2025年中考押题预测卷：物理（北京卷02）（解析版）

这是一份2025年中考押题预测卷：物理（北京卷02）（解析版），共17页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验探究题，科普阅读题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单项选择题（下列每题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意。共24分，每题2分）
1．下列实例中，为了减小摩擦的是（ ）
A．汽车轮胎上制有花纹B．骑自行车刹车时用力捏闸
C．冰壶底面打磨得很光滑D．足球守门员戴有防滑手套
【答案】C
【详解】A．汽车轮胎上制有花纹通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦，故A不符合题意；
B．骑自行车刹车时用力捏闸通过增大压力来增大摩擦，故B不符合题意；
C．冰壶底面打磨得很光滑通过减小接触面粗糙程度来减小摩擦，故C符合题意；
D．足球守门员戴有防滑手套通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦，故D不符合题意。
故选C。
2．在职业培训学校组织的砌墙比赛中，老师们利用重锤线分别对学员作品“1号墙”和“2号墙”做了检验，如图所示。关于这次比赛，下列说法正确的是（ ）
A．1号墙与地面一定是垂直关系
B．1号墙比2号墙更接近竖直
C．2号墙比1号墙更接近竖直
D．1号墙和2号墙同样竖直
【答案】B
【详解】BCD．重锤线是利用重力的方向总是竖直向下的原理制成的。与重锤线平等的线或面都是竖直的；1号墙与重锤线平行，2号墙与重锤线不平行，所以1号墙比2号墙更接近竖直，故CD错误，B正确；
A．1号墙与重锤线平行，说明1号墙与水平地面垂直，但题中的地面不一定是水平的，故A错误。
故选B。
3．如图所示，跳远运动员在比赛过程中要先助跑，再起跳至最高点，最终落地。在这一过程中，若不考虑空气阻力，则下列说法中正确的是（ ）

A．起跳时，运动员对地面的压力大于他的重力
B．助跑增大了运动员的惯性，使他跳得更远
C．当运动员跳至最高点时，他具有的动能为零
D．运动员在空中运动的过程中，重力对他不做功
【答案】A
【详解】A．起跳时，运动员向上做加速运动，则向上的支持力大于重力，由于支持力和压力是一对相互作用力，所以压力与支持力大小相同，则运动员对地面的压力大于他的重力，故A正确；
B．跳远时助跑是利用运动员的惯性，从而提高成绩，惯性与质量有关，质量不变，惯性不变，不能增大惯性，故B错误；
C．经过最高点时运动员的速度不为零，动能不为零，故C错误；
D．运动员在空中运动的过程中，运动员有重力且在重力方向上移动了一段距离，所以重力对运动员做功，故D错误。
故选A。
4．“霜降”是中国传统的二十四节气之一 ，霜的形成属于（ ）
A．凝固B．液化C．凝华D．升华
【答案】C
【详解】霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，属于凝华现象，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
5．下列物品中，通常情况下属于绝缘体的是
A．竹筷子B．钢勺C．食盐水D．电线铜芯
【答案】A
【详解】A．竹筷子不容易导电，属于绝缘体，符合题意；
BCD．钢勺、食盐水、电线铜芯都容易导电，是导体，不符合题意．
6．估测在实际生活中的应用十分广泛，下列所估测的数据中最接近实际的是
A．人感觉舒适的室温约为37℃
B．我国1元硬币的质量约为60g
C．一根新2B铅笔的长度约为1.8cm
D．中学生做一套完整的眼睛保健操的时间约为300s
【答案】D
【详解】A．人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右．故A不符合实际．
B．一块橡皮的质量约10g，一枚一元硬币的质量略小于此数值，在6g左右，故B不符合实际；
C．中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，新铅笔的长度略小于20cm，在17cm左右．故C不符合实际；
D．中小学课间活动一般是10min，中学生做完一套眼保健操所用时间约为5min=300s,故D符合实际．
