江苏省连云港市2024年中考物理试题含真题解析

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一、选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的四个选项中只有一个符合题意）
1． 晾晒的湿衣服在逐渐变干的过程中，发生的物态变化是（ ）
A．熔化B．汽化C．升华D．凝华
【答案】B
【解析】【解答】晾晒的湿衣服在逐渐变干的过程中，液态水变为气态水蒸气，发生汽化现象。
故答案为：B。
【分析】熔化是固态变为液态；汽化是液态变为气态；升华是固态变为气态；凝华是气态变为固态。
2． 用温度计测量液体的温度，下面四幅图中，操作正确的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【解析】【解答】A、温度计不能接触容器壁，故A错误。
B、温度计不能接触容器底部，故B错误。
C、玻璃泡完全浸入液体，故C正确。
D、玻璃泡没有完全浸入液体，故D错误。
故答案为：C。
【分析】温度计不能接触容器壁、容器底部，需要完全浸入液体中。
3． 下列现象中能说明分子在不停地做无规则运动的是（ ）
A．花香满园B．尘土飞扬C．雪花飘飘D．落叶纷纷
【答案】A
【解析】【解答】A、花香满园，是花香的分子不停无规则运动的结果，故A正确。
B、粉尘飞舞是机械运动，并非分子的运动，故B错误。
C、雪花飘飘是机械运动，并非分子的运动，故C错误。
D、落叶纷纷是机械运动，并非分子运动，故D错误。
故答案为：A。
【分析】注意分子运动和机械运动的区别，分子是看不见的，小颗粒是看得见的。
4． 2024年4月25日，我国长征运载火箭成功将神舟十八号载人飞船送往预定轨道。载人飞船离开地面加速上升的过程中（ ）
A．动能增大，重力势能不变B．动能增大，重力势能增大
C．动能不变，重力势能不变D．动能不变，重力势能增大
【答案】B
【解析】【解答】载人飞船离开地面加速上升的过程中，质量不变，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大。
故答案为：B。
【分析】动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
5． 如图所示是生活中几种常见的杠杆，其中属于费力杠杆的是（ ）
A．托盘天平B．钢丝钳
C．筷子D．开瓶扳手
【答案】C
【解析】【解答】 A、托盘天平属于等臂杠杆，故A错误。
B、钢丝钳属于省力杠杆，故B错误。
C、筷子属于费力杠杆，故C正确。
D、开瓶扳手属于省力杠杆，故D错误。
故答案为：C。
【分析】动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。
动力臂等于阻力臂，既不省力也不费力。
动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
6． 沿海地区比沙漠地区的昼夜温差小，这是因为水的（ ）
A．质量大B．温度高C．密度大D．比热容大
【答案】D
【解析】【解答】水的比热容较大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，相同质量的水和砂石相比较，水的温度变化比砂石小，所以沙漠地区昼夜温差大，而沿海地区昼夜温差小。
故答案为：D。
【分析】对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
7． 下列关于燃料的热值说法正确的是（ ）
A．燃料燃烧越充分，其热值越大
B．燃料的热值越小，完全燃烧放出的热量越少
C．一瓶酒精用去三分之一，剩余酒精的热值将减小
D．焦炭的热值是，完全燃烧1kg焦炭能放出的热量
【答案】D
【解析】【解答】AC、热值是燃料的特性，其大小仅与燃料的种类有关，而与燃料的质量和燃烧程度无关，故AC错误。
B、根据Q放=mq知在质量相同时，燃料的热值越小，完全燃烧放出的热量越少，故B错误。
D、焦炭放出的热量：Q放=mq=1kg×3.0×107J/kg=3.0×107J，故D正确。
故答案为：D。
【分析】（1）热值是燃料的特性，其大小仅与燃料的种类有关，而与燃料的质量和燃烧程度无关。
（2）根据Q放=mq分析解答。
（3）知道焦炭的热值和质量，根据Q放=mq求出焦炭放出的热量。
8． 下列事例中属于光的反射现象的是（ ）
A．雨后天空中出现的彩虹
B．建筑物在平静水面下形成的倒影
C．插入水中的筷子看起来“弯折”
D．太阳光通过三棱镜后被分解成各种色光
【答案】B
【解析】【解答】A、雨后天空中出现彩虹，属于光的色散现象，故A不合题意。
