2024~2025学年山东省东营市九年级上学期期末考试物理试卷（解析版）

这是一份2024~2025学年山东省东营市九年级上学期期末考试物理试卷（解析版），共16页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图与实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单项选择题：（本大题共10小题，每小题3分，共30分，在以下每小题列出的四个选项中，只有一项是最符合题意的）
1．（3分）下列关于电学知识说法正确的是（ ）
A．马路两旁的路灯，晚上同时亮早上同时灭，它们之间的连接方式是串联
B．温度一定时，粗细相同的铜线，长度越长，铜线电阻越大
C．根据可知导体的电阻与电压成正比，与电流成反比
D．验电器的工作原理是：同种电荷相互吸引
【答案】B
【解析】A．马路两旁的路灯，晚上同时亮早上同时灭，它们的工作互不干扰，所以它们之间的连接方式是并联，故A错误；
B．导体的电阻和长度、横截面积、材料以及温度有关，当材料、横截面积和温度相同时，导体越长电阻越大，所以，粗细相同的铜线，长度越长，电阻越大，故B正确；
C．导体的电阻是导体的一种属性，与导体的长度、横截面积、材料和温度有关，与其两端电压及通过它的电流无关，故C错误；
D．验电器的工作原理是：同种电荷相互排斥，故D错误。
2．（3分）下列图片所展示的现象中，属于汽化的是（ ）
A．图甲——初春，房檐下形成冰锥
B．图乙——盛夏，湿衣服在风中变干
C．图丙——深秋，树叶上形成白霜
D．图丁——寒冬，嘴里呼出“白气”
【答案】B
【解析】A．冰锥是由雪熔化成水，然后熔化的水下落过程中，遇冷又凝固成冰锥，故A不符合题意；
B．湿衣服变干是衣服上的液态水蒸发变成了气态水蒸气，属于汽化，故B符合题意；
C．白霜是空气中的水蒸气遇到温度低的树叶凝华为固态小冰晶，故C不符合题意；
D．寒冷的冬天，呼出的“白气”是水蒸气遇冷变成了小水珠，属于液化，故D不符合题意。故选：B。
3．（3分）下列关于如图所示的小实验操作时的注意事项说法不正确的是（ ）
A．图甲：为了拉近分子间距，两个铅块应该打磨光滑后再挤压
B．图乙：为了排除其他因素干扰，上面的瓶应该装二氧化氮下面的瓶应该装空气
C．图丙：为了引燃硝化棉，向下压活塞时应该更快一点
D．图丁：为了明显反映气体内能的变化，瓶子内应装入少量的水
【答案】B
【解析】A．将两个铅块打磨光滑，再挤压，有助于拉近分子间距，使分子之间产生较大的引力，使实验现象更明显，故A正确；
B．二氧化氮的密度大于空气的密度，若把二氧化氮气体放到上方，二氧化氮分子会下沉到下方的空气瓶子中，不能说明分子在不停地做无规则运动，所以为了排除其他因素干扰，上面的瓶应该装空气，故B错误；
C．为了使棉花被点燃，应快速压下活塞，如果下压活塞速度较慢，可能会使棉花温度低于着火点，不会被点燃，故C正确；
D．可以通过出现的白气来判断空气内能的变化，白气是空气内能变化时，空气内水蒸气液化产生的，为了明显反映气体内能的变化，瓶子内应装入少量的水，故D正确。
4．（3分）新能源汽车逐渐进入人们的生活，相应的新能源汽车充电桩也大量出现，关于充电桩的安装及其安全使用，说法一定正确的是（ ）
A．充电桩在安装时，必须安装配套漏电保护器
B．排列成串的充电桩有可能是相互串联安装的
C．充电桩输出功率越大，与之配套的导线越细
D．接了漏电保护器，充电桩就不用再接地线了
【答案】A
【解析】A．充电桩在安装时，必须安装配套漏电保护器，故A正确；
B．排列成串的充电桩互不影响，是并联的，故B错误；
C．充电桩输出功率越大，与之配套的导线越粗，故C错误；
D．接了漏电保护器，充电桩还需要接地，故D错误。
5．（3分）2024年10月30日4时27分，“长征二号F遥十九”运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，将“神舟十九号”载人飞船成功送入太空预定轨道，如图所示。下列说法不正确的是（ ）
A．火箭发动机属于热机
B．火箭发动机将燃料燃烧释放的内能转化为机械能
C．火箭利用偏二甲肼作燃料，是因为偏二甲肼的比热容大
D．火箭能承受与大气剧烈摩擦导致的高温，其外壳具有熔点较高的特点
【答案】C
【解析】A．火箭发动机属于热机，利用内能做功的机械叫热机，火箭的发动机利用内能做功，将内能转化成机械能，故A正确，不符合题意；
B．火箭发动机将燃料燃烧释放的内能转化为机械能，故B正确，不符合题意；
C．火箭利用偏二甲肼作燃料，是因为偏二甲肼的热值大，和其它燃料相比，同质量的偏二甲肼燃烧释放的热量更多，故C错误，符合题意，
D．火箭能承受与大气剧烈摩擦机械能转化成内能，导致外壳的高温，其外壳具有熔点较高的特点，使外壳不至于因温度过高而熔化，故D正确，不符合题意。
