江苏省镇江市2024年中考物理试卷含答案解析

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一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题只有一个选项是正确的）
1．琴、瑟是中国古代乐器，诗经中记有“琴瑟击鼓，以御田祖”，奏乐时听众能分辨出琴和瑟发出的声音，主要是依据声音的( )
A．音调B．振幅C．音色D．响度
【答案】C
【解析】【解答】根据题意可知，听众能分辨出琴和瑟发出的声音，主要是依据不同乐器的音色不同。
故选C。
【分析】 响度指声音的大小，音调指声音的高低，音色是指声音的品质与特色。
2．我国珠峰地区建有全球海拔最高的基站，手机和基站之间信息传输依靠( )
A．电磁波B．超声波C．次声波D．可听声
【答案】A
【解析】【解答】电磁波可以传递信息，且无需介质因此手机和5G基站之间信息传输是依靠电磁波来完成的，故A正确，B、C、D错误。
故选：A。
【分析】 根据电磁波的特点和应用判断。
3．下列现象中，属于熔化的是( )
A．铁网凝霜B．雾的形成
C．冰雪消融D．河面结冰
【答案】C
【解析】【解答】 A.霜是由水蒸气直接变成固态发生凝华形成的，故A不符合题意；
B.雾是由水蒸气变成液态发生液化形成的，故B不符合题意；
C.冰雪消融是由固态变为液态发生熔化现象，故C符合题意；
D.河面结冰是由液态变为固态发生凝固现象，故D不符合题意。
故选C。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
4．神舟十八号飞船与核心舱对接完毕后，相对核心舱静止的是( )
A．神舟十八号飞船B．在舱外太空行走的宇航员
C．月球上的“嫦娥五号”着陆器D．火星上的“祝融号”火星车
【答案】A
【解析】【解答】 A.神舟十八号飞船与核心舱对接完毕后，神舟十八号飞船与核心舱之间没有位置的变化，相对核心舱是静止的，故A符合题意；
BCD.在舱外太空行走的宇航员、月球上的“嫦娥五号”着陆器、火星上的“祝融号”火星车与核心舱之间有位置的变化，相对核心舱是运动，故B、C、D不合题意；
故选A。
【分析】 物体的位置相对于参照物发生变化，则运动；不发生变化，则静止
5．诗句“香炉初上日，瀑水喷成虹”描述了如图所示的情景：太阳刚升起时，从瀑布溅起的水雾中可看到彩虹，此现象属于( )
A．光的直线传播B．光的色散
C．光的反射D．小孔成像
【答案】B
【解析】【解答】根据题意可知， 太阳刚升起时，从瀑布溅起的水雾中可看到彩虹， 属于光的色散现象，是由于光的折射形成的。
故选B。
【分析】 彩虹是太阳光射入球形水珠经折射、内反射、再折射后形成的彩色光带，是因为不同色光的偏折程度不同，即是光的色散，实质是光的折射。
6．下列汽油机工作的四个冲程中，做功冲程是( )
A．B．C．D．
【答案】C
【解析】【解答】A.图中的一个气阀打开，活塞向下运动，所以A为吸气冲程，故A不合题意；
B.图中的两个气阀都关闭，活塞向上运动，所以B为压缩冲程，故B不合题意；
C.图中的两个气阀都关闭，活塞下运动，所以C为做功冲程，故C符合题意；
D.图中的一个气阀打开，活塞向上运动，所以D为排气冲程，故D不合题意。
故选C。
【分析】 根据活塞的运行方向和气门的开合确定冲程的名称。
7．小华做了一个趣味实验：取两根相同的塑料吸管，分别用细线系住吸管一端，再将两吸管另一端同时在自己的头发上摩擦起电，悬挂后靠近，她观察到的现象是( )
A．B．
C．D．
【答案】B
【解析】【解答】 把两根相同的吸管都与头发摩擦，头发上会带上同种电荷，同种电荷相互排斥，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
【分析】 同种电荷互相排斥，异种电荷相互吸引。
8．如图所示，小明在测量滑动摩擦力时，将物块置于水平木板上，用弹簧测力计水平向右拉，使其始终做匀速直线运动，经过区域和区域时，弹簧测力计的示数分别为和，两区域示数不同的原因是( )
A．在区域中对木板的压力更大
