2025年高考押题预测卷：物理（广东卷01）（解析版）

这是一份2025年高考押题预测卷：物理（广东卷01）（解析版），共16页。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1．（本题4分）我国太阳探测科学技术试验卫星“羲和号”在国际上首次成功实现空间太阳Hα波段光谱扫描成像。如图所示，Hα和Hβ分别为氢原子由n=3和n=4能级向n=2能级跃迁产生的谱线，下列说法正确的是（ ）
A．Hα的频率比Hβ的大
B．Hα在真空中的传播速度比Hβ的小
C．分别用Hα和Hβ照射同一个双缝干涉实验装置时，Hβ对应的相邻条纹间距更小
D．若Hβ照射某金属时发生光电效应，则Hα照射该金属时一定发生光电效应
【答案】C
【详解】A．氢原子由n=3至n=2的能级差小于由n=4至n=2的能级差，故Hα的频率比Hβ的小，故A错误；
B． Hα在真空中的传播速度与Hβ在真空中的传播速度相同，都为光速c，故B错误；
C．因 Hα的频率比Hβ的小，根据c=νλ
可知Hα的波长比Hβ的大，根据Δx=ldλ
可知分别用Hα和Hβ照射同一个双缝干涉实验装置时，Hβ对应的相邻条纹间距更小，故C正确；
D．若Hβ照射某金属时发生光电效应，说明Hβ的频率大于该金属的极限频率，由于 Hα的频率比Hβ的小，故Hα的频率与该金属极限频率的大小关系无法确定，所以 Hα照射该金属时不一定能发生光电效应，故D错误。
故选C。
2．（本题4分）如图甲，发电站输出正弦交流电的功率为P＝300kW，电压为U1=300V，利用图乙所示电路进行远距离输电，T1、T2均为理想变压器。已知输电线电阻R＝30Ω，输电线上损失的功率。ΔP＝3kW，次级发电站两端的电压为U4=300V，则（ ）
A．输电线上的电流I2=300A
B．变压器T2，原线圈的电压U3=3×104V
C．变压器T1，原副线圈的匝数比为1：50
D．变压器T2，原副线圈的匝数比为99：1
【答案】D
【详解】A．由ΔP=I2R
解得输电线上的电流为I2=ΔPR=10A
故A错误；
B．由U2=PI2=30×103V
可得变压器T2，原线圈的电压为U3=U2-ΔPI2=29700V
故B错误；
C．变压器T1，原副线圈的匝数比为n1n2=U1U2=1100
故C错误；
D．变压器T2，原副线圈的匝数比为n3n4=U3U4=991
故D正确。
故选D。
3．（本题4分）如图所示为摆长为1m的单摆分别在地球表面和某星球表面做受迫振动的共振曲线，地球表面的重力加速度g取10m/s2，下列说法正确的是（ ）
A．图线Ⅰ是地球上单摆的共振曲线
B．由图可知：频率越大，单摆的振幅越大
C．将一摆钟从地球移到该星球上，摆钟会变快
D．该星球表面的重力加速度约为1.6m/s2
【答案】D
【详解】A．根据单摆周期公式T=2πLg
可知，单摆在地球表面振动的固有周期T≈2s
则固有频率f=1T=0.5Hz
图线Ⅱ是地球上单摆的共振曲线，故A错误；
B．当驱动力的频率与单摆的固有频率越接近时，单摆的振幅越大，故B错误；
C．由上述分析可知，图线Ⅰ是该星球上单摆的共振曲线，单摆在该星球表面振动的固有频率较小，固有周期较大，则将一摆钟从地球移到该星球上，摆钟会变慢，故C错误；
D．根据T=2πLg=1f
可知g地g星=f地2f星2=
则该星球表面的重力加速度约为g星=1.6m/s2
故D正确。
故选D。
4．（本题4分）东方超环（EAST）的核心部件如图所示，环形真空室外面缠绕着水平环绕线圈1和竖直环绕线圈2两组线圈（类似于通电螺线管）产生磁场，将高温等离子体（含有带正、负电的电子）约束在磁场中。则下列说法正确的是（ ）
