2025年中考押题预测卷：物理（山东省统考）（解析卷）

这是一份2025年中考押题预测卷：物理（山东省统考）（解析卷），共25页。试卷主要包含了答题前，考生务必用0，非选择题必须用0，02m，8g、60g等内容，欢迎下载使用。
满分100分。考试用时90分钟。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项:
1.答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号和座号填写在答题卡和试卷规定的位置上。
2.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的案标号涂黑;如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答案写在试卷上无效。
3.非选择题必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置，不能写在试卷上;如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案;不能使用涂改液、胶带纸、修正带。不按以上要求作答的答案无效。
一、选择题:本题共15小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1．新2B铅笔从课桌上掉落到地面，对有关2B铅笔数据的估测最接近实际的是（ ）
A．铅笔的质量约为50gB．铅笔的长度约0.02m
C．铅笔下落的高度约为0.7mD．铅笔下落的时间约为5s
【答案】C
【详解】A．一个鸡蛋的质量大约为50g，一个鸡蛋相当于几支铅笔的质量，故A不符合题意；
B．铅笔的长度约，故B不符合题意；
C．课桌的高度约为，因此铅笔下落的高度约为0.7m，故C符合题意；
D．铅笔下落的时间约为0.5s，故D不符合题意。
故选C。
2．关于能源、信息传输，下列说法正确的是（ ）
A．风能、地热能、电能均属于一次能源
B．“华龙一号”核电站利用的是核裂变释放的能量
C．声波可以传递信息和能量，电磁波只能传递信息
D．电磁波的传播需要介质
【答案】B
【详解】A．风能、地热能均为从自然界直接获得的能源，均属于一次能源；电能是一次能源加工后获得的能源，是二次能源，故A错误；
B．核反应分为可控的核裂变与不可控的核聚变，“华龙一号”核电站利用的是由可控的核裂变释放的能量，故B正确；
C．声波、电磁波都可以传递信息和能量，故C错误；
D．电磁波的传播不需要介质，故D错误。
故选B。
3．下列关于声音的产生、传播及特性的说法正确的是（ ）
A．大力击鼓时鼓声更响亮，物体振动幅度越大音调越高
B．用超声波清洗机清洗眼镜，说明超声波能传递信息
C．给摩托车安装消声器，是在声源处减弱噪声
D．可以利用蝙蝠的回声定位原理测量地球与月球的距离
【答案】C
【详解】A．大力击鼓时鼓声更响亮，物体振动幅度越大，响度越大，故A错误；
B．超声波清洗机正在清洗眼镜，将污物击碎，说明超声波能传递能量，故B错误；
C．减弱噪声的途径有：人耳处、声源处、传播过程中，给摩托车安装消声器，属于在声源处减弱噪声，故C正确；
D．真空不能传声，不能利用蝙蝠的回声定位原理测量地球与月球的距离，故D错误。
故选C。
4．如图甲所示，小明竖直向上抛出一个小球，利用传感器记录下小球从抛出到落回地面过程中的A、B两个点的动能和势能大小。小球在A、B两个点的动能和重力势能的大小如图乙所示。则下列关于小球分析正确的是（ ）
A．在A点速度大于在B点的速度
B．在A点的机械能大于在B点的机械能
C．A到B只有动能和势能相互转化
D．B点的高度比A点的高度高
【答案】B
【详解】A．由图乙可知，A点的动能小于B点的动能，小球的质量不变，所以小球在A点速度小于在B点的速度，故A错误；
B．由图乙可知，A点的动能与势能之和大于B点的动能与势能之和，所以小球在A点的机械能大于在B点的机械能，故B正确；
C．由于小球在A点的机械能大于在B点的机械能，所以小球由A到B的过程中，机械能减少，所以机械能转化为其它形式的能，故C错误；
D．由图乙可知，A点的重力势能大于B点的重力势能，小球的质量不变，所以小球在A点的高度大于在B点的高度，故D错误。
故选B。
5．2024年盘锦红海滩马拉松来自全国各地的近万名选手陆续通过起跑线，现场的欢呼声、呐喊声瞬间点燃马拉松盛会热情。关于马拉松比赛下列说法正确的是（ ）
A．运动员匀速过弯道时，运动状态改变
B．运动员到达终点线冲刺，若此时所受的力全部消失，将立即静止
