2025年高考云南物理真题（解析版）

这是一份2025年高考云南物理真题（解析版），共19页。试卷主要包含了 如图所示，质量为m的滑块， 电动汽车充电桩的供电变压器等内容，欢迎下载使用。
物理
注意事项：
1.答卷前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号填写在答题卡上，并认真核准条形码上的姓名、准考证号、考场号、座位号及科目，在规定的位置贴好条形码。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，用黑色碳素笔将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1. 2025年3月，我国科学家研制的碳14核电池原型机“烛龙一号”发布，标志着我国在核能技术领域与微型核电池领域取得突破。碳14的衰变方程为，则（ ）
A. X为电子，是在核内中子转化为质子的过程中产生的
B. X为电子，是在核内质子转化为中子的过程中产生的
C. X为质子，是由核内中子转化而来的
D. X为中子，是由核内质子转化而来的
【答案】A
题目解析
选项分析：
A选项正确，因为电子（X）是在中子（n）转变为质子（p）时产生的，符合β衰变的规律。
B选项错误，质子转化为中子会释放正电子，而非电子
C选项错误，X并非质子，而是电子。
D选项错误，X是中子的说法不成立，实际应为电子。
结论：
通过核反应方程分析，正确答案为 A。
2. 如图所示，中老铁路国际旅客列车从云南某车站由静止出发，沿水平直轨道逐渐加速到144km/h，在此过程中列车对座椅上的一高中生所做的功最接近（ ）
A. 4×105JB. 4×104JC. 4×103JD. 4×102J
【答案】B
【解析】
【详解】以高中生为研究对象，初速度为0末速度144km/h=40m/s，根据动能定理有
故选B。
3. 如图所示，某同学将两颗鸟食从O点水平抛出，两只小鸟分别在空中的M点和N点同时接到鸟食。鸟食的运动视为平抛运动，两运动轨迹在同一竖直平面内，则（ ）
A. 两颗鸟食同时抛出B. 在N点接到的鸟食后抛出
C. 两颗鸟食平抛的初速度相同D. 在M点接到的鸟食平抛的初速度较大
【答案】D
【解析】
【详解】AB．根据平抛运动规律，竖直方向的位移满足，由于hM < hN，则tM < tN
。为使两鸟食同时被接住，N点的鸟食必须更早抛出，因此选项A和B均不正确；
CD．水平位移关系为x = v0t，通过作图分析可见，
在相同高度位置，M点的水平位移更大，说明其初速度更大，故C错误，D正确。
故选D。
4. 某介电电泳实验使用非匀强电场，该电场的等势线分布如图所示。a、b、c、d四点分别位于电势为－2V、－1V、1V、2V的等势线上，则（ ）
A. a、b、c、d中a点电场强度最小
B. a、b、c、d中d点电场强度最大
C. 一个电子从b点移动到c点电场力做功2eV
D. 一个电子从a点移动到d点电势能增加了4eV
【答案】C
【题干分析】本题考察非匀强电场中介电电泳的特性。图中展示了电场等势线分布，四个标记点a、b、c、d分别对应-2V、-1V、1V、2V的等势线。
【选项解析】
AB项：电场强度与等势线疏密程度相关，等势线越密集处场强越大。观察图示可知a点等势线分布最密集，因此场强最大，故AB选项均不正确。
C项：电子从b到c移动时，电场力做功计算如下：
W = -e·ΔU = -e×(1V-(-1V)) = 2eV
该计算结果与选项一致，故C正确。
D项：电子从a到d移动时：
