2025年中考数学第三次模拟考试卷：物理（安徽卷）（解析版）

这是一份2025年中考数学第三次模拟考试卷：物理（安徽卷）（解析版），共21页。
1．物理试卷共四大题 23 小题，满分 70 分。物理与化学的考试时间共 120 分钟。
2．试卷包括“试题卷”(4页)和“答题卷”(4页)两部分。请务必在“答题卷”上答题，在“试题卷”上答题是无效的。
3．考试结束后，请将“试题卷”和“答题卷”一并交回。
一、填空题（每小题2分，共20分）
1．2024年1月我国载人航天首发成功——天舟七号为“天宫”送去“年货大礼包”。如图所示，天舟七号货运飞船距离天和核心舱19m，正以相对核心舱0.2m/s的速度向核心舱匀速直线运行。以天舟七号为参照物，天和核心舱是 (选填“运动”或“静止”)的。
【答案】运动
【解析】以天舟七号为参照物，天和核心舱与天舟七号之间的位置不断发生变化，所以天和核心舱是运动的。
2．如图所示，“中华第一笛——贾湖骨笛”是我国目前出土最早的乐器实物，比希腊骨笛足足早了2000年，具有巨大的文物和考古价值。吹奏骨笛时，按压不同的笛孔是为了改变发出声音的 。
【答案】音调
【解析】吹奏骨笛时，按住不同的笛孔会改变空气柱的长短，则空气柱振动的频率不同，因此骨笛发出的声音的音调不同。
3．如图所示是河水中的漩涡，漩涡中心水的流速相对边沿的流速较快，压强较 ，从而形成压力差，导致周边物体易被“吸入”漩涡。（温馨提示：严禁学生私自下河游泳）
【答案】小
【解析】根据流体压强与流速的关系可知，流速大的位置压强小，故漩涡中心水的流速相对边沿的流速较快，压强较小。
4．在使用托盘天平测量一块矿石的质量时，先把矿石放到已调平的托盘天平左盘中，再通过向右盘中加减砝码和移动游码的办法，使托盘天平再次平衡。当托盘天平平衡时，其右盘中所加的砝码及标尺上游码的位置如图所示，该矿石体积为20cm3，则被测矿石的密度是 kg/m3。
【答案】3.87×103
【解析】矿石的质量
矿石的密度
5．如图所示为“探究光的反射规律”的片段。小明将平面镜放在水平桌面，白色硬纸板竖直放置在平面镜上，再将纸板F沿PQ剪开，将纸板的上半部分向后折，请作出此时的反射光线。
【答案】
【解析】据光的反射定律可知，反射光线与入射光线在同一平面上，故反射光线在右侧下半部分纸板上。图中法线已经画出，根据反射角等于入射角在法线的右侧画出反射光线，如图所示：
6．两个表面粗糙程度完全相同的物体A和B叠放在一起（如图甲），在的水平拉力作用下，在水平面上一起做匀速直线运动；若A、B两物体用一根质量不计的细线相连，（如图乙）在F2的作用下在同水平面上做匀速直线运动，此时拉力 N。
【答案】6
【解析】图甲中，以AB组成的整体为研究对象，AB做匀速直线运动，所以受到地面的摩擦力与拉力平衡，则摩擦力大小等于拉力的大小，为6N；在乙图中，若将A、B两物体用一根质量不计的细线相连，使它们一起匀速运动，由于接触的粗糙程度不变，压力不变，摩擦力也不变，因此拉力与此时的摩擦力为一对平衡力，拉力的大小也为6N。
7．如图所示，重为的巨木可视为质地均匀的圆柱体，其长度为。横杆长度为，质量和粗细忽略不计，是横杆与支架的接触点，长为。使巨木一端刚好离开地面时，人对横杆的最小动力为 。
【答案】2000
【解析】将巨木看成一个杠杆，因其质地均匀，重力的作用点即重心在其中心，抬起巨木时左端为支点，巨木的重力为，根据杠杆平衡条件可得
代入数值得
解得，由图可知，人对横杆压力最小，力臂最长，以OB作为力臂时，力臂最长，力最小，OB的长为lOB=lAB-lOA=3.5m-0.5m=3m
根据杠杆平衡条件可得F×lOB=FA×lOA
代入数值可得F×3m=1.2×104N×0.5m
解得F=2000N
8．小明用一杯质量为100g、温度为80℃的热水给一盒质量为200g、温度为20℃的牛奶加热，最终牛奶被加热到50℃。该牛奶的比热容为 。[，不计热量的损失]
【答案】2.1×103
【解析】水的比热容为
水的质量为100g、初温为80℃，末温为50℃；牛奶质量为200g、初温为20℃，末温为50℃；不计热量的损失，故，即
代入数据
解得
9．如图所示，电源电压不变，只闭合开关时，电流表A的示数是；开关、均闭合时，电压表V的示数为，电流表A的示数为，此时，灯泡的电阻值为 。（灯泡电阻不变）
【答案】15
