2025届海南省高三下学期三模联考物理试题（附答案解析）

这是一份2025届海南省高三下学期三模联考物理试题（附答案解析），共21页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．中国的“人造太阳”EAST（全超导托卡马克核聚变实验装置）在2025年实现了1亿摄氏度下运行1066秒的突破，为未来聚变反应堆的设计提供了重要数据，该实验装置内的核反应方程为。关于核聚变，下列说法正确的是（ ）
A．X为电子
B．地球上的核聚变可以自发进行
C．核聚变反应中质量守恒
D．核聚变反应中比结合能小的原子核变成了比结合能大的原子核
2．如图所示为某款运动跑鞋宣传图，图片显示：“该款鞋鞋底采用EVA材料，能够有效吸收行走或运动时的冲击力，保护双脚免受伤害”。对于该款鞋，下列说法正确的是（ ）
A．缩短双脚与鞋底的冲击时间，从而减小合力对双脚的冲量
B．延长双脚与鞋底的冲击时间，从而减小合力对双脚的冲量
C．延长双脚与鞋底的冲击时间，从而减小鞋底对双脚的平均冲击力
D．缩短双脚与鞋底的冲击时间，从而减小鞋底对双脚的平均冲击力
3．体操运动员用手握住彩带的右端，连续抖动，可以看到波向左传播。如图所示，建立x轴和y轴，在彩带上标记四个点a、b、c、d。在波传播的过程中，下列说法正确的是（ ）

A．a点此时沿着x轴负方向运动
B．此时d点的加速度方向沿y轴负方向
C．此时b点和c点之间的直线距离等于半个波长
D．再过一个周期，a点运动到b、c之间的平衡位置
4．如图所示，电源电动势，内阻，电动机内阻，闭合开关S，小灯泡L恰好正常发光，电动机正常工作，此时理想电压表示数为8.0V，理想电流表示数为1A，下列说法正确的是（ ）
A．小灯泡额定功率为8WB．电动机正常工作时发热功率为0.25W
C．电源的输出功率为18WD．电动机正常工作时其输出的机械功率为8W
5．如图1所示，abcd为100匝的正方形闭合金属线圈，边长为L，线圈整体处在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，按图示方向绕着与磁场垂直的轴（与ad共线）匀速转动。从图1所示位置开始计时，图2是在线圈匀速转动过程中产生的电动势随时间变化的图像，下列说法正确的是（ ）
A．时刻电流的方向是adcba
B．若线圈边长，则磁感应强度大小为
C．时线圈磁通量最大
D．线圈的转动周期为
6．如图所示，将质量为m的小球从倾角为的斜面顶端以速度沿水平方向抛出，忽略空气阻力，斜面足够长。已知重力加速度为g，对于小球落到斜面前的运动，以下说法正确的是（ ）
A．小球的速度与斜面平行时最小
B．小球的速度变化越来越快
C．小球从抛出到落在斜面上所用时间为
D．经时间，小球动能为
7．光导纤维简称“光纤”，是一种能够传导各种光信号的纤维。如图所示，折射率为的玻璃圆柱长为，一束激光射向圆柱一端的中心，与中轴线的夹角为，从另一底面射出，真空中光速。下列说法正确的是（ ）
A．有部分激光会从光纤侧面折射出去
B．光在圆柱中传播的路程为
C．光在圆柱中传播的时间为
D．光在圆柱中一定只发生1次全反射
