2025年宁夏银川十八中中考物理一模试卷

这是一份2025年宁夏银川十八中中考物理一模试卷，共40页。试卷主要包含了选择题，选择说明，填空题，应用题，实验，探究题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）诗人袁枚在《所见》中写道“牧童骑黄牛，歌声振林樾。意欲捕鸣蝉，忽然闭口立。”下列有关说法正确的是（ ）
A．牧童的歌声是由空气振动产生的
B．诗人听到的歌声是通过空气传播的
C．“振林樾”是指声音的音调高
D．牧童捕蝉前“闭口”是在传播过程中减弱噪声
2．（2分）对物理量的估测，是一种良好的学习习惯，也是学好物理的基本功之一。下面是小明同学对自己身边相关物理量的估测，合理的是（ ）
A．家里节能灯正常工作的电流约为2A
B．智能手机正常工作时电压约为3.7V
C．教室内的电脑工作时的功率约为800W
D．人体的安全电压是36V
3．（2分）如图为某发电机模型图，点燃酒精灯后，小灯泡发光。下列所述能量转化顺序正确的是（ ）
A．化学能→机械能→电能
B．化学能→内能→机械能→电能
C．内能→机械能→电能
D．内能→化学能→机械能→电能
4．（2分）用遥控智能钥匙解锁汽车车门有两种方式：方式一、当驾驶员携带钥匙在车附近时，车上的感应器感知到钥匙（相当于S1闭合），只需用手触摸车门把手（相当于S2闭合）汽车的车门就会解锁；方式二、当司机距离汽车较远时，只需直接按下开锁键（相当于闭合S3），车门就会解锁。以下能正确反映汽车开锁过程的电路图是（ ）
A．
B．
C．
D．
5．（2分）图中关于安全用电的说法正确的是（ ）
A．甲图插座中的用电器同时工作可能会导致漏电保护器断开
B．乙图中氖管会发光，使用者会有触电的危险
C．丙图冰箱使用两孔插座，打开冰箱门时可能会触电
D．丁图断开图中开关，更换灯泡时就不会有触电危险
6．（2分）甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示（小灯泡电阻不变），下列说法中正确的是（ ）
A．甲灯的实际功率一定是40W
B．将乙灯接入110V电路，它的实际功率为30W
C．两灯均正常发光时，甲灯消耗的电能较多
D．若两灯并联在220V的电路中，则乙灯较亮
7．（2分）下列用电器中，利用电流热效应工作的是（ ）
A．微波炉B．电视机
C．电饭煲D．芯片散热片
8．（2分）如图所示的现象中，说法正确的是（ ）
A．图甲：甲、乙两轻质小球靠近时相互吸引，它们一定带异种电荷
B．图乙：滑动变阻器按图示方法接入电路中，滑片P向右移动时连入电路的阻值减小
C．图丙：两灯串联，a为电压表，b为电流表
D．图丁：验电器的工作原理是异种电荷相互吸引
9．（2分）关于材料，下列说法正确的是（ ）
A．导体善于导电，常见的导体有金属、大地和汽油
B．绝缘体不能导电的原因是因为绝缘体内没有电子
C．发光二极管具有单向导电性，所以可以借助它来判断电源的正负极
D．超导体材料的导电性能最好，可以用来制作电炉丝
10．（2分）在如图甲所示的电路中，闭合开关，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示，通过灯泡L1和L2的电流分别为（ ）
A．2A，1.6AB．0.4A，1.6AC．1.6A，0.4AD．2A，0.4A
11．（2分）小明用光敏电阻设计了一种“智能家居照明灯”电路，该照明灯实现在天暗时自动点亮，天亮时自动熄灭。如图甲所示，R1为光敏电阻，阻值随光照强度变化而变化，R2为滑动变阻器，电源电压U0恒定，保持光照强度不变，闭合开关S后，滑片P由a端向b端移动过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系如图乙所示。（电磁继电器线圈的电阻不计），下列说法正确的是（ ）
A．电源电压U0为14V
B．滑动变阻器的最大阻值是100Ω
C．滑片P在b端时，电压表的示数为2V
D．光敏电阻阻值应随光照强度的增加而增强
12．（2分）关于磁场和磁感线，下列说法正确的是（ ）
A．地磁场的北极在地理的北极附近
B．由电磁铁能使小磁针发生偏转可推测出电磁铁周围存在磁感线
C．静止在磁场中的小磁针南极所指的方向为该点的磁场方向
D．地磁场的磁场分布与条形磁体的磁场分布相似
13．（2分）大头针被条形磁铁吸起后会被磁化，图中四种现象正确的是（ ）
A．B．C．D．
14．（2分）如图所示的电路中，将线圈缠绕大铁钉做成的电磁铁与滑动变阻器串联接入电路，闭合开关S，会吸引大头针，下列说法正确的是（ ）
A．电磁铁周围存在磁感线
B．电磁铁的上端为S极
C．将滑动变阻器的滑片P向右滑动，吸引的大头针数量会减少
D．将电源正负极对调后，闭合开关，大铁钉将没有磁性
15．（2分）如图所示的四个电磁实验中，能够说明电动机工作原理的实验是（ ）
A．B．
C．D．
二、选择说明（选出各题中唯一正确答案，填在括号内，并说明理由。每题4分，共8分，不选、错选、多选均得0分）
16．（4分）如图所示，GMR是巨磁电阻，它的阻值随电磁铁磁性的增强而减小。下列判断正确的是 。
A.开关S1闭合，滑片向右移动，电磁铁磁性增强
B.开关S1闭合，滑片移到某一位置，电磁铁左端为N极
C.开关S1和S2同时闭合，滑片向右移动，GMR的电阻变小
D.开关S1和S2同时闭合，滑片向左移动，指示灯变暗
理由： 。
17．（4分）某兴趣小组为了检测某市的观赛信号强度，设计了如图甲所示的信号检测仪原理图，用电压表来反映信号质量强弱。电源电压为24V且保持不变，R0为定值电阻。闭合开关S，信号感应电阻R的阻值与信号质量指数K的关系图像如图乙所示。当K＝100时，电压表示数为15V，下列说法中正确的是 。
A.定值电阻R0的阻值为80Ω
B.信号感应电阻的阻值随信号质量指数的增大而增大
C.信号质量指数越小，电路中的电流越
D.当K＝300时，电路中消耗的总功率为4.8W
理由： 。
三、填空题（每空1分，共6分）
18．（2分）1月2日，宁夏银川永宁县、金凤区相继发生4.8级、4.6级地震后，当地又发生多次地震。地震时，会伴随着 （选填“次声波”或“超声波”）的产生。地震后被困在废墟中的人，可以通过敲击身边的物体使其 发声，从而及时获救。
19．（2分）如图甲所示是磁悬浮台灯，灯泡内部装有磁体和半导体芯片，灯座内有如图乙所示的电磁铁。灯座通电后，灯泡会悬浮在灯座上方，半导体芯片发光。通电后电磁铁具有磁性，电磁铁下端为 （选填“N”或“S”）极。灯泡悬浮是利用同名磁极相互 的原理。