【解析】由图可知，只闭合开关S1，只有L1和电流表接入电路中，两个开关都闭合，两个灯泡并联，电流表测量干路中的电流，电压表测量L2两端的电压，由并联电路电流的特点可知通过L1的电流不变，由并联电路电流的规律可知通过L2的电流
灯泡的电阻值为
10．如图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图象，将它们按图乙所示接入电源电压保持不变的电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为1W，再闭合开关S1，电阻R通电1min消耗的电能为 J。
【答案】24
【解析】当闭合开关S、断开开关S1时，电路为L的简单电路，由甲图象可知，灯泡两端的电压为2V，通过灯泡的电流，此时小灯泡的实际功率恰好为1W，所以电源的电压。当再闭合开关S1时，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，此时R两端的电压为2V，由图象可知，电阻R通电1min消耗的电能为
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中只有一个选项是符合题意的）
11．电与人类的生活息息相关，安全用电是每个公民必备的素养。关于家庭电路中的安全用电问题，下列说法正确的是（ ）
A．电路发生故障时，零线可能致人触电
B．人只要不接触带电体，就不会触电
C．使用试电笔时，手不能接触笔尾的金属体
D．空气开关跳闸，一定是发生了短路，应立即重新合上开关
【答案】A
【解析】A．正常的情况下，零线在入户之前是和大地相连的，当零线接触不良时，其电压会升高，可能超过安全电压，因此可能致人触电，故A正确；
B．根据安全用电原则，人不能靠近高压带电体，靠近高压带电体也可能会发生触电，故B错误；
C．使用试电笔时，手需要接触笔尾的金属体，故C错误；
D．空气开关跳闸说明电流过大，造成电流过大的原因可能是短路，也可能是用电器的总功率过大，因此要检查电路，电路无问题后再重新合上，故D错误。
故选A。
12．炒鸡是一道美味家常菜，这道菜的烹制大致经历以下过程：“鸡肉解冻”“热油爆炒”“小火慢炖”“大火收汁”。下列相关说法中错误的是（ ）
A．“鸡肉解冻”，冰熔化成水的过程中温度不变
B．“热油爆炒”，使鸡肉温度快速升高
C．“小火慢炖”，锅内食物温度降低，可以节约能源
D．“大火收汁”，是为了加快水的汽化
【答案】C
【解析】A．冰是晶体，冰熔化成水的过程中吸收热量，内能增加，但温度不变，故A正确，不符合题意；
B．油的沸点高于水的沸点，“爆炒”是利用了油的沸点高使鸡肉温度快速升高的，故B正确，不符合题意；
C．水沸腾时要不断吸热，温度不变；“小火慢炖”，锅内食物温度不变，可以节约能源，故C错误，符合题意；
D．根据液体沸腾特点可知，水在沸腾后要不断吸热，所以“大火收汁”，是为了加快水的汽化，故D正确，不符合题意。
故选C。
13．物理学中，把能呈现在光屏上的像称为实像，把不能呈现在光屏上，只能用眼睛直接看到的像称为虚像。根据“实像”和“虚像”的概念判断、下列加点的字所表示的“物体”中是实像的是（ ）
A．夏天浓密的树荫下圆形的光斑
B．好奇的该子看鱼缸中自由游动的金鱼
C．水中的蓝天白云
D．放大镜后的文字
【答案】A
【解析】A．夏天浓密的树荫下圆形的光斑是由于光的直线传播形成的太阳的实像，故A符合题意；
B．好奇的该子看鱼缸中自由游动的鱼，是因为水中物体的光经水面斜射入空气中时，会发生折射现象，折射光线远离法线，我们逆着折射光线的方向能看到比物体实际位置较浅的虚像，故B不符合题意；
C．水中的蓝天白云是由于光的反射形成的虚像，故C不符合题意；
D．由凸透镜成像规律可知，物距小于焦距，成正立、放大的虚像，故放大镜后的文字属于虚像，故D不符合题意。
故选A。
14．我市已逐渐开始实行电动自行车新政策：只允许新国标电动自行车上路，要求车速不超过25km/h。下面是同学们设计的某品牌电动自行车的电路，其中符合“旋钮OP绕O点顺时针转动时，电动机转速变快，当转速超过一定值，电铃会自动报警”的电路是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】A