电场力做功W = -e×(2V-(-2V)) = 4eV
由于电场力做正功，电子电势能应减少4eV，与选项表述相反，因此D错误。
【正确答案】C
5. 国际编号为192391的小行星绕太阳公转的周期约为5.8年，该小行星与太阳系内八大行星几乎在同一平面内做圆周运动。规定地球绕太阳公转的轨道半径为，八大行星绕太阳的公转轨道半径如下表所示。忽略其它行星对该小行星的引力作用，则该小行星的公转轨道应介于（ ）
A. 金星与地球的公转轨道之间B. 地球与火星的公转轨道之间
C. 火星与木星的公转轨道之间D. 天王星与海王星的公转轨道之间
【答案】C
【详解】
根据开普勒行星运动第三定律：
a³/T² = k
其中a表示轨道半径，T表示公转周期
已知地球轨道半径aₑ=1，周期Tₑ=1年
小行星周期T=5.8年
代入公式可得：
a³/5.8² = 1³/1²
解得a≈3.3天文单位
对比行星轨道数据可知，该值介于火星(1.5)与木星(5.2)之间。
因此正确答案为C选项。
6. 如图所示，质量为m的滑块（视为质点）与水平面上MN段的动摩擦因数为，与其余部分的动摩擦因数为，且。第一次，滑块从I位置以速度向右滑动，通过MN段后停在水平面上的某一位置，整个运动过程中，滑块的位移大小为，所用时间为；第二次，滑块从Ⅱ位置以相同速度向右滑动，通过MN段后停在水平面上的另一位置，整个运动过程中，滑块的位移大小为，所用时间为。忽略空气阻力，则（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【详解】CD选项分析：运用能量守恒定律对全过程分析可得：
1/2mv₀²=μ₁mg·s₁+μ₂mg·s₂
由于初动能相同且摩擦系数恒定，因此总位移x₁=x₂，故CD选项错误。
AB选项分析：由牛顿第二定律得：
a₁=μ₁g（MN段）
a₂=μ₂g（其他区域）
因μ₁>μ₂，滑块在MN段加速度更大。虽然两次总位移相同，但第二次起始点更靠近M点，根据v²=2as
可知第二次通过M点时速度更大。通过绘制v-t图像（如下图）比较可知：
[图示说明：两条曲线下面积相等，但第二次运动曲线更陡]
因此t₁>t₂，故A正确，B错误。正确答案选A。
7. 如图所示，均匀介质中矩形区域内有一位置未知波源。时刻，波源开始振动产生简谐横波，并以相同波速分别向左、右两侧传播，P、Q分别为矩形区域左右两边界上振动质点的平衡位置。和时矩形区域外波形分别如图中实线和虚线所示，则（ ）
A. 波速为
B. 波源的平衡位置距离P点
C. 时，波源处于平衡位置且向下运动
D. 时，平衡位置在P、Q处的两质点位移相同
【答案】D
【解析】
【详解】A．根据波形可知，时Q点右侧未开始震动则周期大于1.5s，再经过1s变成虚线图形只能经过半个周期，
可得
故波速为
故A错误；
B．设波源的平衡位置距离P点距离为，根据左侧时的波形可知
解得
故B错误；
C．根据左侧实线波形结合同侧法可知波源刚开始的振动方向向下，由于，故可知此时波源处于平衡位置且向上运动，故C错误；
D．由于，可知波源的平衡位置距离Q点距离为
故波传到PQ两点的时间分别为，
故时，平衡位置在P、Q处的两质点已经振动的时间分别为，
由于波源刚开始向下振动，故时，P处质点处于平衡位置向上振动，Q处质点处于平衡位置向下振动，故此时平衡位置在P、Q处的两质点位移相同。
故D正确。
故选D。
8. 电动汽车充电桩的供电变压器（视为理想变压器）示意图如图所示。变压器原线圈的匝数为，输入电压；两副线圈的匝数分别为和，输出电压。当I、Ⅱ区充电桩同时工作时，两副线圈的输出功率分别为和，下列说法正确的是（ ）

