2024-2025学年广东省佛山市南海区狮山镇八年级（下）期中物理试卷

这是一份2024-2025学年广东省佛山市南海区狮山镇八年级（下）期中物理试卷，共36页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验题，计算题，综合能力题等内容，欢迎下载使用。
1．（3分）游泳时，使人前进的力的施力物体是（ ）
A．手B．脚C．水D．空气
2．（3分）如图所示，放手后纸片不能保持静止，这样的操作是为了探究物体在平衡状态下所受的两个力（ ）
A．大小是否相等
B．是否作用在同一直线上
C．是否作用在同一物体上
D．方向是否相反
3．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（ ）
A．运动的物体没有惯性
B．速度越大的物体惯性越大
C．质量越大的物体惯性越大
D．不受力的物体没有惯性
4．（3分）如图所示是烧饼制作从揉团到压扁过程，其总质量不变，则面团变成面饼后对桌面的（ ）
A．压力不变B．压力变小C．压强不变D．压强变大
5．（3分）如图所示的四个实例中，属于增大摩擦的是（ ）
A．给自行车轴加润滑油
B．自行车轮胎上的花纹
C．轴承间安装钢柱
D．气垫船底和水面间的空气垫
6．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．马德堡半球实验测出了大气压的数值
B．高压锅运用了液体沸点随气压的升高而降低的原理
C．洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理
D．拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而减小
7．（3分）体积相同的铅球、铜块和木块浸在液体中的情况如图所示，比较它们受到的浮力大小，正确的是（ ）
A．铅球受到的浮力最大
B．木块受到的浮力最大
C．铜块受到的浮力最大
D．它们受到的浮力一样大
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。
8．（3分）“夜来风雨声，花落知多少”，这是唐代诗人孟浩然《春晓》中的诗句，诗中“花落”是指花瓣落地，实际上是由于花瓣受到 力的作用，施力物体是 ；为了探究这个力的方向，小明进行了如图所示的实验，说明这个力的方向总是 。
9．（3分）你注意到洒水壶有两个把手吗？如图，当用洒水壶提水时，应该用 把手；当用洒水壶洒水时，应该用 把手。这说明力的作用效果与 有关。
10．（3分）如图所示，小丽同学穿上旱冰鞋用力推墙但没有推动墙，而她却向后运动，表明物体间力的作用是 的，力可以改变物体的 ；旱冰鞋底下安装轮子，这是为了 摩擦。
11．（3分）如图所示，一跳伞运动员和伞的总质量为100kg，打开伞一段时间后，运动员以5m/s的速度竖直匀速下落，这时运动员（包括伞）受到的阻力大小为 N，方向是 的，运动员（包括伞）受到的合力为 N（g取10N/kg）。
12．（3分）如图所示的注射器，针头做得尖细，目的是为了 压强；按手做得宽大是为了 压强（前两空选填“增大”或“减小”），如果没有大气压，注射器 （选填“能”或“不能”）正常将药业抽进空筒。
13．（3分）大气压会随高度变化而变化，青藏高原的海拔远高于佛山市的海拔，则青藏高原的大气压强相对较 （低/高）；两地的市民在家里用敞口锅烧同样的水，佛山市的水沸腾时的温度较 （低/高）；将如图所示的简易气压计从教学楼的底层移至楼顶，玻璃管中水柱的高度将 （选填“升高”或“降低”）。
14．（3分）如图所示，装有一定量水的密封容器放置在地面上，水面到容器底的距离为12cm，容器中的A点到容器底部的距离为3cm，则A点受到水的压强为 Pa；若将容器倒置，则水对容器下底面的压强 ，容器对地面的压强 （后两空选填“变大”“变小”或“不变”）（g取10N/kg）。
三、作图题：本题共7分。
15．（2分）如图所示，一个小球静止在杯中的水面上，请在图中画出小球所受的浮力以及杯子对地面的压力示意图。
16．（2分）如图所示，物块受到方向水平向右，大小为6N的拉力，处于静止状态。请在O点画出物块受到的拉力F和摩擦力f的示意图。
17．（3分）如图所示，物体静止在粗糙斜面上，请作出物体所受重力、摩擦力和支持力的示意图。
四、实验题：本大题共3小题，第16题6分，第17题7分，第18题7分，共20分。
18．（6分）（1）如图甲所示，弹簧测力计的分度值是 N，物体M受到的重力是 N；
（2）物理老师做托里拆利实验，测出的有关数据如图乙所示，则当地的大气压强等于 mm高水银柱所产生的压强，如果将此装置拿到比地面高很多的山顶上，则管内外水银柱液面高度差会 （选填“变大”“变小”或“不变）；
（3）如图丙所示探究“阻力对物体运动的影响”实验，通过观察小车在水平面上 （选填“滑行距离”或“初速度”）来判断阻力对物体运动的影响；小车每次应从斜面 （选填“相同”或“不同”）位置由静止释放下滑；如果小车在水平面上滑行时受到的阻力变为零，它将保持 。
19．（7分）科学小组想探究摩擦力的大小与哪些因素有关，小组选择了一个长方体木块（正面和侧面的面积不同而粗糙程度相同）、一个长木板（一面比较光滑，另一面比较粗糙），两个测力计（量程均为0﹣5N），细线两根，砝码多个（每个重1N）。实验装置如图甲所示是，将木块放在水平木板上，通过改变木块上面放置的砝码的个数来改变木块对木板的压力，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，并记录下弹簧测力计的示数。
如下表是科学小组的几组实验数据：
（1）用弹簧测力计沿水平方向拉动木块时，要使木块做 运动，木块受到的滑动摩擦力大小才会恰好等于弹簧测力计的示数；