B、平静水面上建筑物的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B合题意。
C、筷子好像被水面折断，是光经过界面时发生折射形成的，故C不符合题意。
D、太阳光通过棱镜后被分解成各种色光，属于色散现象，是由光的折射形成的，故D不合题意。
故答案为：B。
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等。
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
9． 如图所示，一个人先后两次用同样的时间、同样大小的力，将不同质量的物体在不同的表面上分别移动相同的距离。该力在此过程中所做功的大小分别为，功率的大小分别为，关于它们之间的大小关系说法正确的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【解析】【解答】因为用相同的力移动相同的距离，根据W=Fs可知它们做功相等，所用时间相同，根据得到功率的大小相同。
故答案为：C。
【分析】根据W=Fs得到该力在此过程中所做功；根据得到功率的大小。
10． 如图所示，电源电压不变，闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向右移动过程中（ ）
A．电流表示数变小，灯变暗B．电流表示数变大，灯变亮
C．电压表示数不变，灯亮度不变D．电压表示数变小，灯亮度变亮
【答案】A
【解析】【解答】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电流表测电路中的电流，
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，电压表的示数也变小，通过灯的电流变小，所以灯变暗，故A正确，BCD错误。
故答案为：A。
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡的亮暗变化。
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共20分）
11． 小明身高1.7m，距离平面镜3m，他在平面镜中的像高是 m，像到平面镜的距离是 m。当他向平面镜缓慢走近时，他在平面镜中像的大小 （选填“变大”“不变”或“变小”）。
【答案】1.7；3；不变
【解析】【解答】像的大小跟物体的大小有关，他在平面镜中的像高是1.7m；像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离，所以当某人身高1.7m站在平面镜前3m处时，像距离平面镜也是3m；因像和物的大小总是相等的，人的大小与像的大小一样，所以当他向平面镜缓慢走近时，他在平面镜中像的大小不变。
故答案为：1.7；3；不变。
【分析】物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，像的大小跟物体的大小有关，跟物体距离平面镜的远近没有关系。像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离。
12． 在音乐社团活动过程中，乐器发出的声音通过 传到人耳。人耳能区分钢琴和长笛发出的声音，是由于它们所发出声音的 不同（选填“音调”“响度”或“音色”）。声呐是利用 （选填“超声波”或“次声波”）具有方向性好，在水中传播距离远等特点制成的。
【答案】空气；音色；超声波
【解析】【解答】声音的传播需要介质，乐器发出的声音是通过空气传到人耳的；钢琴和长笛的结构材料不同，因此发出声音的音色不同；声呐是利用超声波的原理进行工作的。
故答案为：空气；音色；超声波。
【分析】（1）声音的传播需要介质。
（2）音色是指声音的品质和特色，能够区分不同的发声。
（3）声呐是利用超声波的原理工作的。
13． 用如图所示滑轮组将重300N的物体匀速提升1m，拉力F大小为120N，有用功为 J，滑轮组的机械效率为 。
【答案】300；83.3%
【解析】【解答】由图知，n=3，拉力端移动距离s=3h=3×1m=3m，
拉力做的总功：W总=Fs=120N×3m=360J。
已知G=300N，h=1m，
拉力做的有用功：W有用=Gh=300N×1m=300J。
滑轮组的机械效率：。
故答案为：300；83.3%。
【分析】已知物体上升的高度和绳子的段数，可求得绳子自由端移动的距离s，知道拉力的大小，根据公式W=Fs可求拉力做的总功。
已知物体的重力和提升的高度，根据公式W=Gh可求拉力做的有用功。
滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
