北京市顺义区2023_2024学年高二化学下学期4月月考试题含解析

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本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分，满分100分，考试时间90分钟。所有答案必须填涂或作答在答题卡上，否则不得分。
可能用到的相对原子质量：H-1 O-16 C-12 N-14 Na-23 S-32 C1-35.5 Fe-56 Cu-64 Zn-65
第I卷(选择题共42分)
本卷共21小题，每小题2分。在每小题列出的四个选项中，选出最符合题目答案的一项。
1. 区分晶体和非晶体最可靠的科学方法是
A. 对固体进行X射线衍射测定B. 观察外形
C. 测定熔、沸点D. 通过比较硬度确定
【答案】A
【解析】
【详解】晶体与非晶体最本质的区别是组成物质的粒子在微观空间是否有序排列，X射线衍射可以看到微观结构，而有些晶体的熔沸点较低，硬度较小，如Na等金属晶体，也不能通过颜色来判断，故答案为：A。
2. 我国科学家通过机械化学方法，在氢化镧(LaH1.95～3)晶格中制造大量的缺陷和纳米微晶，研发出首个室温环境下超快氢负离子(H−)导体。下列说法不正确的是
A. 电负性：La > HB. 氢属于s区元素
C. H−具有还原性D. 超快氢负离子导体有望用于新型电池研发
【答案】A
【解析】
【详解】A．非金属性越强元素电负性越强，故电负性： H > La，A不正确；
B．氢元素为ⅠA族，属于s区元素，B正确；
C．H−中H元素化合价最低价，具有还原性，C正确；
D．在氢化镧(LaH1.95～3)晶格中制造大量的缺陷和纳米微晶，研发出首个室温环境下超快氢负离子(H−)导体，超快氢负离子导体有望用于新型电池研发，D正确；
答案选A。
3. 下列化学用语或图示表达正确的是
A. 丙烯的结构简式为C3H6
B. SO2的空间结构示意图为
C. 基态Si原子的价层电子的轨道表示式为
D. HF分子中σ键的形成示意图为
【答案】D
【解析】
【详解】A．丙烯的结构简式为CH2=CHCH3，故A错误；
B．SO2中S原子价电子对数3，有1个孤电子对，空间构型为V形，故B错误；
C．Si是14号元素，基态Si原子的价层电子的轨道表示式为，故C错误；
D．HF分子中σ键为s-p σ键，形成示意图为，故D正确；
选D。
4. 下列关于物质性质的比较正确的是
A. 溶解度(水中)：B. 还原性：
C. 沸点：D. 氧化性：
【答案】B
【解析】
【详解】A．O3为极性分子，O2非极性分子，O3更易溶于极性溶剂水，A错误；
B．非金属性SAl，金属的还原性越强，对应离子的氧化性越弱，D错误；
故选B。
5. 我国科学家成功制备了单层二维聚合单晶(如下图所示)，X射线衍射证明之间通过单键形成的四元环桥连键在平面内连接形成了一种全新的二维拓扑超结构，开辟了碳材料研究的新方向。下列说法正确的是
A. 与单层二维聚合单晶互为同系物
B. 晶体易溶于
C. 单层二维聚合单晶与均为共价晶体
D. 已知可与某种杯酚结合形成超分子，这个例子描述的超分子的重要特征是自组装
【答案】B
【解析】
【详解】A．与单层二维聚合单晶均为碳元素的单质，互为同素异形体，A错误；
B．、均为非极性分析，晶体易溶于，B正确；
C．单层二维聚合单晶与均为分子晶体，C错误；
D．杯酚和C60通过范德华力结合，体现了超分子的分子识别的重要特性，D错误；
故合理选项是B。
6. 下列元素或化合物的性质变化顺序不正确的是
A. 共价键的极性：
B. 元素的第一电离能：
C. 卤素单质的熔点：
D. 羧酸的酸性：
【答案】B
【解析】