（2）由实验1、2、3可知，其他条件相同时，滑动摩擦力的大小与 大小有关，这里主要采用的研究方法是 ；（选填“控制变量法”或“理想实验法”）
（3）由实验1，4可知，滑动摩擦力的大小与接触面的面积 （选填“有关”或“无关”）；由实验 （选填实验序号）可知，滑动摩擦力的大小与运动速度无关；
（4）操作时木块运动容易忽快忽慢，测力计示数也常常发生变化，实验操作非常不方便，经过小组讨论后，小明根据运动和静止是相对的这一点设计了新的实验装置，如图乙所示。拉动测力计甲时不需要让木板做匀速直线运动，若测力计甲和测力计乙的示数分别为4.3N和2.4N，则木板与木块之间的摩擦力为 N；若此时木板做匀速直线运动，则木板与地面之间的摩擦力为 N。
20．（7分）如图所示，小明进行“探究浮力的大小跟哪些因素有关”实验，提出了以下猜想：
猜想a：浮力大小与物体浸没在液体中的深度有关；
猜想b：浮力大小与物体浸在液体中的体积有关；
猜想c：浮力大小与液体的密度有关。
（1）只由A、B、C三次实验 （选填“能”或“不能”）完成对猜想a的探究，再结合D实验，可以初步得出结论：当液体密度一定时，物体浸在液体中的 越大，受到的浮力越大；
（2）B步骤中圆柱体受到水的浮力为 N；
（3）比较B、E两次实验，不能得出浮力的大小与液体密度的关系，原因是 ，实验所用的盐水的密度是 kg/m3；
（4）如图F所示，用弹簧测力计拉着一个圆锥体，使其缓慢下降进入水中，直到快接触到杯底；下列能大致反映圆锥体所受浮力F浮与其底部进入水中的深度h深关系的图象的是 （选填字母）。
五、计算题（第19题6分，第20题7分，共13分）
21．（6分）电动汽车是正在大力推广的新型交通工具，它具有节能、环保的特点。如图所示，是一辆停放在水平地面上的电动汽车，质量为1.6×103kg，每个轮胎和地面的接触面积为2×10﹣2m2，g取10N/kg。求：
（1）汽车的重力。
（2）车对地面的压力。
（3）车对地面的压强。
22．（7分）如图所示，将一个体积为1.0×10﹣3m3、重为6N的小球用细线系在容器的底部，容器中倒入足够的水使小球浸没，水面到容器底的距离为0.3m。求：（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）水对容器底的压强；
（2）小球受到的浮力；
（3）细线对小球的拉力。
六、综合能力题（第21题6分，第22题6分，第23题6分，共18分）
23．（6分）小雨同学在研究液体压强的实验中，进行了如图甲所示的操作：
（1）U形管两边液面的 能显示压强大小，这里采用的研究方法是 （选填“控制变量法”或“转换法”）；使用前用手指轻按金属盒的橡皮膜，若U形管中液面不发生变化，说明 ；
（2）将金属盒分别放入水和盐水中，如图甲，金属盒的橡皮膜受到的压强分别是p水和p盐水，则p水 p盐水，据此不能得出液体压强与液体密度的关系，原因是 ；
（3）小雨在此基础上又做了拓展实验，如图乙所示，她将两端开口的玻璃管的一端扎上橡皮膜并倒入水，底端橡皮膜向下微微凸起，用刻度尺测出玻璃管中水柱的高度为h1，然后将玻璃管缓慢插入装有盐水的烧杯中，直到橡皮膜表面与水平面相平，测出管底到盐水液面高度为h2，用小雨测得的物理量推导出盐水密度的表达式ρ盐水＝ （水的密度用ρ水表示）。
24．（6分）某科技小组利用塑料瓶、打气筒、橡皮塞、水等制作了水火箭，如图甲所示，制作好后，在塑料水瓶中装入适量的水，在尾部塞好橡皮塞后放在发射架上，用打气筒向瓶内打气，当瓶内水面上方气压达到一定程度时，高压气体将水和橡皮塞从瓶口冲出，水火箭向下喷水，水火箭飞向远处。
（1）高压气体将水和橡皮塞冲出，水火箭向下喷水，火箭飞向高空，这利用了 原理，锥形箭尖的设计，是为了减小飞行中的 。水火箭中的水喷完后，空中的火箭还能继续上升一会儿，这是因为火箭具有 ；
（2）水火箭成功飞出后，科技小组想让水火箭飞得更远，于是提出了问题：水火箭飞行的距离与什么因素有关呢？他们猜想可能与发射的角度有关。你认为影响因素还有 （写出一点即可）；
（3）科技小组继续探究水火箭飞行的距离与发射角度的关系；
为了排除其他因素的影响，他们需要控制其他因素不变，改变 ，然后进行实验探究；科技小组根据记录的实验数据作出如图乙所示的图像，由图像可知，随着发射角度的增大，水火箭的飞行距离 。
25．（6分）如图所示，是我国研制的大客机C919并已首飞成功。喜欢钻研的小明在观看C919的飞行纪录片时发现飞机在起飞时要先在水平路面上一直加速，而且机身并不是保持水平状态，而是有一个仰角（机翼下表面与水平面的夹角，称为：机翼仰角）。于是他猜测飞机受到的升力大小与飞机的速度，以及机翼仰角有关。小明联合有同样兴趣的小伙伴们利用塑料泡沫等材料自制机翼模型，把圆柱形空心笔杆穿过“机翼”并固定在“机翼”上，将一根金属杆从笔杆中穿过并上下固定，确保“机翼”能沿金属杆在竖直方向移动。将“机翼”挂在测力计的下方，实验装置如图所示，用鼓风机对着“机翼”吹风模拟飞机在空中飞行。实验数据记录在下表（每次吹风前测计的示数均为F0＝3.5N）；
下表是大客机C919的部分技术参数：
（1）飞机在升空过程中，机翼 （选填“上”或“下”）方空气流速大，压强小形成巨大的升力；
（2）实验中升力的表达式为：F升＝ （用题目中符号F0和F示表示）。根据表中数据，小明得出结论：风速越大，升力 ；随着机翼仰角的增大，升力 （选填“增大”“先增大后减小”或“先减小后增大”）；
（3）当飞机水平匀速巡航时，受到的阻力为 N；在气压只有2.5×104Pa的万米高空，机体1m2面积上承受内外气体的压力差约为 N。
2024-2025学年广东省佛山市南海区狮山镇八年级（下）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共7小题）
一、单选题：本大题共7小题，共21分。
1．（3分）游泳时，使人前进的力的施力物体是（ ）