14． 小明将凸透镜正对太阳光，在距离凸透镜10cm的白纸上呈现一个最小、最亮的光斑，此凸透镜的焦距为 cm。如图是他用该凸透镜观看书本上“中国梦”三个字时的情况，如果他想看到更大的正立的“国”字，小明需要将凸透镜 书本（选填“远离”或“靠近”），凸透镜和书本的距离应满足的条件是 。
【答案】10；远离；小于10cm
【解析】【解答】（1）如图，让凸透镜正对太阳光照射，在距离凸透镜10cm的白纸上呈现一个最小、最亮的光斑，此点即为凸透镜的焦点处，从此点到凸透镜的距离即为焦距；由图知，该凸透镜的焦距f=10cm。
（2）如图所示，他用该凸透镜观看书本上“中国梦”三个字时，看到的是正立放大的虚像，根据凸透镜的成像特点知，成正立放大的虚像时，离焦点越近时，像越大，所以为了想让看到的字更大些，故应将书远离凸透镜。
（3）由凸透镜成像规律可知，物体在一倍焦距以内时，成正立、放大的虚像，所以凸透镜和书本的距离应满足的条件是小于10cm。
故答案为：10；远离；小于10cm。
【分析】（1）掌握简单测量焦距的方法，让凸透镜正对着平行光，移动光屏找到焦点，从焦点到凸透镜的距离约等于焦距。
（2）放大镜的成像特点：物距在一倍焦距内时，凸透镜成放大正立的虚像，并且成虚像规律为物距变大像距变大像变大，当物体离焦点近时，成的像较大。
（3）凸透镜成像规律之一：物距小于一倍焦距时成正立放大的虚像，放大镜成的像即如此。
15． 某同学自主学习《电路初探》一章后，整理部分知识结构图如下，请补全有关内容。 、
【答案】电源；电压的特点
【解析】【解答】（1）电路的组成：电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成，故（1）为：电源。
（2）由图可知，串并联电路的电流、电压特点不同，（2）应为电压的特点。
故答案为：（1）电源；（2）电压的特点。
【分析】（1）电路的组成：电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成，缺少或不完整都会影响电路的正常工作。
（2）串并联电路的电流、电压特点不同。
16． 在“观察水的沸腾”实验时，当水沸腾时，观察到烧杯内产生大量气泡并不断上升，气泡在上升过程中将 （选填“逐渐变小”“逐渐变大”或“不变”）。沸腾时继续吸热，水的温度 。实验中，有三组同学选用同样规格的温度计，测量水的沸点却不同，同学猜想可能是温度计本身的差异引起的。为了验证同学的猜想，你的操作方法是 。
【答案】逐渐变大；不变；将该三支温度计放入同一杯沸水中进行观察
【解析】【解答】水沸腾时，可以观察到烧杯内产生大量气泡并不断上升，在上升过程中，气泡逐渐变大；水沸腾后，继续吸热，温度不变。
将三组同学所用的三支温度计一起放进同一杯沸腾的水中（继续加热），待示数稳定后，看读数是否一样。
故答案为：逐渐变大；不变；将该三支温度计放入同一杯沸水中进行观察。
【分析】水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是水的沸点；沸腾时，由于此时整个容器内的水温相同，气泡不断升高，深度不断减小，水压不断减小，并且有大量水蒸气进入气泡，气泡逐渐变大。
要判断几支温度计是否标准，可用这几支温度计同时测量同一液体的温度，若所测温度不同，则温度计有问题。
17． 小明测量某种矿石样品的密度，天平平衡时右盘所加砝码及游码的位置如图甲所示，图乙是矿石样品放入量筒前后的情况，由测量可得矿石样品的质量为 g，矿石样品的体积为 ，所测矿石样品的密度为 。该矿石的质量为 kg。
【答案】27；10；；
【解析】【解答】由图甲所示天平可知，矿石的质量：m=20g+5g+2g=27g。
由图乙所示量筒可知，矿石的体积：V=40mL-30mL=10mL=10cm3，
矿石的密度：。
由知，矿石的质量：m'=ρV'=2.7×103kg/m3×1m3=2.7×103kg。
故答案为：27；10；2.7×103；2.7×103。
【分析】 砝码质量与游码示数之和等于矿石的质量；矿石与水的体积与水的体积之差是矿石的体积。
已知矿石的质量与体积，由密度公式可以求出矿石的密度。
已知矿石的密度和体积，由密度公式求出矿石的质量。
三、解答题（本大题共6小题，18、21~23题每图每空2分，19题8分，20题10分，共50分。解答第19、20题时要求写出必要的文字说明、公式和演算过程）
18． 如图所示，一束光从空气斜射向水面，请画出这条入射光线的折射光线。
【答案】
【解析】【解答】根据光的折射定律，光线从空气斜射入水中时，折射角应该小于入射角，据此在法线右侧的水中作出折射光线，并且标出折射光线的方向。
如图所示：
【分析】根据光的折射定律，折射光线、入射光线和法线在同一平面上，折射光线和入射光线分居法线两侧。光由空气斜射进入水中时，折射角小于入射角。