8．当今社会，机器人在工业生产中发挥了巨大作用，图1为一个工厂的传送带旁机器人在收集搬运流水线上的箱子，该过程可简化为图2所示的示意图。水平传送带以1m/s的速度顺时针匀速转动，在传送带左端每隔0.5s放上来一个边长为0.2m的正方体箱子，刚放上来时速度为零，机器人在传送带右端伸出一只手A静止等待并拦住箱子，箱子与手接触后立即静止，待三个箱子挨在一起后，机器人立即伸出另一只手B，和手A一起将三个箱子搬离传送带。随后再伸出手A等待箱子，重复收集和搬运的工作。已知传送带长10m，箱子与传送带间的动摩擦因数为0.2，重力加速度g取，不计空气阻力，则（ ）
A．箱子从放上到被搬离，与传送带间的摩擦力依次为滑动摩擦力、静摩擦力、滑动摩擦力
B．机器人从手A接触箱子到手B接触箱子，用时1s
C．传送带上相邻的箱子（不包括B、A之间的箱子）之间的最小间隙为0.25m
D．传送带上相邻的箱子之间的最大间隙为0.3m
二、多选题
9．关于固体、液体的相关说法正确的是（ ）
A．破镜不能够重圆是因为分子斥力的作用
B．水变成冰后水分子并没有静止，仍在不停运动
C．同质量0℃的水和冰，其内能相等
D．液体浸润固体时，液体与固体的相互作用比液体分子之间的相互作用强
10．用图1所示装置研究两种金属a、b的光电效应的规律。图2、图3分别为反映光电效应规律的两种图像，为入射光的频率，为遏止电压，为同一频率的光照射金属a、b时电流表的示数，U为电压表的示数。下列说法正确的是（ ）
A．若图线1为金属a，则金属a的极限频率小于金属b
B．若图线1为金属a，则金属a的逸出功大于金属b
C．1、3图线所描述的为同一金属
D．1、4图线所描述的为同一金属
11．由于地球的自转，地球赤道和两极处的重力加速度有差别。已知赤道处重力加速度为g，两极处重力加速度为，地球可以看作半径为R的均匀球体，引力常量为G，下列说法正确的是（ ）
A．地球自转的角速度大小为
B．地球自转的角速度大小为
C．同步卫星距地面的高度为
D．同步卫星距地面的高度为
12．如图所示，在地面上方的某一水平面上有三个点电荷构成了一个等边三角形，三个点电荷都带等量正电荷。在等边三角形中心点O的正上方有一带正电小球，将小球从A点静止释放。已知A点和B点关于O点对称，OA的距离为h，重力加速度为g，规定无穷远处电势为零。下列说法正确的是（ ）
A．图中等边三角形内，O点场强为零且电势也为零
B．小球释放后可能静止不动，且能静止不动的位置可能有两个
C．小球释放后若能通过O点，则加速度最大的位置一定在OB之间
D．小球释放后若能运动到B点，则运动至B处的速度大小为
13．如图所示，水平面上有两根材质不同的金属杆，一根为直杆，另一根为弯曲杆，两根杆的左端连接在一起，以直杆所在位置为x轴，垂直直杆的方向为y轴，两杆连接处为坐标原点O，建立坐标系，发现弯曲杆恰与y=xk函数的图线重合。现添加竖直向下大小为B的匀强磁场（图中未画出），再另取一根光滑金属直杆MN放置于y轴处，把沿x轴正方向的力F作用在MN杆上，使MN杆从静止开始做加速度为a的匀加速直线运动，直到其运动至x0处。已知x轴上的直杆单位长度的电阻为r0，其他杆的电阻均忽略不计，MN杆的质量为m，始终与另两根杆接触良好且与x轴保持垂直。MN杆从O点到x0处的过程中（ ）
A．若k=0.25，则力F是恒力，大小为
B．若k=0.25，则回路所产生的焦耳热为
C．若k=0.5，则流过O点的电荷量为
D．若k=0.5，则力F的冲量为
三、实验题
14．某同学利用图1所示装置测量红光的波长。实验时，接通电源使光源正常发光，调整光路，使得从目镜中可以观察到干涉条纹，回答下列问题：
(1)已知双缝间距为d，双缝到屏的距离为L，第1条亮纹与第7条亮纹间的距离为x，该光的波长为 （用题中所给物理量表示）。