7．如图所示，盛有水的杯子静止在水平桌面上。杯子重0.5N，高9cm，底面积；杯内水重2.5N，水深7cm，水的密度为，g取10N/kg。下列选项中正确的是（ ）
A．水对杯底的压力为2NB．水对杯底的压强为900Pa
C．水杯对桌面的压力为2.6ND．水杯对桌面的压强为1000Pa
【答案】D
【详解】AB．水对杯底的压强为
水对杯底的压力为
故AB错误；
C．因为杯子静止在水平桌面上，所以水杯对桌面的压力为
故C错误；
D．水杯对桌面的压强为
故D正确。
故选D。
8．某同学用滑轮组提升物体，绳子自由端竖直移动的距离随时间变化的关系如图中图线a所示，物体上升的高度随时间变化的关系如图中图线b所示，已知物体的质量为900g，所用动滑轮的质量为100g，绳子自由端的拉力F为2.8N。g取10N/kg。在0~2s的过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为5m/sB．拉力F的功率为0.56W
C．有用功为90JD．滑轮组的机械效率为90%
【答案】B
【详解】AB．如图中图线a所示，当时，绳子自由端移动的距离为
所以绳子自由端移动的速度为
拉力F的功率为
故A错误，B正确；
C．如图中图线b所示，在0~2s的过程中，物体上升的高度为
所以有用功为
故C错误；
D．在0~2s的过程中，拉力所做的总功为
所以滑轮组的机械效率为
故D错误。
故选B。
9．如图所示电路，电源两端电压保持不变，闭合开关，在滑动变阻器滑片P向右端移动过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．电流表示数变大
B．变阻器 R2接入电路的阻值变小
C．电阻 R1两端电压变小
D．电压表示数与电流表示数的比值变大
【答案】C
【详解】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路中的电流．
在滑片P向右端移动过程中，变阻器R2接入电路中电阻变大，电路中的总电阻变大，故B错误；
由可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故A错误；
由U=IR可知，电阻R1两端的电压变小，故C正确；
由可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R1的阻值，则电压表示数与电流表示数的比值不变，故D错误．
故选C
10．如图是探究电流热效应的实验装置，两个相同透明容器中密封着等量的空气和电阻R1、R2，其中R1=5Ω，R2=R3=10Ω。下列说法正确的是（ ）
A．只闭合S1，可以探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系
B．只闭合S1，通过R1的电流是R2电流的2倍
C．闭合S1和S2后，通过R1的电流是R2电流的0.5倍
D．闭合S1和S2后，左侧U形管内液柱的高度差和右侧的高度差一样
【答案】A
【详解】AB．由图可知，只闭合S1时，电阻R1与R2串联接入电路，根据串联电路的电流规律可知通过两者的电流相同，但是两者的电阻不同，根据控制变量法可知，此时可以探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系，故A正确，B错误；
C．由图可知，闭合S1和S2后，电阻R2与R3并联，并联后的整体与R1串联，根据并联电路的电压规律可知，电阻R2与R3两端电压相等，而R2=R3=10Ω，所以由欧姆定律可得通过电阻R2与R3的电流相等，而根据并联电路的电流规律可知，干路电流等于各支路电流之和，所以可知通过电阻R1的电流等于通过电阻R2与R3的电流之和，又因为通过电阻R2与R3的电流相等，所以可知闭合S1和S2后，通过R1的电流是通过R2电流的2倍，故C错误；
D．闭合S1和S2后，设通过R1的电流为I，则通过R2的电流为0.5I，设加热时间为t，则由焦耳定律可得，通过R1的电流产生的热量为Q1=I2R1t=5I2t
通过R2的电流产生的热量为Q2=I22R2t=0.5I×0.5I×10Ω×t=2.5I2t
根据计算结果可得通过R1的电流产生的热量与通过R2的电流产生的热量不相等，所以左侧U形管内液柱的高度差和右侧的高度差也不相同，故D错误。
故选A。
11．如图所示的四种用电器中，主要利用电流热效应工作的是（ ）
A．洗衣机B．CPU风扇
C．电暖气D．扫地机器人
【答案】C
【详解】利用电流热效应工作，就是把电能转化为内能。