C．裁判是通过相同时间内比较运动员经过的路程，来判定程某夺冠
D．领奖时，地面对运动员的支持力和运动员所受重力是一对相互作用力
【答案】A
【详解】A．运动员匀速过弯道时，虽然速度的大小不变，但运动方向发生了改变，所以运动状态改变，故A正确；
B．运动员到达终点线冲刺，若此时所受的力全部消失，根据牛顿第一定律可知，运动员会保持原有的运动速度一直做匀速直线运动，故B错误；
C．裁判是通过相同路程比较运动员经过的时间，来判定程某夺冠，故C错误；
D．一对相互作用力的条件是作用在两个物体上，方向相反，大小相等，作用在同一条直线上，地面对运动员的支持力和运动员所受重力都是作用在运动员身上，所以不是一对相互作用力，故D错误。
故选A。
6．二十四节气是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶，已被列入联合国教科文组织《人类非物质文化遗产代表作名录》。下列选项描述的节气所涉及的物态变化及吸、放热情况正确的是（ ）
A．“谷雨”节气，雨的形成是升华现象需要放热
B．“寒露”节气，露的形成是液化现象需要吸热
C．“霜降”节气，霜的形成是凝华现象需要放热
D．“大雪”节气，雪的形成是凝华现象需要吸热
【答案】C
【详解】A．“谷雨”节气，雨的形成主要是水蒸气遇冷放热的液化现象，故A错误；
B．“寒露”节气，露的形成是水蒸气遇冷放热的液化现象，故B错误；
C．“霜降”节气，固态的霜的形成是水蒸气遇冷放热的凝华现象，故C正确；
D．“大雪”节气，雪的形成是液态的水遇冷放热的凝华现象，故D错误。
故选C。
7．如图甲所示，“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动.某运动员做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示（将蹦极过程近似为在竖直方向的运动）.以下说法正确的是（ ）
A．t1～t3过程中人的速度是先变大再变小B．图像点B的速度小于点C的速度
C．图像AB段，人的动能不断增加D．人的重力等于F0
【答案】C
【详解】A．t1～t3过程中人受到的重力大于绳子的拉力，先向下做加速运动，速度逐渐变大，随着绳子被拉长，弹力逐渐变大，当拉力与重力相等时，速度最大，后随拉力逐渐变大，人开始做减速运动，当时间为t2，,拉力最大，此时人的速度为0，此时人受到绳子的拉力大于人受到的重力，人开始向上做加速运动，绳子逐渐变短，产生的拉力逐渐变小，当拉力等于重力时，速度最大，随着拉力逐渐变小，人开始做减速运动，故A错误；
B．由于人在下降过程中，需要克服阻力做功，因此人具有的机械能逐渐变小，因此B的速度大于点C的速度，故B错误；
C．图像AB段，此时拉力大于重力，人向上做加速运动，因此动能逐渐变大，故C正确；
D．图中弹力不变时，弹力小于F0，且人处于平衡状态，因此人的重力小于F0，故D错误。
故选C。
8．中小学生的校服或者书包上，常在一些醒目的地方设置有反光条，在夜间如果有灯光照射到衣服或者书包上时，反光条就会变得非常明亮，下列光现象中与反光条工作原理相同的是（ ）
A．夜晚走在路灯下看到了自己的影子
B．在雨后天空看到了美丽的彩虹
C．沿湖游玩，看到了湖水中悠闲游动的鱼
D．站在河边，欣赏建筑物在水中的倒影
【答案】D
【详解】由题意可知，反光条的工作原理是光的反射。
A．影子的形成是光的直线传播，故A不符合题意；
B．看到的彩虹是光的色散现象，故B不符合题意；
C．能看到湖水中悠闲游动的鱼是由于光的折射现象，故B不符合题意；
D．水中的倒影是平面镜成像现象，属于光的反射，故D符合题意。
故选D。
9．关于下列四幅图的说法正确的是（ ）
A．甲图的实验说明：通电导体在磁场中受到力的作用
B．乙图的实验原理和动圈式话筒的原理是一样的
C．丙图是发电机工作图，其工作时将电能转化为机械能
D．丁图是电动机工作图，它的原理是磁场对通电导体有力的作用
【答案】D
【详解】A．甲图是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，故A错误；
B．图中是电磁继电器，主体部分是电磁铁，利用了电流的磁效应，动圈式话筒的工作原理是电磁感应现象，二者原理不同，故B错误；
C．图中是电磁感应实验，根据此原理可以制成发电机，其工作时将机械能转化为电能，故C错误；
D．图中是磁场对电流的作用的实验，通电导体在磁场中受到力的作用而运动，该过程中将电能转化为机械能，根据此原理制成了电动机，故D正确。
故选D。