【解析】电动机的转速与电流大小有关，根据题意，当旋钮OP绕O点顺时针方向转动时，滑动变阻器接入电路中的电阻应变小，控制电路部分电流变大，电动机转速变快；当电流达到一定程度时，电磁铁将衔铁吸过来，接通电铃所在电路而报警，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
15．如图甲所示的过山车是一项惊险刺激的娱乐项目。如图乙所示是过山车轨道的示意图，过山车沿弧形轨道从a点运动到b点后进入竖直圆形轨道经过c点，然后通过d点（不计空气阻力），下列说法正确的是（ ）
A．乘坐过山车的游客相对于轨道是静止的
B．过山车到达c点时，动能为零
C．过山车经过a、d两点时，机械能大小相等
D．过山车从b点运动到d点，部分动能转化为重力势能
【答案】D
【解析】A．以轨道为参照物，乘坐过山车的游客的相对位置改变，是运动的，故A错误；
B．过山车到达c点时，仍具有水平方向的速度，动能不为零，故B错误；
C．过山车在行驶过程中要克服摩擦做功，机械能转化为内能，所以机械能是减小的，所以过山车经过a、d两点时，d点机械能小于a点机械能，故C错误；
D．过山车从b点运动到d点过程中，质量不变，速度变小，则动能变小，高度上升，则重力势能变大，所以部分动能转化为重力势能，故D正确。
故选D。
16．建筑工地用如图1所示的装置提升重物A，电动机拉动绳子的功率保持不变，电动机对绳子的拉力F与绳子自由端的移动速度v的关系如图2所示。重物A以0.1m/s的速度匀速上升时，滑轮组的机械效率为80%。不计绳重与摩擦。下列分析与计算正确的是（ ）
A．重物A以0.1m/s的速度匀速上升时，电动机对绳子的拉力为600N
B．重物A的重力为600N
C．动滑轮重为120N
D．匀速提升108kg的重物B时，重物B在30s上升的高度为4.5m
【答案】C
【解析】A．由图可知，n=3，自由端移动的速度为
v绳=nv物=3×0.1m/s=0.3m/s
由图2可知，电动机对绳子的拉力为200N，故A错误；
B．根据
可知，重物A的重力为
G=ηnF=80%×3×200N=480N
故B错误；
C．不计绳重与摩擦，根据
可知，动滑轮重为
G动=nF-G=3×200N-480N=120N
故C正确；
D．电动机的功率为
当匀速提升108kg的重物B时的拉力F'为
因电动机拉动绳子的功率保持不变，重物B移动的速度为
则重物B在30s上升的高度为
h=vBt=0.05m/s×30s=1.5m
故D错误。
故选C。
17．如图甲所示电路，电源电压保持不变，R0为定值电阻，闭合开关S，滑动变阻器滑片P从a端移到b端，电压表和电流表的示数变化图像如图乙所示，以下说法正确的是（ ）
A．定值电阻R0的阻值是20Ω
B．电源电压为6V
C．滑动变阻器的最大阻值10Ω
D．当电流表的示数是0.6A时，滑动变阻器接入电路的电阻为5Ω
【答案】D
【解析】ABC．闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压。滑动变阻器滑片P在a端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0Ω，滑动变阻器两端的电压为0V，电路为定值电阻的简单电路，从图中可知电路电流为0.9A，根据欧姆定律可知电源电压
……①
滑动变阻器滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，从图中可知电路电流为0.3A，滑动变阻器两端的电压为6V，根据欧姆定律及串联电路的电压特点可知电源电压
……②
联立以上两式可知：U＝9V，R0＝10Ω；
滑动变阻器滑片P在b端时，根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值
故ABC错误；
D．当电流表的示数是0.6A时，根据欧姆定律可知总电阻
根据电阻串联的特点可知滑动变阻器接入电路的电阻为
故D正确。
故选D。
三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分）
18．小南利用生活器材自制了薄壁实验箱来探究“液体压强大小与什么因素有关”。实验操作如下：
（Ⅰ）如图（a）所示，实验箱分为内箱A与外箱B，内箱A固定在外箱B的内侧，内箱A下部有一圆形孔C，在圆孔C上蒙上了一层橡皮膜，开始时橡皮膜是平的。