【详解】A．由于F、Cl、Br、I的电负性依次减弱，故共价键的极性：HF>HCl>HBr>HI，A正确；
B．同一周期随着原子序数变大，第一电离能呈变大趋势，P的3p轨道为半充满稳定状态，第一电离能大于同周期相邻元素，则元素的第一电离能：Cl> P > S >Si，B错误；
C．由于I2、Br2、Cl2、F2均为分子晶体，相对分子质量依次减小，分子间作用力依次减小，故卤素单质的熔点：I2>Br2>Cl2>F2，C正确；
D．饱和一元羧酸中，烃基是推电子基，烃基越大，羧基中H-O键极性越小，越难电离，其酸性越弱，即酸性：CH3CH2COOH＜CH3COOH＜HCOOH，D正确；
故选B。
7. 下列做法不可行是
A. 用水鉴别乙醇和四氯化碳
B. 向96%的乙醇溶液中加入生石灰再蒸馏制取无水乙醇
C. 用溴水鉴别苯和正庚烷
D. 通过重结晶法提纯粗苯甲酸
【答案】C
【解析】
【详解】A．水与乙醇混溶，水与四氯化碳不互溶，A正确；
B．水和乙醇会形成共沸物，直接蒸馏得不到无水乙醇，生石灰和水反应生成高沸点的氢氧化钙，用的工业酒精制取无水乙醇、可采用的方法是加生石灰，再蒸馏，B正确；
C．苯和正庚烷与溴水的萃取现象相同，不能用作鉴别，C错误；
D．苯甲酸的溶解度随温度降低而减小，通过重结晶法提纯粗苯甲酸，D正确；
故答案为：C。
8. 下列关于同主族元素、及其化合物的性质比较和原因分析不正确的是
A. AB. BC. CD. D
【答案】A
【解析】
【详解】A．由于NH3存在分子间氢键，使得分子间作用力大大增加，所以NH3熔点高于PH3，A错误；
B．因原子半径NP，B正确；
C．非金属性越强，最高价氧化物水化物酸性越强，非金属性：N>P，则最高价氧化物水化物酸性：HNO3>H3PO4，C正确；
D．原子半径：NP−H，因此热稳定性：NH3>PH3，D正确；
故选A。
9. 甲醇的催化氧化反应如下：。下列说法错误的是
A. 为极性分子
B. 分子为平面结构
C. 分子中的键角大于分子中的键角
D. 和分子中均不存在手性碳原子
【答案】C
【解析】
【详解】A．可以看成CH4中的一个H被-OH取代，正负电荷中心不重叠，极性分子，A正确；
B．HCHO分子中存在碳氧双键，C原子杂化方式为sp2，空间构型为平面三角形，B正确；
C．分子中C原子采取sp3杂化，HCHO分子C原子杂化方式为sp2，分子中的O-C-H键角小于HCHO分子中的O-C-H键角，C错误；
D．和分子中碳上所连原子均有相同的氢原子，均不存在手性碳原子，D正确；
故选C。
10. 室温时，取HCl和HA(一元酸，)混合溶液20mL，用NaOH溶液滴定，滴定曲线如图所示。下列说法不正确的是
A. a点时，溶液中
B. b点时，
C. c点时，
D. a→c过程中，水的电离程度逐渐增大
【答案】C
【解析】
【详解】A．a点为HCl和HA混合溶液，HCl是强酸在水溶液中完全电离，HA是弱酸在水溶液中不能完全电离，则溶液中，故A正确；
B．b点加入20mLNaOH溶液，反应后的溶液为NaCl和HA的等物质的量浓度混合溶液，根据物料守恒，故B正确；
C．c点加入40mLNaOH溶液，反应后的溶液为NaCl和NaA的等物质的量浓度混合溶液，A-发生水解而使浓度降低，，故C错误；
D．a→c过程中，加入的NaOH溶液分别和HCl和HA发生中和反应，水的电离程度逐渐增大，故D正确；
故选C。
11. 下列方程式书写正确的是
A. 向氢氧化钡溶液中逐滴加入稀硫酸：
B. 实验室制备乙炔：
C. 铜片与稀硝酸反应产生无色气泡：
D. 向氢氧化铜浊液中加入足量氨水得深蓝色溶液：
【答案】B
【解析】
【详解】A．氢氧化钡溶液与稀硫酸反应的离子反应方程式为：，A错误；