A．手B．脚C．水D．空气
【分析】游泳时，人与水发生相互作用，推动人向前运动的力的施力物体是水，人对水的力与水对人的力是一对作用力和反作用力。
【解答】解：游泳时用手向后划水，人给水一个向后的力，人就能前进，这表明物体间力的作用是相互的，人受到水施加的向前的力，使人前进的力的施力物体是水。
故选：C。
【点评】解决本题的关键知道力的作用是相互的，一个物体是受力物体，同时也是施力物体。
2．（3分）如图所示，放手后纸片不能保持静止，这样的操作是为了探究物体在平衡状态下所受的两个力（ ）
A．大小是否相等
B．是否作用在同一直线上
C．是否作用在同一物体上
D．方向是否相反
【分析】二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上。
【解答】解：由图中可知：力的大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，可见此操作是为了探究物体在平衡状态下所受的两个力是否作用在同一直线上；
故B正确；ACD错误。
故选：B。
【点评】静止的物体或匀速直线运动的物体受平衡力的作用，二力平衡的条件包括四方面：同物、同线、等大、反向。
3．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（ ）
A．运动的物体没有惯性
B．速度越大的物体惯性越大
C．质量越大的物体惯性越大
D．不受力的物体没有惯性
【分析】一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关。
【解答】解：A、一切物体都有惯性，运动的物体也有惯性，故A错误；
B、惯性的大小只与物体的质量有关，与速度大小无关，故B错误；
C、惯性的大小与物体的质量有关，质量越大的物体惯性越大，故C正确；
D、一切物体都有惯性，与物体的受力情况无关，故D错误。
故选：C。
【点评】本题主要考查了对惯性概念的理解，对惯性影响因素的认识，属基础题。
4．（3分）如图所示是烧饼制作从揉团到压扁过程，其总质量不变，则面团变成面饼后对桌面的（ ）
A．压力不变B．压力变小C．压强不变D．压强变大
【分析】比较烧饼制作从揉团到压扁过程中烧饼对桌面的压力和受力面积的变化，根据p=FS分析解答。
【解答】解：从揉团到压扁过程中，烧饼的质量不变，重力不变，则对桌面的压力不变，但受力面积变大，根据p=FS可知，对桌面的压强变小，故A正确。
故选：A。
【点评】此题考查压力及重力与压力的区别、压强的大小比较，关键是知道质量是物质的一种属性，不随物体形状的变化而变化，同时要知道烧饼对桌面的压力等于其重力。
5．（3分）如图所示的四个实例中，属于增大摩擦的是（ ）
A．给自行车轴加润滑油
B．自行车轮胎上的花纹
C．轴承间安装钢柱
D．气垫船底和水面间的空气垫
【分析】（1）增大摩擦的办法有：①增大压力，②增大接触面的粗糙程度，③变滚动为滑动；
（2）减小摩擦的办法有：①减小压力，②减小接触面的粗糙程度，③变滑动为滚动，④使接触面脱离接触。
【解答】解：A、给自行车轴加润滑油使接触面分离来减小摩擦的，不合题意；
B、自行车轮胎上的花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，符合题意；
C、轴承间安装钢柱是将滑动摩擦变成了滚动摩擦，从而减小了摩擦力，不合题意；
D、气垫船利用气体将船和水面分离，是使接触面脱离，减小船和水之间的摩擦力。不合题意。
故选：B。
【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
6．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．马德堡半球实验测出了大气压的数值
B．高压锅运用了液体沸点随气压的升高而降低的原理
C．洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理
D．拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而减小
【分析】（1）最早测出大气压的实验是托里拆利实验；
（2）液体沸点随气压的升高而升高；
（3）连通器的结构特征是上端开口、底部连通；
（4）液体压强随深度的增加而增加。
【解答】解：A、最早测出大气压的实验是托里拆利实验，马德堡半球实验证明大气压的存在，故A错误；
B、压强越大，沸点越高，因此高压锅就是利用液体沸点随气压的升高而升高的原理，故B错误；
C、洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理，故C正确；
D、拦河大坝上窄下宽是由于液体压强随深度的增加而增加，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查气体压强、液体压强的知识的应用，解答时需要准确区分各物理知识点及其应用，这些知识点中考出现概率很高。
7．（3分）体积相同的铅球、铜块和木块浸在液体中的情况如图所示，比较它们受到的浮力大小，正确的是（ ）
A．铅球受到的浮力最大
B．木块受到的浮力最大
C．铜块受到的浮力最大
D．它们受到的浮力一样大
【分析】根据阿基米德原理的推导公式F浮＝G排＝ρ液gV排可知，浮力大小与液体的密度和排开液体的体积有关。
【解答】解：由图可知，铅球、铜块和木块均浸没在同种液体中，
因物体浸没时排开液体的体积相等，
所以，体积相同的铅球、铜块和木块排开液体的体积相等，
由F浮＝G排＝ρ液gV排可知，它们受到的浮力一样大。
故选：D。
【点评】本题考查了阿基米德原理的应用，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。
