2022届 广东六校联考高考物理模拟试卷（六模）带答案

这是一份2022届 广东六校联考高考物理模拟试卷（六模）带答案，共23页。试卷主要包含了请将答案正确填写在答题卡上等内容，欢迎下载使用。
试卷副标题
考试范围：xxx；考试工夫：100分钟；命题人：xxx
留意事项：
1．答题前填写好本人的姓名、班级、考号等信息
2．请将答案正确填写在答题卡上
第I卷（选一选）
请点击修正第I卷的文字阐明
1．2021年5月，中国的“人造太阳”在1.2亿摄氏度下，成功“燃烧”101秒。这标志着我国核聚变研讨又获得严重突破，核反应方程是，为人类获得可控核聚变能源奠定了商用的物理和工程基础。下列说确的是（ ）
A．核聚变可以在常温下发生
B．方程中的X表示中子，中子是查德威克发现的
C．该核反应前后质量守恒
D．的比能比的比能大
2．电竞遥控车表演赛中，时辰，可视为质点的甲、乙两车以等大反向的速度在O点擦肩而过，甲向右运动，乙向左运动，v-t图像如图所示，且两车的运动方向都发生了改变，以向右为正方向，以下说确的是（ ）
A．，甲的位移比乙大B．，甲的加速度比乙大
C．时，甲刚好回到O点D．乙回到O点时，甲在O点的左边
3．如图所示是户外露营中运用的一种便携式三脚架，它由三根完全相反的轻杆经过铰链组合在一同，每根杆均可绕铰链转动。将三脚架静止放在程度地面上，吊锅经过细铁链挂在三脚架正。三根杆与竖直方向的夹角均为，吊锅和细铁链的总质量为m，支架与铰链之间的忽略不计，则（ ）
A．每根杆中的弹力大小为B．每根杆对地面的力大小为
C．减小θ时杆对地面压力增大D．减小θ时杆对地面力增大
4．天宫二号在离地343km圆形轨道。上运转1036天后，受控离轨并进入大气层，少量残骸落入南太平洋预定海域。天宫二号“回家”，标志着我国载人航天工程空间实验室阶段全部任务完成。关于天宫二号绕地球的运动（如图），下列说确的是（ ）
A．天宫二号受控离轨霎时，应加速前进
B．天宫二号进入大气层后，它的引力势能越来越小，机械能守恒
C．天宫二号绕地球做匀速圆周运动的周期小于地球自转的周期
D．天宫二号绕地球做匀速圆周运动向心加速度小于地球赤道物体自转的向心加速度
5．如图所示，在竖直面内轻杆的一端固定一个小球，另一端连接在光滑的固定轴O上。现轻杆从程度地位开始以初速度向上运动，直至小球运动到点，不计空气阻力。对于上述过程，下列说确的是（ ）
A．小球的竖直分速度先增大后减小B．轻杆对小球的弹力一直沿半径指向圆心
C．小球的向心加速度先增大后减小D．小球重力的瞬时功率不断减小
6．静电除尘安装可用来烟气中的尘埃，如图所示，含有大量尘埃的废气先初步的机械过滤后，进入静电除尘区，图中虚线是某一粒尘埃仅在电场力作用下向集尘极运动的轨迹，A、B两点是轨迹与电场线的交点。不考虑尘埃在运动过程中的互相作用和电量变化，则下列说确的是（ ）
A．尘埃在静电除尘区遭到恒定的合外力
B．尘埃运动过程做匀变速曲线运动
C．尘埃运动轨迹上A点的电势低于B点的电势
D．尘埃在A点的电势能低于在B点的电势能
7．某兴味小组在研讨手机超级快充充电器后，发现其无线充电器的原理类似于理想变压器，由充电底座里的送电线圈和手机里的受电线圈组成，简化模型如图所示，其中送电线圈接入220V的家用交变电压。利用二极管整流和滤波电路处理，最终输入直流电为手机电池充电。图乙和图丙分别是手机中受电线圈经二极管整流前后电压与工夫的关系图像。下列说确的是（ ）
A．送电线圈与受电线圈的匝数比为44：1
B．无线充电安装工作的原理是“电流的磁效应”
C．当受电线圈为手机充电的功率为66W时，送电线圈中的电流为0.3A
D．将整流前后图乙和图丙的电压加在同一电阻上，在1s内产生的热量不同
8．如图，长为2L、宽为L的矩形金属线框abcd放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于线框平面向上。当金属框绕对称轴ef以角速度逆时针匀速转动时，上面说确的是（ ）
A．线圈中没有感应电流
B．线圈中感应电流的方向为a→b→c→d→a