A．环形真空室任一位置处磁感应强度相同
B．线圈1产生水平方向穿过线圈2的环形磁场
C．线圈1产生的变化磁场激发出穿过线圈2的环形感应电场
D．如果电子恰能沿环在真空室内做圆周运动，负责提供向心力的磁场是线圈2产生的
【答案】C
【详解】A．由于线圈1和线圈2分别产生水平和竖直方向的磁场，故环形真空室任一位置处磁感应强度磁场方向不同，故A错误；
B．由安培定则可知，线圈1产生的磁场沿竖直方向，不会产生水平方向穿过线圈2的环形磁场，故B错误；
C．根据法拉第电磁感应定律，变化的磁场会激发出感应电场。如果线圈1产生的磁场随时间变化，那么它会激发出穿过线圈2的环形感应电场，故C正确；
D．线圈2在竖直平面内，由右手螺旋定则可知，其产生水平方向的环形磁场，电子沿环做圆周运动的速度方向和线圈2产生的磁场方向重合，不受该磁场的作用，线圈1产生的磁场沿竖直方向，故负责产生向心力的磁场是线圈1，故D错误。
故选C。
5．（本题4分）用一根橡皮筋吊着小球做圆锥摆运动，已知在弹性限度内，橡皮筋的弹力与形变量成正比，橡皮筋始终在弹性限度内的情况下，小球做圆锥摆运动的角速度ω跟橡皮筋与竖直方向的夹角θ的关系图像正确的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【详解】设橡皮筋原长为L0，小球的质量为m，当橡皮筋与竖直方向的夹角为θ时，橡皮筋的弹力F=mgcsθ
橡皮筋的长度为L=L0+Fk
设做圆周运动的角速度为ω，则mgtanθ=mLsinθω2
解得1ω2=L0gcsθ+mk
故选D。
6．（本题4分）如图所示为一种干涉热膨胀仪原理图。G为标准石英环，C为待测柱形样品，C的上表面与上方标准平面石英板之间存在劈形空气薄膜。用单色平行光垂直照射上方石英板，会形成干涉条纹。已知C的膨胀系数小于G的膨胀系数，下列说法不正确的是（ ）
A．任意一条明条纹或暗条纹所在位置下面的薄膜厚度相等
B．任意相邻明条纹或暗条纹所对应的薄膜厚度差恒定
C．若用频率更小的光照射，干涉条纹变密
D．当温度升高时，劈形空气薄膜的厚度变大，条纹向左移动
【答案】C
【详解】A．干涉条纹是上方石英板下表面的反射光与C的上表面的反射光叠加形成的，则光程差等于空气薄膜厚度的2倍，同一级条纹对应距离差相等，则任意一条明条纹或暗条纹所在位置下面的薄膜厚度相等，故A正确，与题意不符；
B．任意相邻明条纹或暗条纹所对应的距离差相差一个波长，则薄膜厚度差恒定，故B正确，与题意不符；
C．频率更小的光，波长更长，则条纹变疏，故C错误，与题意相符；
D．依题意，C的膨胀系数小于G的膨胀系数，当温度升高时，劈形空气薄膜的厚度变大，条纹向左移动，故D正确，与题意不符。
本题选不正确的，故选C。
7．（本题4分）乘坐“空中缆车”既能饱览大自然的美景又轻松惬意。如图所示，某一缆车沿坡度为53°的山坡匀速上行，缆车中有一质量m=50kg的货物放在水平地板上且与车厢壁恰好接触而无挤压，货物与地板之间动摩擦因数μ=34，货物与地板之间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，某时刻缆车开始沿原方向做加速运动，在这一过程中，加速度大小从零开始缓慢增大，并且整个加速阶段缆车始终保持竖直状态，重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cs53°=0.6，则在缆车斜向上加速运动的过程中（ ）
A．货物可能受到3个力或4个力作用
