2025年高考押题预测卷：物理（北京卷01）（解析版）

这是一份2025年高考押题预测卷：物理（北京卷01）（解析版），共17页。试卷主要包含了如图所示，线圈L的电阻不计，则等内容，欢迎下载使用。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
一、单项选择题：本题共14小题，每小题3分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1．下列有关光的现象中，能说明光是横波的是（ ）
A．泊松亮斑B．阳光下的油膜呈现彩色
C．光的偏振D．太阳光经过三棱镜呈现彩色
【答案】C
【详解】A．泊松亮斑，是光的衍射现象，不能说明光是横波，A错误；
B．阳光下的油膜呈现彩色，是光的干涉现象，不能说明光是横波，B错误；
C．光的偏振，能说明光是横波，C正确；
D．太阳光经过三棱镜呈现彩色，是光的色散现象，不能说明光是横波，D错误。
故选C。
2．一列简谐横波沿轴传播，某时刻波的图像如图所示。已知此时质点的振动方向沿轴正方向，下列说法正确的是（ ）
A．波沿轴负方向传播
B．此时质点沿轴正方向运动
C．质点将比质点先回到平衡位置
D．此时质点的加速度大小比质点的大
【答案】C
【详解】A．此时质点的振动方向沿轴正方向，根据同侧法可知波沿轴正方向传播，故A错误；
B．同理，根据同侧法可知此时质点沿轴负方向运动，故B错误；
C．同理，根据同侧法可知此时质点沿轴正方向运动，结合B选项分析可知质点将比质点先回到平衡位置，故C正确；
D．根据可得加速度大小，此时质点b位移的大小比质点c位移的大小小，所以此时质点的加速度大小比质点的小，故D错误。
故选C。
3．下雨天有的同学会转动手中的雨伞将伞上过多的雨水清除，先将雨伞竖直握好，并绕伞柄沿逆时针方向匀速转动（俯视），则被甩出的雨水的径迹俯视图可能是下列的（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【详解】雨水离开伞边缘后沿切线方向飞出在空中做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，轨迹在俯视图中为直线，由于是逆时针方向转动，雨水离开伞边缘时有与伞同向的速度，故ABD错误，C正确。
故选C。
4．如图所示，小球通过细线悬挂于车厢内的O点，在车厢内左右摆动，车厢始终静止，小球从左侧最高点运动到最低点过程中，以地面为参考系，则（ ）
A．重力对小球不做功
B．细线对小球做正功
C．细线对车厢做正功
D．重力的瞬时功率先变大后变小
【答案】D
【详解】A．小球的高度降低，重力对小球做正功，故A错误；
B．细线对小球的拉力始终与速度方向垂直，所以细线对小球不做功，故B错误；
C．车厢始终静止，所以细线对车厢不做功，故C错误；
D．小球处于最高点时速度为零，重力的功率为零，小球处于最低点时，重力与速度方向垂直，重力的功率也为零，所以该过程中重力的瞬时功率先变大后变小，故D正确。
故选D。
5．质量为5kg的物体做直线运动，其速度—时间图像如图所示，则物体在前10s内和后10s内所受合外力的冲量分别是（ ）
A．，B．，C．0，D．0，
【答案】D
【详解】由图像可知，在前10s内初、末状态的动量相同；由动量定理知
在后10s内末状态的动量；由动量定理得
故选D。
6．庆典活动中放飞的气球在空中缓慢上升，气球体积逐渐变大。将气球内的气体视为理想气体，忽略环境温度的变化，则球内气体（ ）
A．压强不变 B．对外界做功
C．内能变大 D．放出热量
【答案】B
【详解】A．气体温度不变，体积变大，根据玻意耳定律可知气体压强减小，故A错误；