19．如图所示，请标出通电螺线管的N、S极并用箭头画出图中磁感线的方向。
【答案】解：如图所示：
【解析】【解答】根据电源的正负极可以确定电流从螺线管的右端流入，左端流出，结合安培定则即可确定螺线管的左端为S极，右端为N极，在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，如图所示：
【分析】根据安培定则判断螺线管的磁极位置，磁体的磁极从北极出来回到南极。
20． 质量为2kg的物体放置在水平桌面上，底面积为，体积为。求：
（1）该物体对桌面的压力。
（2）该物体对桌面的压强。
（3）该物体浸没在水中释放后，静止时受到的浮力。
【答案】（1）解：该物体对桌面的压力
答：该物体对桌面的压力为20N；
（2）解：该物体对桌面的压强
答：该物体对桌面的压强为1×103Pa；
（3）解：当物体浸没在水中时
物体静止时处于漂浮状态
答：该物体浸没在水中释放后，静止时受到的浮力为20N。
【解析】【分析】（1）水平面上的物体，对水平面的压力等于自身的重力，据此根据质量进行计算。
（2）利用公式可计算物体对桌面的压强。
（3）先根据F浮=ρ水gV排计算物体浸没时受到的浮力，再与物体的重力进行比较，判断物体的浮沉状况，最后确定其静止时受到的浮力。
21． 小明家的电水壶的内部电路如图所示，其中为电热丝，S是电源开关，是温控开关（水温达到100℃，自动由加热状态切换为保温状态）。该电水壶的部分重要参数如表所示。已知电源电压为220V。求：
（1）当开关S闭合，断开时，电路中的电流。
（2）当开关S和均闭合时，的电功率。
（3）在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能。
【答案】（1）解：当开关S闭合，断开时，电路是由R2组成的简单电路，当开关S和S0均闭合时，电路是由R2和R1组成的并联电路，由于并联电路电阻比并联的任何一个电阻的阻值都小，根据可知，当开关S闭合，S0断开时，电水壶处于保温状态，则
答：当开关S闭合，S0断开时，电路中的电流为0.2A；
（2）解：当开关S和均闭合，电路是由R2组成的简单电路，此时电水壶处于加热状态，R1的电功率为
答：当开关S和S0均闭合时，R1的电功率为836W；
（3）解：在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能
答：在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能为4.4×104J。
【解析】【分析】 （1）当开关S闭合，S0断开时，电水壶处于保温状态，根据P=UI的变形公式计算此时的电流。
（2）两开关均闭合时，处于加热状态，根据总功率等于两电阻电功率之和可计算R1的电功率。
（3）根据公式W=Pt可计算电水壶工作50s消耗的电能。
22． 小明在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验时，他用图甲所示的电路进行实验，实验中电阻R两端的电压始终保持2V不变，电路中仪表均完好无损。
（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，他应先 。
（2）连接好电路后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，电压表有示数，电流表无示数，则电路故障的原因可能是 。
（3）排除故障后，小明将不同阻值的电阻接入电路进行实验，某次实验时电流表的示数如图丙所示，此时电阻R的阻值为 Ω。
（4）在实验过程中，当把电阻R由20Ω更换为10Ω时，滑动变阻器接入电路中的电阻应 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】（1）将电压表指针调至零位
（2）电阻R断路
（3）20
（4）变小
【解析】【解答】（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，没有正对零刻度，因而需要将电压表指针调至零位。
（2）移动滑动变阻器的滑片P，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路故障的原因可能是电阻R断路。
（3）由图乙可知，电流表选用小量程，电流表分度值0.02A，其示数为0.1A；电压U=2V，电阻。
（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻R由20Ω改接成10Ω的电阻，电阻减小，其分得的电压减小；探究电流与电阻的实验中，应控制定值电阻两端的电压不变，应减小滑动变阻器两端的电压，即减小滑动变阻器连入电路中的电阻。