C．ad两点的电势差
D．ad两点的电势差
9．如图所示质量为M的小车静止在光滑的程度面上，小车AB段是半径为R的四分之一光滑圆弧轨道，BC段是长为L的程度粗糙轨道，两段轨道相切于B点。一质量为m的滑块在小车上从A点静止开始沿轨道滑下，然后滑入BC轨道，恰好停在C点。已知小车质量，滑块与轨道BC间的动因数为，重力加速度为g。则下列说确的是（ ）
A．滑块从A滑到C的过程中滑块和小车零碎的动量不守恒
B．滑块从A滑到C的过程中滑块和小车零碎的机械能不守恒
C．滑块从A滑到C的过程中滑块和小车的对地位移大小相等
D．L、R、三者的关系为
10．如图所示，在直角坐标xOy平面内，有一半径为R的圆形匀强磁场区域，磁感应强度的大小为B，方向垂直于纸面向里，边界与x、y轴分别相切于a、b两点，ac为直径。一质量为m，电荷量为q的带电粒子从b点以某一初速度（大小未知）沿平行于x轴正方向进入磁场区域，从a点垂直于x轴离开磁场，不计粒子重力。下列判断正确的是（ ）。
A．该粒子的初速度为
B．该粒子从bc弧中点以相反的速度进入磁场后在磁场中运动的工夫是次运动工夫的1.5倍
C．以从b点沿各种方向进入磁场的该种粒子从边界出射的最远点恰为a点
D．以从b点沿各种方向进入磁场的该种粒子在磁场中运动的最长工夫是
第II卷（非选一选）
请点击修正第II卷的文字阐明
11．小华同窗设计如图甲的实验安装做“探求加速度与力、质量的关系”创新实验。实验操作步骤如下：
（ⅰ）挂上托盘和过量砝码，改变长木板的倾角，让带遮光片的小车沿长木板匀速下滑。
（ⅱ）取下砝码盘和砝码，读出砝码的质量为m，小车和遮光片的总质量为M。让小车从靠近滑轮处沿长木板下滑，测出加速度a。
（ⅲ）改变砝码质量和木板倾角，多次测量，作出a—mg图，得出a—mg的关系。（g为重力加速度）
（1）用游标卡尺测量遮光片的宽度d，游标卡尺的示数如图乙所示，其读数为______cm；
（2）在步骤（ⅰ）调理长木板倾角，让小车匀速下滑时，发现经过光电门A的工夫大于经过光电门B的工夫，应______（选填“增大”、“减小”）长木板倾角。
（3）该实验______（选填“需求”、“不需求”）满足。
（4）在图丙A、B、C、D四幅图中，与该实验操作对应的a—mg图应为______。
A． B． C． D．
12．某科技小组设计一款自动测量水库水位零碎，包括电路零碎和绝缘材料制造的长方体仪器，正视图如下。仪器内部高，在左右两侧壁上铺满厚度、电阻均可忽略的电极板A、B。仪器底部内侧是边长为的正方形，两头有孔与水库连通。将仪器竖直固定在水中，长方体正好位于每年平均水位处，此高度定义为0m，建立如图右侧坐标系。每隔一段工夫，零碎自动用绝缘活塞塞住底部连通孔，闭合开关，连接恒压电源，读出电流表示数I，经过计算得出此时水位h。已知此处水的电阻率。
（1）电流表应选择______（请填英文序号）
A．满偏电流，内阻可忽略的电流表
B．满偏电流，内阻可忽略的电流表
（2）将电流表表盘改为水库水位表，请写出电流表示数I与水位h之间关系式：I=______（请用符号E、h、H、、L表示）
（3）正确选择电流表后，当电流为满偏电流时，对应水位h=______
（4）若电流表内阻不能忽略，由电流表改装的水位刻度______（选填“均匀”、“不均匀”），请列式阐明理由：______。
13．如图，在平面直角坐标系xOy中，x轴上方存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度为x轴下方存在垂直坐标系平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B。一个静止的带正电粒子位于y轴正半轴的点，质量为2m，电荷量为2q。某时辰由于内部作用，成两个相反的粒子a和b，分别沿x轴正方向和负方向进入电场。已知粒子a进入象限的速度大小为。设过程不考虑外力的作用，在电场与磁场中的运动过程不计粒子重力和粒子间的互相作用。
（1）若粒子a次经过x轴的地位为M，求M离原点O的距离x；