B．在区域中对木板的压力更大
C．木板上区域的粗糙程度更大
D．木板上区域的粗糙程度更大
【答案】D
【解析】【解答】 根据题意可知，将物块A置于水平木板上，用弹簧测力计水平向右拉A始终做匀速直线运动，则它受到平衡力，即物块受到的拉力等于受到的摩擦力。弹簧测力计的示数分别为1.2N和1.8N，那么滑动摩擦力大小不同。经过区域1和区域2时，物块对木板的压力等于其物块的重力，即压力的大小相同。那么原因是两区域的接触面的粗糙程度不同，木板上区域2的粗糙程度更大，故D正确、ABC错误。
故选D。
【分析】 首先根据平衡力的知识计算出两个区域物体受到摩擦力的大小，再集合滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，分析摩擦力大小不同的原因。
9．小李用图所示装置观察水的沸腾，正确实验并采集数据后，绘制出如图所示的图像。关于本实验，下列说法正确的是( )
A．水沸腾时温度保持不变B．水面上方气压低于标准大气压
C．内水不需要吸收热量D．杯口的“白气”是蒸发形成的
【答案】B
【解析】【解答】 A．由图象知，水在第6min开始沸腾，沸腾时，温度保持98℃不变，所以此时水的沸点是98℃，故A错误；
B.1标准大气压下水的沸点是100℃，而实验中水的沸点是98℃，则水面上方的气压小于1标准大气压，故B正确；
C．由图象知，水在8～10min内是沸腾状态，不断吸收热量，但温度保持不变，故C错误；
D．杯口的“白气”是水蒸气液化形成的，故D错误。
故选B。
【分析】 A.液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；
B.1标准大气压下水的沸点是100℃．沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高；
C.沸腾的条件：达到沸点和继续吸热；
D.物质由气态变为液态的过程叫做液化。
10．小明用如图所示装置探究杠杆平衡条件，实验中杠杆始终保持水平平衡，此时弹簧测力计处于竖直方向，他发现弹簧测力计示数稍稍超过量程。为了完成实验，下列方案可行的是( )
A．钩码的数量适当增加B．钩码的位置适当左移
C．弹簧测力计转到图中虚线位置D．弹簧测力计位置适当向左平移
【答案】D
【解析】【解答】 由题意可知，发现弹簧测力计示数稍稍超过量程，说明动力偏大，此时要想办法减小动力。
A.若钩码的数量适当增加，阻力变大，阻力×阻力臂变大，动力臂不变，则需要的动力会更大，故A不符合题意；
B.钩码的位置适当左移，阻力臂变大，阻力×阻力臂变大，动力臂不变，则需要的动力会更大，故B不符合题意；
C.弹簧测力计转到图中虚线位置，动力臂变小，阻力×阻力臂不变，则需要的动力会更大，故C不符合题意；
D.弹簧测力计位置适当向左平移，动力臂变大，阻力×阻力臂不变，则需要的动力会变小，故D符合题意。
故选D。
【分析】 根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析得出结论。
11．某学校电动门既可以用遥控器开启，也可以用按钮开关开启。电动门开启时，电动机工作，警示灯亮起。若取下警示灯，电动机仍能工作，按下遥控器相当于闭合，按下按钮开关相当于闭合，符合上述要求的电路是( )
A．B．
C．D．
【答案】D
【解析】【解答】 某学校电动门既可以用遥控器开启，也可以用按钮开关开启，说明两个开关独立工作，是并联的，电动门开启时，电动机工作，警示灯L亮起。若取下警示灯L，电动机仍能工作，说明电动机和指示灯并联。而开关要控制电动机和灯泡，因此两个并联电路最后串联，如下图所示：
故D正确，A、B、C错误。
故选D。
【分析】 用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。干路开关控制所有用电器，支路开关只能控制它所在支路上的用电器，据此分析解答。
12．如图所示，某种可重复使用火箭在降落过程中，通过控制推力，沿竖直方向先从点减速运动到点，再从点匀速运动到点，且，不计运动过程中的空气阻力，忽略火箭质量的变化，则( )