(2)关于本实验，下列说法正确的是______（填字母标号）。
A．若将双缝向右移动少许，条纹间距变大
B．撤掉滤光片，光屏上将看不到干涉图样
C．使用间距更小的双缝，目镜中观察到的条纹个数减少
15．某实验小组欲将电流表G（量程为0~3mA）改装为欧姆表。实验器材有：电动势为1.5V的干电池1节、滑动变阻器（阻值范围为）等。将它们按如图2所示连接。
(1)将红黑表笔短接，调节滑动变阻器使电流表满偏，此时欧姆表表头内阻为 。
(2)用改装后的欧姆表测量某小功率锗二极管的正向电阻时（该二极管正向电阻，反向电阻极大），应该将改装后的欧姆表的 （选填“红”或“黑”）表笔与二极管的a端相连，电流表示数如图3所示，可得二极管的正向电阻为 （结果保留1位小数）。
16．某同学用如图1所示的装置探究加速度与力、质量的关系。滑块和遮光条的总质量为M，砂、砂桶和动滑轮的总质量为m，不计绳与滑轮之间的摩擦，重力加速度为g。
(1)下列说法正确的是______。
A．气垫导轨需要调水平
B．实验中M应远大于m
C．滑块的加速度大小不可能超过2g
D．滑块所受到的合力始终等于
(2)该同学测得两个光电门间的距离为L，用游标卡尺测量遮光条的宽度d如图2所示，则 mm，经过光电门1和光电门2的遮光时间分别为、，滑块的加速度大小 （用字母L、d、、表示）。
(3)保持滑块和遮光条的质量不变，改变砂桶的质量，进行多次实验，以弹簧测力计的示数F为横坐标，滑块的加速度a为纵坐标，作出的图像如图3所示，已知直线斜率为k，则滑块的质量 （用k表示），弹簧测力计示数为时，滑块加速度为，此时 （用、、g表示）。
四、解答题
17．如图所示，将一开口向上的汽缸放置于托举平台上，汽缸上部横截面面积为，汽缸下部横截面面积为，汽缸上下部气柱的长度均为H。用活塞密封一定质量的理想气体，活塞与汽缸壁光滑接触且不漏气，初始时刻活塞位于汽缸顶端。已知汽缸导热性良好，环境温度不变，不计活塞的厚度及质量，重力加速度为g。
(1)若在活塞上放置一个质量为m的物块，活塞稳定后恰好下降，求大气压强；
(2)仍将质量为m的物块放在活塞上，控制托举平台，使汽缸和物块一起向上做匀加速直线运动，为保证活塞不进入汽缸下部，计算平台的最大加速度。
18．如图所示，水平面上的长方体空间，棱长，截面将长方体均分为两正方体，长方体内（含边界）分布有竖直向上的匀强电场，右侧正方体内（含边界）还分布有竖直方向的匀强磁场（图中未画出），磁感应强度大小为。一质量为m、带电荷量为＋q的带电微粒沿平行于的方向从中点G以水平速度射出，恰好沿直线到达中点，之后进入右侧正方体，从的中点F离开长方体。已知重力加速度为g，求：
(1)匀强电场的场强大小E；
(2)带电微粒从G到F运动的时间；
(3)若仅改变微粒进入长方体时的速度大小，带电微粒自G出发最终从中点离开长方体，带电微粒从出发到离开长方体运动的时间。
19．某兴趣小组在研究物体在水面上运动时所受阻力的课题时，做了如图所示的实验。图中ABCD为一个充水的水池，水池左侧有四分之一光滑圆弧轨道。一质量的小物块从圆弧轨道的最上端静止释放，小物块运动至轨道底端时，恰好以水平速度冲上停靠在水池左侧木板的上表面。已知木板质量，长度，小物块与木板上表面间的动摩擦因数，圆弧轨道的半径，重力加速度g取，小物块可视为质点，木板一直漂浮在水面，忽略小物块冲上木板后木板在竖直方向上的运动。
(1)求小物块运动至轨道最底端时，轨道对其支持力的大小；