B．实验室常用碳化钙与水反应制取乙炔，方程式为，B正确；
C．铜片与稀硝酸反应产生硝酸铜和一氧化氮，离子方程式为：，C错误；
D．氢氧化铜浊液中滴加氨水得到深蓝色溶液，生成配位化合物，对应离子方程式为：Cu(OH)2 + 4NH3 = [Cu(NH3)4]2+ + 2OH-，D错误；
故选B。
12. 有以下8种物质：
①乙烷②乙醇③聚丙烯④2-丁烯⑤乙炔⑥环己烷⑦乙酸乙酯⑧
既能使高锰酸钾溶液褪色，又能与溴水因反应而褪色的是
A. ③④⑤⑧B. ④⑤⑥⑧C. ③④⑤⑥⑧D. ④⑤⑧
【答案】D
【解析】
【详解】①乙烷属于烷烃，只含单键，性质稳定，既不能使酸性高锰酸钾溶液褪色又不能与溴水因发生化学反应而褪色；
②乙醇含有羟基，能被酸性高锰酸钾氧化，可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，但不和溴水反应；
③聚丙烯只含单键，性质稳定，既不能使酸性高锰酸钾溶液褪色又不能与溴水因发生化学反应而褪色；
④2-丁烯含有碳碳双键，既能被高锰酸钾氧化又能与溴水发生加成反应；
⑤乙炔含有碳碳叁键，既能被高锰酸钾氧化又能与溴水发生加成反应；
⑥环己烷与溴水、高锰酸钾均不反应；
⑦乙酸乙酯与溴水、高锰酸钾均不反应；
⑧含有双键，既能被高锰酸钾氧化又能与溴水发生加成反应；
故选D。
13. 高二化学组组织同学们制作晶体模型。8班张宇涵同学提交了金刚石的晶体结构模型，17班路雪同学提交了氯化钠的晶胞模型，如下图所示。下列说法不正确的是
A. 金刚石晶体中，碳原子采取杂化轨道成键，形成共价键三维骨架网络
B. 金刚石晶体中含键
C. 氯化钠晶体中，1个周围有12个距离最近且相等的
D. 氯化钠晶胞为立方体，若棱长为，则晶体密度为
【答案】B
【解析】
【详解】A．金刚石晶体中，每个碳原子形成三个单键，碳原子采取杂化轨道成键，形成共价键三维骨架网络，故A正确；
B．金刚石晶体结构为，根据图知，1ml金刚石含2ml C-C键，故B错误；
C．在氯化钠晶体中，每个周围与它距离最近且相等的的共有12个，每个周围与它距离最近且相等的的共有12个，故C正确；
D．氯化钠晶胞为立方体，若棱长为，该晶胞中为，为，则晶体密度为，故D正确；
故答案为B。
14. 辣椒素是影响辣椒辣味的活性成分的统称，其中一种辣椒素分子的结构如下图所示。下列有关该分子的说法不正确的是
A. 分子式为B. 含有氧原子的官能团有3种
C. 该分子不存在顺反异构D. 能发生加成反应、加聚反应
【答案】C
【解析】
【详解】A．辣椒素的分子式为C18H27NO3，A正确；
B．含有氧原子的官能团有醚键、羟基、肽键3种，B正确；
C．与辣椒素中碳碳双键两端的碳原子相连的除两个氢原子外，另外两个原子团分别为和，碳碳双键两端碳原子连的两个原子或原子团各不相同，存在顺反异构，C错误；
D．辣椒素中含碳碳双键能发生加成反应、加聚反应，D正确；
答案选C。
15. 我国科学家合成了以、、为核心元素的催化剂实现高效硝酸盐电还原为氨。催化剂晶体的典型晶胞结构如下图所示。下列说法正确的是
A. 基态原子的价层电子排布式为
B. 晶胞(a)中共有6个原子
C. 晶体(b)的化学式为
D. 晶胞(a)中离原子最近且等距的原子数目为8
【答案】C
【解析】
【详解】A．为27号元素，原子的价层电子排布式为，故A错误；
B．晶胞(a)中共有个原子，故B错误；
C．根据均摊法，b含有N为1个，Cu为，C为，化学式为，故C正确；
D．晶胞(a)中离原子最近且等距的原子数目为6，故D错误；
答案选C。
16. 下列所述的粒子(均为36号以前的元素)，按半径由大到小的顺序排列正确的是
①基态X原子的结构示意图为
②基态的价电子排布式为
③基态的轨道表示式为