（Ⅱ）先在A箱中不断加水，实验现象如图（b）、（c）所示。
（Ⅲ）然后B箱中加入一定量盐水，使盐水和水的液面相平，实验现象如图（d）所示。（已知）
（1）实验中，小南通过观察橡皮膜的形变程度来反映液体压强的大小，由图（c）、（d）现象可知，液体深度相同时，密度越大的液体产生的压强越 。
（2）小南还利用薄壁实验箱测量出某未知液体的密度，如图（e）所示，在A箱中加入水，在B箱中加入某未知液体，使橡皮膜变平，用刻度尺测得此时厘米，厘米，厘米，则未知液体的密度为 kg/m3。（已知）
【答案】（1）大；（2）
【解析】（1）观察图(d)，此时A箱装水，B箱装盐水，盐水和水的液面相平，也就是液体深度相同。已知，从图中可以看到橡皮膜向水的一侧凸起，这说明盐水对橡皮膜产生的压强大于水对橡皮膜产生的压强。由此可知，在液体深度相同时，液体密度越大，液体压强越大。
（2）在A 箱中加入水，在B箱中加入某未知液体，使橡皮膜变平，则水和未知液体的压强相同，根据有
此时厘米，厘米，厘米则未知液体的密度为
19．课外小组的同学们想探究“影响电水壶热效率的因素”。实验桌上备有温度计、电子秤、电水壶、停表、功率计量插座（如图所示，它能直接测量电水壶的实际功率）。实验前，同学们提出猜想：电水壶的热效率可能与电水壶的保温性、功率、装水的质量、环境温度等有关。同学们按照不同猜想，分小组进行实验探究，在每次实验开始时，保证电水壶和水的初温与室温相同。下表为一小组同学用同一只电水壶进行两次实验所记录的实验数据。
（1） 根据实验数据分析，该电水壶的热效率η较高的应是 ；（选填“①”或“②”）
（2）请根据表格中实验数据，归纳出实验结论： 。
【答案】（1）②；（2）其它因素一定时，装水的质量越大，电水壶的效率越高
【解析】（1）[1]第一次实验，水吸收的热量
第一次实验消耗的电能
第一次实验的热效率
第二次实验时水吸收的热量
第二次实验消耗的电能
第二次实验的热效率
根据实验数据分析，该电水壶的热效率较高的应是②。
（2）[2]由以上计算可知，在电水壶的保温性、功率、环境温度等因素相同的情况下，装的水质量较大时，电水壶的热效率也较高，所以可得出结论，电水壶热效率与装水的质量有关，其它因素一定时，装水的质量越大，电水壶的效率越高。
20．小明同学想测量某一未知定值电阻的阻值，用到的器材有：待测电阻Rx（约为10Ω）、电源（电压恒为4.5V）、电流表、电压表、滑动变阻器（规格为“？Ω，1A”）、开关各1个，导线若干。
（1）用笔画线代替导线将图甲中的实验电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变大）；
（2）闭合开关后，发现电流表的指针偏转如图乙所示，造成该现象的原因是 ；
（3）排除故障后，小明开始实验，并记录了四组实验数据，如表中所示，测得的待测电阻的阻值为 ；分析实验数据可知，本实验所用的滑动变阻器的最大值应不小于 。
【答案】（1）；（2）电流表的正负接线柱接反；（3）10 35
【解析】（1）根据实验，电路是串联的，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路中的电流，要求滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变大，由串联电压规律可知，变阻器两端电压会变小，根据串联分压原理可知，变阻器的阻值变小，则变阻器的左下接线柱接入电路，如下图所示：
（2）闭合开关后，电流表的指针发生左偏，说明电流表的正负接线柱接反了。
（3）[1]表格数据中四组数据中的电阻分别为
则测得的待测电阻的阻值为
[2]表格数据中最小电流为0.1A，此时变阻器接入电路中的阻值最大，则电路中的总电阻为
此时变阻器的阻值为
则本实验所用的滑动变阻器的最大值应不小于35Ω。
四、计算与推导题（第21小题6分，第22小题6分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程）
21．健腹轮是一种健身器材，使用时可将膝盖跪在垫上，手紧握健腹轮手柄，向前推动健腹轮至身体与地面水平，然后回收归位，反复操作，如图所示。小梦体重为，做一次运动身体从状态1到状态2，小梦身体的重心下降20cm。问：
（1）状态1到状态2过程中小梦所受的重力做功为多少?