(2)若木板在水面上运动时水的阻力忽略不计，则小物块与木板达到共速时（木板尚未到达水池右端），求小物块与木板左端的距离；
(3)若木板在水面上运动时，水对木板的阻力f与木板的速度v成正比，即，其中。最终木板恰好运动至水池右端速度减为零，且小物块也处在木板的右端，求水池的长度和整个过程中木板的最大速度。
《2025届海南省高三下学期三模联考物理试题》参考答案
1．D
【详解】A．根据电荷数和质量数守恒可知，X的电荷数为0，质量数为1，所以X是中子，故A错误；
B．核聚变不可以自发进行，故B错误；
C．核反应前后质量数不变，因为存在质量亏损，所以质量不守恒，故C错误；
D．比结合能是原子核稳定性的指标，在轻核聚变中，生成物的比结合能高于反应物的比结合能，故D正确。
故选D。
2．C
【详解】AB．由动量定理可知，无论是缩短还是延长双脚与鞋底的冲击时间，合力对双脚的冲量都保持不变。故AB错误；
CD．由可知，延长双脚与鞋底的冲击时间，可以减小鞋底对双脚的平均冲击力。故C正确，D错误。
故选C。
3．B
【详解】A．波向左传播，根据“同侧法”，此时a点沿着y轴正方向运动，故A错误；
B．质点d点的加速度方向总是指向平衡位置，可知此时d点的加速度方向沿y轴负方向，故B正确；
C．应该是此时b点和c点之间平衡位置的距离等于半个波长，而不是b点和c点之间的直线距离等于半个波长，故C错误；
D．质点只在自身平衡位置上下振动，并不随波迁移，故D错误。
故选B。
4．A
【详解】A．根据闭合电路欧姆定律有
小灯泡的电流为
小灯泡额定功率为
代入数据解得W
故A正确；
B．电动机正常工作时发热功率为W
故B错误；
C．电源的输出功率为W
故C错误；
D．电动机正常工作时其输出的机械功率为W
故D错误；
故选A。
5．B
【详解】A．线圈转动过程中，bc边切割磁感线产生感应电动势，由右手定则，时刻时，bc边电动势方向为b到c，则时刻线圈中电流方向是abcda，A选项错误；
BD．由图2可知电动势的峰值
周期
进而角速度
代入数据可得
B选项正确，D选项错误；
C．由分析可知，时线圈电动势最大，线圈处于中性面的垂面，磁通量最小，C选项错误。
故选B 。
6．C
【详解】A．小球落到斜面前的运动为平抛运动，速度一直在增大，所以刚抛出时的速度最小，故A错误；
B．小球在空中的加速度为重力加速度，所以小球的速度变化快慢恒定不变，故B错误；
C．小球从抛出到落在斜面上，有
解得所用时间为
故C正确；
D．经时间，小球的竖直分速度为
则此时小球动能为
故D错误。
故选C。
7．C
【详解】光路图如图所示
A．由折射定律可得
的值为
的值为
全反射的临界角满足
全反射的临界角
由于。因此激光在光纤内发生全反射，不会从侧面折射出去。故A错误；
B．光在圆柱中传播的路程为
故B错误；
C．光在圆柱中传播的时间为
故C正确；
D．设光纤的半径为，发生全反射的次数为，若光线最后恰好从圆心射出，则有
由于未知，因此不能确定发生多少次全反射。故D错误。
故选C。
8．C
【详解】A．箱子从放上传送带，开始时速度小于传送带的速度，滑块受到水平向右的滑动摩擦力，待箱子与传送带速度相等后，箱子与传送带无相对运动，箱子不受摩擦力，待箱子运动到最右端，机器人用手拦住箱子，此时箱子静止，传送带匀速转动，故其受到传送带向右的滑动摩擦力，故箱子与传送带间的摩擦力依次为开始时受到滑动摩擦力、中间过程不受摩擦力、最后受到向右的滑动摩擦力，故A错误；
B．对第一个箱子放上传送带，根据牛顿第二定律