A．火箭受到推力的施力物体是空气
B．段的推力小于段的推力
C．段重力做功的功率大于段
D．段火箭的重力势能转化为动能
【答案】C
【解析】【解答】 A.火箭点火后，尾部向下喷出燃气，对燃气施加向下的力，而燃气反过来对火箭施加向上的反作用力，即火箭受到推力的施力物体是燃气，故A错误；
B.火箭在AB段做减速运动，则合力向上，即推力大于重力；火箭在BC段做匀速运动，则合力为零，则推力等于重力，所以AB段的推力大于BC段的推力，故B错误；
C.根据W=Gh可知，AB段距离等于BC，则火箭在AB段重力做功等于物体在BC段重力做功。AB段做减速运动，在BC段做匀速运动，所以AB段的时间要小于BC端的时间，根据公式可知，AB段的功率大于BC段的功率，故C正确；
D.AB段做减速下降，质量不变，速度减小，动能减小；高度减小，重力势能减小，因此不是火箭的重力势能转化为动能，故D错误。
故选C。
【分析】A.对火箭进行受力分析即可；
B.根据火箭的运动状况，结合力与运动的关系判断出AB段推力与BC段推力的关系；
C.根据W=Gh判断出火箭在AB、BC段重力做功的情况，再根据公式判断出AB、BC段功率的关系；
D.动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关。
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二、填空题：本大题共9小题，共28分。
13．
（1）图中，木块的长度为 ；
（2）图中，弹簧测力计示数为 ；
（3）图中，电流表示数为 。
【答案】（1）2.30
（2）2.2
（3）1.7
【解析】【解答】 （1）图1中，刻度尺的分度值为1mm，小木块左侧与零刻度线对齐，右侧与2.30cm对齐，故小木块的长度为2.30-0.00cm=2.30cm；
（2）由图2可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，则其示数为：2N+0.2N×1=2.2N；
（3）由图3知，电流表选择0～3A量程，分度值为0.1A，示数为1.7A。
【分析】 （1）根据图片确定刻度尺的分度值，然后根据“测量值=准确值+估读值”记录测量结果；
（2）根据弹簧测力计的分度值和指针对应的刻度读数；
（3）根据电压流表的量程和分度值读数。
14．汽车鸣笛是由于喇叭 发声，声音通过 传入人耳，如图在高架路某些路段两侧设有板墙，其作用是在 控制噪声。
【答案】振动；空气；传播过程中
【解析】【解答】 （1）汽车鸣笛是由于喇叭振动发声，汽车鸣笛声是通过空气这一介质传到耳朵里的。
（2）在城市高架道路两侧设有板墙，其作用是在传播过程中控制噪声。
【分析】 ①声音是由物体振动产生的；声音的传播是需要介质的，固体、气体和液体，都能传播声音；
②防治噪声污染的方法：防止噪声的产生、阻断噪声的传播及防止噪声入耳。
15．镇江谏壁发电厂处于苏南电网中心，厂内发电机将 能转化为电能，电厂使用的煤炭是 选填“可”或“不可”再生能源，煤炭在墙角长时间堆放，墙面内部也会变黑，说明固体分子是 的。
【答案】机械；不可；运动
【解析】【解答】 （1）发电机工作时将机械能转化为电能；
（2）煤炭短期内不能够从自然界源源不断得到补充，属于不可再生能源；
（3）由于分子在不停地做无规则运动，所以长期堆放煤的墙角，会有一些煤的分子进入墙壁，墙壁的内部也会变黑。
【分析】 （1）根据能量转化的知识解答；
（2）可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源；
（3）根据分子在永不停息地做无规则运动解答。
16．如图两棋子静止叠放在水平面上，上方棋子受力 选填“平衡”或“不平衡”。用尺快速水平击打下方棋子，由于上方棋子具有 ，其位置几乎不变。当下方棋子飞出后，上方棋子受 力的作用而下落。
【答案】平衡；惯性；重
【解析】【解答】 （1）图中两棋子静止叠放在水平面上，上方棋子处于静止状态，所以受力平衡；