（2）若小梦每分钟可以做15个同样的运动，每次重心上升的高度和下降时相同，则她健身时克服重力做功的平均功率是多少?
【答案】（1）100；（2）25
【解析】（1）身体重力为500N的小梦身体从状态1到状态2的过程中重力所做的功
（2）她健身时，每次克服重力做的功为100J，小梦每分钟做的总功
她健身时克服重力做功的平均功率
22．如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V，3W”的字样，滑动变阻器的阻值变化范围为，定值电阻的阻值为。不考虑温度对灯泡电阻的影响，求；
（1）小灯泡L正常发光时的阻值为多少？
（2）当、和都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端时，小灯泡L恰好正常发光，此时电流表的示数为多少？
（3）在保证电流表的示数不为0时，怎样才能使电路的电功率最小？电路的最小电功率是多少？
【答案】（1）；（2）；（3）见解析
【解析】（1）根据灯泡的规格，灯泡L的阻值为
（2）当、和都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端时，灯泡L和电阻并联，小灯泡L刚好正常发光，根据并联电路电压的规律知电源电压为
通过灯泡L的电流为
通过电阻的电流为
根据并联电路电流的规律知，此时电流表的示数为
（3）电源电压不变，根据可知，电路中的总电阻最大时，总功率最小，因为，所以当开关、闭合、断开时，滑动变阻器的滑片滑到b端时，和串联，此时电路的总电阻最大，总功率最小，电路的总功率为
23．如图所示，水平桌面上放有底面积为400cm2且足够高的薄壁圆柱形容器（重量不计），容器内装有30cm深的水。现用细线将实心长方体物块A与天花板相连，并使其五分之三的体积浸入水中，已知物块A的质量为4.5kg，底面积为150cm2，高为20cm（g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）。求：
（1）物块A浸入水中前，容器底部受到水的压强；
（2）物块A浸入水中后，水对容器底部的压力；
（3）现剪断细线，待物块A静止后，求剪断前后容器底部对桌面的压强变化量。
【答案】（1）3×103Pa；（2）138N；（3）675Pa
【解析】解：（1）A 浸入水中前，容器底部受到液体压强为
p水=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m=3×103Pa
（2）容器内水的体积为
V水=S容h水=400cm2×30cm=12000cm3
物块A的体积为
V=Sℎ=150cm2×20cm=3000cm3
则A排开水的体积为
因此容器内水和物块A浸在水中的总体积为
V=V水+V排=12000cm3+1800cm3=13800cm3
由V=Sh可知，此时容器内水的深度为
则此时水对容器底部的压强为
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.345m=3.45×103Pa
由可知，水对容器底部的压力为
（3）物块A的重力为
G=mg=4.5kg×10N/kg=45N
剪断细线前，物块A受到的浮力为
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×1800×10﹣6m3=18N
由力的平衡条件可知，细线的拉力为
F拉=G﹣F浮=45N﹣18N=27N
此时容器、水和物块A整体受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力和拉力，由力的平衡条件和力的作用是相互的可知，容器对水平桌面的压力为F压=F支=G总﹣F拉，剪断细线后，容器、水和物块A整体受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力，由力的平衡条件和力的作用是相互的可知，容器对水平桌面的压力为F压后=F支=G总，因此剪断前后容器底部对水平桌面的压力差为
ΔF=F压后﹣F压=G总﹣（G总﹣F拉)=F拉=27N
则剪断前后容器底部对桌面的压强变化量为
答：（1）物块A浸入水中前，容器底部受到水的压强为3×103Pa；
（2）物块A浸入水中后，水对容器底部的压力为138N；
（3）剪断前后容器底部对桌面的压强变化量为675Pa。0.5
1.5
17
17
100
100
1555
1555
135
350
①
②
第一组
第二组
第三组
第四组
电压/V
1
1.8
2.6
3.2
电流/A
0.1
0.18
0.26
0.32