A．洗衣机工作时，电能主要转化为机械能，不是利用电流的热效应工作，故A不符合题意；
B．CPU（中央处理器）在运行过程中会产生大量的热，CPU风扇的作用，是通过扇叶旋转产生气流，将热量从CPU散发出去，防止过热对硬件造成损害。该风扇工作时，电能主要转化为机械能，不是利用电流的热效应，故B不符合题意；
C．电暖气工作时，将电能转化为内能，是利用电流的热效应工作，故C符合题意；
D．洗衣机工作时，电能主要转化为机械能，不是利用电流的热效应工作，故D不符合题意。
故选C。
12．底面积为100cm2的烧杯中装有适量水。当金属块浸没在水中静止时，如图甲所示，弹簧测力计的示数F1=3.4N，水对杯底的压强为p1；当金属块总体积的露出水面静止时，如图乙所示，弹簧测力计的示数为F2，水对杯底的压强为p2；若p1、p2之差为50Pa，则下列判断中正确的是（g取10N/kg）（ ）
A．金属块的体积V金为2×10-3m3
B．金属块的体积V金为3×10-4m3
C．金属块的重力G为4.5N
D．弹簧测力计的示数F2为3.9N
【答案】D
【详解】AB．根据p=ρgh可得，水面降低的高度
此时
ΔV排=SΔh=100×10-4m2×5×10-3m=5×10-5m3
由于金属块的体积露出水面，所以
V金=4ΔV排=4×5×10-5m3=2×10-4m3
故AB错误；
C．在图甲和图乙中，金属块受力如图1和图2所示，由于两次金属块都处于平衡状态，则有
F1+F浮=G，F2+F浮′=G
图甲中金属块浸没在水中，受到的浮力
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×2×10-4m3=2N
所以金属受到的重力
G=F1+F浮=3.4N+2N=5.4N
故C错误；
D．图乙中金属块的体积浸入水中，受到的浮力
所以弹簧测力计的示数
F2=G-F浮′=5.4N-1.5N=3.9N
故D正确。
故选D。
二、多项选择题（下列每题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个。共6分，每题2分。每题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
13．如图所示，闭合开关，小灯泡不发光。若电路中只有一处故障，关于电路故障的分析，下列说法中正确的是（ ）
A．若电流表示数为零，电压表的示数接近电源两端的电压，则可能是滑动变阻器断路
B．若电压表示数为零，电流表指针有明显偏转，则可能是小灯泡短路
C．若电压表、电流表示数均为零，则可能是小灯泡断路
D．若电压表、电流表示数均为零，则可能是滑动变阻器断路
【答案】BD
【详解】A．若电流表示数为零，电压表的示数接近电源两端的电压，说明电路出现了断路，电压表与电源两极是连通的，则可能是灯泡断路，故A错误；
B．若电压表示数为零，电流表指针有明显偏转，说明电路是通路；电压表示数为零，可能是与电压表并联的部分电阻为0，则可能是小灯泡短路，故B正确；
CD．若电压表、电流表示数均为零，则电路为断路，电压表与电源两极间是断开的，则可能是滑动变阻器断路，故C错误，D正确。
故选BD。
14．如图是“探究某物质熔化和凝固规律”的实验图像，下列说法正确的是:
A．在t时=5min时，该物质处于固液共存状态
B．在BC段，该物质不吸热
C．该物质凝固过程持续了5min
D．该物质的凝固点是45℃
【答案】AD
【详解】A．熔化图象的横坐标表示时间，纵坐标表示温度，而图中BC段温度不变的阶段就是熔化过程．A正确；
B．BC段为熔化过程，虽然温度不变，但仍继续吸热，B错误；
C．从图中可得，物质从第3分钟开始熔化，到第6分钟熔化结束，熔化经历了3min，C错误；
D．从图中可以看出该物质的熔点和凝固点均是45℃，D正确．
15．下列物态变化过程中，需要放热的是（ ）
A．初夏，旷野中有雾形成B．早春，湖中冰在消融
C．深秋，草木上出现露水D．初冬，砖瓦上有霜生成
【答案】ACD
【详解】AC．花草上的露水和早晨的浓雾是水蒸气液化形成的小水滴，是液化现象，液化放热．故BC符合题意；
B．冰雪消融是熔化现象，熔化吸热，故B不符合题意；
D．霜是固态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华现象，是放热的。故D符合题意。
故选ACD。
三、实验探究题（共28分）