（2）用尺快速水平击打下方棋子，由于上方棋子具有惯性，所以其位置几乎不变；
（3）当下方棋子飞出后，上方棋子受竖直向下的重力的作用而下落。
【分析】（1）物体处于平衡状态时受平衡力，而平衡状态包括静止状态或匀速直线运动状态；
（2）物体都有保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
（3）重力的方向竖直向下。
17．液冷充电桩可以提高电动汽车的充电速度，充电时导线产生的热量通过 的方式转移给周围流动的液体，物体间温差越大散热效果越好，则应 液体的流动速度。为了减少充电时导线产生的热量，在保持充电时间和电流不变的情况下，应选用长度相同、横截面积较 的铜导线。
【答案】热传递；加快；大
【解析】【解答】 （1）充电时导线产生的热量通过热传递的方式转移给周围流动的液体，物体间温差越大散热效果越好，则应加快液体的流动速度，尽快将温度高的液体流过；
（2）根据焦耳定律公式Q=I2Rt知，在电流、通电时间相同的情况下，导体的电阻越小，产生的热量越少，因此应选用长度相同、横截面积较大的铜导线。
【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；前者的本质为能量的转化，后者的本质为能量的转移；
（2）导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关。；由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。
18．在探究凸透镜成像规律的实验中，应调节烛焰和光屏中心位于凸透镜的 上。已知凸透镜焦距为，各元件初位置如图所示，要使光屏上成清晰的像：若移动光屏，应将光屏向 选填“左”或“右”移动；若透镜向左移动，最终光屏上成的是倒立、 的实像。
【答案】主光轴；左；放大
【解析】【解答】 （1）为使像成在光屏的中央，应调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度处，位于凸透镜的主光轴上；
（2）已知f=10.0cm，u=30.0cm＞2f，成倒立、缩小的实像，像距2f＞v＞f，则应将光屏向左移动，
（3）若透镜向左移动，当移动到2f＞u＞f，成倒立、放大的实像。
【分析】 （1）在做凸透镜成像的实验中，为了使烛焰的像成在光屏上，在依次放置好蜡烛、凸透镜、光屏后，就需要对三者的高度进行调节；
（2）凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，像距2f＞v＞f，据此分析；
（3）凸透镜成像时，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。
19．为比较、两保温杯的保温性能，小红在两个保温杯中分别倒入相同温度的热水，用温度计测量其初温，示数如图所示， 。绘制水温随时间的变化图像如图所示，杯中水放出的热量为 ，保温性能更好的是 选填“”或“”杯。
【答案】；；
【解析】【解答】 （1）根据图1可知，温度计的分度值为1℃，且刻度值向上增大，则实际温度在0℃以上，那么此时温度计的示数为80℃；
（2）A杯中水放出的热量：Q放=c水m（t0-t）=4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×（80℃-30℃）=2.1×104J；
（3）由图2可知，A、B两保温杯中的水从80℃降低到30℃时，二者降低相同的温度时，A保温杯所用的时间比B保温杯所用的时间更长，所以A保温杯的保温性能更好。
【分析】 （1）根据图1确定温度的分度值，再根据液柱的位置确定温度计的读数；
（2）根据Q放=cm（t0-t）计算A杯中水放出的热量；
（3）根据题意可知，降低相同的温度，所用的时间越长，保温性能越好；所用的时间越短，则保温性能越差。
20．如图是某电热水壶内部电加热器原理电路，它有“加热”和“保温”两挡，开关断开时，电水壶处于 挡。已知该电热水壶处于“加热”挡，通电可使标有的电能表指示灯闪烁次，则消耗的电能为 ，电热水壶“保温”挡功率为，则 。