8．（3分）“夜来风雨声，花落知多少”，这是唐代诗人孟浩然《春晓》中的诗句，诗中“花落”是指花瓣落地，实际上是由于花瓣受到 重 力的作用，施力物体是 地球 ；为了探究这个力的方向，小明进行了如图所示的实验，说明这个力的方向总是 竖直向下 。
【分析】地面附近的一切物体都要受到重力的作用，重力的方向是竖直向下的。
【解答】解：花瓣在地球上，受到地球重力的作用，其施力物体是地球，方向始终竖直向下。
故答案是：重；地球；竖直向下。
【点评】本题考查了重力的相关知识，内容较简单，属于基础知识的考查。
9．（3分）你注意到洒水壶有两个把手吗？如图，当用洒水壶提水时，应该用 A 把手；当用洒水壶洒水时，应该用 B 把手。这说明力的作用效果与 力的作用点 有关。
【分析】解答此题的关键是掌握力的三要素，即力的大小、方向、作用点。
【解答】解：力的三要素共同影响着力的作用效果。
如图，当用洒水壶提水时，应该用A 把手；
当用洒水壶洒水时，应该用B 把手。
用的把手不同，力的作用效果就会不同，
这说明力的作用效果与力的作用点有关。
故分别填：A；B；力的作用点。
【点评】此题主要考查学生对力的三要素的理解和掌握。
10．（3分）如图所示，小丽同学穿上旱冰鞋用力推墙但没有推动墙，而她却向后运动，表明物体间力的作用是 相互 的，力可以改变物体的 运动状态 ；旱冰鞋底下安装轮子，这是为了 减小 摩擦。
【分析】（1）力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态（包括改变物体的运动快慢和运动方向）；
（2）力是物体对物体的作用，力的作用相互的；
（3）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
【解答】解：
小华同学穿着旱冰鞋用力推墙时，自己却向后运动，这一现象说明了力可以改变物体的运动状态，同时也说明了物体间力的作用是相互的；
旱冰鞋底下安装的小轮子，是用滚动代替滑动来减小摩擦。
故答案为：相互；运动状态；减小。
【点评】本题考查力的作用效果、力的作用的相互性以及增大和减小摩擦的方法，属于基础题。
11．（3分）如图所示，一跳伞运动员和伞的总质量为100kg，打开伞一段时间后，运动员以5m/s的速度竖直匀速下落，这时运动员（包括伞）受到的阻力大小为 1000 N，方向是 竖直向上 的，运动员（包括伞）受到的合力为 0 N（g取10N/kg）。
【分析】物体在不受力或受平衡力时，将保持平衡状态，即静止状态或匀速直线运动状态．物体在受非平衡力作用时，其运动状态一定改变。
【解答】解：阻力大小：因为运动员竖直匀速下落，处于平衡状态，根据二力平衡条件，此时运动员（包括伞）受到的阻力与重力是一对平衡力，大小相等。根据重力公式可得重力G＝mg＝100kg×10N/kg ＝ 1000N，所以阻力f＝G＝1000N。
阻力方向：重力方向竖直向下，阻力与重力方向相反，所以阻力方向是竖直向上。
合力：由于运动员处于平衡状态，所受的重力和阻力相互平衡，相互平衡的两个力的合力为0，所以运动员（包括伞）受到的合力为0N。
故答案为：1000；竖直向上；0。
【点评】本题考查了力和运动的关系。
12．（3分）如图所示的注射器，针头做得尖细，目的是为了 增大 压强；按手做得宽大是为了 减小 压强（前两空选填“增大”或“减小”），如果没有大气压，注射器 不能 （选填“能”或“不能”）正常将药业抽进空筒。
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
根据大气压的作用分析。
【解答】解：针头做得尖细，这是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的；
按手做得宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积减小压强的；
使用注射器时向外拉活塞，注射器内气压减小，小于外界大气压，外界大气压将药液压入注射器，如果没有大气压，注射器不能正常将药业抽进空筒。，
故答案为：增大；减小；不能。
【点评】本题考查了增大和减小压强的方法、大气压的应用，属于基础题。
13．（3分）大气压会随高度变化而变化，青藏高原的海拔远高于佛山市的海拔，则青藏高原的大气压强相对较 低 （低/高）；两地的市民在家里用敞口锅烧同样的水，佛山市的水沸腾时的温度较 高 （低/高）；将如图所示的简易气压计从教学楼的底层移至楼顶，玻璃管中水柱的高度将 升高 （选填“升高”或“降低”）。
【分析】大气压随高度的增加而减小，水的沸点随气压的减小而降低，
【解答】解：因为大气压随高度的增加而减小，所以青藏高原海拔高，气压低；因为水的沸点随气压的减小而降低，所以高山上水的沸点低，佛山市的海拔低，水的沸点高；把气压计从教学楼的底层移至楼顶，由于外界的气压变小，故液柱高度会升高。
故答案为：低；高；升高。
【点评】大气压与高度的关系，水的沸点与气压的关系，是两条基本的物理规律，我们都应该了解并熟记。
14．（3分）如图所示，装有一定量水的密封容器放置在地面上，水面到容器底的距离为12cm，容器中的A点到容器底部的距离为3cm，则A点受到水的压强为 900 Pa；若将容器倒置，则水对容器下底面的压强 变小 ，容器对地面的压强 变小 （后两空选填“变大”“变小”或“不变”）（g取10N/kg）。
【分析】（1）由图示求出水的深度，根据p＝ρ水gh得出A点受到水的压强；
（2）由容器的形状可知倒置后液体的高度变化，根据液体压强公式分析判断倒置后水对容器底的压强的变化；
（3）容器对地面的压力等于容器和水的重力之和，据此分析倒置后容器对地面的压力的变化，由图判断出倒置后受力面积的变化，再根据p=FS判断出倒置后容器对地面的压强的变化。
【解答】解：A点的深度为：h＝12cm﹣3cm＝9cm＝0.09m，A点受到水的压强为：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.09m＝900Pa；