20．（2分）2024年4月25日，神舟十八号载人飞船发射成功。飞船与地面间的通信是利用 （选填“电磁波”或“超声波”）；中国“人造太阳”——大型核实验装置“东方超环”是通过 （选填“核裂变”或“核聚变”）释放巨大的能量。
四、应用题（共14分）
21．（2分）请用笔画线代替导线在如图中连接家庭电路，要求开关控制螺口灯泡，三孔插座直接接入电路。
22．（2分）根据通电螺线管周围磁感线方向，请在图中标明电源的“+”极和小磁针静止时的N极。
23．（6分）如图所示电路，电源电压U＝4.5V保持不变，定值电阻，R1＝10Ω，闭合开关S，电压表示数为2.5V。求：
（1）定值电阻R1两端的电压U1；
（2）定值电阻R1的电功率；
（3）通电时间20s，整个电路电流所做的功。
24．（4分）请阅读《光伏发电》并回答问题。
光伏发电
光伏发电是利用半导体界面的光生伏特效应，将光能转化为电能的一种技术，通常其工作系统主要由太阳能电池、控制器和蓄电池等部分组成。简化电路如图所示，控制器可以发射控制信号，当太阳光照射太阳能电池发电时，控制信号将开关S1闭合、S2断开，太阳能电池向蓄电池充电；当控制信号将开关S1断开、S2闭合时，蓄电池向外供电。
太阳能电池吸收光能，使其两端出现异种电荷的积累，太阳能电池的两端产生电压，将光能转化成电能，这就是“光生伏特效应”。光﹣电转化效率是太阳能电池的一个关键参数指标，所谓“光﹣电转化效率”简单的理解就是指太阳能电池将照射到它表面的光能转化成电能的效率，可以用太阳能电池产生的电能除以太阳能电池接收到的太阳能来计算。根据所用材料的不同，太阳能电池可分为硅太阳能电池、化合物太阳能电池等。其中单晶硅太阳能电池转化效率较高，在实际中投入使用时的效率可达到15%。
太阳能是可再生能源，比石油、煤炭等不可再生的矿物能源的利用更加有利于环境保护。应用太阳能光伏发电技术不仅缓解了能源短缺的现状，针对偏远地区存在的电能供应不足问题，太阳能光伏发电技术更是发挥了自身的优势，给人们的生活带来了全新的改变。国家能源局于2013年11月18日发布《分布式光伏发电项目管理暂行办法》，鼓励各类企业或个人等作为项目单位，投资建设分布式光伏发电项目。自2015年以来，我国光伏发电累计装机容量不断增长，到2020年装机容量已达到2.53×108kW。未来太阳能光伏发电技术将会持续突破、拥有广阔的发展前景。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）太阳能属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。光生伏特效应是指将光能转化为 能的过程。
（2）如果在太阳照射条件较好的天气里，用E1表示一段时间内太阳能电池产生的电能，用E2表示在这段时间内太阳能电池接收到的太阳能，则太阳能电池的光﹣电转化效率的表达式为：k＝ 。
（3）如果以2020年我国光伏发电累计装机容量来计算，每天正常发电6h（小时），则每天可发电 度（kW•h）。
五、实验，探究题（共17分）
25．（5分）在“探究电流与电压的关系”的实验中，电源两端电压3V且保持不变，滑动变阻器规格为“25Ω，1A”。
（1）按图甲连接好电路，闭合开关后，发现无论怎么移动滑动变阻器，电压表示数几乎不变，电流表无示数，试改动一根线，使电路完成该实验；
（2）排除故障后，进行实验。实验数据如表所示。其中第1次实验中电流表示数如图乙所示，为 A，电路中定值电阻阻值为 Ω；分析实验数据可得出电流与电压的关系为： ；
（3）利用本实验电路还可以进行“探究电流和电阻的关系”和“伏安法测电阻”实验。在这两个实验中进行多次实验的目的是 （填“相同”或“不相同”）的。
26．（6分）在探究“电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”时，小明和小华同时进行了实验，小明设计的实验电路如图甲所示，两个完全相同的玻璃瓶甲、乙内，瓶中插入温度计a、b。
（1）为了让实验效果更显著，小明应在图1的甲、乙两瓶中加入质量、初温均相同的 （选填“煤油”或“水”）；
（2）实验中，通过观察温度计的示数变化大小来比较电流通过电阻产生热量的多少，下列实验应用了该研究方法的是 （选填序号）；
A.探究电流与电压、电阻的关系
B.探究导体电阻的大小与哪些因素有关
C.“伏安法”测电阻
（3）爱思考的小明，还利用该实验装置比较不同物质的吸热能力，在图1甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，且换用两根电阻丝的阻值R甲′ R乙′。闭合开关，一段时间后，若温度计a比温度计b温度升高得快，则甲、乙两瓶内液体比热容的关系为c甲 c乙。（均选填“＞”、“＜”或“＝”）
（4）另一小组的小华同学用如图2探究电流通过导体产生的热量与电流关系的实验，实验中给装置通电， （选填“左边”或“右边”）U形管内的液面高度变化较快。如果通过左侧容器中电阻丝的电流是2A，则右侧容器中电阻丝在1min内产生的热量是 J。
27．（6分）某小组的同学对“电与磁”非常感兴趣，他们共同完成了以下实验。
实验一：探究通电螺线管外部磁场的分布。
（1）如图甲所示，闭合开关后，小磁针发生偏转，说明通电螺线管周围 。
（2）小明对调电源正负极后重新实验，发现小磁针静止时N极指向与原来相反，说明通电螺线管的磁场方向与 有关。
（3）在不改变原电路连接情况下，要增强通电螺线管的磁性，可以在通电螺线管中放入 。
实验二：探究什么情况下磁可以生电。
（4）实验装置如图乙，棒AB的材料应选用 （选填“铜”或“塑料”）。
（5）实验时，下列操作能使电路中产生电流的是 （选填所有符合要求的选项序号）。
①蹄形磁体和棒都静止
②蹄形磁体静止，棒AB左右运动
③蹄形磁体静止，棒AB竖直上下运动
④棒AB静止，蹄形磁体左右运动
（6）若将灵敏电流计换成电源，该实验装置还可以用来探究 。
2025年宁夏银川十八中中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共15小题）
一、选择题（选出各题唯一正确的选项，每小题2分，共30分，不选、错选、多选均得0分）
1．（2分）诗人袁枚在《所见》中写道“牧童骑黄牛，歌声振林樾。意欲捕鸣蝉，忽然闭口立。”下列有关说法正确的是（ ）
A．牧童的歌声是由空气振动产生的
B．诗人听到的歌声是通过空气传播的