【答案】保温；；
【解析】【解答】 （1）根据图片可知，开关S断开时，两个电阻串联，电路的总电阻最大，由可知总功率最小，处于保温挡；
S闭合时，只有R1的简单电路，电路的总电阻最小，由可知总功率最大，处于高温挡；
（2）根题意可知，电水壶消耗的电能，
高温挡的功率，
R1的阻值，
保温挡时总电阻，
R2的阻值R2=R-R1=484Ω-48.4Ω=435.6Ω。
【分析】 （1）根据公式比较开关在不同情况下总功率大小，进而确定对应的工作状态；
（2）根据指示灯闪烁120次消耗的电能，根据得到高温挡的功率，根据得到R1的阻值和保温时总电阻，由电阻的串联得到R2的阻值。
21．图是小华设计的天然气浓度测试仪，电源电压恒为，为定值电阻，电压表量程为，将电压表作为气体浓度的显示装置，气敏电阻阻值与气体浓度的关系如图所示，当气体浓度增加时，的阻值将 ，电压表的示数会 ，要求将电压表示数为处标为气体浓度，电阻的阻值应为 ，若长时间使用后，电源电压降低，则测量结果 选填“大于”、“小于”或“等于”实际的气体浓度。
【答案】减小；增大；；小于
【解析】【解答】（1） 根据图2 可知：当气体浓度增加时，Rx的阻值将减小；
（2）根据图片可知，电压表测量的是定值电阻R两端的电压。Rx的阻值将减小，根据R总=Rx+R可知， 电路中的总电阻减小。根据欧姆定律可知，电路中的电流增大。根据U=IR可知，R两端的电压增大，电压表的示数会增大。
（3）要求将电压表示数为1.5V处标为气体浓度0.5%，此时Rx=20Ω，
它两端的电压为Ux=U总-U=4 V-1.5V=2.5V，
电路中的电流为；
定值电阻的阻值为：。
（4）若长时间使用后，电源电压降低，此时电路中的电流会偏小，则测量结果会小于实际的气体浓度。
【分析】 （1）由图2分析气敏电阻Rx的阻值与气体浓度的变化关系；
（2）由图1可知，R、Rx串联，电压表测量R两端的电压，当气敏电阻Rx的阻值减小时，电路中的总电阻减小，根据欧姆定律可知电路中的电流增大。再根据欧姆定律U=IR分析R两端的电压变化即可；
（3）由图2可知，当气体浓度0.5%时气敏电阻Rx的阻值，根据串联电路的电压特点求出气敏电阻Rx两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出R的阻值；
（4）长时间使用后，电源电压降低，根据欧姆定律可知：此时电路中的电流会偏小，据此分析测量结果的变化。
三、解答题（本题共9小题，共48分。解答26、27、28题时应有必要的解题过程）
22．请按题目要求作答。
（1）一本字典静止在水平桌面上，为其重心，请画出它所受重力和支持力的示意图。
（2）请根据图中电流方向，在虚线框内分别标出通电螺线管磁极的极性和静止小磁针的磁极名称。
（3）请将开关和三孔插座正确接入家庭电路，使开关能控制插座的通、断电。
【答案】（1）
（2）​​
（3）​​
【解析】【解答】（1） 根据题意可知，字典静止在水平桌面上，受到重力G的方向竖直向下、支持力F的方向竖直向上，二力是一对平衡力，大小相等、方向相反，作用点都在重心O上。从重心O分别沿竖直向下、竖直向上的方向画一条带箭头的有向线段，用G、F表示，如图所示：
（2） 根据图片可知，线圈上电流方向向上。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向上，此时大拇指指向左端，则通电螺线管的左端为N极，右端为S极。由磁极间的相互作用规律得出小磁针的左端为N极，右端为S极，如图所示：
（3） 根据图片可知，三孔插座的右孔通过开关与火线相连，上孔接地线，左孔接零线，如下图所示：
【分析】（1）先分析字典所受重力和支持力的作用点、方向，再沿力的方向化一条带箭头的线段即可。
（2） 首先根据右手螺旋定则得出通电螺线管的N、S极，再由磁极间的相互作用规律得出小磁针的NS极。
（3） ①三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
②为了用电安全，开关要接在火线和用电器之间。