若将水倒置，由于容器上宽下窄，则倒置后，下部容器宽，则水的深度将减小，根据p＝ρgh可知，将容器倒置时水对容器下底面的压强变小；
容器对地面的压力等于容器的重力和容器中水的重力之和，由于倒置后容器和水的重力均不变，则容器对地面的压力不变，倒置后受力面积变大，根据p=FS可知，倒置后容器对地面的压强变小。
故答案为：900；变小；变小。
【点评】本题主要考查压强定义式及液体公式的应用，难度不大。
三、作图题：本题共7分。
15．（2分）如图所示，一个小球静止在杯中的水面上，请在图中画出小球所受的浮力以及杯子对地面的压力示意图。
【分析】先确定小球所受的浮力、杯子对地面的压力的方向、作用点，再根据力的示意图的画法作图。
【解答】解：小球所受的浮力的方向竖直向上，作用点在小球的重心（球心）；
杯子对地面的压力的方向垂直地面向下，作用在地面上，可以画在接触面的中点，从作用点分别沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上F浮、F压，如图所示：
【点评】本题考查了力的示意图的画法，明确力的方向、作用点是关键，属于基础题目。
16．（2分）如图所示，物块受到方向水平向右，大小为6N的拉力，处于静止状态。请在O点画出物块受到的拉力F和摩擦力f的示意图。
【分析】对物体受力分析，然后做出力的示意图。
【解答】解：由于物体向右运动，则地面对物体的摩擦力的方向是水平向左的，拉力和摩擦力是一对平衡力，它们的作用点在点O处，如图所示：
【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
17．（3分）如图所示，物体静止在粗糙斜面上，请作出物体所受重力、摩擦力和支持力的示意图。
【分析】重力的方向竖直向下，摩擦力沿斜面向上，支持力垂直于斜面向上；重力、摩擦力以及支持力的作用点都在物体的重心。
【解答】解：过物体的重心分别沿竖直向下、沿斜面向上以及垂直于斜面向上的方向画一条带箭头的线段，分别用符号G、f和F表示；如图所示：
【点评】此题主要考查了重力、支持力、摩擦力的画法，关键是确定这几个力的方向。
四、实验题：本大题共3小题，第16题6分，第17题7分，第18题7分，共20分。
18．（6分）（1）如图甲所示，弹簧测力计的分度值是 0.2 N，物体M受到的重力是 3.6 N；
（2）物理老师做托里拆利实验，测出的有关数据如图乙所示，则当地的大气压强等于 745 mm高水银柱所产生的压强，如果将此装置拿到比地面高很多的山顶上，则管内外水银柱液面高度差会 变小 （选填“变大”“变小”或“不变）；
（3）如图丙所示探究“阻力对物体运动的影响”实验，通过观察小车在水平面上 滑行距离 （选填“滑行距离”或“初速度”）来判断阻力对物体运动的影响；小车每次应从斜面 相同 （选填“相同”或“不同”）位置由静止释放下滑；如果小车在水平面上滑行时受到的阻力变为零，它将保持 做匀速直线运动 。
【分析】（1）先确定弹簧测力计的量程、分度值，再根据指针位置读数，进而得出物体重力；
（2）由图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为745mm，因此，当时的大气压强等于745mm高水银柱产生的压强；
管内水银柱的高度只与当时的大气压有关，而与玻璃管是否倾斜无关。大气压跟海拔高度有关，海拔越高，气压越低；
（3）由转换法，实验中我们通过观察在水平面上通过的距离大小来判断阻力对物体运动状态的影响大小；根据控制变量法，在实验过程中，该同学让小车从斜面的同一位置静止释放，这一操作的目的是控制小车下滑到水平面的速度相同。根据牛顿第一定律分析。
【解答】解：（1）图甲中弹簧测力计的最大测量值为5N，则量程为0～5N；一个大格表示1N，里面有5个小格，因此它的分度值为0.2N，示数为：F＝3N+3×0.2N＝3.6N，则物体重力为G＝F＝3.6N；
（2）由图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为745mm，因此，当时的大气压强等于745mm高水银柱产生的压强；
如果将此装置拿到比地面高很多的山顶上，大气压随高度的增加而减小，故所能支持的水银柱高度也减小；
（3）由转换法，实验中我们通过观察在水平面上通过的距离大小来判断阻力对物体运动状态的影响大小；根据控制变量法，为了使小车每次到达水平面的速度相同，应让小车从斜面的相同位置自由下滑；
小车在水平面上滑行时为运动状态，若一切外力突然消失，根据牛顿第一定律，则小球将保持静止状态。
故答案为：（1）0.2；3.6；（2）745；变小；（3）滑行距离；相同；做匀速直线运动。
【点评】本题探究阻力对物体运动的影响，考查控制变量法和推理法及牛顿第一定律的运用。
19．（7分）科学小组想探究摩擦力的大小与哪些因素有关，小组选择了一个长方体木块（正面和侧面的面积不同而粗糙程度相同）、一个长木板（一面比较光滑，另一面比较粗糙），两个测力计（量程均为0﹣5N），细线两根，砝码多个（每个重1N）。实验装置如图甲所示是，将木块放在水平木板上，通过改变木块上面放置的砝码的个数来改变木块对木板的压力，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，并记录下弹簧测力计的示数。
如下表是科学小组的几组实验数据：
（1）用弹簧测力计沿水平方向拉动木块时，要使木块做 匀速直线 运动，木块受到的滑动摩擦力大小才会恰好等于弹簧测力计的示数；
（2）由实验1、2、3可知，其他条件相同时，滑动摩擦力的大小与 压力 大小有关，这里主要采用的研究方法是 控制变量法 ；（选填“控制变量法”或“理想实验法”）