B．车厢受到的摩擦力方向水平向右
C．当a=2m/s2时，车厢地板对货物的摩擦力大小为80N
D．当a=10m/s2时，车厢地板对货物的作用力大小为30010N
【答案】D
【详解】A．货物与缆车沿山坡向上以加速度a运行时，以货物块为研究对象，根据牛顿第二定律有FN-mg=masin53°，f静=macs53°，f静≤f=μFN
解得f静t'0，为了将气垫导轨调至水平，应将支脚A适当调 （填“高”或“低”）。
(3)气垫导轨调至水平后，将细线一端拴在滑块上，另一端依次跨过光滑轻质定滑轮和光滑动滑轮后悬挂在O点，调节气垫导轨左端的定滑轮，使定滑轮和滑块之间的细线与气垫导轨平行，调整O点的位置，使动滑轮两侧的细线竖直，将沙桶悬挂在动滑轮上。将滑块在光电门右侧释放，光电门记录遮光片1、2通过时的挡光时间分别为t1和t2，则滑块的加速度大小为a= 。（用题目中的物理量符号表示）
(4)多次改变沙桶和桶内细沙的总质量mm≪M，并记录遮光片1、2的挡光时间，计算相应的加速度a，根据计算的数据描绘加速度a与沙桶和桶内细沙的总重力mg之间的关系图像如图丙所示，则图像的斜率k= （用题目中的物理量符号表示），图像在横轴的截距为-b，则b的物理意义为 。
【答案】(1)0.660
(2)高
(3)d22L(1t22-1t12)
(4) 12M 滑块在气垫导轨上重力的沿导轨分力的2倍
【详解】（1）游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以遮光片的宽度为d=6mm+12×0.05mm=6.60mm=0.660cm
（2）打开气泵电源，轻推滑块，遮光片1、2通过光电门的挡光时间分别为t0和t'0，发现t0>t'0，说明滑块做加速运动，即导轨左低右高，所以为了将气垫导轨调至水平，应将支脚A适当调高。
（3）根据速度位移关系可得a=v22-v122L，v1=dt1，v2=dt2
联立可得a=d22L(1t22-1t12)
（4）[1][2]由图可知，当沙和沙桶的重力为零时，滑块已经具有加速度，说明气垫导轨不水平，根据牛顿第二定律，对滑块有F+Mgsinθ=Ma
对沙和沙桶有mg-2F=ma2
联立可得a=2mgm+4M+4Mgsinθm+4M
由于m远小于M，则a=12Mmg+gsinθ
结合图像可得k=12M，b=2Mgsinθ
即b的物理意义为滑块在气垫导轨上重力的沿导轨分力的2倍。
12．（本题8分）某同学欲将内阻约为100Ω、满偏电流为500μA的微安表改装成量程为3V的电压表，并同时要求对改装电压表的刻度从零开始进行逐一校准。
(1)如图甲所示，为测量微安表内阻的测量电路。实验的主要步骤如下：
①按图甲接好实验电路，观察R的阻值是否最大，若不是，则调至最大；
②闭合开关S1，调电阻R使微安表指针满偏；
③闭合开关S2，调电阻箱R'，使微安表指针偏转到满刻度的三分之二；
④记下电阻箱的阻值R'。
该次实验中，电阻箱R'的读数如图乙所示，该读数为 Ω，则被测微安表内阻为 Ω。
(2)以上述实验测得的微安表内阻为依据，拟改装量程为3V的电压表，则应串联一个阻值为 Ω（保留一位小数）的电阻。
(3)将改装电压表跟标准电压表进行校对。
①如图丙是某同学设计的改装表与标准表的校对电路，图中虚线框中的电路即为改装的电压表电路，请在图丁所示的实物图中连线 。
②由于微安表存在一定的测量误差，使得被改装的电压表的内阻较真实值偏大，因此改装后的电压表与标准电压表相比较，其测量值比真实值 （“偏大”“偏小”或“相等”）。
【答案】(1) 196.6 98.3
(2)5901.7