A. B.
C. 变压器的输入功率为D. 两副线圈输出电压最大值均为
【答案】AC
【解析】
AB．根据理想变压器的电压比等于匝数比可得，
故A正确，B错误；
C．根据能量守恒可知变压器的输入功率等于总的输出功率，故
故C正确；
D．输出电压为交流电的有效值，根据正弦交流电的最大值与有效值的关系可知，两副线圈输出电压最大值均为
故D错误。
故选AC。
9. 图甲为1593年伽利略发明的人类历史上第一支温度计，其原理如图乙所示。硬质玻璃泡a内封有一定质量的气体（视为理想气体），与a相连的b管插在水槽中固定，b管中液面高度会随环境温度变化而变化。设b管的体积与a泡的体积相比可忽略不计，在标准大气压下，b管上的刻度可以直接读出环境温度。则在下（ ）
A. 环境温度升高时，b管中液面升高B. 环境温度降低时，b管中液面升高
C. 水槽中的水少量蒸发后，温度测量值偏小D. 水槽中的水少量蒸发后，温度测量值偏大
【答案】BD
【解析】
AB项：封闭气体经历等容变化，由查理定律可知，温度升高时气体压强增大，根据压强平衡原理可知b管液面下降；反之温度降低时液面上升。因此B正确，A错误。
CD项：温度计刻度自上而下递增。当水槽液面因蒸发下降时，为维持相同压强差，b管液面同步下降，此时对应读数将高于实际温度。故D正确，C错误。
综上，正确答案为BD。
10. 如图所示，倾角为的固定斜面，其顶端固定一劲度系数为k的轻质弹簧，弹簧处于原长时下端位于O点。质量为m的滑块Q（视为质点）与斜面间的动摩擦因数。过程I：Q以速度从斜面底端P点沿斜面向上运动恰好能滑至O点；过程Ⅱ：将Q连接在弹簧的下端并拉至P点由静止释放，Q通过M点（图中未画出）时速度最大，过O点后能继续上滑。弹簧始终在弹性限度内，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，忽略空气阻力，重力加速度为g。则（ ）
A. P、M两点之间的距离为
B. 过程Ⅱ中，Q在从P点单向运动到O点的过程中损失的机械能为
C. 过程Ⅱ中，Q从P点沿斜面向上运动的最大位移为
D. 连接在弹簧下端的Q无论从斜面上何处释放，最终一定静止在OM（含O、M点）之间
【答案】BCD
【解析】
A．设PO距离为x₁，对过程I应用动能定理：
mv²/2 = mgx₁sinθ + μmgx₁csθ
设MO距离为x₂，过程Ⅱ中速度最大时满足平衡条件：
kx₂ = mgsinθ + μmgcsθ
因此PM间距为x₁-x₂，经推导可得：
x₁-x₂ = mv²/(2mg(sinθ+μcsθ)) - (mgsinθ+μmgcsθ)/k
该选项表述不完整，故错误。
B．过程Ⅱ中，Q从P到O的机械能损失主要转化为摩擦生热：
ΔE = μmgx₁csθ
结合选项A中的x₁表达式可得：
ΔE = μmv²csθ/[2(sinθ+μcsθ)]
此结论正确。
C．设最大位移为S，根据能量守恒：
kS²/2 = mgSsinθ + μmgScsθ
解得：
S = 2(mgsinθ+μmgcsθ)/k
该结果正确。
D．通过受力分析可知，Q的静止位置需满足：
kx ≤ mgsinθ + μmgcsθ（M点）
kx ≥ mgsinθ - μmgcsθ（O点）
因此平衡位置必定落在OM区间内，包含端点。
综上，正确答案为BCD。
二、非选择题：本题共5小题，共54分。其中13~15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。
11. 某实验小组做了测量木质滑块与橡胶皮之间动摩擦因数的实验，所用器材如下：钉有橡胶皮的长木板、质量为的木质滑块（含挂钩）、细线、定滑轮、弹簧测力计、慢速电机以及砝码若干。实验装置如图甲所示。
实验步骤如下：
①将长木板放置在水平台面上，滑块平放在橡胶面上；