10．疫情防控期间，很多学校门口新增加了人脸识别测温系统。若人脸识别通过，则控制电路会闭合开关；若体温测量值在正常范围内，则会闭合开关。只有人脸识别通过且体温在正常范围内，系统才会启动电动机打开闸门。下列设计的电路能实现上述功能的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】A
【详解】由题意知，人脸识别通过且体温在正常范围，即两个开关都闭合时，系统才会启动电动机打开闸门，所以两开关串联在电路中，电路中的R0起到保护电路的作用，避免电路电流过大而损坏电路，应与电动机串联，故BCD不符合题意，A符合题意。
故选A。
11．如图所示，甲、乙两个质地均匀的实心正方体静止放置在水平面上，它们对水平地面的压强相等。下列说法中正确的是（ ）
A．甲的密度比乙的密度大
B．若沿竖直方向切去相同质量部分，则剩余部分对地的压强甲和乙一样大
C．若沿水平方向切去相同质量的部分，则剩余部分对地的压强甲比乙小
D．若沿水平方向切除且留下厚度相同部分，则剩余部分对地的压强甲比乙大
【答案】B
【详解】A．地面上放置的正方体物体，地面受到的压力为
则压强为
已知甲、乙两实心正方体对地面的压强相同，，即，由图知，所以；故A错误；
B．若沿竖直方向截去相同质量部分，两个物体的高度和密度均无变化，根据可知，剩余部分对水平地面的压强仍然相等，故B正确；
C．若沿水平方向切去相同质量的部分，根据可知，压强的变化量，刚开始，故剩余部分对地的压强甲比乙大，故C错误；
D．若沿水平方向切除且留下厚度相同部分，由于，根据可知，剩余部分对地的压强甲比乙小，故D错误。
故选B。
12．如图甲所示，正方体金属块在细绳竖直向上拉力作用下从水中开始一直竖直向上做匀速直线运动，上升到离水面一定的高度处。图乙是绳子拉力F随时间t变化的图像，下列判断正确的是（ ）
A．该金属块重力的大小为34N
B．浸没在水中的金属块受到的浮力大小是10N
C．在t1至t2时间段金属块在水中受到的浮力逐渐增大
D．该金属块的密度是2.7×103kg/m3
【答案】D
【详解】A．当金属块完全露出水面时，此时拉力等于重力，该金属块重力为，故A错误；
B．当金属块浸没在水中时，此时绳子的拉力，则浸没在水中时金属块受到的浮力，故B错误；
C．由图象中的BC段可知至时间段绳子的拉力逐渐变大，而金属块的重力不变可知，金属块受到的浮力逐渐变小，故C错误；
D．金属块浸没在水中时可得金属块的体积，，该金属块的密度是，故D正确。
故选D。
13．如图所示，一根木棒在一个始终竖直向上的拉力F作用下绕转轴O自由转动（不计摩擦），使木棒的下端由A处缓慢地抬升到B处。这一过程中，下列说法正确的是（ ）
A．拉力F的力臂不断增大，F值逐渐变小
B．重力G的力臂逐渐增大，F大小不变
C．F先变大后变小，重力和重力力臂的乘积逐渐增大
D．F先变小后变大，F和F的力臂乘积不变
【答案】B
【详解】一根木棒在一个始终竖直向上的拉力F作用下绕转轴O自由转动，在转动的过程中，阻力（杠杆的重力）大小不变，动力臂变大，阻力臂变大，根据三角形知识可知，动力臂和阻力臂的比值不变，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2可知，动力的大小不变。故B正确，ACD错误。
故选B。
14．如图所示，电源电压不变，不考虑小灯泡电阻受温度的影响，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P向a端滑动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电压表V与电流表A₁示数的比值变小
B．灯泡亮度逐渐变亮
C．R的电功率一直变大
D．电压表V与电流表A₂示数的乘积变小
【答案】D
【详解】A．如图所示，滑动变阻器与小灯泡并联，电流表A₁测通过小灯泡的电流，电流表A₂测干路电流，电压表测电源电压。根据并联电路中，电路两端的总电压与各支路两端的电压相等，且并联电路用电器互不影响，不考虑小灯泡电阻受温度的影响，由欧姆定律可得，电压表V与电流表A₁示数的比值即小灯泡的电阻值，电阻值不变，故A错误；
B．并联电路各支路用电器互不影响，滑动变阻器的滑片P向a端滑动过程中，灯泡不受影响，所以灯泡的亮度不变，故B错误；
C．滑动变阻器的滑片P向a端滑动，该支路接入的电阻值变大，两端电压不变，根据欧姆定律可知，通过该支路的电流变小，再根据可得，R的电功率一直变小，故C错误；
D．滑动变阻器的滑片P向a端滑动，通过滑动变阻器的电流变小，通过小灯泡的电流不变，根据并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A₂示数变小，电源电压不变，即电压表V示数不变，所以电压表V与电流表A₂示数的乘积变小，故D正确。