C．“振林樾”是指声音的音调高
D．牧童捕蝉前“闭口”是在传播过程中减弱噪声
【分析】声音是由物体的振动产生的，通过介质进行传播；
音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的远近有关；
防治噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。
【解答】解：A、牧童的歌声是由牧童的声带振动产生的，故A错误；
B、声音的传播需要介质，诗人听到的歌声是通过空气传播的，故B正确；
C、“振林樾”是指声音的响度大，传播范围广，故C错误；
D、牧童捕蝉前“闭口”是在声源处阻止噪声的产生，故D错误。
故选：B。
2．（2分）对物理量的估测，是一种良好的学习习惯，也是学好物理的基本功之一。下面是小明同学对自己身边相关物理量的估测，合理的是（ ）
A．家里节能灯正常工作的电流约为2A
B．智能手机正常工作时电压约为3.7V
C．教室内的电脑工作时的功率约为800W
D．人体的安全电压是36V
【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
【解答】解：A．家里节能灯的功率较小，正常工作的电流约为0.2A，故A不符合实际；
B．智能手机电池的电压正常工作时在3.7V左右，故B符合实际；
C．教室内的电脑的工作时的功率与电视机的功率差不多，约为200W，故C不符合实际；
D．经验表明，人体的安全电压是不高于36V，故D不符合实际。
故选：B。
3．（2分）如图为某发电机模型图，点燃酒精灯后，小灯泡发光。下列所述能量转化顺序正确的是（ ）
A．化学能→机械能→电能
B．化学能→内能→机械能→电能
C．内能→机械能→电能
D．内能→化学能→机械能→电能
【分析】结合流程图，搞清发电机中各自的能量转化情况，便可分析出整体的能量转化过程。
【解答】解：由题意可知，点燃酒精灯后，带动发电机转动发电，所以能量转化顺序是：酒精燃烧过程是将化学能转化为内能，发电机的转动过程是将内能转化为机械能，小灯泡能发光是因为机械能转化为电能，故能量转化顺序正确的是B选项。
故选：B。
4．（2分）用遥控智能钥匙解锁汽车车门有两种方式：方式一、当驾驶员携带钥匙在车附近时，车上的感应器感知到钥匙（相当于S1闭合），只需用手触摸车门把手（相当于S2闭合）汽车的车门就会解锁；方式二、当司机距离汽车较远时，只需直接按下开锁键（相当于闭合S3），车门就会解锁。以下能正确反映汽车开锁过程的电路图是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】根据题目要求有两种方式对汽车车门解锁，闭合S1和S2车门可解锁；闭合S3，车门可解锁。据此分析电路中开关的连接情况。
【解答】解：由题知，闭合S1和S2车门可解锁；闭合S3，车门可解锁。两种解锁方式互不影响，即S1、S2与S3并联后同时控制开锁模块，S1、S2同时闭合才能解锁，说明这两个开关是串联的。
由各选项电路图，ABD不符合题意，C符合题意。
故选：C。
5．（2分）图中关于安全用电的说法正确的是（ ）
A．甲图插座中的用电器同时工作可能会导致漏电保护器断开
B．乙图中氖管会发光，使用者会有触电的危险
C．丙图冰箱使用两孔插座，打开冰箱门时可能会触电
D．丁图断开图中开关，更换灯泡时就不会有触电危险
【分析】（1）电流过大，会引起空气开关跳闸，不会引起漏电保护器断开。
（2）测电笔的正确使用：用手接触测电笔的尾部金属体，笔尖接触导线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线。
（3）有金属外壳的用电器应使用三孔插座。
（4）开关应控制火线。
【解答】解：A．甲图插座中的用电器同时工作，电路的总功率过大，电路中的总电流过大，可能会导致保险丝烧断，或引起火灾，故A错误；
B．使用试电笔时，手应接触笔尾的金属体，乙图中氖管会发光，说明地线带电，电笔的使用方法正确，使用电笔者不会有触电的危险，故B错误；
C．为了用电安全，大功率用电器的金属外壳需接地，因此需用三线插头，丙图冰箱使用两孔插座，如果冰箱漏电，打开冰箱门时可能会触电，故C正确；
D．开关与用电器串联，并且开关应接在火线上；丁图开关接在零线端，断开图中开关，更换灯泡时就会有触电危险，故D错误。
故选：C。
6．（2分）甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示（小灯泡电阻不变），下列说法中正确的是（ ）
A．甲灯的实际功率一定是40W
B．将乙灯接入110V电路，它的实际功率为30W
C．两灯均正常发光时，甲灯消耗的电能较多
D．若两灯并联在220V的电路中，则乙灯较亮
【分析】（1）灯泡的额定功率是一定的，实际功率随着实际电压的变化而变化；
（2）由灯的铭牌（额定电压、额定功率），利用P=U2R求灯丝电阻；灯丝电阻不变，再利用P=U2R可求将乙灯接入110V电路中，乙灯的实际功率；
（3）利用W＝Pt比较消耗电能的多；
（4）灯泡的亮度取决于其实际功率的大小。
【解答】解：A、甲灯的额定功率是40W，在不同电压下实际功率不同，甲灯的实际功率不一定是40W，故A错误；
B．由灯泡的铭牌可知，乙灯泡的额定功率为60W，实际电压是额定电压的一半，根据P=U2R可知，电阻不变，电功率变为原来的14，为15W，故B错误；
C．两灯均正常发光时，两灯的实际功率等于额定功率，则乙的实际功率大，但不知通电时间，无法比较两灯消耗电能的大小关系；
D．两灯均正常发光时，两灯的实际功率等于额定功率，则乙的实际功率大，灯泡的亮度取决于其实际功率的大小，因此若两灯并联在220V的电路中，则乙灯较亮，故D正确。
故选：D。
7．（2分）下列用电器中，利用电流热效应工作的是（ ）
A．微波炉B．电视机
C．电饭煲D．芯片散热片
【分析】电热器是利用电路的热效应工作，将电能转化为内能。
【解答】解：A．微波炉的原理是通电导体周围产生磁场，产生微波，利用了电流的磁效应，故A错误；
B．电视机主要是把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应工作的，故B错误；
C．电饭锅工作时主要把电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故C正确；
D．芯片散热片是利用散热片的物理特性（如导热性好、表面积大等）来有效地将热量从芯片上带走并散发到空气中，不是利用电流的热效应工作的，故D错误。