④基态的最高能级的电子对数等于其最高能层的电子层数
A. ②>③>①B. ④>③>②C. ③>②>①D. ④>②>③
【答案】C
【解析】
【详解】①X为F元素，②Y为Cl-元素，③Z为S2-元素，④E为Li+或K+元素，F原子核外电子层数为2层，半径最小，电子层数相同的情况下原子序数越大半径越小，无法比较④的半径大小，所以S2-＞Cl-＞F，即③＞②＞①。
故选C。
17. 短周期元素a、b、c、d的原子序数依次增大，在下列转化关系中，甲、乙、丙、丁、戊为上述四种元素组成的二元或三元化合物。其中A为d元素组成的单质，常温下乙为液体，丁物质常用于消毒、漂白。下列说法正确的是
A. b元素位于周期表中IVA族
B. b、c形成的化合物中阴、阳离子数目之比为1：1
C. 丙中既有离子键又有非极性键
D. a、b、d形成的有漂白性的化合物中，b的杂化方式是
【答案】D
【解析】
【分析】A为单质，丁常用于消毒、漂白，推测A为Cl2，丁为NaClO，常温下乙为液体，推测乙为H2O，则A+丙的反应为，甲可以和水生成NaOH，则甲为Na2O，由此a、b、c、d分别为H、O、Na、Cl元素。
【详解】A．b为O元素，位于周期表中ⅥA族， A错误；
B．b为O元素、c为Na元素，二者组成的Na2O和Na2O2中阴、阳离子数目之比均为1∶2， B错误；
C．丙为NaOH，由Na＋和OH-构成，则含有离子键和极性共价键， C错误；
D．a、b、d形成的化合物adb4即为HClO4，Cl原子的价层电子对数为=4，则Cl的杂化方式是sp3， D正确；
答案选D。
18. 科学家最近在的低温下合成一种烃M，此分子的结构如图所示(图中的连线表示化学键)。下列说法正确的是
A. 该烃的二氯代物同分异构体只有1种
B. 充分燃烧等质量的M和甲烷，M消耗氧气较多
C. 与M互为同分异构体，且只含碳碳三键的链烃只有2种
D. M常温下能稳定存在，不能使酸性溶液褪色
【答案】C
【解析】
【详解】A．该分子为对称结构，则该烃的二氯代物同分异构体只有该烃的二氯代物有2种，A错误；
B．充分燃烧等质量不同烃，烃的含氢量越高，耗氧量越多，充分燃烧等质量的X和甲烷，，则甲烷消耗氧气多，B错误；
C．M中有4个不饱和度，1个碳碳三键为2个不饱和度，则其同分异构为或，C正确；
D．分子中含2个C=C键，能与溴水发生加成反应，能能使溴的四氯化碳溶液褪色，可被酸性高锰酸钾氧化，D错误；
故答案为：C。
19. 某小组探究一种有机物Y的结构。第一步通过李比希氧化法测得4.24g有机物Y产生和水，第二步通过仪器分析得知Y的相对分子质量为106，第三步通过核磁共振仪测出Y的核磁共振氢谱图中由4组峰，其面积比为1：2：6：1，第四步通过红外光谱仪测出有苯环骨架的信号。下列说法不正确的是
A. 第二步中的仪器分析方法为质谱法
B. Y的分子式为
C. Y是间二甲苯
D. Y分子中的碳原子均采取杂化轨道成键
【答案】D
【解析】
【分析】烃X的物质的量n(X)=，反应产生的CO2的物质的量为n(CO2)=，反应产生的H2O的物质的量为n(H2O)=，则分子中N(C)==8；N(H)==10，故X的分子式为C8H10，X的红外光谱测定含有苯环，属于苯的同系物，而核磁共振谱有4个峰，其面积比为1：2：6：1，，则Y为 ，名称为间二甲苯。
【详解】A．第二步通过仪器分析得知X的相对分子质量，该方法称为质谱法，故A正确；
B．根据分析，Y的分子式为，故B正确；
C．Y为 ，名称为间二甲苯，故C正确；
D．Y分子中苯环上碳原子为sp2杂化，甲基碳原子采取sp3杂化轨道成键，故D错误；
故答案为D。
20. 一定温度下，在两个容积均为的恒容密闭容器中加入一定量的反应物，发生反应，相关数据见下表。
下列说法不正确的是
A.