B．气体体积增大，则气体对外做功，故B错误；
C．气体温度不变，则气体内能不变，故C错误；
D．根据BC选项分析可知，外界对气体做负功，气体内能不变，根据热力学第一定律可知，则气体吸收热量，故D错误。
故选B。
7．如图所示，两条长直导线垂直纸面放置，交纸面于A、B两点，导线中通有大小相等、方向相反的电流，C是A、B连线的中点，D是A、B连线中垂线上的点，下列说法正确的是（ ）
A．A、B之间相互吸引
B．C点的磁感应强度为零
C．D点的磁感应强度方向竖直向下
D．D点的磁感应强度大于C点的磁感应强度
【答案】C
【详解】A．A、B两导线电流方向相反，所以导线A、B之间相互排斥，故A错误；
B．根据右手螺旋定则，A处导线在C点产生的磁场方向竖直向下，B处导线在O点产生的磁场方向竖直向下，合成后磁感应强度不等于0，故B错误；
C．A处导线在D处产生的磁场方向垂直于AD偏向左下，B处导线在D处产生的磁场方向垂直于BD偏向右下，根据平行四边形定则，知D处的磁场方向竖直向下，故C正确；
D．由上分析可知A、B导线在C处产生的磁场方向相同，且大于各自在D处产生的磁场，根据平行四边形定则，可知D点的磁感应强度小于C点的磁感应强度，故D错误。
故选C。
8．如图所示为氢原子的能级图，大量处于n=3能级的氢原子向低能级跃迁，辐射出三种不同频率的光，用这三种光分别照射逸出功为W0=11eV的某金属，下列说法正确的是（ ）
A．氢原子从n=3能级向n=1能级跃迁时辐射的光子的频率最大
B．氢原子从n=3能级向n=2能级跃迁时辐射的光子的频率最大
C．氢原子从高能级向低能级跃迁时，电子的动能减小
D．辐射出的三种光中有两种光可以让该金属发生光电效应
【答案】A
【详解】AB．氢原子从n=3能级向n=1能级跃迁时能级差最大，则辐射出的光子能量最大，频率最大，故A正确，B错误；
C．从高能级向低能级跃迁时，电子的轨道半径减小，根据；可知，电子的动能会增大，故C错误；
D．根据能级差可知，只有从n=3向n=1能级跃迁时，光子能量才大于金属的逸出功，即光子的频率大于截止频率，只有一种光可以让该金属发生光电效应，故D错误。
故选A。
9．如图所示，在边长为2l的正三角形ABC区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，一边长为l的菱形单匝金属线框abcd的底边与BC在同一直线上，菱形线框的。使线框保持恒定的速度沿平行于BC方向匀速穿过磁场区域。以ab边刚进磁场时为零时刻，规定导线框中感应电流沿逆时针方向时为正，则感应电流i与时间t的关系图线可能正确的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【详解】由于线框边平行于磁场边界边，且菱形线框边长为，磁场边界边长为，当线框完全进入磁场的过程中，切割磁场线的有效长度始终为，根据几何关系可得，线框完全进入磁场的位置关系如图所示
该过程中产生恒定的电动势，即线框中电流恒定，根据楞次定律结合安培定则可知，该过程中产生的感应电流方向为顺时针方向；线框继续运动，当一半在磁场中一半在磁场外时，其位置关系如图所示
可知线框从完全进入磁场到运动至图示位置的过程中，切割磁感线的有效长度均匀增大至，而此后完全出磁场的过程中切割磁感线的有效长度又开始均匀较小至0，即从开始出磁场到完全出磁场的过程中，线圈中的感应电流先均匀增大后均匀减小至0，而根据楞次定律结合安培定则可知，该过程中线框中的感应电流方向始终为逆时针方向。
故选C。
10．如图所示，线圈L的电阻不计，则（ ）

A．S闭合瞬间，A板带正电，B板带负电
B．S闭合，稳定后，A板带正电，B板带负电
C．S断开瞬间，A板带正电，B板带负电