23．为了测量某液体的密度，小李进行了如下实验。
（1）如图所示，将天平放在水平桌面上，调节天平时应先将游码移到标尺的 处，若指针静止时位置如图所示，则应再将平衡螺母向 选填“左”或“右”端调节。
（2）在烧杯中装入适量待测液体，用天平正确测量其总质量。当天平平衡时，右盘中的砝码和游码位置如图所示，其总质量为 。
（3）将烧杯中的部分液体倒入量筒，图中读数视线正确的是 选填“”、“”或“”，量筒中液体的体积为 。
（4）测出烧杯和剩余液体的总质量为，则液体的密度为 。
【答案】（1）零刻度线；右
（2）128
（3）；30
（4）0.8
【解析】【解答】 （1）调节天平时，天平应置于水平桌面上，先将游码移到标尺左端的零刻线处。指针静止时左偏，说明左盘重，右盘轻，则平衡螺母向右调节；
（2）如图3所示，游码质量为3g，砝码质量为：100g+20g+5g=125g，则烧坏和待测液体总质量为m总=125g+3g=128g；
（3）图乙中读数的时候，视线要与液柱的上表面保持相平，故②正确；量筒中液体的体积为V=30mL=30cm3；
（4）量筒中液体的质量m=m总-m剩=128g-104g=24g，
则液体的密度为。
【分析】 （1）根据天平的调节方法分析解答，平螺母总是向较轻的一侧调节；
（2）砝码质量与游码示数之和等于物体的质量；
（3）量筒读数时，视线要和液面的凹面底部相平，既不能仰视，也不能俯视；根据图4读出液体的体积，单位是mL，1mL=1cm3；
（4）结合（2）可计算量筒中液体的质量，再利用密度公式即可求液体密度。
24．小红用图所示装置探究光的反射定律，平面镜置于水平底座中心，激光笔可沿弧形轨道移动，且保持激光始终射向平面镜上的点。
（1）为了在不同方向都能观察到光的传播路径，应在平面镜上方喷些 。
（2）多次改变激光笔在轨道上的位置，小红调整视角，均能观察到反射光挡住入射光的现象，如图所示，将长方形纸板与、所在平面重合，其底边紧贴平面镜，在纸板上即可显示出入射光和反射光，多次测量纸板和平面镜的夹角。
上述实验中测得的夹角均为，则反射光线、入射光线所在平面和平面镜相互 。
在纸板上过点作出底边的垂线，则与镜面 ，可知为法线，由、可得：反射光线、入射光线和法线在 内。
（3）改变入射光的方向，依次记录实验数据如表所示，分析实验数据可知：入射光线逐渐 选填“靠近”或“远离”法线；与的大小 。
【答案】（1）烟雾
（2）垂直；垂直；同一平面
（3）远离；相等
【解析】【解答】 （1）为了在不同方向都能观察到光的传播路径，应在平面镜上方喷些烟雾；
（2）①在实验中，多次测量纸板和平面镜的夹角均为 90°，则反射光线、入射光线所在平面和平面镜相互垂直；
②在纸板上过O点作出底边PQ的垂线ON，则ON是法线，它与镜面垂直，因此可得：在光的反射中，反射光线、入射光线和法线都在同一平面内；
（3）根据表中实验数据可知，入射光线与镜面的夹角∠AOP逐渐变小，此时入射角逐渐变大，因此入射光线AO逐渐远离法线ON。根据表中实验数据可知，反射角∠NOB与入射角∠AON的大小相等。
【分析】 （1）如果在光线的传播路径上喷洒小液滴或颗粒，可以借助光线在上面的散射看到光的传播路径；
（2）①如果两个面的夹角为90°，那么二者相互垂直；
②根据反射光线、入射光线和法线是在同一平面内的分析解答。
（3）根据光的反射现象中“反射角等于入射角”分析解答。
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25．小明用图电路探究“电压一定时，电流与电阻的关系”。
（1）用笔画线代替导线将图中的电压表正确接入电路 。
（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最 选填“左”或“右”端。
（3）闭合开关，小明发现无论怎样调节滑动变阻器，电流表指针不偏转，电压表指针有明显偏转且保持不变，已知导线及各接线柱连接完好，则电路中 出现了 故障，故障排除后，移动滑片，使电压表示数为，记录电流表示数，多次更换定值电阻重复实验，得到电流与定值电阻的倒数关系如图中图线甲所示，从而得出结论。