B. Ⅰ中反应达到平衡时，的转化率为50%
C. Ⅱ中反应平衡常数
D. 的容器中，若四种气体的物质的量均为，则
【答案】D
【解析】
【分析】温度为t1时，根据起始物质的量和平衡时的物质的量可列三段式：
【详解】A．该反应的正反应是放热反应，温度升高，平衡逆向移动，CO2的物质的量减小，所以温度t1＞t2，故A正确；
B．由以上分析可知，Ⅰ中反应达到平衡时， NO 的转化率为×100%=50%，故B正确；
C．由以上分析可知，Ⅰ中反应达到平衡时， 各物质的物质的量浓度分别为NO：0.1ml/L，CO：0.1ml/L，N2：0.05ml/L，CO2：0.1ml/L，则t1温度下反应的平衡常数K==5，Ⅱ的温度比Ⅰ低，则Ⅱ中反应平衡常数 K>5，故C正确；
D．t1℃、2L 的容器中，若四种气体的物质的量均为 0.4ml ，则各物质的物质的量浓度均为0.2ml/L，则Q==5=K，所以 v(正)=v(逆)，故D错误；
故选D。
21. 分析含有少量NaOH的NaClO溶液与FeSO4溶液的反应。
已知：①图1表示将FeSO4溶液逐滴滴加到含少量NaOH的NaClO溶液中的pH变化；②图2表示NaClO溶液中含氯微粒的物质的量分数与pH的关系[注：饱和NaClO溶液的pH约为11； Ksp[Fe(OH)3]=2.8×10−39]。
关于上述实验，下列分析正确的是
A. A点溶液的pH约为13，主要原因是ClO− + H2OHClO + OH−
B. AB段pH显著下降的原因是5ClO-+2Fe2+ + 5H2O=Cl−+ 2Fe(OH)3↓+ 4HClO
C. CD段较BC段pH下降快的主要原因是HClO+2Fe2+ +5H2O=2Fe(OH)3↓+Cl-+ 5H+
D. 反应进行至400s时溶液中产生Cl2的原因是：ClO-+ Cl-+2H+=Cl2↑+ H2O
【答案】C
【解析】
【分析】刚开始滴入FeCl2溶液时，Fe2+被氧化生成Fe3+，Fe3+与溶液中本来存在OH-结合生成沉淀，使pH显著下降，当溶液中原本存在的OH-反应完全后，Fe3+和ClO-发生双水解生成弱酸HClO，溶液的pH缓慢下降，当溶液中溶质主要为HClO后，再滴入FeCl2溶液，HClO将Fe2+氧化成Fe3+，同时生成强酸HCl，所以pH迅速下降，随着FeCl2的滴入，溶液中HCl的浓度越来越大，pH越来越小，小到一定程度后Fe(OH)3开始溶解消耗氢离子，所以pH变化缓慢，据此回答。
【详解】A．饱和NaClO溶液的pH约为11，A点溶液的pH约为13，说明主要原因不是次氯酸跟离子的水解，A错误；
B．根据分析可知，AB段pH下降的原因为Fe2+被氧化生成Fe3+，Fe3+与溶液中本来存在OH-结合生成沉淀，，B错误；
C．当溶液中原本存在的OH-反应完全后，Fe3+和ClO-发生双水解生成弱酸HClO，BC段pH缓慢下降，再滴入FeCl2溶液，HClO将Fe2+氧化成Fe3+，同时生成强酸HCl，所以CD段pH迅速下降，CD段较BC段pH下降快的主要原因是HClO+2Fe2+ +5H2O=2Fe(OH)3↓+Cl-+ 5H+，C正确；
D．反应进行至400s时，生成的HClO氧化Cl-产生Cl2，离子方程式为HClO+ Cl-+H+=Cl2↑+ H2O，D错误；
故选C。
第II卷(非选择题共58分)
22. 合成氨是人类科学技术发展史上的一项重大成就，在很大程度上解决了地球上因粮食不足而导致的饥饿问题，是化学和技术对社会发展与进步的巨大贡献。
（1）基态氢原子中，核外电子的电子云轮廓图形状为___________。
（2）自然界中的氮元素主要以分子的形式存在于空气中，是人工固氮的主要来源。
①基态氮原子的轨道表示式为___________。分子的电子式为___________。
②分子中，与原子相连的显正电性。则电负性：___________。(填“>”或“”或“ ④. 四面体形 ⑤. 三角锥形
（3） ①. Al、O ②. > ③. 随着电子的逐个失去，阳离子所带的正电荷数越来越大，再失去一个电子需要克服的电性引力也越来越大，消耗的能量也越来越多 ④. +2