故选D。
15．将额定电压为6V的灯泡L与规格为“30Ω 1A”的滑动变阻器接入如图甲所示的电路，电源电压恒定不变。闭合开关后，将滑动变阻器的滑片P从a端向右缓慢移动，直到小灯泡正常发光为止，图乙是电流表与电压表示数的I-U图像，则下列判断正确的是（ ）
A．电源电压为6V
B．当滑片P移到b端时，小灯泡正常发光
C．当电压表示数为1V时，小灯泡的功率为1.2W
D．当滑动变阻器的电阻为6时，小灯泡的功率为2W
【答案】D
【详解】由图得，灯泡、变阻器串联，电压表测量灯泡的电压，电流表测量电路的电流。
A．当滑片P在a端时，变阻器接入电路中电阻最大为30Ω，此时电路电阻最大，电路电流最小，为0.2A，电压表示数为1V，由串联电路电压特点与欧姆定律得，电源电压为
故A错误；
B．灯泡的额定电压小于电源电压，则当灯泡正常发光时，变阻器接入电路中的电阻不为0，滑片P不在阻值为0Ω的b端时，故B错误；
C．当电压表示数为1V时，灯泡的电流为0.2A，小灯泡的功率为
故C错误；
D．由图得，当灯泡的电压为4V时，电路电流为0.5A，此时变阻器的电压为
由欧姆定律得，此时滑动变阻器接入电路中的电阻为
符合题意，此时小灯泡的功率为
故D正确。
故选D。
二、填空与作图题：本题共5小题，填空每空1分，作图2分，共15分
16．（2分）如图所示，一根有一定质量的木杆竖直悬挂在细绳下端，一只质量为10kg的猴子抱住木杆处于静止状态。某一瞬间细绳突然断了，猴子本能地立即沿木杆使劲往上爬。在爬的过程中，若木杆始终竖直，猴子与地面的高度一直保持不变，g取，则该过程中猴子所受摩擦力的大小为 N，方向为 （选填“竖直向上”或“竖直向下”）。
【答案】 100 竖直向上
【详解】[1][2]猴子在向上爬的过程中，木杆始终竖直，猴子与地面的高度一直保持不变，所以猴子相对于地面始终处于静止状态，竖直方向受到平衡力作用，则猴子受到的摩擦力与重力是一对平衡力，则猴子所受摩擦力与重力的方向相反，为竖直向上，其大小等于猴子的重力，即猴子所受摩擦力的大小为
17．（4分）如图所示，用水平向右的拉力拉动长木板A做匀速直线运动，木块B静止不动，此时弹簧测力计的示数为9N，木块受到的摩擦力是 N；若拉力F增加至22N，长木板A水平方向受到的力是 （选填“平衡力”或“非平衡力”）。请画出木块B所受力的示意图。（整个过程中，木块B始终未脱离长木板A）
【答案】 9 非平衡力
【详解】[1]用水平向右的拉力拉动长木板A做匀速直线运动，木块B静止不动，弹簧测力计对木块B的拉力与木块B受到的摩擦力是一对平衡力，大小相等，此时弹簧测力计的示数为9N，所以，木块受到的摩擦力是9N。
[2]用水平向右的拉力拉动长木板A做匀速直线运动，则木板A在水平方向受平衡力；若拉力F增加至22N，木板A对地面的压力、木块B对木板A的压力以及木板与地面之间、木块与木板之间的接触面粗糙程度都没有改变，则地面对木板A的摩擦力及木块B对木板A的摩擦力都不变，所以，长木板A水平方向受到的力是非平衡力。
[3]木块B受到竖直向下的重力、木板对它竖直向上的支持力、弹簧测力计对它水平向左的拉力及木板对它水平向右的摩擦力，力的作用点都画在木块的重心，故作图如下：
18．（4分）随着科技发展，智慧设备影响着我们的日常生活，包括日常出行。

（1）如图所示是一种停车位是否被占用的模拟提醒电路，虚线框内元件一个是灯泡，一个是定值电阻。设计要求无论开关是否闭合，灯泡都能发光，则 （选填“a”或“b”）是灯泡。当车位未被占用时，开关S断开；当车位被占用时，开关S闭合，此时灯泡 （选填“变亮”或“变暗”）；
（2）为了节约电能，人们利用声控开关和光控开关设计了自动控制楼道路灯的电路，声控开关的作用是：有人经过发声时，开关闭合；没有人经过时，开关断开。光控开关的作用是：白天开关断开，夜晚开关闭合。如果要求只有夜晚有人经过发声时，灯才会亮。请设计符合这一要求的自动电路图。( )
【答案】 b 变亮
【详解】（1）[1]由图知，S断开时，a、b处的元件串联在电路中，S闭合时，a处的元件短路，电路为b元件的简单电路。根据设计要求无论开关是否闭合，灯都发光可知，a处是定值电阻，b处灯泡。
[2]开关闭合后，只有b处灯泡连入电路中，由串联电路特点和欧姆定律知，通过灯泡的电流和其两端电压增大，由知，灯泡的实际功率变大，所以灯泡变亮。
（2）[3]根据题意可得，声控开关和光控开关串联后共同控制灯泡，同时符合光暗到一定程度，而且有一定的声音时电灯才发光，两个开关都闭合才噶光，说明两个开关是串联，即用导线将各元件依次连接起来，如图所示：