D．由于线圈电阻不计，电容器被短路，上述三种情况下，两板都不带电
【答案】A
【详解】A．S闭合瞬间，通过线圈的电流增加，线圈产生自感电动势阻碍电流的增加，电容器处于充电状态，A与电源的正极相连，故A板带正电，B板带负电，故A正确;
B．S闭合，稳定后，线圈L的电阻不计，电容器被短路，故电容器不带电，故B错误；
C．S断开瞬间，由于线圈产生感应电流，电流的方向与原电流方向相同，电容器反向充电，故A板带负电，B板带正电，故C错误;
D．S闭合瞬间与S断开瞬间，电容器两板间带电，故D错误。
故选A。
11．某正弦式交流电的电压随时间变化的规律如图所示，由图可知（ ）
A．该交流电的电压瞬时值的表达式为
B．该交流电的频率为25Hz
C．该交流电的电压的有效值为
D．若将该交流电加在阻值的电阻两端，则电阻消耗的功率为25W
【答案】B
【详解】B．从图像中可知该交流电的周期，所以频率；B正确；
AC．角速度；从图像中可知交流电最大值，所以该交流电的电压瞬时值的表达式为；该交流电的电压有效值；AC错误；
D．若将该交流电加在阻值的电阻两端，则电阻消耗的功；D错误。
故选B。
12．滑草是儿童非常喜欢的运动，简单的滑草赛道由斜坡道和水平道构成。其过程可简化为下图，其中滑板与斜坡道和水平道的动摩擦因数均相同，某次小明和姐姐去滑草，两人先后都从坡道上的A点由静止下滑，在水平道上滑行一段距离后停止，姐姐的质量较大，坡道最低点B处平滑连接，则下列说法正确的（ ）
A．在斜坡道上姐姐的滑行时间短
B．在斜坡道上小明滑到B点时的速度较大
C．在水平道上姐姐的滑行距离长
D．在水平道上两人滑行的距离一样长
【答案】D
【详解】对滑行的人受力分析，设其与滑板的总质量为m，斜面坡道倾角为，滑板与斜坡道和水平道的动摩擦因数为，则根据牛顿第二定律可得；；整理可得，；可知，在斜坡道上与水平道上滑行的加速度大小与其质量无关，由于出发点相同，则两人的运动情况相同，即在斜坡道上滑行时间相同，在斜坡道上滑到B点时的速度相同，在水平道上两人滑行的距离一样长。
故选D。
13．如图所示，竖直平面内二根相同的棒L1和L2分别带有等量、且均匀分布的正电荷，二棒正对，且水平平行放置，O点为二棒的水平对称轴和竖直对称轴的交点，水平对称轴上A点和B点分别到O点的距离相等，则（ ）
A．有电场线经过水平对称轴
B．有电场线经过竖直对称轴
C．A和B两点的场强相等
D．A和B两点的场强大于O点的场强
【答案】D
【详解】依题意，可把关于棒L1和L2水平对称轴对称的两点看着等量同种点电荷模型，由点电荷场强公式；结合对称性，可判断知O点电场强度为零，在水平对称轴及竖直对称轴上，关于O点对称分布的点，场强大小相等，但方向相反，所以，没有电场线经过水平对称轴及竖直对称轴，A和B两点的场强大小相等，方向相反，且A和B两点的场强大于O点的场强。
故选D。
14．如图甲所示，悬挂在竖直方向上的弹簧振子，在C、D两点之间做简谐运动，O点为平衡位置。振子到达O点时开始计时，以竖直向上为正方向，一个周期内的振动图像如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．振子在1s末的速度为0
B．振子在0.25s和0.75s时的回复力大小相等，方向相反
C．振子在0.75s和1.25s时的速度大小相等，方向相反
D．振子在0~2s内通过的路程为12cm
【答案】D
【详解】A．在1s末振子在平衡位置，速度最大，故A错误；
B．振子在0.25s和0.75s时所处的位置相同，回复力大小相等、方向相同，故B错误；
C．振子在0.75s和1.25s时所处的位置关于平衡位置对称，且均沿x轴负方向运动，故C错误；
D．振子在0~2s内通过的路程为4A=12cm；故D正确。