（3）由实验1，4可知，滑动摩擦力的大小与接触面的面积 无关 （选填“有关”或“无关”）；由实验 1、6 （选填实验序号）可知，滑动摩擦力的大小与运动速度无关；
（4）操作时木块运动容易忽快忽慢，测力计示数也常常发生变化，实验操作非常不方便，经过小组讨论后，小明根据运动和静止是相对的这一点设计了新的实验装置，如图乙所示。拉动测力计甲时不需要让木板做匀速直线运动，若测力计甲和测力计乙的示数分别为4.3N和2.4N，则木板与木块之间的摩擦力为 2.4 N；若此时木板做匀速直线运动，则木板与地面之间的摩擦力为 1.9 N。
【分析】（1）物体做匀速直线运动时，受力是平衡的，根据二力平衡的条件分析；（2）（3）
影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（4）根据二力平衡和同一直线上力的合成分析力的大小。
【解答】解：（1）用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使木块做匀速直线运动，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计拉力的大小；
（2）由实验1、2、3可知，接触面的粗糙程度相同，压力不同，压力越大，测力计示数越大，滑动摩擦力越大，故结论为：其他条件相同时，滑动摩擦力的大小与压力大小有关，这里主要采用的研究方法是控制变量法；
（3）由实验1，4可知，压力相同，接触面的粗糙程度相同，接触面积的大小无关，测力计示数相同，摩擦力相同，即滑动摩擦力的大小与接触面的面积无关；探究滑动摩擦力的大小与运动速度的关系时，需要控制压力、接触面的粗糙程度相同，速度不同，需要对比1和6的实验数据；
（4）木块处于静止状态，水平方向上受到向右的测力计的拉力和水平向左的摩擦力的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等，所以木板与木块之间的摩擦力为2.4N；木板做匀速直线运动，木板受到的合力为0，对木板和木块整体受力分析，水平方向上受到向右的摩擦力和甲的拉力、向右的乙的拉力的共同作用，则木板与地面之间的摩擦力为：4.3N﹣2.4N＝1.9N。
故答案为：（1）匀速直线运动；（2）压力；控制变量法；（3）无关；1、6；（4）2.4；1.9。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
20．（7分）如图所示，小明进行“探究浮力的大小跟哪些因素有关”实验，提出了以下猜想：
猜想a：浮力大小与物体浸没在液体中的深度有关；
猜想b：浮力大小与物体浸在液体中的体积有关；
猜想c：浮力大小与液体的密度有关。
（1）只由A、B、C三次实验 不能 （选填“能”或“不能”）完成对猜想a的探究，再结合D实验，可以初步得出结论：当液体密度一定时，物体浸在液体中的 体积 越大，受到的浮力越大；
（2）B步骤中圆柱体受到水的浮力为 0.4 N；
（3）比较B、E两次实验，不能得出浮力的大小与液体密度的关系，原因是 没有控制物体浸入液体的体积相同 ，实验所用的盐水的密度是 1.1×103 kg/m3；
（4）如图F所示，用弹簧测力计拉着一个圆锥体，使其缓慢下降进入水中，直到快接触到杯底；下列能大致反映圆锥体所受浮力F浮与其底部进入水中的深度h深关系的图象的是 B （选填字母）。
【分析】（1）根据控制变量法，分析实验中相同量和不同量，根据测力计示数不同，由称重法比较两实验中受到的浮力关系，据此回答；
（2）根据弹簧测力计的示数得出重力，根据称重法计算浮力；
（3）根据水和盐水中的浮力结合阿基米德原理列式，计算盐水的密度；
（4）根据圆锥体的排开液体的体积与深度关系分析解答。
【解答】解：（1）只由A、B、C三次实验，改变了浸入深度的同时，改变了浸入的体积，即排开液体的体积，不能完成对猜想a的探究，再结合CD实验，液体密度和排开液体的体积一定时，深度改变，浮力不变，说明浮力与浸入的深度无关，可以初步得出结论：当液体密度一定时，物体浸入液体的体积越大，受到的浮力越大。
（2）B步骤中圆柱体受到水的浮力为F浮＝G﹣F＝2.4N﹣2N＝0.4N。
（3）比较B、E两次实验，液体密度改变的同时，排开液体的体积也改变，不能得出浮力的大小与液体密度的关系，
对比AD，水中的浮力为F浮水＝G﹣F'＝2.4N﹣1.4N＝1N；
对比AE，盐水中的浮力为F浮盐＝G﹣F''＝2.4N﹣1.3N＝1.1N；
根据F浮＝ρ液gV知，1N＝ρ水gV；﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
1.1N＝ρ盐水gV；﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
联立①②解得盐水的密度ρ盐水＝1.1ρ水＝1.1×103kg/m3。
（4）根据图中知，下降深度相同时，圆锥浸没前排开液体的体积越来越大，且增速越来越快，浸没后排开液体体积不变，浮力不变，故选B。
故答案为：（1）不能；体积；（2）0.4；（3）没有控制物体浸入液体的体积相同；1.1×103；（4）B。
【点评】本题是与浮力相关的探究类试题，拓展性很强，要求我们具有一定的知识迁移能力、应用能力。
五、计算题（第19题6分，第20题7分，共13分）
21．（6分）电动汽车是正在大力推广的新型交通工具，它具有节能、环保的特点。如图所示，是一辆停放在水平地面上的电动汽车，质量为1.6×103kg，每个轮胎和地面的接触面积为2×10﹣2m2，g取10N/kg。求：
（1）汽车的重力。
（2）车对地面的压力。
（3）车对地面的压强。
【分析】（1）根据G＝mg计算重力；
（2）车对地面的压力和自身的重力相等，根据F＝G求出其大小；
（2）受力面积等于4个轮胎和地面的接触面积之和，根据p=FS求出车对地面的压强。