19．（4分）小明家买了一台储水式电热水器，其外观如图甲所示，图乙是热水器的剖视图，热水器的内胆是密封的，里面有两个通到外部的水管，a是热水出水管，b是冷水进水管，c和d是两个外层包有绝缘材料的电加热管。

（1）电加热管通电时电能转化为 能；
（2）电热水器内胆充满水后才能通电加热。电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，密度变 ；
（3）如图甲所示，在热水管和冷水管交会处安有一个水龙头。水龙头的手柄做得较长，这个水龙头的手柄相当于一个 （选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆；
（4）电热水器面板上有两个控制开关S1、S2，两个电加热管分别用R1、R2表示，要求S1单独控制R1，S2单独控制R2，两个开关同时闭合时R1与R2同时加热。请你在图丙中，用笔画线代替导线，补全开关控制电加热管的电路，且符合安全用电的原则 。
【答案】 内 小 省力
【详解】（1）[1]电热器利用电流的热效应工作的，电加热管通电时电能转化为内能，产生热量。
（2）[2]质量是物体的属性，与温度无关，加热时质量不变；电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀变大，根据知，密度变小。
（3）[3]水龙头的手柄做的较长，使用开关时，动力臂较长能够省力，所以是省力杠杆。
（4）[4]由题意可知R1与R2并联，两个开关分别控制两个电阻，为了用电安全，必须把开关与火线相连，如下图所示：

三、实验探究题：本题共4小题，每空1分，共31分。
20．（本题7分）在实践小制作活动中，小明通过小孔成像的实验装置，制成了一个如图甲针孔照相机。将点燃的蜡烛置于小孔前的适当位置，观察并研究小孔成像的特点：
(1)图甲中烛焰在塑料薄膜上所成的像是 （选填“实像”或“虚像”）；其成像的原理是 ；
(2)开始实验时，眼睛从右侧看过去，无论怎样调节易拉罐与蜡烛之间的距离，屏上都看不到烛焰的像，而只能看到一片光亮，最有可能的是：______；
A．小孔太大
B．小孔太小
C．小孔扎成了正方形
(3)生活中的照相机应用的是凸透镜成像规律。在“探究凸透镜成像规律”的实验中：实验前，应调整 、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度；
(4)根据实验数据绘制的像距v与物距u之间的关系如图乙所示，则该凸透镜的焦距是 cm；
(5)通过实验调节后如图丙所示，可在光屏上得到一个清晰的像，所成的像是 （选填“放大”“缩小”或“等大”）的；
(6)在图丙中，将眼镜放在烛焰和凸透镜之间，发现光屏上原本清晰的像变模糊了，向左移动蜡烛，光屏上的像又变清晰了，该眼镜是 眼镜。
【答案】(1) 实像 光的直线传播
(2)A
(3)烛焰
(4)10
(5)放大
(6)近视
【详解】（1）[1][2]针孔照相机的成像原理是光的直线传播，所以蜡烛在塑料薄膜上所成的像是倒立的实像。
（2）在小孔成像现象中，物体经小孔成的像的形状由物体形状决定，像的形状与物体的形状相同，与孔的形状无关。能否成像只与孔的大小有关，所以无论怎样调节易拉罐与蜡烛之间的距离，屏上都看不到烛焰的像，而只能看到一片光亮，最有可能的是小孔太大，故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
（3）为了使像成在光屏的中央，应使烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度。
（4）根据乙图和凸透镜的成像规律可知，当像距等于物距都等于二倍焦距20cm时，凸透镜成倒立、等大的实像，因此焦距为10cm。
（5）由图丙可知，此时物距小于像距，根据凸透镜成像规律可知，此时成倒立、放大的实像。
（6）根据凸透镜成像规律可知，若向左移动蜡烛，则物距变大，像距减小。而此时光屏上的又像变清晰了，说明放入的眼镜对光有发散作用，即为凹透镜，凹透镜可以用来矫正近视眼，因此该眼镜为近视眼镜。
21．（本题8分）小明用天平、烧杯、油性笔及足量的水测量一鹅卵石的密度，实验步骤如下：
(1)将天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺左端 ，发现横梁稳定时指针偏向分度盘的右侧。要使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母往 （填“左”或“右”）调。用调好的天平测出鹅卵石的质量和空烧杯的质量分别是48.8g、60g。