（2）若粒子b第二次经过x轴的地位为Q，求MQ之间的距离L。
14．如图所示，小明在离水面高度的岸边，将一质量的小石片以程度初速度抛出，玩“打水漂”。小石片在水面上滑行时遭到的程度阻力恒为，在水面上弹跳数次后沿水面的速度减为零，并以的加速度沿竖直方向沉入水深的河底。假设小石片每次均接触水面后跳起，跳起时竖直方向上的速度与此时沿水面滑行的速度之比为常数。取重力加速度，不计空气阻力。求小石片：
（1）沉入河底前霎时的速度大小；
（2）从开始抛出到沉入河底前霎时的整个过程中，水对小石片做的功W；
（3）从抛出到开始下沉的工夫t。
15．如图，某自动洗衣机洗衣缸的底部与一控水安装的竖直均匀细管相通，细管的上部封闭，并和一压力传感器相接。洗衣缸进水时，细管中的空气被水封闭，随着洗衣缸中水面的升高，细管中的空气被紧缩，当细管中空气压强达到一定数值时，压力传感器使进水阀门关闭，达到自动控水的目的。假设刚进水时细管被封闭的空气柱长度为，当空气柱被紧缩到时压力传感器使洗衣机中止进水，此时洗衣缸内水位有多高？大气压取，水的密度取，重力加速度取。
16．如图所示，某种透明材料做成的三棱镜，其横截面是横截面是边长为a的等边三角形，现用一束宽度为a的单色平行光束，以垂直于BC面的方向正好入射到该三棱镜的AB及AC面上，结果一切从AB、AC面入射的光线进入后恰好全部直接到达BC面．求：
（i）该材料对此平行光束的折射率；
（ii）这些直接到达BC面的光线从BC面折射而出后，如果照射到一块平行于BC面的屏上构成光斑，则当屏到BC面的距离d满足什么条件时，此光斑分为两条．
17．如图所示，甲分子固定在坐标原点O，乙分子沿x轴运动，两分子间的分子势能与分子间距离的关系如图所示。图中分子势能的最小值为。乙分子在P点（）时，甲、乙分子间的引力______（填“大于”、“小于”或“等于"）斥力；当乙分子从Q点（）运动到P点（）的过程中，分子力对乙做_____（填“正功”、“负功”或“不做功”）
18．如图甲所示为一列沿程度方向传播的简谐横波在时的波形图，图乙是这列波中质点P的振动图线，那么该波的传播速度为______m/s；该波的传播方向为______（填“向左”或“向右”）；
题号
一
二
三
四
五
总分
得分
评卷人
得分
一、单 选 题
评卷人
得分
二、多选题
评卷人
得分
三、实验题
评卷人
得分
四、解 答 题
评卷人
得分
五、填 空 题
参考答案：
1．B
【解析】
【详解】
A．核聚变反应属于热核反应，必须在高温下进行，故A错误；
B．根据质量数守恒和电荷数守恒可知X的质量数为1，电荷数为0，X为中子，中子是查德威克发现的，故B正确；
C．该核反应放出能量，根据爱因斯坦质能方程可知，反应后有质量亏损，故C错误；
D．核反应方程式中生成物比反应物波动，生成物的比能大，所以的比能比的比能小，故D错误。
故选B。
2．C
【解析】
【详解】
A．v-t图像与坐标轴围成的面积表示位移大小，根据图像得，，乙比甲围成图像的面积更大，故甲的位移比乙小，A错误；
B．v-t图像的斜率表示加速度，甲乙图像的斜率值相等，加速度大小相等，B错误；
C．在内，甲图像象限和第四象限所围成的面积相等，故甲的位移为0，甲刚好回到O点，C正确。
D．时，乙象限图像围成的面积小于乙第四象限图像所围成的面积，故乙在后才回到O点，此时甲曾经向左发生了位移，故乙回到O点时，甲在O点的左边，D错误。
故选C。
3．B
【解析】
【详解】
A．以吊锅和细铁链为研讨对象，设每根杆中的弹力为，在竖直方向上，根据平衡条件可得
解得
故A错误；
B．每根杆对地面的力大小为
故B正确；
C．以整个安装为研讨对象，设地面对每根杆的支持力为，由平衡条件可知
可得
因此无论添加θ还是减小θ，大小不变，因此根据牛顿第三定律可知，每根杆对地面压力不变，大小为，三根杆对地面的总压力也不变，大小为，故C错误；
D．由前面分析可知每根杆对地面力大小为
因此当θ减小时，每根杆对地面力减小。另外由于三根杆对地面力大小相等，方向在程度面上互成，根据力的合成可知，三根杆对地面的合力为零，且不随θ变化而变化，故D错误。