16．小敏用托盘天平和量筒测量金属块的密度。她在调节天平时，发现指针偏向分度盘中央刻度线的左侧，如图甲所示，为使天平横梁水平平衡，她应将平衡螺母向 端移动。天平平衡后，用天平测出金属块的质量为27g。然后，小敏将金属块用细线系好放进盛有50mL水的量筒中，量筒中的水面升高到如图乙所示的位置，则金属块的体积为 cm3，该金属块的密度为 g/cm3。
【答案】 右 10 2.7
【详解】[1]在调节天平时，指针偏向分度盘中央刻度线的左侧，说明左边质量较大，为使天平横梁水平平衡，应将平衡螺母向右调节。
[2]放入金属块前水的体积是50mL，由图乙可知放入金属块后水的体积是60mL，则金属块体积为
V=60mL-50mL=10mL=10cm3
[3]金属块的质量为27g，则金属块的密度为
17．小刚在做“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验过程中，获得了下表中所示的实验数据．
（1）由表中的实验数据可知：实验中水的沸点为 ℃．
（2）若忽略由于水蒸发引起的水质量的变化，在1～5min内，水的内能 ．（选填“增大”、“不变”或“减小”）
【答案】 100 增大
【详解】（1）液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；由表格中的实验数据知道：水从第8min开始，不断吸收热量，但温度保持100℃不变，所以实验中水的沸点为是100℃．
（2）在1～5min内，水吸收热量，温度升高，内能增大．
点睛：本题考查的是“探究水的沸腾实验”，本题主要考查了分析处理数据，从中获取信息的能力，难度不大．
18．在比较煤油和水比热容的大小时，用完全相同的两个烧杯分别装上质量和初温相等的煤油和水，用两个相同的电加热器加热。
（1）电加热器每秒放出的热量是一定的，当浸没在煤油（或水）中加热时，可认为煤油（或水）每秒吸收的热量相同，因此可以用 表示煤油（或水）吸收热量的多少；
（2）利用煤油和水温度随时间变化的图像比较它们的比热容。图甲，加热相同时间，比较温度变化的大小，温度变化 （选填“大”或“小”）的比热容大；图乙，升高相同温度，比较加热时间，加热时间长的比热容 （选填“大”或“小”）。
【答案】 加热时间 小 大
【详解】（1）[1]电加热器每秒放出的热量是一定的，当浸没在煤油（或水）中加热时，可认为煤油（或水）每秒吸收的热量相同，所以加热时间相同，水和煤油吸收的热量相同，可以用加热时间来表示煤油或水吸收热量的多少。
（2）[2][3]加热时间相同，即水和煤油吸收热量相同，由
可知温度变化大的物体，比热容小，吸热能力差，温度变化小的物体，比热容大，吸热能力强；升高相同温度，比较加热时间，加热时间长的物体吸收热量多，比热容大。
19．实验小组的同学们用图甲所示电路进行“伏安法测电阻”的实验。
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整 ；
（2）为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至最 （选填“左”或“右”）端；
（3）小明正确进行实验，并将实验数据记录在表格中，第2次测量时电流表的示数如图乙所示，根据三次实验所测数据可得，定值电阻 Ω；（结果保留两位小数）
（4）现有另一个未知电阻（阻值约为500Ω），若仅将图甲中的替换为，其他器材和电路连接不变，能否测出的阻值，并说明理由： 。
【答案】 右 5.07 不能，电阻阻值过大，电流表将无法读数
【详解】（1）[1]由图甲可知，电源为两节干电池，总电压约为3V，所以电压表选择0~3V量程，具体如图所示；
（2）[2]为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应最大，由图甲可知，滑动变阻器接左下接线柱，因此滑片应移至最右端。
（3）[3]根据表格数据计算可知，第1组数据测得定值电阻的阻值为
由图乙可知，电流表选择0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.48A，则第2组数据测得定值电阻的阻值为
第3组数据测得定值电阻阻值为
故定值电阻的阻值为
（4）[4]电源电压约为3V，电阻阻值约为500Ω，由欧姆定律可知，电路的最大电流为
小于电流表的分度值0.02A，则实验时电流表无法读数，故不能测出的阻值。
20．在“探究平面镜成像特点”的实验中，某同学选取薄玻璃板、完全相同的跳棋子A和B、刻度尺、白纸等器材进行实验。