(2)如图甲所示，把鹅卵石轻轻放入烧杯中，往烧杯倒入适量的水，用油性笔在烧杯壁上记下此时水面位置为M，然后放在天平左盘，测出质量如图丙所示为 g。
(3)将鹅卵石从水中取出后，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至 ，如图乙所示用天平测出烧杯和水的总质量为133g，此时杯中水的体积为 。
(4)根据所测数据计算出鹅卵石的密度为 。
(5)接着他用鹅卵石继续探究浮力的大小与哪些因素有关，用细线系好鹅卵石。
a.烧杯中倒入适量的水，用天平测出水和杯子的质量
b.将鹅卵石刚好一半的体积浸入水中，不接触烧杯（如图丁），天平的读数为；
c.将鹅卵石完全浸没在水中，不接触烧杯（如图戊），天平的读数为；
d.将烧杯中的水换成等质量的酱油，提着细线，按图戊的测量方式，将鹅卵石浸没在酱油中，不接触烧杯，天平的读数为；
①对比a、b、c可知，浸在液体中的物体受到的浮力与 体积有关；
②通过以上实验，酱油的密度 。（用、，以及表示）
【答案】(1) 零刻度线处 左
(2)161.8
(3) M 73
(4)2.44
(5) 排开液体
【详解】（1）[1][2]根据天平的使用方法，应将天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺左端零刻度线处，发现横梁稳定时指针偏向分度盘的右侧，根据指针“左偏右调，右偏左调”，要使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母往左调。
（2）如图丙所示，标尺的分度值为0.2g，游码在标尺上对应的刻度值为1.8g，则所测物体质量为m=100g+50g+10g+1.8g=161.8g
（3）[1][2]将鹅卵石从水中取出后，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至 M处，如图乙所示，用天平测出烧杯和水的总质量为133g，此时杯中水的质量为m水=133g-60g=73g
由密度公式可知，杯中水的体积为
（4）鹅卵石排开水的质量为m"=133g+48.8g-161.8g=20g
鹅卵石的体积等于其排开水的体积为
鹅卵石的密度为
（5）[1]由戊和丁实验可知，排开水的重力分别为G1=(m1-m0)g，G2=(m2-m0)g
由题意知，m2大于m1，结合阿基米德原理可知，戊中受到的浮力大于丁实验，故对比a、b、c可知，浸在液体中的物体受到的浮力与排开液体的体积有关。
[2]戊中鹅卵石排开水的体积即鹅卵石的体积为
将烧杯中的水换成等质量的酱油，提着细线，按图戊的测量方式，将鹅卵石浸没在酱油中，不接触烧杯，天平的读数为m3；故排开酱油的质量为m3-m0
通过以上实验，酱油的密度
22．（本题7分）图甲是某居民楼前的无障碍通道，一位母亲正用轮椅推着他生病的儿子缓缓上行，图乙是该通道斜面示意图。为了解推轮椅时所用力的大小，小红和小华进行了探究。她们从斜面底端A点沿斜面确定了相距1m处的B点。（g取10N/kg）
(1)选用车轮与轮椅相同材质、花纹的小车为研究对象，进行了如下操作：
①正确使用弹簧测力计，测出小车重为 2.0N；斜面的高为 0.09m；
②将校零的弹簧测力计与斜面平行放置，然后沿斜面方向 拉动小车，如图乙所示，弹簧测力计示数为 N；
③计算出将小车从 A 点拉到 B 点的过程中，拉力所做的功为 J；利用斜面将小车从水平地面提升到 B 点时的机械效率为 ；
(2)在小车上逐渐添加重物，测出小车的总重G，测出沿斜面匀速拉动小车需要的力，计算出小车从A点到B点拉力所做的总功W1；重力做的有用功为W2。通过多组数据作出W1和W2与小车总重G的关系图像，分别如图丙中的线段a和b；
①由图像可知：用该通道斜面提升物体时的机械效率与物重 （选填“有关”或“无关”），理由： （写证明过程）；
②若这位儿子和所坐的轮椅总质量为90kg，则母亲用沿着通道斜面方向的力推轮椅匀速上坡时，力的大小为 N。
【答案】(1) 匀速 0.3 0.3
(2) 无关 见解析 135
【详解】（1）[1]实验中，需沿斜面方向匀速拉动小车，这样操作时，弹簧测力计示数稳定。
[2]由图可知，测力计的分度值为0.02N，指针指在0.3N处，所以，弹簧测力计示数为0.3N。
[3]将小车从A点拉到B点的过程中，拉力做的功为W总=Fs=0.3N×1m=0.3J
[4]有用功为W有用=Gh=2.0N×0.09m=0.18J