故选B。
4．C
【解析】
【详解】
A．天宫二号受控离轨进入大气层前，要减速降轨，天宫二号是利用反冲原理减速的，所以它要向前喷气减速，从而做近心运动，故A错误；
B．天宫二号在进入大气层后，万有引力做正功，引力势能越来越小，大气阻力做负功，机械能越来越小，故B错误；
C．根据开普勒第三定律可知
天宫二号的轨道半径比同步卫星的轨道半径小，则天宫二号绕地球做匀速圆周运动的周期小于同步卫星的运动周期，而同步卫星的运动周期等于地球自转的周期，则天宫二号绕地球做匀速圆周运动的周期小于地球自转的周期，故C正确；
D．天宫二号绕地球做匀速圆周运动时，它的轨道比同步卫星的轨道低，根据万有引力定律可知
天宫二号的的向心加速度大于同步卫星的加速度，又同步卫星的角速度与地球自转的角速度相反，根据
可知，同步卫星的向心加速度大于地球自转的向心加速度，所以天宫二号在轨绕地球做匀速圆周运动时，它的向心加速度比地球自转的向心加速度大，故D错误。
故选C。
5．D
【解析】
【详解】
AD．轻杆从从程度地位开始以初速度向上运动，则速度逐渐减小，设轻杆与程度方向的夹角为θ，则小球的竖直分速度
则随着v减小，θ的添加，小球的竖直分速度逐渐减小，根据
可知，小球重力的瞬时功率不断减小，A错误，D正确；
B．由于小球到达点时，轻杆对小球的作用力可能沿半径指向圆心，也可能背离圆心，则轻杆对小球的弹力不一定一直沿半径指向圆心，选项B错误；
C．由
因小球的速度不断减小，则小球的向心加速度逐渐减小，C错误；
故选D。
6．C
【解析】
【详解】
A B．由于该电场不是匀强电场，电场力是变力，合外力不恒力，故尘埃在迁移过程中不是做匀变速曲线运动，AB错误；
C．沿着电场线的方向电势逐点降低，所以A点电势低于B点电势，C正确；
D．尘埃从A点运动到B点的过程中电场力做正功，故电势能不断在减小，尘埃在A点的电势能高于在B点的电势能。D错误。
故选C。
7．C
【解析】
【详解】
A．由图乙可知，受电线圈输入电压的值为5V，由于是正弦交流电，因此有效值为
因此送电线圈与受电线圈的匝数比为
故A错误；
B．由于无线充电器的原理类似于理想变压器，因此无线充电安装工作的原理是“法拉第电磁感应定律”，故B错误；
C．由于理想变压器输入功率等于输入功率，因此当受电线圈为手机充电的功率为66W时，送电线圈的输入功率为
因此送电线圈中的电流为
故C正确；
D．将整流前后图乙和图丙的电压加在同一电阻上，由于图乙和图丙中的电压有效值相反，因此在1s内产生的热量相反，故D错误。
故选C。
8．AD
【解析】
【详解】
AB．当金属框绕对称轴ef以角速度逆时针匀速转动时，穿过线圈平面的磁通量一直为零。由楞次定律，线圈中没有感应电流。A正确；B错误；
CD．ad转动切割磁线，设ad中点为
ad两点的电势差
C错误；D正确。
故选AD。
9．ABD
【解析】
【详解】
A．滑块从A滑到C的过程中程度方向动量守恒，竖直方向上合力不为零，零碎动量不守恒，故A正确；
B．滑块从A滑到C的过程中需求克服力做功，滑块和小车零碎的机械能不守恒，故B正确；
C．滑块从A滑到C的过程中，设滑块在小车上运动过程中某时辰的速度大小为，小车的速度大小为，滑块和小车组成的零碎在程度方向动量守恒，有
所以整个过程中，滑块与小车的平均速度满足
设滑块程度方向绝对地面的位移大小为，小车绝对地面的位移大小为，则有
并且
解得
故C错误；
D．零碎在程度方向动量守恒，以向右为正方向，对整个过程，由动量守恒定律得
解得，滑块在C点时，滑块与小车一同的速度为
由能量守恒定律得
解得
故D正确。
故选ABD。
10．BD
【解析】
【详解】
A．该粒子从b点射入磁场，从a点垂直x轴离开磁场，则运动半径为
r=R
根据
解得初速度为
选项A错误；
B．该粒子次在磁场中运动，其周期
运动了个周期，则运动工夫为
该粒子第二次以相反的初速度从圆弧bc的中点d沿平行于x轴正方向进入磁场，其轨迹半径不变也为R，如图所示；
由几何关系可知，该粒子第二次仍然从a点离开磁场，粒子转过的圆心角为
θ=90°+45°=135°