故选：C。
8．（2分）如图所示的现象中，说法正确的是（ ）
A．图甲：甲、乙两轻质小球靠近时相互吸引，它们一定带异种电荷
B．图乙：滑动变阻器按图示方法接入电路中，滑片P向右移动时连入电路的阻值减小
C．图丙：两灯串联，a为电压表，b为电流表
D．图丁：验电器的工作原理是异种电荷相互吸引
【分析】（1）异种电荷相互吸引，带电体具有吸引轻小物体的性质；
（2）滑动变阻器接入电路的电阻丝长度变大，它连入电路的阻值增大；
（3）根据串并联电路特点分析解答；
（4）验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。
【解答】解：A．图甲：甲、乙两轻质小球靠近时相互吸引，它们可能是带异种电荷，也可能一个带电一个不带电，故A错误；
B．图乙：滑动变阻器按图示方法接入电路中，滑片左侧电阻丝接入电路，滑片P向右移动，接入电路的电阻丝长度变大，它连入电路的阻值增大，故B错误；
C．图丙：两灯串联，a与灯泡并联，为电压表，b与灯泡串联，为电流表，故C正确；
D．图丁：验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故D错误。
故选：C。
9．（2分）关于材料，下列说法正确的是（ ）
A．导体善于导电，常见的导体有金属、大地和汽油
B．绝缘体不能导电的原因是因为绝缘体内没有电子
C．发光二极管具有单向导电性，所以可以借助它来判断电源的正负极
D．超导体材料的导电性能最好，可以用来制作电炉丝
【分析】（1）导体是容易导电的物体；
（2）绝缘体不能导电是因为绝缘体内没有自由移动的电子；
（3）发光二极管具有单向导电性；
（4）电炉丝利用电流的热效应来工作。
【解答】解：A、导体善于导电，常见的导体有金属、大地，汽油是绝缘体，故A错误；
B、绝缘体不能导电的原因是因为绝缘体内没有自由移动电子，故B错误；
C、发光二极管具有单向导电性，所以可以借助它来判断电源的正负极，故C正确；
D、超导体材料的导电性能最好，但不可以用来制作电炉丝，因为电炉丝利用电流的热效应来工作，故D错误。
故选：C。
10．（2分）在如图甲所示的电路中，闭合开关，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示，通过灯泡L1和L2的电流分别为（ ）
A．2A，1.6AB．0.4A，1.6AC．1.6A，0.4AD．2A，0.4A
【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路电流，根据并联电路的电流特点和两个电流表的指针在同一个位置确定两表量程，根据分度值读出示数，进一步求出灯L1中的电流。
【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路电流；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两个电流表的指针在同一个位置，
所以，干路电流表A1的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数2A，
L2支路电流表A2的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数0.4A，
则灯L1中的电流：I1＝I﹣I2＝2A﹣0.4A＝1.6A。
故选：C。
11．（2分）小明用光敏电阻设计了一种“智能家居照明灯”电路，该照明灯实现在天暗时自动点亮，天亮时自动熄灭。如图甲所示，R1为光敏电阻，阻值随光照强度变化而变化，R2为滑动变阻器，电源电压U0恒定，保持光照强度不变，闭合开关S后，滑片P由a端向b端移动过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系如图乙所示。（电磁继电器线圈的电阻不计），下列说法正确的是（ ）
A．电源电压U0为14V
B．滑动变阻器的最大阻值是100Ω
C．滑片P在b端时，电压表的示数为2V
D．光敏电阻阻值应随光照强度的增加而增强
【分析】由图可知：控制电路中，线圈、滑动变阻器与光敏电阻R1串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流；
（1）当滑片位于b端时，电路为热敏电阻的简单电路，电压表测电源的电压，由图象可知电源的电压；
（2）当滑片位于a端时滑动变阻器与光敏电阻串联，电压表测光敏电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，由图象读出此时两表的示数，根据欧姆定律求出电路中的总电阻和光敏电阻的阻值，根据电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值；
（3）天暗时自动点亮说明此时照明电路闭合，由图可知此时电磁铁磁性的变化，进一步判断控制电路电流的变化，根据欧姆定律判断电路中电阻的变化，即可判断光敏电阻阻值的变化。
【解答】解：由图可知：控制电路中，线圈、滑动变阻器与光敏电阻R1串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流；
AC、由于电磁继电器线圈的电阻不计，当滑片位于b端时，电路为光敏电阻的简单电路，电压表测电源的电压，由图像可知电压表的示数为12V，则电源电压U0为12V，故AC错误；
B、当滑片位于a端时，滑动变阻器与光敏电阻串联，此时电路中的电流最小，由图象可知，I小＝0.1A，U1＝2V，
则根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可得，滑动变阻器两端的电压：
U2＝U﹣U1＝12V﹣2V＝10V，
根据I=UR可得滑动变阻器的最大阻值：
R2=U2I小=10V0.1A=100Ω，故B正确；
D、天暗时自动电灯亮说明此时照明电路闭合即衔铁断开，由图可知此时电磁铁的磁性减弱即电路中的电流变小，根据R=UI可知电路中的电阻变大即此时光敏电阻的阻值变大；反之，天亮时光敏电阻的阻值变小，所以光敏电阻阻值大小应随光照强度的增加而减小，故D错误。
故选：B。
12．（2分）关于磁场和磁感线，下列说法正确的是（ ）
A．地磁场的北极在地理的北极附近
B．由电磁铁能使小磁针发生偏转可推测出电磁铁周围存在磁感线
C．静止在磁场中的小磁针南极所指的方向为该点的磁场方向