故答案为：（1）将电压表指针调至零位；（2）电阻R断路；（3）20；（4）变小。
【分析】（1）电压表使用前要调零。
（2）移动滑动变阻器的滑片P，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，据此分析。
（3）确定电流表选用量程，由图乙确定分度值读数，根据欧姆定律计算电阻。
（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器阻值的变化。
23． 在树叶尾部的边缘滴一滴圆珠笔油，然后将它缓缓放进水面，树叶在水面上像小船一样运动起来，滴了圆珠笔油的树叶被称为“油墨小船”。小明通过查阅资料了解到，由于油墨中表面活性剂的存在，当水与油墨接触时，“油墨小船”便获得向前运动的力。小明同学想探究“油墨小船”在水中运动的快慢与水的温度和圆珠笔油浓度的关系。他用塑料片代替树叶制作的“油墨小船”如图所示。
（1）探究“油墨小船”在水中运动的快慢与水的温度的关系。实验中小明控制水的温度分别为17℃、35℃、65℃，使用技术软件，记录了“油墨小船”在不同温度液面上的运动情况，采集数据如下表。在三种测试温度下，“油墨小船”运动快慢的共同特点是 。“油墨小船”运动的快慢与水的温度的关系是 。“油墨小船”在运动过程中受的力是 （选填“平衡力”或“非平衡力”）。
（2）探究“油墨小船”在水中运动的快慢与圆珠笔油浓度的关系。为形成不同浓度的圆珠笔油，小明选择酒精为稀释剂，制成多种样品，然后选取适量样品滴在小船尾部边缘进行实验。小明发现圆珠笔油浓度减小时，“油墨小船”运动明显加快。小明制作样品的操作方法是 。
（3）当实验条件确定时，“油墨小船”获得向前的能量大小是固定的，为了使图中“油墨小船”获得更大的速度，可以采取的措施是 。
【答案】（1）先变快后变慢；水的温度越高，“油墨小船”运动越快；非平衡力
（2）将不同滴的酒精与相同滴的圆珠笔油均匀混合
（3）减轻“油墨小船”的质量
【解析】【解答】（1）对比每个温度的速度变化可知，都是速度先变快后变慢。
对比相同时间的速度，温度越高的小船，获得的速度越快。
由于小船的速度是变化的，运动状态改变，说明受力不平衡。
（2）改变圆珠笔油浓度，可以用相同的一滴圆珠笔油与不同的酒精混合，得到不同的浓度。
（3）当实验条件确定时，“油墨小船”获得向前的能量大小是固定的，即获得的动能相同，而动能与质量和速度有关，要速度，必须减小质量，故方法是：减轻“油墨小船”的质量。
故答案为：（1）先变快后变慢；水的温度越高，“油墨小船”运动越快；非平衡力。
（2）将不同滴的酒精与相同滴的圆珠笔油均匀混合。
（3）减轻“油墨小船”的质量。
【分析】（1）根据表格中数据分析解答；根据速度变化分析是否受力平衡。
（2）根据改变圆珠笔油浓度的方法结合控制变量法分析解得。
（3）根据小船运动的能量一定，根据动能有关因素分析解答。
24． 19世纪中期，科学家想在地面用实验证明地球在自转，但地面上所有物体都随地球做同样的运动，实验几乎不可能成功。年轻的科学家傅科发现：在摆架下用细线系一个摆球，如图甲所示。让摆球摆动时转动摆架，在没有外界干扰时，摆球摆动面不变，如图乙所示。
于是，傅科设想在地球某处安装图甲所示的实验装置，让摆球摆动方向对着某颗恒星，当地球自西向东自转后，摆架随地球一起转动，站在地面的观察者就可以判断地球的运动。1851年，傅科在巴黎用一个摆长67m，质量28kg的摆球证明了地球的自转，人们将这样的摆叫傅科摆。理论计算得出，在地球纬度为φ的地方，傅科摆转动一圈的时间为。
我国北京天文馆里有一个长10m的傅科摆，北京的地理纬度约为40°，北京的傅科摆每小时转过的角度为是北极傅科摆每小时转过的角度。（已知）
（1）如图丙所示，某同学用可以转动的圆桌代替地球模拟上述实验。具体操作是：摆球摆动后 ，通过观察 来证明地球的自转。
（2）在地球纬度越高的地方，傅科摆实验的效果越 。
（3）北京的天文馆里傅科摆1小时转过的角度大约为 ，以地面为参照物，傅科摆摆球是 的（选填“运动”或“静止”）。
【答案】（1）转动圆桌；摆球的摆动面相对于摆架位置的改变
（2）明显
（3）9.6；运动
【解析】【解答】（1）摆球摆动后转动桌子，通过观察摆球的摆动面相对于摆架位置的改变来证明地球的自转。
（2）维度越高，sinφ越大，傅科摆效果越明显。
（3）北京的天文馆里傅科摆1小时转过的角度大约为，以地面为参照物，傅科摆的摆球是运动的。
【分析】根据题中所给信息进行分析。××牌电水壶
额定电压
220V
电源频率
50Hz
加热功率
880W
保温功率
44W
T/℃
17
35
65
t/s
0.5
1
2
3
0.5
1
2
3
0.5
1
2
3
2.3
2.1
2.0
1.9
5.3
6.2
5.9
4.8
6.4
8.2
6.3
5.1