（4）实验结束后，小明应先断开开关，再拆除 两端的导线，在整理器材时，他突然发现电压表指针位置如图所示。
小明遗漏的实验操作是 。
小华通过正确实验操作也进行了上述实验，小明发现他与小华的实验结论一致。
遗漏的实验操作并未影响结论，你认为其原因是 。
小明按正确操作重新进行实验，你认为他得到的电流与定值电阻的倒数关系应为图中的图线 选填“甲”、“乙”或“丙”。
【答案】（1）
（2）右
（3）定值电阻；断路
（4）电源；调零；实验时定值电阻两端电压保持为定值；乙
【解析】【解答】 （1）在探究电流与电阻关系的实验中，除了电压表并联在定值电阻两端，其它的都是串联。根据图片可知，此时电压表的“3V”接线柱与定值电阻右端相连即可，如图所示：
；
（2）根据图片可知，当变阻器的滑片在最右端时阻值最大，则为保护电路，滑动变阻器滑片要移至阻值最大处，即最右端；
（3）闭合开关，电流表指针不偏转，故障可能是断路；电压表指针有明显偏转，说明与电源连通，故故障在与电压表并联的部分，即可能是定值电阻断路；
（4）防止拆电路时发生短路，故拆电路时先拆电源上的导线；
①在整理器材时，他突然发现电压表指针位置如图3所示，需要调零；
②探究电流与电阻关系，需控制定值电阻两端电压一定，改变定值电阻阻值；故遗漏的实验操作并未影响结论，原因是实验时定值电阻两端电压保持为定值；
③正确操作重新进行实验，电压表示数比之前增大，则电流与电阻倒数，即IR增大，故应选乙。
【分析】 （1）根据实验目的确定电器元件的串并联关系，注意电表的量程和接线柱的选择，还要注意变阻器接线“一上一下”；
（2）为保护电路，滑动变阻器滑片要移至阻值最大处；
（3）根据实验现象，结合电表的示数变化确定故障的种类和位置；
（4）防止拆电路时发生短路，故拆电路时先拆电源上的导线；电压表在使用时要指针调零；探究电流与电阻关系，需控制定值电阻两端电压一定，改变定值电阻阻值；正确操作重新进行实验，电压表示数比之前增大，由此分析。
26．如图所示，用动滑轮将重力为的木块匀速提升，所用拉力为。
（1）求此过程中的有用功。
（2）求该动滑轮的机械效率。
（3）将木块取下放置于水平地面上，如图所示，木块底面积为，求木块对地面的压强。
【答案】（1）解： 有用功：
答：此过程中的有用功为；
（2）解： 绳子自由端移动的距离为：，
拉力做的总功：；
动滑轮机械效率：
答：该动滑轮的机械效率为；
（3）解： 木块对地面的压力；，
根据压强公式得：。
答：木块对地面的压强为。
【解析】【分析】 （1）利用W有用=Gh计算此过程做的有用功；
（2）由图知，承担物重的绳子段数n，根据s=2h计算绳子自由端移动距离，再利用W=Fs计算拉力做的总功，最后根据计算滑轮组的机械效率；
（3）首先根据计算木块对地面的压力，再根据计算物体对地面的压强。
27．某油电混合动力汽车沿平直公路以的速度匀速行驶，从处到处用时，此过程中汽油燃烧释放热量的用于驱动汽车匀速行驶，汽车行驶过程中所受阻力恒为，设汽油在汽缸内完全燃烧，且热值近似取。
（1）求、两地间的距离。
（2）求在上述行驶过程中：
牵引力对汽车所做的功。
消耗的汽油质量。
（3）从处开始，司机关闭发动机，汽车滑行至处停止。在此过程中，汽车通过动能回收装置将动能减少量的转化为电能，若这些电能可供功率为的用电器持续工作，求汽车在处时的动能。
【答案】（1）解： 根据可得，、两地间的距离：
答：、两地间的距离为。
（2）解： 汽车匀速行驶，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
则汽车受到的牵引力：，
所以牵引力所做的功：；
汽油燃烧放出的热量：；
消耗的汽油质量：
答：在上述行驶过程中：牵引力对汽车所做的功为。消耗的汽油质量为。
（3）解：用电器消耗的电能：；
汽车在处时的动能：。
答：汽车在处时的动能为
【解析】【分析】（1）利用s=vt计算A、B两地间的距离。
（2）①根据二力平衡条件F=f计算汽车受到的牵引力，然后利用W=Fs计算牵引力所做的功；
②利用效率公式计算汽油燃烧放出的热量，再利用计算消耗的汽油质量。