(3) 偏小
【详解】（1）[1][2]电阻箱R'的读数为196.6Ω；由题意可知，当微安表读数为满偏的三分之二时，电阻箱的电流等于微安表电流的一半，则R'=2RA则被测微安表内阻为98.3Ω。
（2）改装量程为3V的电压表，则应串联的电阻阻值为R=UIg-RA=3500×10-6Ω-98.3Ω=5901.7Ω
（3）①[1]电路连线如图
②[2]被改装的电压表的内阻较真实值偏大，则通过该电压表的电流偏小，则读数偏小，即改装后的电压表与标准电压表相比较，其测量值比真实值偏小。
13．（本题8分）一同学在水上乐园戏水时，用反扣的塑料盆提水。简化模型如下，质量未知的塑料盆近似看成底面积为S的圆柱形容器。刚开始时盆倒扣在水中，松手后盆底恰好与水面齐平，如图甲所示，盆内有高度为h的空气。现用拉力F缓慢向上提起盆，盆口一直没有脱离水面。忽略盆的厚度及形变，大气压强为p0，重力加速度为g，水的密度为ρ，盆内空气可视为理想气体，不考虑温度的变化。
(1)求盆的质量以及刚开始时盆内空气的压强；
(2)当在水面上方盆内有高度为H的水时，如图乙所示，求此时盆底离水面的高度；
(3)向上提升盆的过程中，盆内空气是吸热还是放热，请说明理由。
【答案】(1)m=ρSh，p1=ρgh+p0
(2)d=ρgh+p0hp0-ρgH+H
(3)吸热，理由见解析
【详解】（1）受力分析有mg=ρgSh
解得m=ρSh
联立解得，盆内空气的压强p1=ρgh+p0
（2）当盆内的水高度为H时，盆内空气的压强p2满足p2+ρgH=p0
缓慢拉升，充足时间热交换，发生等温变化，根据玻意耳定律有p1hS=p2d-HS
联立解得d=ρgh+p0hp0-ρgH+H
（3）等温过程，内能不变，ΔU=0，由第（2）问可知，提升过程中，盆内空气的压强减小，体积增大，气体对外做功，W0，故吸热。
14．（本题14分）如图所示，固定在竖直面内半径为R的四分之一光滑圆弧最低点与水平传送带相切于B点，传送带左端与足够长光滑水平面相切于C点。传送带BC之间的距离为R，传送带始终以大小为v0=gR的速度沿逆时针匀速转动。一质量为3m的物块Q静止在水平面C端，将质量为m的物块P在圆弧的最高点A由静止释放，P沿圆弧下滑并滑上传送带，运动到水平面上后与Q发生弹性碰撞，P与传送带间的动摩擦因数为0.4，不计物块的大小及空气阻力。重力加速度大小为g，求：
(1)物块P运动到圆弧最低点时对轨道的压力大小；
(2)P与Q碰撞过程中，P对Q的冲量大小；
(3)碰撞之后，P、Q间的最大距离。
【答案】(1)3mg
(2)3m30gR10
(3)32R
【详解】（1）设P第一次滑上传送带时，物块P的速度大小为v1，根据机械能守恒定律有mgR= 12mv12
解得v1=2gR
圆弧最低点时由牛顿第二定律得FN-mg=mv12R
解得FN=3mg
由牛顿第三定律得物块对轨道的压力F'N=FN=3mg
（2）设物块在传送带上先减速后匀速，则匀减速运动的加速度大小a=μg=0.4g
减速运动的距离x=v12-y122a=1.25R>R
假设不成立，因此P第一次通过传送带一直做减速运动，设通过传送带的速度大小为v2，v12-v222a=R
解得v2=65gR
设Q，P碰撞后，P的速度大小为v3，Q的速度大小为v4，根据动量守恒定律有mv2=-mv3+3mv4
根据能量守恒有12mv22=12mv32+12×3mv42
解得v3=v4=12v2=1265gR
碰撞过程中，Q对P的冲量大小I=mv2+mv3=3m30gR10
（3）碰撞后P向左减速至速度为0过程位移x3=v322μg=38R