D．地磁场的磁场分布与条形磁体的磁场分布相似
【分析】地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近。
小磁针放到电磁铁周围，小磁针会发生偏转，可推测出电磁铁周围存在磁场，磁感线实际上并不存在，是为了研究的方便，人们在磁体周围画出来的，
静止在磁场中的小磁针北极所指的方向为该点的磁场方向。
地磁场的磁场分布与条形磁体的磁场分布相似，磁场的N极在地理的南极附近，磁场的S极在地理的北极附近。
【解答】解：A．地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，故A错误，不符合题意；
B．小磁针放到电磁铁周围，小磁针会发生偏转，可推测出电磁铁周围存在磁场，磁感线实际上并不存在，是为了研究的方便，人们在磁体周围画出来的，故B错误，不符合题意；
C．静止在磁场中的小磁针北极所指的方向为该点的磁场方向，故C错误，不符合题意；
D．地磁场的磁场分布与条形磁体的磁场分布相似，磁场的N极在地理的南极附近，磁场的S极在地理的北极附近，故D正确，符合题意。
故选：D。
13．（2分）大头针被条形磁铁吸起后会被磁化，图中四种现象正确的是（ ）
A．B．C．D．
【分析】一些物质在磁体或电流的作用下获得磁性，叫做磁化。
同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
【解答】解：磁体的下端为S极，大头针被条形磁铁吸起磁化后，大头针的上端为N极，大头针的下端都为S极，根据同名磁极相互排斥的道理，两个大头针的下端会相互排斥，故B正确，ACD错误。
故选：B。
14．（2分）如图所示的电路中，将线圈缠绕大铁钉做成的电磁铁与滑动变阻器串联接入电路，闭合开关S，会吸引大头针，下列说法正确的是（ ）
A．电磁铁周围存在磁感线
B．电磁铁的上端为S极
C．将滑动变阻器的滑片P向右滑动，吸引的大头针数量会减少
D．将电源正负极对调后，闭合开关，大铁钉将没有磁性
【分析】（1）磁感线是为了描述磁场的性质而引入的曲线；
（2）由安培定则可以判断出螺线管的磁极；
（3）由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由欧姆定律可得出线圈中电流的变化，最后判断出电磁铁磁性强弱的变化；
（4）电磁铁的磁性与电流的方向无关。
【解答】解：A．电磁铁周围存在磁场，磁感线是来描述磁场的，不是真实存在的，故A错误；
B．由图可知，电流从电磁铁的上端流入，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，故B错误；
C．将滑动变阻器的滑片P向右滑动，变阻器接入电路中的阻值变大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱，因此吸引的大头针数量会减少，故C正确；
D．将电源正负极对调后，电磁铁上电流的方向发生改变，电磁铁的磁极会改变，但仍具有磁性，大铁钉会被磁化也有磁性，故D错误。
故选：C。
15．（2分）如图所示的四个电磁实验中，能够说明电动机工作原理的实验是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用，分析每个图的原理解答。
【解答】解：电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；
A、该装置没有电源，是发电机原理图，其原理是电磁感应现象，故A不符合题意；
B、该装置是奥斯特实验，表明通电导线周围有磁场，故B不符合题意；
C、该装置没有电源，是发电机原理图，故C不符合题意；
D、该装置有电源，是电动机原理图，表明通电的导体在磁场中受力的作用，故D符合题意；
故选：D。
二、选择说明（选出各题中唯一正确答案，填在括号内，并说明理由。每题4分，共8分，不选、错选、多选均得0分）
16．（4分）如图所示，GMR是巨磁电阻，它的阻值随电磁铁磁性的增强而减小。下列判断正确的是 B 。
A.开关S1闭合，滑片向右移动，电磁铁磁性增强
B.开关S1闭合，滑片移到某一位置，电磁铁左端为N极
C.开关S1和S2同时闭合，滑片向右移动，GMR的电阻变小
D.开关S1和S2同时闭合，滑片向左移动，指示灯变暗
理由： 开关S1闭合，电流从电磁铁的右端流入、左端流出，由安培定则可知，电磁铁的左端为N极、右端为S极 。
【分析】（1）利用安培定则判断电磁铁的磁极；
（2）由滑动变阻器滑片的移动方向和欧姆定律分析电磁铁电路中电流的变化情况，然后根据影响电磁铁磁性强弱的因素可知电磁铁磁性强弱如何变化；已知GMR的阻值随电磁铁磁性的增强而减小，据此可知GMR的电阻如何变化；
（3）开关S1和S2同时闭合，根据滑片的移动方向判定通过电磁铁电流的变化和磁性的变化，根据“GMR的阻值随电磁铁磁性的增强而减小”分析巨磁电阻阻值的变化，最后根据欧姆定律判定通过指示灯的电流变化和指示灯亮度的变化。
【解答】解：AB、开关S1闭合，电流从电磁铁的右端流入、左端流出，由安培定则可知，电磁铁的左端为N极、右端为S极；
开关S1闭合，滑片P向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由欧姆定律可知左侧电路中的电流变小，则电磁铁的磁性减弱，故A错误、B正确；
C、开关S1和S2同时闭合，滑片向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，左侧电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱，则由题意可知GMR的电阻变大，故C错误；
D、开关S1和S2同时闭合，滑片向左移动，变阻器连入电路中的电阻变小，左侧电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，则GMR的电阻变小，根据欧姆定律可知，通过指示灯的电流变大，则指示灯变亮，故D错误。
故答案为：B；开关S1闭合，电流从电磁铁的右端流入、左端流出，由安培定则可知，电磁铁的左端为N极、右端为S极。
17．（4分）某兴趣小组为了检测某市的观赛信号强度，设计了如图甲所示的信号检测仪原理图，用电压表来反映信号质量强弱。电源电压为24V且保持不变，R0为定值电阻。闭合开关S，信号感应电阻R的阻值与信号质量指数K的关系图像如图乙所示。当K＝100时，电压表示数为15V，下列说法中正确的是 D 。