6．（3分）水的比热容大这一特性在生活中有着广泛的应用，下列生活实例不是利用水的比热容大这一特性的是（ ）
A．甲图，海边的昼夜温差较小
B．乙图，空调房里放盆水可以增加湿度
C．丙图，冬天暖气设备用热水供暖
D．丁图，用水冷却汽车发动机
【答案】B
【解析】A．沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，冬暖夏凉，昼夜温差小，故A不符合题意；
B．空调房里放盆水可以增加湿度，是利用了水的汽化，使空气中的水蒸气含量增加，增大湿度，与水的比热容无关，故B符合题意；
C．因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以冬天暖气设备用水供暖，故C不符合题意；
D．因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水冷却汽车发动机，故D不符合题意。
7．（3分）关于温度、热量和内能，下列说法中不正确的是（ ）
A．物体的温度不变，内能可能减小
B．内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体
C．物体的内能增加，其温度不一定升高
D．物体的质量越大，温度越高，其所含的热量越多
【答案】D
【解析】A．晶体凝固时，温度不变，内能减小，故A正确；
B．热传递方向是能量从高温物体传到低温物体，与内能大小无关，故内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体，故B正确；
C．晶体熔化或者液体沸腾时吸收热量、内能增大但温度保持不变，故C正确；
D．热量是一个过程量，在描述热量时只能说“吸收”或“放出”不能说“含有”或“具有”，故D错误。故选：D。
8．（3分）如图是“探究电流通过导体时产生的热量跟什么因素有关”的实验装置。R1、R2、R3的阻值均为10Ω，两个容器中密封着等量的空气，U形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。下列说法正确的是（ ）
A．该实验装置U形管液面高度变化是液体热胀冷缩的缘故
B．图中实验是为了探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系
C．通电一段时间后，右侧U形管中液面的高度差比左侧的大
D．若将图中R3也放入右侧密闭容器里，可探究电流产生的热量与电阻的关系
【答案】D
【解析】A．电流通过导体产生的热量用导体产生的热量来加热容器内的空气，容器中空气会由于热胀冷缩而使U形管液面出现高度差，这种研究方法叫转换法，所以该实验装置U形管液面高度变化是气体热胀冷缩的缘故，故A错误；
BC．图中，研究对象为容器内的电阻，两个容器内的电阻阻值相同，右侧容器内的电阻R2和另一电阻并联，通过R2的电流为支路电流，通过R1的电流为干路电流，由并联电路中干路电流等于各支路的电流之和可知，通过R1的电流大于通过R2的电流，通电时间相同，所以，该实验是为了探究电流产生的热量与电流的关系；左侧容器中通过电阻的电流大于右侧容器中通过电阻的电流，已知R1＝R2，通电时间相同，根据焦耳定律Q＝I2Rt可知，在电阻和通电时间相同时，左侧容器中的电阻R1产生的热量较多，左侧U形管中液面的高度差更大，故BC错误；
D．若将图中R3也放入右侧密闭容器里，通过R2、R3的总电流等于通过R1的电流，R2、R3的总电阻小于R1的电阻，通电时间和电流相同时，可探究电流产生的热量与电阻的关系，故D正确。故选：D。
9．（3分）小张家最近购买了一款智能扫地机，当手动触摸按钮闭合开关S1，或对它说“开始打扫”（相当于闭合语音开关S2），电动机M开始工作，扫地机进入打扫模式。若在清扫过程出现意外，则自动闭合开关S3使电铃通电警示。如图中符合上述要求的电路是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【解析】根据题意可知：当手动闭合触摸按钮开关S1，或对它说“开始打扫”（相当于闭合语音开关S2），电动机M开始工作，扫地机进入打扫模式，这说明两个开关互不影响，是并联的，然后与电动机串联在电路中，若在清扫过程出现意外，则自动闭合开关S3使电铃通电警示，说明电动机和电铃能够独立工作，是并联，且开关S3与电铃串联，故C符合题意。故选：C。
10．（3分）图甲是灯泡L和电阻R的I﹣U图象。将灯泡L和电阻R接入如图乙所示的电路中，只闭合开关S1时，灯泡L的实际功率为1W。下列说法正确的是（ ）
A．只闭合开关S1时，灯泡L的电阻为2.5Ω
B．再闭合开关S2后，电流表的示数增大0.4A
C．再闭合开关S2后，电路的总功率为1.4W
D．再闭合开关S2后，在1min内电阻R产生的热量为240J
【答案】C
【解析】A．只闭合开关S1时，电路为L的简单电路，