【解答】解：（1）由题可知，汽车的质量为1.6×103kg，则其重力为G＝mg＝1.6×103kg×10N/kg＝1.6×104N；
（2）汽车停在水平地面上，车对地面的压力等于其重力，则F＝G＝1.6×104N；
（3）由题意知，每个轮胎和地面的接触面积为2×10﹣2m2，则车对地面的压强
p=FS=1.6×104N4×2×10-2m2=2×105Pa。
答：（1）汽车的重力是1.6×104N。
（2）车对地面的压力是1.6×104N。
（3）车对地面的压强为2×105Pa。
【点评】本题考查了压力和压强的计算，知道物体对水平面的压力和自身的重力相等是关键。
22．（7分）如图所示，将一个体积为1.0×10﹣3m3、重为6N的小球用细线系在容器的底部，容器中倒入足够的水使小球浸没，水面到容器底的距离为0.3m。求：（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）水对容器底的压强；
（2）小球受到的浮力；
（3）细线对小球的拉力。
【分析】（1）由p＝ρgh可求得水对容器底的压强；
（2）根据公式F浮＝ρ浮gV排可计算木球受到的浮力；
（3）木球在水中静止，受到竖直向上的浮力，竖直向下的重力和绳对木球的拉力，据此求出拉力的大小。
【解答】解：（1）水对容器底的压强：
p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.3m＝3000Pa；
（2）木球浸没在水中受到的浮力：
F浮＝ρ浮gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.0×10﹣3m3＝10N；
（3）木球在水中静止，受到竖直向上的浮力，竖直向下的重力和绳对木球的拉力，这三个力平衡，则细线对木球的拉力：
F拉力＝F浮﹣G＝10N﹣6N＝4N。
答：（1）水对容器底的压强为3000Pa；
（2）小球受到的浮力为10N；
（3）细线对小球的拉力为4N。
【点评】本题考查了对浮力、液体压强和压强的综合计算，对物体的受力分析等，难易程度适中。
六、综合能力题（第21题6分，第22题6分，第23题6分，共18分）
23．（6分）小雨同学在研究液体压强的实验中，进行了如图甲所示的操作：
（1）U形管两边液面的 高度差 能显示压强大小，这里采用的研究方法是 转换法 （选填“控制变量法”或“转换法”）；使用前用手指轻按金属盒的橡皮膜，若U形管中液面不发生变化，说明 装置漏气 ；
（2）将金属盒分别放入水和盐水中，如图甲，金属盒的橡皮膜受到的压强分别是p水和p盐水，则p水 小于 p盐水，据此不能得出液体压强与液体密度的关系，原因是 两金属盒的深度不同 ；
（3）小雨在此基础上又做了拓展实验，如图乙所示，她将两端开口的玻璃管的一端扎上橡皮膜并倒入水，底端橡皮膜向下微微凸起，用刻度尺测出玻璃管中水柱的高度为h1，然后将玻璃管缓慢插入装有盐水的烧杯中，直到橡皮膜表面与水平面相平，测出管底到盐水液面高度为h2，用小雨测得的物理量推导出盐水密度的表达式ρ盐水＝ h1h2ρ水 （水的密度用ρ水表示）。
【分析】（1）用手指轻轻按压探头的橡皮膜，发现U形管两边的液面高度差变化都很小，这说明该压强计的气密性很差；若液面灵活升降，则装置不漏气，压强计的气密性好。
（2）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
（3）橡皮膜没有形变时，盐水产生向上的压强和水产生向下的压强相等，根据p＝ρgh分析。
【解答】解：（1）实验中液体压强的大小变化是通过比较U形管两侧液面高度差来反映，U形管两侧液面高度差越大，说明液体压强越大，采用的研究方法是转换法；使用前用手指轻按金属盒的橡皮膜，若U形管中液面不发生变化，说明装置漏气；
（2）将金属盒分别放入水和盐水中，如图甲，金属盒的橡皮膜受到的压强分别是p水和p盐水，由转换法，则p水小于p盐水；探究液体压强跟液体密度的关系时，要控制深度不同，如图乙所示两杯液体中，橡皮膜所在液体的深度不同，得到的结论是不可靠的。
（4）橡皮膜没有形变时，盐水产生向上的压强和水产生向下的压强相等，所以，p盐水＝p水，即
ρ盐水gh2＝ρ水gh1，
盐水的密度：
ρ盐水=h1h2ρ水
故答案为：（1）高度差；转换法；装置漏气；（2）小于；两金属盒的深度不同；（3）h1h2ρ水。
【点评】本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p＝ρgh的运用。
24．（6分）某科技小组利用塑料瓶、打气筒、橡皮塞、水等制作了水火箭，如图甲所示，制作好后，在塑料水瓶中装入适量的水，在尾部塞好橡皮塞后放在发射架上，用打气筒向瓶内打气，当瓶内水面上方气压达到一定程度时，高压气体将水和橡皮塞从瓶口冲出，水火箭向下喷水，水火箭飞向远处。
（1）高压气体将水和橡皮塞冲出，水火箭向下喷水，火箭飞向高空，这利用了 力的作用是相互的 原理，锥形箭尖的设计，是为了减小飞行中的 阻力 。水火箭中的水喷完后，空中的火箭还能继续上升一会儿，这是因为火箭具有 惯性 ；
（2）水火箭成功飞出后，科技小组想让水火箭飞得更远，于是提出了问题：水火箭飞行的距离与什么因素有关呢？他们猜想可能与发射的角度有关。你认为影响因素还有 水火箭内水的质量 （写出一点即可）；
（3）科技小组继续探究水火箭飞行的距离与发射角度的关系；
为了排除其他因素的影响，他们需要控制其他因素不变，改变 发射角度 ，然后进行实验探究；科技小组根据记录的实验数据作出如图乙所示的图像，由图像可知，随着发射角度的增大，水火箭的飞行距离 先变大后变小 。
【分析】物理学中对于多因素或多变量的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题．每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法。
