福建省龙岩市武平县福建省武平县第一中学2024-2025学年高一下学期5月月考物理试题

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1．B
【详解】汽车做曲线运动，则合力方向指向轨迹的凹向，速度方向沿轨迹的切线方向，因汽车加速行驶，则合力F与速度夹角为锐角。
故选B。
2．C
【详解】A．两球初速度相同，质量相同，初动能相同，从离地面相同高度处抛出，由动能定理可知，落地时动能相同，故A错误；
B．根据机械能守恒，落地时的动能
其中m、h、v0均相等，所以落地时的速度大小相等，但方向不同，所以速度不相同，故B错误；
C．两小球落地时，速度大小相等，但方向不同，由于A落地时速度方向与重力方向之间夹角θ不为零，而B落地时速度方向与重力方向相同，根据
可知A落地时重力的瞬时功率比B的小， 故C正确；
D．从小球抛出到落地，重力对两球做功相同，但落地时间不同，重力对两小球做功的平均功率不同，故D错误。
故选C。
3．D
【详解】A．演员在时刻竖直向上的速度减小，则加速度向下，处于失重状态，选项A错误；
B．演员在这段时间内水平方向做匀加速运动；竖直方向做匀减速运动，则合初速度和合加速度一定不共线，则合运动为曲线运动，选项B错误；
C．演员在时间内的竖直速度一直不为零，可知时刻还没有上升至最高点，选项C错误；
D．演员在时间水平方向做匀减速运动，竖直方向做匀速运动，可知合运动为匀变速曲线运动，即演员做匀变速曲线运动，选项D正确。
故选D。
4．C
【详解】ABC．设从C点释放的导弹落在P点所用的时间为，从B点释放的导弹落在P点所用的时间为，对于从C点释放的导弹落，其竖直位移与水平位移相等，则根据平抛运动的规律有
而由几何关系可得
联立解得
，，
故AB错误，C正确；
D．对于甲乙释放的导弹，在任意相同时间内速度变化量
可知两导弹在任意相同时间内速度变化量相同，其比值为，故D错误。
故选C。
5．BC
【详解】AC．因为船在静水中的速度小于河水的速度，由平行四边形可知合速度不可能垂直于河岸，所以小船不可能到达正对岸，所以最短的位移大于河的宽度150m，故A正确，C错误；
B．当船头垂直于河岸时，小船渡河时间最短，则
可知小船渡河的时间不可能少于，故B错误；
D．小船以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为
可知它沿水流方向的位移大小为，故D正确。
本题选说法错误的，故选BC。
6．BC
【详解】A．运动员从A点滑到B点的过程中速率不变，则运动员做匀速圆周运动，其所受合外力指向圆心，故A错误；
B．对运动员受力分析如图所示
可得
下滑过程中减小，变小，故摩擦力变小，故B正确；
C．由动能定理知，匀速下滑动能不变，合外力做功为零，故C正确；
D．由于运动员的重力势能减小，动能不变，则运动员的机械能减小，故D错误。
故选BC。
7．AD
【详解】A．对整体受力分析，由竖直方向平衡，支持力等于总重力，则OB杆对小球b的支持力不变，故A正确。
B．设轻绳与竖直方向的夹角为α，a球、b球速度关联有
a向上做匀速运动，而α逐渐增大，则csα逐渐减小，sinα逐渐增大，因此b球速度逐渐减小，故B错误。
CD．对a球由动能定理有
轻绳对小球a做的功大于小球a动能的改变量；
对b球由动能定理有
联立可得
则F做的功等于小球a和b的系统机械能的改变量，大于小球b动能的改变量，故C错误，D正确。
故选AD。
8．AD
【详解】A．物块经过点时对物块受力分析可知，物块受到的摩擦力方向一定沿盘面指向转轴，有
解得
选项A正确；
B．物块经过点时对物块受力分析，设物块受到的摩擦力方向也沿盘面指向转轴，有
解得
可知物块受到的摩擦力方向沿盘面背离转轴，且大小为，选项B错误；
C．物块相对于盘面静止，则应有
解得
选项C错误；
D．结合前面分析可知，圆盘的角速度一定时，物块在点受到的摩擦力最大，因此当圆盘的角速度继续增大，物块最容易与圆盘发生相对滑动的位置为点，选项D正确。
故选AD。
9．BD
【详解】弹簧秤对甲、乙两名运动员的拉力提供向心力，则有
由于甲、乙两名运动员面对面拉着弹簧秤做圆周运动的溜冰表演，所以
而且
代入数据可以得到
将数据代入得
根据线速度
得
AC错误，BD正确。
故选BD。
10． C B
【详解】（1）[1]两个钢球质量和半径相等，由可知，这是在研究向心力的大小与角速度的关系。
故选C。
[2]根据可知，两球的向心力之比为，半径和质量相等，则转动的角速度之比为，因为靠皮带传动，变速转塔的线速度大小相等，根据可知，与皮带连接的两个变速轮塔的半径之比为。
故选B。
（2）[3]由向心力的基本规律可知
其中
得
[4]由题可知
得
11． 0.978 1.36 0.230 0.223 重力势能的减小量和动能的增加量
【详解】(1)［1］因为电源频率，所以，点的速度等于段的平均速度：

［2］点的速度等于段的平均速度：
(2)［3］从打下点到打下点的过程中，重锤重力势能的减少量：
［4］动能的增加量：
(3)［5］在误差允许的范围内，通过比较重力势能的减小量和动能的增加量就可以验证重锤下落过程中的机械能守恒。
12．（1）35m/s；（2）26.7s
【详解】（1）由题意可知，当超级电容车速度达到最大值时，有
F牵-f=0
根据题有
P=F牵vm
联立解得
vm=35m/s
（2）设车在匀加速阶段的末速度为v，则有
P=F′牵v
根据牛顿第二定律有
F′牵-f=ma
由运动学公式有
v=at
联立解得
t=26.7s
13．（1）3m/s；（2）16.5N，方向竖直向下；（3）103.5J
【详解】（1）由几何关系可知
AO=2OB=2h
因A、B转动的角速度相同，且
所以A端物体在最高点的速度为
解得
（2）物体在最高点时，由重力和杆的支持力提供向心力，有
又
解得
方向竖直向上。
由牛顿第三定律知，物体最高点对长杆凹槽在竖直方向上的弹力
方向竖直向下。
（3）物体到达最高点时，距地面高度
由动能定理得
代入数据可得
14．（1）0.1；（2）顺时针转动时，；逆时针转动时任何速度都可以；（3）
【详解】（1）由能量守恒得
得
（2）由动能定理
弹出的速度
若恰好过C点，则
得
从出传送带到C点，由动能定理
得
当传送带顺时针转动时，若滑块加速到，则传送带所需的长度
所以加速不到。
若没有过B点，则，从出传送带到B点
得
若滑块减速到，则传送带所需的长度
所以传送带的速度范围为
传送带逆时针转动时任何速度都可以。
（3）能过圆轨道最高点C点，由动能定理
得
从弹出到F点，由动能定理
由平抛运动
，
解得

15．
【详解】由机械能守恒定律可知，排球在Q点的机械能等于P点的机械能，所以
16． 1 0.6
【详解】
[1]如图所示，小球在图钉拔掉后被图钉套住前运动了s，由几何关系可得
运动时间为
[2]根据向心力公式有
代入数据可得
则速度变为原来的0.6倍。
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9

答案
B
C
D
C
BC
BC
AD
AD
BD