②调节定滑轮高度，使细线与长木板平行（此时定滑轮高度与挂钩高度一致）；
③用电机缓慢拉动长木板，当长木板相对滑块匀速运动时，记录弹簧测力计的示数F；
④在滑块上分别放置和的砝码，重复步骤③；
⑤处理实验数据（重力加速度g取）。
实验数据如下表所示：
完成下列填空：
（1）表格中a处的数据为________（保留3位有效数字）；
（2）其它条件不变时，在实验误差允许的范围内，滑动摩擦力的大小与接触面上压力的大小________，与接触面上压力的大小________（以上两空填“成正比”“成反比”或“无关”）；
（3）若在实验过程中未进行步骤②，实验装置如图乙所示，挂钩高于定滑轮，则的测量结果将________（填“偏大”“偏小”或“不变”）。
【答案】（1）0.459
（2） ①. 成正比 ②. 无关
（3）偏大
【解析】
【解析说明】
（1）通过公式μ=F/(mg)计算可得a=1.35/(0.300×9.8)≈0.459；
（2）①数据表明摩擦力与质量呈线性增长，故为正比关系；
②摩擦系数基本恒定，说明与接触面积无关；
（3）当挂钩过高时，拉力存在竖直分量，导致实测正压力偏小，根据μ=F/N可知结果偏大。
12. 基于铂电阻阻值随温度变化特性，某兴趣小组用铂电阻做了测量温度的实验。可选用的器材如下：型号铂电阻、电源E（电动势，内阻不计）、电流表。（量程，内阻）、电流表（量程，内阻约）、定值电阻（阻值）、定值电阻（阻值）、开关S和导线若干。
查阅技术手册可知，型号铂电阻测温时的工作电流在之间，在范围内，铂电阻的阻值随温度t的变化视为线性关系，如图（a）所示。
完成下列填空：
（1）由图（a）可知，在范围内，温度每升高，该铂电阻的阻值增加________；
（2）兴趣小组设计了如图（b）所示的甲、乙两种测量铂电阻阻值的电路图，能准确测出铂电阻阻值的是________（填“甲”或“乙”），保护电阻R应选________（填“”或“”）；
（3）用（2）问中能准确测出铂电阻阻值的电路测温时，某次测量读得示数为，示数如图（c）所示，该示数为________，则所测温度为________（计算结果保留2位有效数字）。
【答案】（1）3.85
（2） ①. 乙 ②.
（3） ①. 62.0 ②. 51
【解析】
【第1问解析】
在区间内，铂电阻的阻值随温度变化的斜率为3.85Ω/℃。
【第2问解析】
[1]选择乙方案的原因：已知内阻的电流表A₁可准确测量电压，通过电流差值计算流经铂电阻的电流，因此乙电路能实现精确测量；
2]电路中的最大电流为0.3mA，可得电路中的最小阻值
可知保护电阻R应选。
【第3问解析】
[1]根据图（c）刻度分析，该电流表最小分度为2mA，测得电流值为62.0mA；
[2]通过欧姆定律计算得铂电阻阻值：
根据欧姆定律可得
根据题图可得
代入数据可得
13. 用光学显微镜观察样品时，显微镜部分结构示意图如图甲所示。盖玻片底部中心位置O点的样品等效为点光源，为避免O点发出的光在盖玻片上方界面发生全反射，可将盖玻片与物镜的间隙用一滴油填充，如图乙所示。已知盖玻片材料和油的折射率均为1.5，盖玻片厚度，盖玻片与物镜的间距，不考虑光在盖玻片中的多次反射，取真空中光速。
（1）求未滴油时，O点发出的光在盖玻片的上表面的透光面积（结果保留2位有效数字）；
（2）滴油前后，光从O点传播到物镜的最短时间分别为，求（结果保留2位有效数字）。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
全反射的临界角满足
未滴油时，O点发出的光在盖玻片的上表面的透光圆的半径为r，由几何关系
解得
根据
未滴油时，O点发出的光在盖玻片的上表面的透光面积为
【小问2详解】
当光从O点垂直于盖玻片的上表面入射时，传播的时间最短，
则
1.未滴油滴时，光从O点传播到物镜的最短时间为