【解析】
【小问1详解】
基态H原子核外1个电子分布在1s轨道中，s轨道电子云轮为球形；
【小问2详解】
①氮原子的核电荷数为7，基态氮原子的轨道表示式为；N2中N原子与N原子共用3对共用电子对，电子式为；
②NH3分子中，与N原子相连的H显正电性，说明N的电负性大于H，即电负性：N>H；的价层电子对数为3+=4，VSEPR模型的名称为四面体形，含1个孤对电子，分子的空间结构为三角锥形；
【小问3详解】
①ⅢA-ⅤⅡA、0族为p区，所以Al2O3、K2O、CaO、MgO、Cr2O3等氧化物中，属于元素周期表分区中p区的元素是ⅢA的Al、ⅥA的O元素；
②Mg、Ca属于同一主族元素且原子序数逐渐增大，同主族自上而下第一电离能减小，故第一电离能Mg＞Ca；
③随着电子的逐个失去，阳离子所带的正电荷数越来越大，再失去一个电子需要克服的电性引力也越来越大，消耗的能量也越来越多，所以原子的电离能逐级增大；Mg为第三周期元素，Mg元素的第二电离能远远小于第三电离能，说明Mg元素最外层有2个电子，失去2个电子时达到稳定结构，所以Mg元素通常显+2价。
23. 铜及其化合物具有广泛的用途。
(一)广泛应用于太阳能电池领域。以、和抗坏血酸为原料，可制备。
（1）基态核外电子排布式为___________。
（2）抗坏血酸的分子结构如图1所示。推测抗坏血酸在水中的溶解性：___________(填“难溶于水”或“易溶于水”)，理由是：___________。
（3）一个晶胞(见图2)中，晶胞中离子的数目为___________。
（4）两种离子晶体和的熔点比较，熔点较高的是___________，解释原因___________。
(二)是叶绿素的必要成分，叶绿素的结构如图3，请回答相关问题：
（5）在叶绿素中，与原子之间形成的化学键称为___________。
（6）构成叶绿素的非金属元素中，和第一电离能较大的为___________，请从原子结构角度解释原因___________。
【答案】（1）或
（2） ①. 易溶于水 ②. 分子中含有4个－OH，能与水形成分子间氢键
（3）4（4） ①. Cu2O ②. Cu2O、Cu2S都是离子晶体，O2-半径比S2-半径小，阴阳离子的核间距越小，晶格能越大，熔点越高
（5）配位键（6） ①. N ②. N原子2p轨道半充满，第一电离能高于O
【解析】
【小问1详解】
基态核外电子排布式为或，基态核外电子排布式为或；
【小问2详解】
根据抗环血酸分子结构，分子中含有4个－OH，能与水形成分子间氢键，因此抗坏血酸易溶于水；
【小问3详解】
根据晶胞，顶点为氧离子，晶胞内部为，晶胞中离子的数目为4。
【小问4详解】
两种离子晶体Cu2O和Cu2S的熔点比较，Cu2O、Cu2S都是离子晶体，O2-半径比S2-半径小，阴阳离子的核间距越小，晶格能越大，熔点越高，故Cu2O的熔点较高；
【小问5详解】
与原子之间形成的化学键称为配位键；
【小问6详解】
同周期主族元素的第一电离能，随着原子序数的增大，有增大的趋势，由于N原子2p轨道半充满，第一电离能高于O，则第一电离能较大的为N。
24. 磷酸亚铁锂()可用作锂离子电池正极材料，具有热稳定性好、循环性能优良、安全性高等特点，文献报道可采用、、和苯胺等作为原料制备。回答下列问题：
（1）在周期表中，与的化学性质最相似的邻族元素是___________，该元素基态原子核外M层电子的自旋状态___________(填“相同”或“相反”)。
（2）苯胺()含有的官能团的名称是___________，其晶体类型是___________。苯胺与甲苯()的相对分子质量相近，但苯胺的熔点()、沸点()分别高于甲苯的熔点()、沸点()，原因是___________。
（3）基态与离子中未成对的电子数之比为___________。
（4）在磷酸根离子()中，中心原子的价层电子对数为___________。
（5）比较与的半径大小关系：___________(填“>”或“