（3）利用求出用电器消耗的电能，然后根据计算汽车在B处时的动能大小。
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28．某水位报警模拟装置如图所示：浮子由圆柱体和硬杆构成，圆柱体的底面积，高，密度，硬杆的质量和体积均不计。只能沿图中竖直虚线运动，当向水池内缓慢注水使水位达到某处时，衔铁被释放，电铃开始报警。已知：电源电压，为电阻箱，压敏电阻的阻值与硬杆对其压力的关系图线如图所示；当电磁铁线圈中的电流时，衔铁被吸住，当时，衔铁才会被释放；不计线圈电阻，取。
（1）的质量为 。当水位不断上升时，池底所受水的压强将 。
（2）当刚开始向上运动时，求其浸在水中的体积。
（3）在报警装置能正常报警的情况下：
求电阻箱接入电路的阻值范围。
为降低刚开始报警时的水位，下列措施可行的。
A.仅适当增大硬杆的长度
B.仅适当增大圆柱体的高度
C.仅适当增大电源电压
D.仅适当增大接入电路的阻值
【答案】（1）0.6；变大
（2）由题意可知，当刚开始向上运动时，刚好处于漂浮状态，
此时受到的浮力：，
此时浸在水中的体积：。
（3）当硬杆刚好接触到压敏电阻时，压敏电阻受到的压力，由图可知此时压敏电阻的阻值为，
由题意可知，开始报警时电路中的电流为，
此时电路中总电阻：，
此时接入电路的最大阻值：，
当圆柱体刚好浸没，圆柱体受到的浮力最大，
圆柱体受到的最大浮力：，
此时压敏电阻受到压力最大压力，
由图可知此时压敏电阻的阻值为，
接入电路的最小阻值：，
因此电阻箱接入电路阻值范围为。
AB.在其他条件不变时，增大圆柱体和硬杆整体的高度，可以使得硬杆刚好接触到压敏电阻时的水位降低，故AB符合题意；
C.仅适当增大电源电压U，若电路中的总电阻不变，电路中电流变大，衔铁K被吸住，不能报警；若开始报警时的电流不变，由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻变大，由串联电路的电阻特点可知，压敏电阻的阻值变大，由图2可知，此时压敏电阻受到的压力变大，由力的作用是相互的和力平衡条件可知，此时圆柱体受到的浮力变大，由阿基米德原理可知，圆柱体排开液体的体积变大，水面较原来应升高一些，故C不合题意；
D.仅适当增大R1接入电路的阻值，电源电压和开始报警时的电流不变，由欧姆定律可知电路中的总电阻不变，由串联电路的电阻特点可知，压敏电阻的阻值变小，由图2可知，压敏电阻受到的压力变小，由力的作用是相互的和力平衡条件可知，此时圆柱体受到的浮力变小，由阿基米德原理可知，圆柱体排开液体的体积变想，水面较原来应降低一些，故D符合题意。
故选ABD。
【解析】【解答】 （1）①Q的体积：V=Sh=5×10-3m2×0.2m=1×10-3m3，
Q的质量m=ρV=0.6×103kg/m3×1×10-3m3=0.6kg。
②当水位不断上升时，由p=ρ液gh可知，池底所受水的压强将变大。
【分析】 （1）①首先根据V=Sh求出Q的体积，根据密度公式m=ρV计算出Q的质量。
②根据液体压强公式p=ρ液gh分析池底所受水的压强变化。
（2）根据物体的漂浮条件计算Q刚开始向上运动时受到的浮力，根据阿基米德原理求出Q浸在水中的体积。
（3）①当硬杆刚好接触到压敏电阻时，压敏电阻受到的压力为0，由图2可知此时压敏电阻的阻值，根据开始报警时的电流利用欧姆定律求出电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出电阻箱接入电路的最大电阻。当圆柱体刚好浸没，圆柱体受到的浮力最大，根据阿基米德原理求出最大浮力，根据力的作用是相互的和力平衡条件求出此时压敏电阻受到压力最大压力，根据图2可知此时压敏电阻的阻值，据开始报警时的电流利用欧姆定律求出电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出电阻箱接入电路的最小电阻，进而求出电阻箱接入电路的阻值范围。
②分别对各个选项中的措施进行分析，确定此时水位的高度变化，哪个与题目描述一致，哪个就是正确选项。
​​​​​​实验次数