所以运动工夫
所以有
选项B正确；
C．以从b点沿各种方向进入磁场的该种粒子运动半径为，从边界出射的最远点距离b点的距离为R，则该点不是a点，选项C错误；
D．以从b点沿各种方向进入磁场的该种粒子在磁场中运动的半径为2R，则运动工夫最长时，对应的弦最长，最长弦长为2R，则转过的角度为60°，则最长工夫是
选项D正确。
故选BD。
11． 0.520 减小 不需求 C
【解析】
【详解】
（1）[1]20分度的游标卡尺的精度为0.05mm，遮光片的宽度为
（2）[2]，小车经过光电门A的工夫大于经过光电门B的工夫，阐明小车做加速运动，重力的分力大于滑动力，为了保证小车匀速下滑，则应减小长木板的倾角；
（3）[3]实验步为挂上总质量为的托盘和过量砝码，改变长木板的倾角后，让质量为的带遮光片的小车沿长木板匀速下滑，有
第二步为取下砝码盘和砝码，让小车从靠近滑轮处沿长木板加速下滑，有
由此可知本实验利用等效替代法测出了小车的合外力为，故不需求满足；
（4）[4] 因砝码的质量为m，设砝码盘的质量为，则砝码盘和砝码的总质量满足
由牛顿第二定律有
可得
则图像为函数，总截距为正值，故选C。
12． B 2.5m 不均匀 根据式子可知，I与h不成线性关系
【解析】
【详解】
（1）[1]水满时，电阻最小，电路电流达到，根据电阻定律，阻值为
电流约为
故选择满偏电流的电流表比较合适。
（2）[2] 根据电阻定律，水位为h时阻值为
电流表示数
（3）[3] 当电流为满偏电流时，即
根据
解得
（4）[4][5] 根据式子
可知，I与h不成线性关系，即由电流表改装的水位刻度不均匀。
13．（1）；（2）
【解析】
【详解】
（1）依题意可知带正电粒子成的相反粒子a、b，、，粒子a在象限做类平抛运动，由
，
解出
由
解出
，
根据动量守恒定律可知，分离时a、b两个粒子速度大小相等，方向相反，故两粒子在电场中运动轨迹关于y轴对称。
设b粒子次经过x轴的地位为N点，有
设b粒子以速度v进入匀强磁场，v与x轴正方向成，则
，
粒子b在匀强磁场中做匀速圆周运动，设轨迹半径为r，由
解出
故MQ间的距离
14．（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】
（1）小石片沉入河底时的速度
解得
（2）小石片从开始抛出到沉入河底前霎时的整个过程，由动能定理
解得
（3）小石片先做平抛运动，竖直方向
解得
小石片在水面上滑行时加速度
每次滑行的速度变化量
而
即小石片共在水面上滑行了10次，空中弹起后飞行了9次，
第n次弹起后的程度速度
竖直速度
空中飞行工夫
可得第n次弹起后在空中飞行的工夫为
在空中的飞行总工夫
在水面上滑行的工夫为
总工夫
解得
15．0.52m
【解析】
【分析】
【详解】
对于封闭在细管中的空气，由玻意耳定律有
p0l1S=pl2S
将l1=42cm，l2=40cm，p0=105Pa，代入解得
考虑液体的压强，则p=p0+ρg△h，将p，p0，ρ，g的值代入解得
△h=0.5m
设洗衣缸内水位有h高，则有
h=l1-l2+△h=0.52m
16．（1） （2）当光屏到BC距离超过，光斑分为两块
【解析】
【详解】
（1）由于对称性，我们考虑从AB面入射的光线，这些光线在棱镜中是平行于AC面的，由对称性不难得出，光线进入AB面时的入射角α和折射角β分别为：α=60°，β=30°
由折射定律，材料折射率
（2）如图O为BC中点，在B点附近折射的光线从BC射出后与直线AO交于D，可看出只需光屏放得比D点远，则光斑会分成两块．
由几何关系可得：
所以当光屏到BC距离超过时，光斑分为两块．
17． 等于 正功
【解析】
【详解】
[1] 乙分子在P点时，分子势能最小，则所受分子力合力为零，分子间引力等于分子间斥力；
[2] 乙分子从Q点运动到P点过程中，分子势能减小，分子力作正功。
18． 0.5 向左
【解析】
【详解】
[1]该波的传播速度为
[2]由P点的振动图像可知，t=2s时辰质点P沿y轴正向运动，波形图可知，该波的传播方向为向左。