（1）他将棋子A放在水平桌面的白纸上，如图所示。他观察发现：薄玻璃板中棋子A的像偏高，且无论在白纸上如何移动玻璃板另一侧的棋子B，都无法使棋子B与A的像完全重合。产生以上实验现象的原因是 。
（2）他将上述问题解决后，在玻璃板后面的白纸上移动棋子B，直至与棋子A的像完全重合，移去棋子B，在此位置上放置一光屏，光屏上 （选填“能”或“不能”）呈现棋子A的像；他将棋子A先后放置在白纸上与玻璃距离不同的两点，观测每次棋子所成像的高度，该同学探究的问题是：棋子通过平面镜所成像的高度与 是否有关。
【答案】 玻璃板没有竖直放置 不能 物到平面镜的距离
【详解】（1）[1]薄玻璃板中棋子A的像偏高，说明玻璃板歪斜，没有竖直放置。
（2）[2][3]由于平面镜成的是虚像，并不是实际光线形成的，故光屏不能承接虚像；改变物体到平面镜的距离，量物体和像的高度，故探究的平面镜所成像的高度与物到平面镜的距离有关。
21．吴明同学利用如图所示的实验装置探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”。
（1）固定磁铁不动，闭合开关，让导体棒ab在蹄形磁体中 （选填“左右”、“上下”）运动时，电流表指针会偏转。
（2）固定导体棒ab不动，闭合开关，蹄形磁体左右运动，电流表指针 （选填“会”“不会”）偏转。
（3）在探究过程中，如果断开开关，不管磁体、导体棒如何运动，电流表指针都 （选填“会”“不会”）偏转。
（4）实验说明：闭合电路的部分导体在磁场中 运动时，电路就产生感应电流。
（5）该同学完成实验后提出猜想：产生电流大小可能与运动速度有关，为探究感应电流大小与导体棒运动速度有关，可以进行的设计是 。
【答案】 左右 会 不会 切割磁感线 在同一磁场中，快速移动导体棒与缓慢移动导体棒观察电流表指针偏转情况
【详解】(1)[1]固定磁铁不动，闭合开关，让导体棒ab在蹄形磁体中左右方向运动时，导体切割磁感线，会产生感应电流，电流表指针会发生偏转；
(2)[2]固定导体棒ab不动，闭合开关，蹄形磁体左右运动时，导体切割磁感线，会产生感应电流，电流表指针会发生偏转；
(3)[3]断开开关，不是闭合电路，不管磁体、导体棒如何运动，都不会产生感应电流，电流表指针都不发生偏转；
(4)[4]由此得出结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就产生感应电流；
(5)[5]为了探究感应电流的大小可能与运动速度有关，根据控制变量法，应该保持磁场强弱相同，改变导体运动快慢，观察电流表指针的偏转角度。因此可以进行的设计为：在同一磁场中，快速移动导体棒与缓慢移动导体棒观察电流表指针偏转情况。
22．小李同学到实验室做“测定小灯泡额定功率”的实验。被测小灯泡的额定电压为，电阻约为。实验室有如下器材：电压为6V的电源、电流表、电压表、开关各一个，规格不同的滑动变阻器两个：（）、（），导线若干。小李同学设计的电路如图甲所示，请你回答下列问题：
(1)闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于 端。（选填“左”或“右”）
(2)为了完成实验，应选用的滑动变阻器是 。（选填“”或“”）
(3)移动滑片P，当电压表的示数为2V时，滑动变阻器应向 （选填“左”或“右”）移动，使 ，从而确定小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W。
【答案】(1)右
(2)
(3) 左 电压表示数为额定电压 0.75
【详解】（1）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即最右端。
（2）小灯泡的额定电压为，正常发光时电阻约为，则小灯泡的额定电流为
而电源电压为6V，在滑动变阻器需要分担的电压为
则需要滑动变阻器的最大值为
滑动变阻器选择。
（3）[1][2][3]灯在额定电压下正常发光，示数为2V小于灯的额定电压，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；此时电流表示数如图乙所示，图中电流表选用小量程，分度值为，电流大小为，则小灯泡的额定功率为
23．小东同学用轻质杠杆、铁块乙、秤砣甲、细线、密度值已知的A、B两种液体（密度分别为、，且），自制了可测量液体密度的杠杆密度计如图。具体作法如下：
（1）杠杆两端分别挂甲和乙，将乙浸没于液体A，用细线将杠杆悬于O点，移动甲到某位置1使杠杆水平平衡，用刻度尺测出该位置1到O点的距离记为，并在位置1标记刻度；