A.定值电阻R0的阻值为80Ω
B.信号感应电阻的阻值随信号质量指数的增大而增大
C.信号质量指数越小，电路中的电流越
D.当K＝300时，电路中消耗的总功率为4.8W
理由： 见解析 。
【分析】A、闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，由乙图可知当K＝100时信号感应电阻R的阻，根据串联电路电压规律结合欧姆定律计算此时通过电路的电流，根据欧姆定律计算定值电阻的阻值；
B、信号感应电阻的阻值随信号质量指数的增大而减小；
C、信号质量指数越小，信号感应电阻的阻值越大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流变化；
D、由乙图可知当K＝300时，信号感应电阻的阻值为20Ω，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算此时通过电路的电流，根据P＝UI计算电路中消耗的总功率。
【解答】解：A、闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，由乙图可知当K＝100时，信号感应电阻R的阻值为60Ω，电压表示数为15V，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得此时通过电路的电流：
I=U-U0R=24V-15V60Ω=0.15A，
根据欧姆定律可得定值电阻的阻值：
R0=U0I=15V0.15A=100Ω，
故A错误；
B、由图乙知，信号感应电阻的阻值随信号质量指数的增大而减小，故B错误；
C、信号质量指数越小，信号感应电阻的阻值越大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流越小，故C错误；
D、由乙图可知当K＝300时，信号感应电阻的阻值为20Ω，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得此时通过电路的电流：
I′=UR′+R0=24V20Ω+100Ω=0.2A
电路中消耗的总功率为：
P′＝UI′＝24V×0.2A＝4.8W，故D正确。
故选：D。
故答案为：D；见解析。
三、填空题（每空1分，共6分）
18．（2分）1月2日，宁夏银川永宁县、金凤区相继发生4.8级、4.6级地震后，当地又发生多次地震。地震时，会伴随着 次声波 （选填“次声波”或“超声波”）的产生。地震后被困在废墟中的人，可以通过敲击身边的物体使其 振动 发声，从而及时获救。
【分析】次声波的应用：次声波可以用于预测和监测自然灾害，如台风、海啸、地震、火山爆发等。
声音是物体的振动产生的。
【解答】解：地震时，会伴随着次声波的产生。地震后被困在废墟中的人，可以通过敲击身边的物体使其振动发声，从而及时获救（声可传递信息）。
故答案为：次声波；振动。
19．（2分）如图甲所示是磁悬浮台灯，灯泡内部装有磁体和半导体芯片，灯座内有如图乙所示的电磁铁。灯座通电后，灯泡会悬浮在灯座上方，半导体芯片发光。通电后电磁铁具有磁性，电磁铁下端为 N （选填“N”或“S”）极。灯泡悬浮是利用同名磁极相互 排斥 的原理。
【分析】（1）利用安培定则判断电磁铁的磁极；
（2）磁极间的作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
【解答】解：（1）由图甲知，通电后，电流由电磁铁的上端流入，下端流出，据安培定则知，下端为N极，上端为S极；
（2）灯泡能悬浮，是因为同名磁极相互排斥，灯泡中的磁体与产生磁场后的电磁铁相互排斥。此时灯泡所受的向上的磁场力与自身向下的重力平衡。
故答案为：N；排斥。
20．（2分）2024年4月25日，神舟十八号载人飞船发射成功。飞船与地面间的通信是利用 电磁波 （选填“电磁波”或“超声波”）；中国“人造太阳”——大型核实验装置“东方超环”是通过 核聚变 （选填“核裂变”或“核聚变”）释放巨大的能量。
【分析】电磁波可以传递信息；
人造太阳是利用核聚变释放的核能。
【解答】解：飞船与地面间的通信是利用电磁波；中国“人造太阳”——大型核实验装置“东方超环”是通过核聚变释放巨大的能量。
故答案为：电磁波；核聚变。
四、应用题（共14分）
21．（2分）请用笔画线代替导线在如图中连接家庭电路，要求开关控制螺口灯泡，三孔插座直接接入电路。
【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
【解答】解：（1）安装安全用电原则，上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，则上端为火线，中间为零线。
（2）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。如图所示：
22．（2分）根据通电螺线管周围磁感线方向，请在图中标明电源的“+”极和小磁针静止时的N极。
【分析】在磁体外部，磁感线从N极出发回到S极；根据安培定则判断通电螺线管线圈中的电流方向，进而判断出电源的“+”、“﹣”极；根据磁极间的相互作用规律判断小磁针静止时的N极。
【解答】解：在通电螺线管外部，磁感线从N极出发回到S极，所以通电螺线管右端为N极；根据安培定则可知，电流从通电螺线管左端流入，右端流出，所以电源左端为“+”极，右端为“﹣”极；同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，因此通电螺线管右侧小磁针静止时左端为S极，右端为N极，故作图如下：
23．（6分）如图所示电路，电源电压U＝4.5V保持不变，定值电阻，R1＝10Ω，闭合开关S，电压表示数为2.5V。求：
（1）定值电阻R1两端的电压U1；
（2）定值电阻R1的电功率；
（3）通电时间20s，整个电路电流所做的功。
【分析】（1）由已知条件，根据串联电路电压的规律得出定值电阻R1两端的电压；
（2）由欧姆定律得出此时电路中的电流；根据P＝UI得出定值电阻R1的电功率；
（3）根据W＝UIt得出通电时间20s整个电路电流所做的功。
【解答】解：（1）据图可知，电路为两定值电阻串联，电压表测定值电阻R2两端电压，当电压表示数为2.5V，则定值电阻R1两端的电压为
U1＝U﹣U2＝4.5V﹣2.5V＝2.0V
（2）此时电路中的电流为
I=U1R1=2.0V10Ω=0.2A
定值电阻R1的电功率为