2.滴油滴时，传播速度v=c/n，光从O点传播到物镜的最短时间为
故
14. 磁屏蔽技术可以降低外界磁场对屏蔽区域的干扰。如图所示，区域存在垂直平面向里的匀强磁场，其磁感应强度大小为（未知）。第一象限内存在边长为的正方形磁屏蔽区ONPQ，经磁屏蔽后，该区域内的匀强磁场方向仍垂直平面向里，其磁感应强度大小为（未知），但满足。某质量为m、电荷量为的带电粒子通过速度选择器后，在平面内垂直y轴射入区域，经磁场偏转后刚好从ON中点垂直ON射入磁屏蔽区域。速度选择器两极板间电压U、间距d、内部磁感应强度大小已知，不考虑该粒子的重力。
（1）求该粒子通过速度选择器的速率；
（2）求以及y轴上可能检测到该粒子的范围；
（3）定义磁屏蔽效率，若在Q处检测到该粒子，则是多少？
【答案】（1）
（2），
（3）
【解析】
【解答过程】
1.速度计算：
粒子在速度选择器中满足平衡条件：
qE = qvB₀
其中电场强度E=U/d
解得粒子速度为v=U/(B₀d)
2.磁场分析：
(1) 粒子在B₁磁场中做匀速圆周运动，由几何关系可得轨道半径r₁=L
根据洛伦兹力公式qvB₁=mv²/r₁
解得B₁=mv/(qL)带入v=U/(B₀d)
在屏蔽区内，由B₂r₁
由qvB₂=mv²/r₂得r₂=mv/(qB₂)观测范围确定为
效率计算：
由几何关系可知
解得
由洛伦兹力提供向心力
联立解得
其中
根据磁屏蔽效率可得若在Q处检测到该粒子，则
15. 如图所示，光滑水平面上有一个长为L、宽为d的长方体空绝缘箱，其四周紧固一电阻为R的水平矩形导线框，箱子与导线框的总质量为M。与箱子右侧壁平行的磁场边界平面如截面图中虚线PQ所示，边界右侧存在范围足够大的匀强磁场，其磁感应强度大小为B、方向竖直向下。时刻，箱子在水平向右的恒力F（大小未知）作用下由静止开始做匀加速直线运动，这时箱子左侧壁上距离箱底h处、质量为m的木块（视为质点）恰好能与箱子保持相对静止。箱子右侧壁进入磁场瞬间，木块与箱子分离；箱子完全进入磁场前某时刻，木块落到箱子底部，且箱子与木块均不反弹（木块下落过程中与箱子侧壁无碰撞）；木块落到箱子底部时即撤去F。运动过程中，箱子右侧壁始终与磁场边界平行，忽略箱壁厚度、箱子形变、导线粗细及空气阻力。木块与箱子内壁间的动摩擦因数为μ，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。
（1）求F的大小；
（2）求时刻，箱子右侧壁距磁场边界最小距离；
（3）若时刻，箱子右侧壁距磁场边界的距离为s（s大于（2）问中最小距离），求最终木块与箱子的速度大小。
【答案】（1）
（2）
（3）见解析
【解析】
【解答过程】
【第一问解答】
对整体系统应用牛顿第二定律：
F = (M+m)a
对木块进行受力分析：
水平方向：f = ma
竖直方向：N = mg
其中摩擦力f = μN
联立解得：
F = (M+m)μg
【第二问解答】
设箱体进入磁场时的速度为v，则：
感应电动势 E = Bdv
回路电流 I = E/R
安培力 F安 = BId = B²d²v/R
分离条件需满足：
F安 = Ma'
且 a' = μg
由运动学公式：
v² = 2μgxmin
解得最小距离：
xmin = M²μgR²/(2B⁴d⁴)
【第三问解答】
水平方向由运动学公式
竖直方向有
其中
可得力F作用的总时间为
水平方向对系统由动量定理
其中
联立可得
当时，最终木块与箱子的速度大小为
当时，最终木块与箱子的速度大小为
行星
水星
金星
地球
火星
木星
土星
天王星
海王星
轨道半径
0.39
0.72
1.0
1.5
5.2
9.5
19
30
滑块和砝码的总质量
弹簧测力计示数
动摩擦因数
250
1.12
0.457
300
1.35
a
350
1.57
0.458
400
1.79
0.457