解得
传送带加速到与传送带共速，根据运动学公式
解得
箱子在传送带上匀速运动的时间满足
解得
第二个箱子、带三个在传送带上加速时间与第一个相同，第二个匀速运动的时间
解得
第三个在传送带上运动的时间
解得
故第一个到达最右端的时间为
第三个运动到最右端的时间为
而第一个和第三个放在传送带的时间间隔为1s,故机器人从手A接触箱子到手B接触箱子，用时0.6s
故B错误；
C．据前分析，第二个箱子放在传送带上后，第一个刚好做匀速直线运动，后面的0.5s，两箱子与加速追匀速，两者距离增大，故第二个刚放上传送带后两者距离最小，为0.25m,故C正确；
D．据前分析，当第二个箱子速度等于传送带速度时，两箱子距离最大，第二个箱子加速时间为0.5s，位移为，该段时间内弟一个箱子的位移为
故两者最大距离为
故D错误；
故选C。
9．BD
【详解】A．破镜不能够重圆是因为分子间距离太大，超过分子直径10倍，分子间作用力几乎为零，故A错误；
B．水变成冰后水分子并没有静止，仍在永不停息做无规则运动，故B正确；
C．同质量0℃的水和冰，水的内能大，故C错误；
D．液体浸润固体时，液体与固体的相互作用比液体分子之间的相互作用强，故D正确。
故选BD。
10．AC
【详解】AB．由爱因斯坦光电效应方程
最大初动能与遏止电压的关系
逸出功与极限频率的关系
联立可得
分析可知，当为零时，
即横截距表示极限频率，则
若图线1为金属a，则金属a的极限频率小于金属b，金属a的逸出功小于金属b，A正确，B错误；
CD．由可知入射光频率相同时，逸出功越小遏止电压越大，图线3对应金属的遏止电压更大，1、3应为同种金属，2、4应为另外一种金属，C正确，D错误。
故选 AC。
11．AD
【详解】AB．两极处重力加速度为，则
赤道处重力加速度为，则
解得，故B错误，A正确；
CD．同步卫星的角速度与地球自转角速度相等，则
解得，故C错误，D正确。
故选AD。
12．BD
【详解】A．根据点电荷电场强度的表达式有
可知，三个等量正点电荷在O点产生的电场强度大小相等，方向彼此之间夹角为120°，根据电场叠加原理可知，O点场强为零，根据点电荷的电势表达式有
可知，O点场电势为三个等量正点电荷在O点产生的电势的代数和，可知，O点电势不等于零，故A错误；
B．结合上述，O点场强为零，由于无穷远位置场强也为零，可知，从O点开始沿OA方向到无穷远位置的电场强度大小先增大后减小，即电场强度存在有最大值，在最大值上下一定有两个位置的电场强度相等，可知，若球释放后可能静止不动，且能静止不动的位置可能有两个，故B正确；
C．结合上述，若电场强度最大值位置在A上方，根据对称性可知，O点下方电场强度最大值位置应在B点下方，此时，假设小球在A点所受电场力小于重力，根据牛顿第二定律有
则小球向下做加速度增大的加速运动，当越过O点后，小球所受电场力方向与重力方向相同，根据牛顿第二定律有
则小球先向下做加速度增大的加速运动，经过电场强度最大值位置时，加速度达到最大值，之后向下做加速度减小的加速运动，可知，此时，加速度最大的位置在B点的下侧，故C错误；
D．小球释放后若能运动到B点，根据对称性可知
根据动能定理有
解得小球运动至B处的速度大小为，故D正确。
故选BD。
13．BD
【详解】A．若k=0.25，则，，
解得
故A错误；
B．若k=0.25，根据能量守恒定律可得
解得回路所产生的焦耳热为
故B正确；
C．若k=0.5，则
所以流过O点的电荷量为
故C错误；
D．若k=0.5，则