P1＝U1I＝2.0V×0.2A＝0.4W
（3）通电时间20s，整个电路电流所做的功为
W＝UIt＝4.5V×0.2A×20s＝18J
故答案为：（1）定值电阻R1两端的电压U1为2V；
（2）定值电阻R1的电功率为0.4W；
（3）通电时间20s，整个电路电流所做的功为18J。
24．（4分）请阅读《光伏发电》并回答问题。
光伏发电
光伏发电是利用半导体界面的光生伏特效应，将光能转化为电能的一种技术，通常其工作系统主要由太阳能电池、控制器和蓄电池等部分组成。简化电路如图所示，控制器可以发射控制信号，当太阳光照射太阳能电池发电时，控制信号将开关S1闭合、S2断开，太阳能电池向蓄电池充电；当控制信号将开关S1断开、S2闭合时，蓄电池向外供电。
太阳能电池吸收光能，使其两端出现异种电荷的积累，太阳能电池的两端产生电压，将光能转化成电能，这就是“光生伏特效应”。光﹣电转化效率是太阳能电池的一个关键参数指标，所谓“光﹣电转化效率”简单的理解就是指太阳能电池将照射到它表面的光能转化成电能的效率，可以用太阳能电池产生的电能除以太阳能电池接收到的太阳能来计算。根据所用材料的不同，太阳能电池可分为硅太阳能电池、化合物太阳能电池等。其中单晶硅太阳能电池转化效率较高，在实际中投入使用时的效率可达到15%。
太阳能是可再生能源，比石油、煤炭等不可再生的矿物能源的利用更加有利于环境保护。应用太阳能光伏发电技术不仅缓解了能源短缺的现状，针对偏远地区存在的电能供应不足问题，太阳能光伏发电技术更是发挥了自身的优势，给人们的生活带来了全新的改变。国家能源局于2013年11月18日发布《分布式光伏发电项目管理暂行办法》，鼓励各类企业或个人等作为项目单位，投资建设分布式光伏发电项目。自2015年以来，我国光伏发电累计装机容量不断增长，到2020年装机容量已达到2.53×108kW。未来太阳能光伏发电技术将会持续突破、拥有广阔的发展前景。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）太阳能属于 可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。光生伏特效应是指将光能转化为 电 能的过程。
（2）如果在太阳照射条件较好的天气里，用E1表示一段时间内太阳能电池产生的电能，用E2表示在这段时间内太阳能电池接收到的太阳能，则太阳能电池的光﹣电转化效率的表达式为：k＝ E1E2 。
（3）如果以2020年我国光伏发电累计装机容量来计算，每天正常发电6h（小时），则每天可发电 1.518×109 度（kW•h）。
【分析】（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；光伏发电是利用半导体界面的光生伏特效应，将光能转化为电能的一种技术；
（2）根据接收的太阳能和转化的电能写出效率的表达式；
（3）根据W＝Pt求出电能的大小。
【解答】解：（1）太阳能可从自然界不断获得，属可再生能源；光伏发电是利用半导体界面的光生伏特效应，将光能转化为电能；
（2）E1表示一段时间内太阳能电池产生的电能，用E2表示在这段时间内太阳能电池接收到的太阳能，则太阳能电池的光﹣电转化效率的表达式为：k=E1E2；
（3）每天可发的电能为：W＝Pt＝2.53×108kW×6h＝1.518×109kW•h。
故答案为：（1）可再生；电；（2）E1E2；（3）1.518×109。
五、实验，探究题（共17分）
25．（5分）在“探究电流与电压的关系”的实验中，电源两端电压3V且保持不变，滑动变阻器规格为“25Ω，1A”。
（1）按图甲连接好电路，闭合开关后，发现无论怎么移动滑动变阻器，电压表示数几乎不变，电流表无示数，试改动一根线，使电路完成该实验；
（2）排除故障后，进行实验。实验数据如表所示。其中第1次实验中电流表示数如图乙所示，为 0.12 A，电路中定值电阻阻值为 5 Ω；分析实验数据可得出电流与电压的关系为： 在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 ；
（3）利用本实验电路还可以进行“探究电流和电阻的关系”和“伏安法测电阻”实验。在这两个实验中进行多次实验的目的是 不相同 （填“相同”或“不相同”）的。
【分析】（1）分析实物电路连接错误之处，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联；
（2）由电流表所选量程为0～0.6A确定分度值读数；由欧姆定律得出电路中定值电阻阻值大小；根据由表格数据知，电压与电流的比值是一个定值，据此得出结论；（3）“探究电流和电阻的关系”实验中，需要保持导体两端的电压不变，改变接入电路的电阻，得出电流与电阻的关系，故多次测量的目的是寻找普遍规律。“伏安法测电阻”实验中，需要测量电阻两端的电压和通过的电流，再根据R=UI计算出电阻，则多次测量求平均值的目的是为了减小误差。
【解答】解：（1）由实物电路可知，电流表与电阻R并联，电压表与电阻R串联是错误的，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，如下所示：
（2）由图乙可知，电流表所选量程为0～0.6A，分度值为0.02A，则读数为0.12A。
电路中定值电阻阻值为
R=UI=6V0.12A=5Ω；由表格数据知，电压与电流的比值是一个定值，则可得出：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（3）“探究电流和电阻的关系”实验中，需要保持导体两端的电压不变，改变接入电路的电阻，得出电流与电阻的关系，故多次测量的目的是寻找普遍规律。“伏安法测电阻”实验中，需要测量电阻两端的电压和通过的电流，再根据R=UI计算出电阻，则多次测量求平均值的目的是为了减小误差。在这两个实验中进行多次实验的目的是不相同。
故答案为：（1）见解析中的图；（2）0.12；5；在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（3）不相同。
26．（6分）在探究“电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”时，小明和小华同时进行了实验，小明设计的实验电路如图甲所示，两个完全相同的玻璃瓶甲、乙内，瓶中插入温度计a、b。
（1）为了让实验效果更显著，小明应在图1的甲、乙两瓶中加入质量、初温均相同的 煤油 （选填“煤油”或“水”）；