机械效率为
（2）[1][2]从图像读出当小车的总重G增大到5N时，有用功，总功，则此时机械效率为
所以，用该通道斜面提升物体时的机械效率与物重无关。
[3]这位儿子和所坐的轮椅总质量为90kg，则母亲用沿着通道斜面方向的力推轮椅匀速上坡时，有用功为
则总功为
则推力为
23．（本题9分）旭用如图甲所示的电路测量标有“2.5V”字样的小灯泡的额定功率，电源电压恒为4.5V，滑动变阻器的规格为“10Ω 1A”。
(1)在连接电路时，开关应当处于 状态。
(2)如图甲所示的电路中有一根导线接错了，请你在图甲中错误的那根导线上打一个“×”，然后用笔画线代替导线使电路正确 。
(3)纠正错误后闭合开关，电压表有示数，电流表无示数。原因可能是（ ）
A．电流表断路
B．灯座内部出现了短路
C．灯泡的灯丝断了
(4)排除故障后，移动滑动变阻器的滑片到某处时，电压表的示数为2V，则应该向 （选填“左”或“右”）端调节滑片，直至小灯泡正常发光，电流表的示数如图乙所示，为 A，小灯泡的额定功率为 W。
(5)在实验过程中，调节滑动变阻器的滑片使其接入电路中的阻值减小，同时小灯泡的阻值变化了，则 （选填“＞”“＝”或“＜”）。
(6)接着小蜀找来四个定值电阻替换小灯泡探究“电流与电阻关系”。
①接入5Ω的电阻，移动滑片使电压表的示数为2.5V，记录电流表的示数；
②接入10Ω的电阻，移动滑片使电压表的示数为2.5V，记录电流表的示数；
③接入20Ω的电阻，移动滑片时发现电压表的示数始终不能调到2.5V；
④接入25Ω的电阻，移动滑片时同样发现电压表的示数始终不能调到2.5V。
小旭稍加思考后，想到了③④中问题的解决方法：在修改正确后如图甲的电路中，在AB间接入20Ω或25Ω的定值电阻之后，在电路中（不在AB间）再串联一个定值电阻，即可完成实验。则小蜀串联入电路的定值电阻的阻值范围为 Ω。
【答案】(1)断开
(2)
(3)C
(4) 左 0.3 0.75
(5)＞
(6)10～16
【解析】【小题1】在连接电路时，将开关断开，可避免连接过程中出现短路等异常情况导致电路元件损坏。
【小题2】原电路图中，灯泡和滑动变阻器串联后与电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，在测小灯泡的额定功率实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示
【小题3】纠正错误后，闭合开关，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的。则与电压表并联的电路断路了，即原因可能是灯泡的灯丝断了，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
【小题4】[1]排除故障后，移动滑动变阻器的滑片到某处时，当电压表示数为2V，小于灯泡额定电压2.5V，要想使小灯泡正常发光，应增大灯泡的两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压。根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应该向左端调节滑片，直至灯泡正常发光。
[2]]电流表的示数如图乙所示，由图甲可知，电流表选用小量程，由图乙可知，电流表分度值0.02A，其示数为0.3A。
[3]小灯泡额定功率为。
【小题5】在实际测量过程中，调节滑动变阻器接入电路中的电阻减小时，电路中的电流增大，电路中的总电阻减小。灯泡的电阻受温度增大而增大，电路的总电阻
只有当滑动变阻器接入电路中的电阻减小量ΔR1大于灯泡的阻值增加量ΔR2才会让总电阻变小，故ΔR1>ΔR2。
【小题6】实验中使用的定值电阻阻值最大为25Ω，定值电阻两端的电压始终保持，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压为
根据分压原理，当接入25Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为
解得
即所选择的滑动变阻器的最大阻值不能小于20Ω，而滑动变阻器的最大电阻为10Ω，故串联接入电路的定值电阻R0的最小值为
根据分压原理，当接入20Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为
解得
根据串联电路分压规律，定值电阻R0的电阻不能大于16Ω，否则当滑动变阻器连入电路中的电阻为0时，20Ω电阻的两端也不能调整到2.5V，即串联接入电路的定值电阻R0的取值范围为10~16Ω。