所以
所以力F的冲量为
故D正确。
故选BD。
14．(1)
(2)C
【详解】（1）第1条亮纹与第7条亮纹间的距离为x，则相邻亮纹间距为
根据
可得该光的波长为
（2）A．根据，若将双缝向右移动少许，则双缝到光屏距离减小，条纹间距变小，故A错误；
B．撤掉滤光片，光屏上将看到彩色干涉图样，故B错误；
C．根据，使用间距更小的双缝，即变小，变大，则目镜中观察到的条纹个数减少，故C正确。
故选C。
15．(1)500
(2) 黑 437.5
【详解】（1）将红黑表笔短接，调节滑动变阻器使电流表满偏，此时欧姆表表头内阻为
（2）[1]用改装后的欧姆表测量某小功率锗二极管的正向电阻时，由于黑表笔连接电源的正极，红表笔连接电源的负极，则应该将改装后的欧姆表的黑表笔与二极管的a端相连，红表笔与二极管的b端相连；
[2]电流表示数如图3所示，可知此时电流为，根据闭合电路欧姆定律可得
代入数据解得二极管的正向电阻为
16．(1)AC
(2) 1.4
(3)
【详解】（1）A．气垫导轨需要调水平，以确保滑块运动时绳子拉力为滑块所受合力，故A正确；
B．绳子拉力由弹簧测力计测得，所以不需要应远大于，故B错误；
C．砂桶连接动滑轮，滑块的位移始终等于砂桶位移的2倍，则滑块的加速度为砂桶的加速度的2倍；设砂桶的加速度大小为，绳子拉力大小为，根据牛顿第二定律可得
可得
可知滑块的加速度大小不可能超过，故C正确；
D．根据牛顿第二定律可得
可得
则滑块所受到的合力小于，故D错误。
故选AC。
（2）[1]10分度游标卡尺的精确值为，由图2可知遮光条的宽度为
[2]滑块经过光电门1和光电门2的速度分别为，
根据运动学公式可得
联立可得滑块的加速度大小为
（3）[1]根据牛顿第二定律可得
可得
可知图像的斜率为
可得滑块的质量为
[2]弹簧测力计示数为时，滑块加速度为，此时砂桶的加速度为，根据牛顿第二定律可得
解得
17．(1)
(2)
【详解】（1）对封闭气体，初始时压强为，体积为
末态时压强为，体积为
对活塞及物块受力分析，有
由玻意耳定律
联立可得大气压强为
（2）当活塞刚好到达汽缸连接处时，由最大加速度，此时由玻意耳定律
其中
解得
对活塞及物块受力分析，有
联立可得
18．(1)
(2)
(3)
【详解】（1）带电微粒从中点进入电场，恰好运动到中点，则带电微粒受力平衡，则
解得
（2）带电微粒从G点开始运动，先做匀速直线运动，运动时间为
在右边正方体内竖直方向电场力和重力平衡，合力仅为洛伦兹力，故做匀速圆周运动，则根据几何关系知半径
则由
做匀速圆周运动的周期
磁场中运动时间
所以带电微粒从G到F运动的时间
（3）仅改变微粒进入长方体时的速度大小，带电微粒自G出发最终从中点离开长方体，则在左边正方体中运动时间为
根据几何关系知半径
做匀速圆周运动的周期
磁场中运动时间
所以带电微粒从G到中点运动的时间
19．(1)
(2)
(3)，
【详解】（1）由动能定理可得
小物块运动至轨道最底端时，由圆周运动公式可得
联立解得
（2）由动量守恒定律可得
由动能定理可得
小物块与木板左端的距离
（3）对小物块和木板组成的整体，由动量定理可得
整理得
水池的长度
对木板受力分析可得
当时，木板的速度最大，最大速度
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
D
C
B
A
B
C
C
C
BD
AC
题号
11
12
13







答案
AD
BD
BD