（2）实验中，通过观察温度计的示数变化大小来比较电流通过电阻产生热量的多少，下列实验应用了该研究方法的是 B （选填序号）；
A.探究电流与电压、电阻的关系
B.探究导体电阻的大小与哪些因素有关
C.“伏安法”测电阻
（3）爱思考的小明，还利用该实验装置比较不同物质的吸热能力，在图1甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，且换用两根电阻丝的阻值R甲′ ＝ R乙′。闭合开关，一段时间后，若温度计a比温度计b温度升高得快，则甲、乙两瓶内液体比热容的关系为c甲 ＜ c乙。（均选填“＞”、“＜”或“＝”）
（4）另一小组的小华同学用如图2探究电流通过导体产生的热量与电流关系的实验，实验中给装置通电， 左边 （选填“左边”或“右边”）U形管内的液面高度变化较快。如果通过左侧容器中电阻丝的电流是2A，则右侧容器中电阻丝在1min内产生的热量是 300 J。
【分析】（1）水的比热容大于煤油的比热容，质量相同的水和煤油吸热相同，煤油的温度升高得多，实验现象明显；
（2）实验中，通过观察温度计的示数变化大小来比较电流通过电阻产生热量的多少，采用了转换法，分析每个选项，找出符合题意的选项；
（3）使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；结合Q＝I2Rt分析；
（4）右边两个5Ω的电阻并联后再与左边5Ω的电阻串联，根据串联电路的电流特点可知，右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，根据并联电路电流规律可知通过甲乙容器内电阻丝的电流大小关系，根据焦耳定律判断哪侧容器内电阻丝产生的热量多，则这一侧的U形管液面高度的变化较大，根据焦耳定律的公式计算乙容器中电阻丝在1min内产生的热量。
【解答】解：（1）水的比热容大于煤油的比热容，质量相同的水和煤油吸热相同，根据Δt=Qcm可知煤油的温度升高得多，为了让实验效果更显著，小明应在甲、乙两瓶中加入质量、初温均相同的油；
（2）实验中，通过观察温度计的示数变化大小来比较电流通过电阻产生热量的多少，采用了转换法；
A.探究电流与电压、电阻的关系，采用了控制变量法；
B.探究导体电阻的大小与哪些因素有关，根据电流表示数大小比较电阻的大小，采用了转换法；
C.“伏安法”测电阻，为减小误差要多次测量取平均值，没有采用转换法；
故选：B；
（3）在甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，根据Q＝I2Rt，为控制相同时间不同物质吸热相同，故换用两根电阻丝的阻值R甲'＝R乙'。闭合开关，一段时间后，若温度计a比温度计b温度升高得快，根据比较吸热能力的方法，则甲、乙两瓶内液体比热容的关系为c甲＜c乙；
（4）如图2，右边两个5Ω的电阻并联后再与左边5Ω的电阻串联，串联电路各处电流相等，所以右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，即I右＝I左，
两个5Ω的电阻并联，并联电路干路电流等于各支路电流之和，即I左＝I内+I外，比较可知I左＞I内；
两瓶中的电阻值相等（均为5Ω），通电一段时间后，由于瓶中电阻相同、通电时间相同、I左＞I内，所以根据焦耳定律Q＝I2Rt可知，左瓶内电阻丝产生的热量多，则左侧U形管液面高度的变化较大；
并联电路各支路两端电压相等，两个5Ω的电阻并联，由欧姆定律可得I内＝I外，则I内=12I左=12×2A＝1A，
右侧容器中电阻丝在1min内产生的热量：Q＝I内2Rt＝（1A）2×5Ω×60s＝300J。
故答案为：（1）煤油；（2）B；（3）＝；＜；（4）左边；300。
27．（6分）某小组的同学对“电与磁”非常感兴趣，他们共同完成了以下实验。
实验一：探究通电螺线管外部磁场的分布。
（1）如图甲所示，闭合开关后，小磁针发生偏转，说明通电螺线管周围 存在磁场； 。
（2）小明对调电源正负极后重新实验，发现小磁针静止时N极指向与原来相反，说明通电螺线管的磁场方向与 电流方向 有关。
（3）在不改变原电路连接情况下，要增强通电螺线管的磁性，可以在通电螺线管中放入 插入铁芯 。
实验二：探究什么情况下磁可以生电。
（4）实验装置如图乙，棒AB的材料应选用 铜 （选填“铜”或“塑料”）。
（5）实验时，下列操作能使电路中产生电流的是 ②④ （选填所有符合要求的选项序号）。
①蹄形磁体和棒都静止
②蹄形磁体静止，棒AB左右运动
③蹄形磁体静止，棒AB竖直上下运动
④棒AB静止，蹄形磁体左右运动
（6）若将灵敏电流计换成电源，该实验装置还可以用来探究 通电导体在磁场中受力运动 。
【分析】（1）通电螺线管的周围存在磁场。
（2）通电螺线管的磁场方向与电流方向有关。
（3）在通电螺线管的内部插入铁芯后，磁性会大大增强。
（4）铜是导体，据此分析；
（5）若将灵敏电流计换成电源，电路中有电流，据此分析。
【解答】解：（1）如图甲所示，闭合开关后，小磁针发生偏转，说明通电螺线管周围存在磁场；
（2）小明对调电源正负极后重新实验，发现小磁针静止时N极指向与原来相反，说明通电螺线管的磁场方向与电流方向有关。
（3）在不改变原电路连接情况下，电路的电流不变，要增强通电螺线管的磁性，可以在通电螺线管中插入铁芯。
（4）实验装置如图乙，塑料是绝缘体，铜是导体，棒AB的材料应选用铜。
（5）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象。
（6）若将灵敏电流计换成电源，电路中有电流，该实验装置还可以用来探究磁场对电流的作用。
故答案为：（1）存在磁场；（2）电流方向；（3）插入铁芯；（4）铜；（5）②④；（6）通电导体在磁场中受力运动。
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
0.6
1
1.5
2
2.5
电流I/A
0.2
0.3
0.4
0.5
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
答案
B
B
B
C
C
D
C
C
C
C
B
题号
12
13
14
15
答案
D
B
C
D
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
0.6
1
1.5
2
2.5
电流I/A
0.2
0.3
0.4
0.5