四、综合应用题：本题共3小题，共24分。
24．（本题7分）小明家的电饭锅有高温、中温、低温三个挡位，工作原理图如图甲所示。已知，且。电饭锅在低温挡正常工作时消耗的电功率。求：
(1)电饭锅低温挡正常工作时的电流；
(2)电饭锅高温挡正常工作时消耗的电功率；
(3)在用电高峰期，电饭锅在高温挡工作6min，能使图乙中的电能表表盘指示灯闪烁300次，忽略温度对电阻的影响，这时家庭电路的实际电压。
【答案】(1)1.1A
(2)1210W
(3)200V
【详解】（1）由得，电饭锅低温挡正常工作时的电流
（2）当开关S1、S2同时闭合，定值电阻R1、R2并联，电路电阻最小，由得，电路电功率最大，为高温挡；当只闭合S2，定值电阻R2单独工作，电路电阻较大，由得，电路电功率较小，为中温挡；当只闭合S1，定值电阻R1单独工作，电路电阻最大，由得，电路电功率最小，为低温挡。电饭锅高温挡正常工作时消耗的电功率
（3）在用电高峰期，电饭锅在高温挡工作6min，能使图乙中的电能表表盘指示灯闪烁300次，电饭锅消耗的电能为
当定值电阻R1单独工作，为低温挡，由得，
电饭锅高温时定值电阻R1、R2并联，电路的电阻为
由得，这时家庭电路的实际电压
25．（本题7分）小科与同学到某工地参观，看到工人操作电动机通过如图所示滑轮组将正方体石料从水池底竖直匀速吊起，他们通过调查得知：石料的边长为0.2m，密度5×103kg/m3，石料上升时速度恒为0.4m/s，圆柱形水池的底面积为0.2m2，石料露出水面前滑轮组的机械效率是80%。（不计绳重和摩擦，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）请根据他们的调查数据求：
(1)石料露出水面前受到的浮力；
(2)动滑轮重力；
(3)石料从刚露出水面到完全露出水面所用的时间。
【答案】(1)80N
(2)30N
(3)0.4s
【详解】（1）石料的边长为0.2m，石料的体积为
石料露出水面前，即浸没时，有如下关系成立
石料露出水面前受到的浮力为
（2）石料的质量为
石料的重力为
石料露出水面前石料对滑轮组拉力为
当不计绳重和摩擦时，有如下关系式成立
动滑轮的重力为
（3）石料完全露出水面的过程，由于V排的减小，池中水面会下降，有如下关系成立
水面下降高度为
石料上升的实际高度为
所以石料被拉出水面的时间为
26．（本题10分）防触电是衡量电热水器性能的重要指标，其原理是：当给内胆中的水加上电压时，隔电墙会自动调整水流路径的长度和直径，增加水流电阻，从而把电流降低至人体安全电流以下。为合理设计防触电装置，某研究小组设计了如图甲所示的电路来测量内胆中自来水电阻的变化。
(1)在绝缘圆柱形容器左右两侧安装可移动的薄金属板电极，只将左侧金属板向右移动时，内胆中自来水的电阻 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
(2)测得圆柱形的横截面积S=1.2×10-3m2和两电极间的距离l，将自来水灌满此容器，当水柱长l=0.4m时，绝缘圆柱形容器中的水的质量为 kg。（已知水的密度为1.0g/cm3）
(3)改变两电极间的距离l，测量25℃时水柱在不同长度l时的电阻Rx。将水温升到50℃，重复测量。绘出25℃和50℃时水的Rx-l图像，分别如图乙中图线Ⅰ、Ⅱ所示。由实验结果可知，水的电阻随温度的变化趋势是 。
(4)将单刀双掷开关接通线路2，此时电压表V2的示数为U2，再将单刀双掷开关接通线路1，此时电压表V1的示数为U1，电阻箱示数为R，定值电阻的阻值R1=R2=R，电源提供电压恒定不变。则水柱的电阻。Rx= ，由此可知，电源电压U= 。（选用U1、U2、R表示）
【答案】(1)减小
(2)0.48
(3)水的电阻随温度升高而减小
(4) 2U1
【详解】（1）只将左侧金属板向右移动时，相当于减小了水柱的长度，长度变短则电阻变小。
（2）圆柱形容器横截面积S=1.2×10-3m2，水柱长l=0.4m，则容器中水的体积
已知水的密度
所以水的质量
（3）从图线可见，在相同长度l下，50℃时水的电阻比25 ℃时更小，由此可知，水的电阻随温度升高而减小。
（4）[1][2]设电源电压恒为 U，定值电阻 ①
当单刀双掷开关接通线路2时，定值电阻R2和水电阻串联接入电路，电压表 V2测量定值电阻R2两端电压，读数 U2 ，根据欧姆定律以及串联电路电压规律有②
当单刀双掷开关接通线路1时，定值电阻R1和电阻箱串联接入电路，电压表V1测量电阻箱两端电压，读数 U1，根据欧姆定律以及串联电路电压规律有③
联立三式解得：，