（2）保持乙所挂位置不动，将乙浸没于液体B，将挂甲的细线移动到某位置2，使杠杆再次水平平衡，用刻度尺测出该位置2到O点的距离记为，并在位置2标记刻度。1和2位置之间的距离为，试分析说明当向左移动细线悬挂的点到O时，是增大还是减少。
【答案】见解析
【详解】乙浸没于液体A，根据杠杆平衡条件得--------①
将乙浸没于液体B，根据杠杆平衡条件得--------②
联立①②两式可得
当向左移动细线悬挂的点到O时，变大，则变大。
四、科普阅读题（共4分）
24．阅读以下材料，回答问题．
9月25日，我国成功发射了“神舟七号”飞船，并且首次实现了我国航天员太空行走的愿望．如图所示，是我国航天员翟志刚出舱时的英姿，出舱的航天员与轨道舱之间需要系上一根安全系绳．当航天员意外漂离轨道舱时，可拉着绳子返回轨道舱．2008年9月28日“神舟七号”载人飞船完成各项任务后，在返回的过程中，返回舱进入大气层将通过一段黑障区（所谓黑障区就是航天器返回舱返回大气层时，因表面超高速摩擦形成高温等离子区导致无线电信号衰减至中断的飞行区段），这一段时间飞船将“烧成”一个大火球，如图所示，而飞船内的宇航员和设备则安然无恙，因为飞船外壳上的烧蚀层先熔化后汽化，从而吸收了大量的热保护了飞船．

（1）航天员在太空上的质量与在地球上相比 ．（选填“变大”、“不变”或“变小”）
（2）出舱的航天员与轨道舱之间需要系上一根安全系绳．当航天员意外漂离轨道舱时，可拉着绳子返回轨道舱．这利用了物体间力的作用是 的和力可以改变物体的
（3）航天器返回舱返回大气层时，飞船将“烧成”一个大火球，是将机械能转化为
【答案】 不变 相互 运动状态 内能
【详解】（1）质量是物体的一种属性，不随物体的形状、物态以及位置的改变而变化．因此航天员在太空上的质量与在地球上相比大小不变．
（2）出舱的航天员与轨道舱之间需要系上一根安全系绳，当航天员意外漂离轨道舱时，拉动绳子对绳子产生作用力，由于力的作用是相互的，绳子对航天员产生力的作用，从而可以返回轨道舱；
在力的作用下，航天员的状态发生变化，说明力可以改变物体的运动状态；
（3）航天器返回舱返回大气层时，与大气层发生剧烈摩擦，克服摩擦做功，将机械能转化为内能．
【点睛】改变内能有两种方式：做功和热传递，两种方式在改变内能上是等效的．
五、计算题（共8分。每题4分）
25．如图所示，盛有水的锥形瓶静止在水平桌面上，空瓶重0.5N，高10.5cm，瓶内水重1N，水深3.6cm，若认为瓶内底面积与瓶外底面积相等均为30cm2 ，水的密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）水对锥形瓶底的压力；
（2）锥形瓶对桌面的压强。

【答案】（1）1.08N；（2）500Pa
【详解】解：（1）瓶内水的深度h=3.6cm，则水对瓶底的压强
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.6×10-2m=360Pa
锥形瓶的底面积为30cm2，根据可得，水对瓶底的压力
F=pS=360Pa×30×10-4m2=1.08N
（2）盛有水的锥形瓶静止在水平桌面上，则锥形瓶对桌面的压力
F′=G水+G杯=1N+0.5N=1.5N
则锥形瓶对桌面的压强
答：（1）水对锥形瓶底的压力为1.08N；
（2）锥形瓶对桌面的压强为500Pa。
26．PTC是一种新型的半导体陶瓷材料，它的发热效率较高，PTC有一个人为设定的温度。当它的温度低于设定温度时，其电阻值会随它的温度升高而变小；当它的温度高于设定温度时，其电阻值随它的温度升高而变大。如图甲所示的陶瓷电热水壶就使用了这种材料。它的工作电路如图乙所示，R0是定值电阻，其阻值不受温度的影响。RT是PTC的电阻，它的电阻值与温度的关系如图丙所示。该电热水壶在RT设定温度状态工作时，电路消耗的总功率1100W。
(1)R0的阻值为多少？
(2)当RT的温度为130℃时，电路中RT的实际功率为多少？
【答案】(1)10欧姆(2)400瓦
【详解】(1)当电热水壶在设定温度状态工作时，由图丙可知：RT1=34Ω，因
P1=
将P1=1100W，RT1=34Ω，U=220V，带入解得
R0=10Ω
(2)当RT的温度为130℃时，由图丙可知
RT2=100Ω
此时电路中的电流
I===2ART2的实际功率
P2=I2RT2=（2A）2×100Ω=400W
实验次数
1
2
3
电压
1.0
2.4
2.6
电流
0.2
0.5