故选D。
二、实验题（本大题共2小题，共18.0分。第一小题8分，第二小题10分）
15．某同学在做“测定玻璃折射率”的实验时已经画好了部分图线，如图所示，并在入射光线上插上大头针，现需在玻璃砖下表面折射出的光线上插上和大头针，便能确定光在玻璃砖中的折射光线。若该同学在确定位置时，被旁边同学碰了一下，不小心把位置画得偏左了一些，则测出来的折射率 （选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
【答案】偏小
【详解】如图，若P4的位置偏左一些，则得到的在O点的折射角偏大，根据可知折射率偏小。
16．用如图甲所示的装置“探究小车的加速度与力、质量的关系”实验。
(1)本实验主要应用的物理探究方法是_____。（填正确选项前的字母）
A．极限法B．等效替代法C．控制变量法D．理想实验法
(2)在“探究加速度与质量关系”的实验中，下列说法正确的是_____。（填正确选项前的字母）
A．平衡摩擦力时，应将砝码和砝码盘用细绳通过定滑轮系在小车上
B．每次改变小车的质量后，不需要重新平衡摩擦力
C．实验中需要砝码和砝码盘的质量远小于小车的质量
D．实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源
(3)某同学实验时打出一条点迹清晰的纸带，如图乙所示。已知打点计时器打点的时间间隔为，且相邻两个计数点之间有4个点未画出，根据纸带上的数据可计算出小车打下点时的速度大小为 ，小车的加速度大小为 。（均保留两位有效数字）
(4)保持小车质量不变，改变悬挂重物的质量，多次重复实验，测得多组加速度及重物的重力，作出图像如图所示，发现图线不过原点，其原因可能是 。
【答案】(1)C；(2)BC；(3) 0.72；2.4；(4)平衡摩擦力时木板倾角过大
【详解】（1）探究加速度与力、质量的关系，先控制其中一个物理量不变，探究加速度与另一个物理量的关系，可知，本实验主要应用的方法是控制变量法。
故选C。
（2）A．平衡摩擦力时，不挂砝码和砝码盘，将长木板有打点计时器的一端适当垫高，轻推小车，使纸带上打出的点迹均匀分布，故A错误；
B．平衡摩擦力时，根据；解得；可知，平衡摩擦力过程与小车的质量无关，即每一次改变小车质量时不需要重新平衡摩擦力，故B正确；
C．根据牛顿第二定律，对砝码和砝码盘有；对小车有；解得
当时；所以在本实验中需要砝码和砝码盘的质量远小于小车的质量，即认为小车所受的合外力为砝码和砝码盘的重力，从而保证小车所受合外力不变，故C错误；
D．为了充分利用纸带，避免纸带上出现大量的空白段落，实验时，先接通打点计时器电源，再放开小车，故D 错误。
故选BC。
（3）[1]相邻两个计数点之间有4个点未画出，则相邻计数点的时间间隔为
根据匀变速直线运动全程的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则打点时小车的速度大小为
[2]根据逐差法，可得小车的加速度大小为
（4）图中图线不过原点，说明力为零时，加速度不为零，其原因可能为平衡摩擦力时木板倾斜角度过大。
17．某同学在做电流表改装电压表的实验时，设计了一个测量电流表内阻的电路（如图所示）。实验室提供的器材为：待测电流表A（量程，内阻约为），滑动变阻器，电阻箱R，电源E（电动势约为，内阻可忽略），开关和，导线若干。
（1）根据设计的电路，请补全主要实验步骤：
①断开开关，闭合，调节滑动变阻器R，使 ；
②保持滑动变阻器滑片的位置不变，闭合，调节电阻箱R使 ；读取电阻箱所示的电阻值，即为电流表内阻；
（2）将这种方法测出的电流表内阻记为，与电流表内阻的真实值相比， （填“>”、“=”或“