【解答】解：（1）物体间力的作用是相互的，高压气体将水和橡皮塞冲出，水火箭向下喷水，火箭受到水对其向上的力飞向高空。
锥形箭尖的设计，是为了减小飞行中的空气阻力，使水火箭飞得更高。
水火箭中的水喷完后，空中的火箭还能继续上升一会儿，这是因为火箭具有惯性。
（2）水火箭飞行的距离还可能与水火箭内水的质量、瓶内气压等因素有关。
（3）根据控制变量法，探究水火箭飞行的距离与发射角度的关系，需要控制其他因素不变，改变发射角度，然后进行实验探究；由图像可知，随着发射角度的增大，水火箭的飞行距离先变大后变小。
故答案为：（1）力的作用是相互的；阻力；惯性；（2）水火箭内水的质量；（3）发射角度；先变大后变小。
【点评】控制变量法能排除干扰，直接显露单一因素对被研究对象变化的影响情况。
25．（6分）如图所示，是我国研制的大客机C919并已首飞成功。喜欢钻研的小明在观看C919的飞行纪录片时发现飞机在起飞时要先在水平路面上一直加速，而且机身并不是保持水平状态，而是有一个仰角（机翼下表面与水平面的夹角，称为：机翼仰角）。于是他猜测飞机受到的升力大小与飞机的速度，以及机翼仰角有关。小明联合有同样兴趣的小伙伴们利用塑料泡沫等材料自制机翼模型，把圆柱形空心笔杆穿过“机翼”并固定在“机翼”上，将一根金属杆从笔杆中穿过并上下固定，确保“机翼”能沿金属杆在竖直方向移动。将“机翼”挂在测力计的下方，实验装置如图所示，用鼓风机对着“机翼”吹风模拟飞机在空中飞行。实验数据记录在下表（每次吹风前测计的示数均为F0＝3.5N）；
下表是大客机C919的部分技术参数：
（1）飞机在升空过程中，机翼 上 （选填“上”或“下”）方空气流速大，压强小形成巨大的升力；
（2）实验中升力的表达式为：F升＝ F0﹣F示 （用题目中符号F0和F示表示）。根据表中数据，小明得出结论：风速越大，升力 越大 ；随着机翼仰角的增大，升力 先增大后减小 （选填“增大”“先增大后减小”或“先减小后增大”）；
（3）当飞机水平匀速巡航时，受到的阻力为 3.6×104 N；在气压只有2.5×104Pa的万米高空，机体1m2面积上承受内外气体的压力差约为 5.5×104 N。
【分析】（1）流体压强与流速的关系：流体的流速越大，压强越小。
（2）实验中，因为机翼模型在空气中静止，所以它受到的升力、弹簧测力计的拉力和自身重力是平衡力。
根据表中数据分析得结论。
（3）当飞机水平匀速巡航时，飞机处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等。
根据压力公式计算机体1m2面积上承受内外气体的压力差为。
【解答】解：（1）飞机在升空过程中，机翼上方空气流速大，压强小形成巨大的升力。飞机机翼的形状是上凸下平，空气在流经机翼上方时，路程长、流速大，根据流体压强与流速的关系，流速大的地方压强小，所以机翼上方压强小；而机翼下方空气流速小，压强大，从而形成向上的压力差，即升力。
（2）实验中，因为机翼模型在空气中静止，所以它受到的升力、弹簧测力计的拉力和自身重力是平衡力，即F升+F示＝G，而G＝F0，所以升力的表达式为：F升＝F0﹣F示。
根据表中数据，当机翼仰角为0°（水平）时，风速从低到高，弹簧测力计示F示逐渐变小，由F升＝F0﹣F示可知，升力逐渐增大，所以风速越大，升力越大。
观察表中数据，当风速为高时，随着机翼仰角从0°开始逐渐增大，弹簧测力计示数F示先变小后变大，由F升＝F0﹣F示可知，升力先增大后减小，所以随着机翼仰角的增大，升力先增大后减小。
（3）当飞机水平匀速巡航时，飞机处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等。已知发动机巡航推力F＝3.6×104N，所以受到的阻力\f＝F＝3.6×104N。
在气压只有2.5×104Pa的万米高空，客舱内气压p内＝8.0×104Pa，则机体1m2面积上承受内外气体的压力差为：ΔF＝（p内﹣p外）S＝（8.0×104Pa﹣2.5×104Pa）×1m2＝5.5×104N。
故答案为：（1）上；（2）F0﹣F示；越大；先增大后减小；（3）3.6×104；5.5×104。
【点评】本题主要考查学生对流体压强和流速关系的了解和掌握，是一道基础题。
实验序号
木块与木板的接触面
砝码个数
拉动速度
弹簧测力计的示数/N
1
木块正面与木板光滑面
2
慢
0.6
2
木块正面与木板光滑面
4
慢
1.2
3
木块正面与木板光滑面
6
慢
1.8
4
木块侧面与木板光滑面
2
慢
0.6
5
木块侧面与木板粗糙面
2
慢
1.0
6
木块正面与木板光滑面
2
较快
0.6
实验序号
机翼仰角
风速
弹簧测力计示数F示/N
1
0°（水平）
低
3.2
2
0°（水平）
中
3.0
3
0°（水平）
高
2.6
4
较小
高
2.4
5
较大
高
2.3
6
最大
高
2.7
最大起飞质量
72.5t
客舱内气压
8.0×104Pa
巡航速度
920km/h
发动机巡航推力
3.6×104N
题号
1
2
3
4
5
6
7
答案
C
B
C
A
B
C
D
实验序号
木块与木板的接触面
砝码个数
拉动速度
弹簧测力计的示数/N
1
木块正面与木板光滑面
2
慢
0.6
2
木块正面与木板光滑面
4
慢
1.2
3
木块正面与木板光滑面
6
慢
1.8
4
木块侧面与木板光滑面
2
慢
0.6
5
木块侧面与木板粗糙面
2
慢
1.0
6
木块正面与木板光滑面
2
较快
0.6
实验序号
机翼仰角
风速
弹簧测力计示数F示/N
1
0°（水平）
低
3.2
2
0°（水平）
中
3.0
3
0°（水平）
高
2.6
4
较小
高
2.4
5
较大
高
2.3
6
最大
高
2.7
最大起飞质量
72.5t
客舱内气压
8.0×104Pa
巡航速度
920km/h
发动机巡航推力
3.6×104N