运过程中，叉车对货物做1000J的功；
实心轮胎可以增大摩擦力、承重能力强、降低重心增加稳定性
【解析】(1)货物被竖直提升的速度v=st=1m10s=0.1m/s；
(2)货物的重力G=mg=100kg×10N/kg=1000N，
货物对地面的压力F=G=1000N，
货物对地面的压强p=FS=1000N0.5m×0.5m=4000Pa；
(3)货物在5s内沿水平方向匀速运送了10m，对货物的力向上，货物受到的力与移动的距离垂直，没有做功，整个搬运过程中，叉车对货物做功W=F1s=Gs=1000N×1m=1000J；
(4)叉车的轮胎都设计为实心轮胎，实心轮胎可以增大摩擦力、承重能力强、降低重心增加稳定性。
答：(1)货物被竖直提升的速度是0.1m/s；
(2)货物为棱长0.5m的正方体，这箱货物平放在水平地面时对地面的压强是4000Pa；
(3)整个搬运过程中，叉车对货物做1000J的功；
(4)实心轮胎可以增大摩擦力、承重能力强、降低重心增加稳定性。
(1)根据v=st得到货物被竖直提升的速度；
(2)根据G=mg得到货物的重力，货物对地面的压力等于重力，根据p=FS得到这箱货物平放在水平地面时对地面的压强；
(3)功是力和力的方向上移动的距离的乘积，据此分析水平行驶过程中，叉车对货物是否做功；根据W=Gh求出叉车提升货物过程中，克服货物的重力做功；
(4)实心轮胎可以增大摩擦力、承重能力强、降低重心增加稳定性。
本题考查速度、压强和功的计算，属于综合题。实验名称
用弹簧测力计测量力
操作过程和数据记录
①测量前，注意观察指针是否对准刻度板的______。
②来回拉动挂钩无异常后，将物体挂在测力计下，静止时如图3甲所示，操作的错误：弹簧测力计的弹簧______方向与所测力的方向不在同一条直线上。
③正确操作且待弹簧测力计静止时如图3乙所示，物体对弹甲簧的拉力大小是______ N。
注意事项
被测力的大小应在弹簧测力计量程内，以免损坏器材
测量对象
IA
IB
IC
ID
IE
IF
测量次序
1
0.10
0.10
0.14
0.14
0.24
0.24
2
0.10
0.10
0.22
0.22
0.32
0.32
3
0.10
0.10
0.30
0.30
0.40
0.40
序号
毛巾的展开面积
电风扇的风速
水的温度/∘C
空气湿度
1
小
快
45
32%
2
中
快
45
38%
3
大
快
45
45%
4
大
慢
45
40%
5
中
快
20
34%
6
中
快
60
47%
能效等级
热效率值
1级
≥89%
2级
≥84%
3级
≥78%