由图象可知，当UL＝2V、IL＝0.5A时，灯泡的实际功率PL＝ULIL＝2V×0.5A＝1W，
则电源电压U＝UL＝2V，电流表示数为 0.5A，
由I＝可得，小灯泡L的电阻为：RL＝＝＝4Ω，故A错误；
BCD．再闭合开关S2时，L与R并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以UR＝U＝2V，
由图象可知，通过R的电流IR＝0.2A，
在1min内电阻R产生的热量为：Q＝URIRt＝2V×0.2A×60s＝24J，故D错误。
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以电流表示数增加了0.2A，故B错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流I＝IL+IR＝0.5A+0.2A＝0.7A，
电路的总功率P＝UI＝2V×0.7A＝1.4W，故C正确。故选：C。
二、填空题：（本大题包括7小题，每空1分，共14分）
11．（2分）《本草纲目》记载：“琥珀如血色（如图），以布拭热，吸得芥子者真也”。“拭”指摩擦，“以布拭热”是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变琥珀的内能。“吸得芥子”是由于琥珀因摩擦而带电，从而具有了 的性质。
【答案】做功；吸引轻小物体
【解析】改变内能的方法是做功和热传递，“以布拭热”是通过做功的方式改变琥珀的内能。“吸得芥子”是由于琥珀因摩擦得到电子而带电，从而吸引轻小物体的性质。
12．（2分）北斗三号全球卫星导航系统正式开通以来，运行稳定，持续为全球用户提供优质服务，系统服务能力步入世界一流行列。北斗卫星利用 向地面传递信息，北斗卫星上的芯片采用 材料制成。
【答案】电磁波；半导体
【解析】北斗卫星利用电磁波向地面传递信息；北斗卫星上的芯片采用半导体材料制成。
13．（2分）核电站的核心设备是核反应堆，它是通过 （填“核聚变”或“核裂变”）释放能量的，核能属于 （填“可再生”或“不可再生”）能源。
【答案】核裂变；不可再生
【解析】核电站的核心设备是核反应堆，它是通过核裂变释放能量的。
核能属于不可再生能源，在短时间内不能再生。
14．（2分）如图所示，小明在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小团硝化棉，用力将活塞迅速下压，棉花被点燃。在快速下压活塞的过程中筒内气体内能 （选填“增大”或“减小”）。此过程的能量转化方式与汽油机的 冲程相同。
【答案】增大；压缩
【解析】快速下压活塞的过程中，对筒内气体做功，将机械能转化为内能，筒内气体内增大。此过程的能量转化方式与汽油机的压缩冲程相同。
15．（2分）两个电阻R1：R2＝2：3串联后接在电源上，它们消耗电功率之比P1：P2＝ ，若将它们并联起来，接到电源上，消耗的电功率之比P1′：P2′＝ 。
【答案】2：3；3：2
【解析】（1）两电阻串联时，∵通过两电阻的电流相等，
∴根据P＝I2R可知，两电阻消耗的电功率之比：P1：P2＝R1：R2＝2：3；
（2）两电阻并联时，∵两电阻两端的电压相等，
∴根据P＝可知，P1′：P2′＝R2：R1＝3：2。
故答案为：2：3；3：2。
16．（2分）甲灯标有“220V、40W”，乙灯标有“220V、100W”，若它们的灯丝是用长度相同的钨丝制成，则灯丝较细的是 灯：让两灯都在额定电压下工作，则 灯较亮。（选填“甲”或“乙”）（不考虑灯丝的电阻的变化）
【答案】甲；乙
【解析】根据公式R＝可知，甲、乙两盏灯的电阻分别为：
R甲＝＝＝1210Ω，R乙＝＝＝484Ω，
所以甲灯的电阻大于乙灯的电阻；由于灯丝的材料、长度相同时，灯丝的电阻与横截面积成反比，所以甲灯的灯丝电阻大，灯丝就较细；
两盏灯两端电压均为220V，都能正常工作，两灯实际功率都为额定功率，乙灯的额定功率大于甲灯，所以使用时乙灯较亮，甲灯较暗。
17．（2分）小敏家的电能表如图所示，该电能表正常工作时，他家的电路上最多可接“220V 25W”的电灯 盏；如果只接通一个用电器工作，6min电能表转盘转过30r，那么这个用电器的功率是 W。
【答案】27；100
【解析】（1）由电能表表盘可知，电能表正常工作时的电压是220V，标定电流是5A，
家中用电器的总功率不能超过：P大＝UI＝220V×5A＝1100W，
他家的电路上最多可接“220V 40W”电灯的盏数：n＝＝27.5盏，
则最多可装27盏；
（2）3000R/kW•h 表示电能表转盘每转过1R，电路中消耗kW•h的电能，
所以电能表转盘转过30R用电器消耗的电能：W＝30×kW•h＝0.01kW•h＝3.6×104J，
工作时间t＝6min＝360s，
则这个用电器的功率：P＝＝＝100W。
故答案为：27；100。
三、作图与实验探究题（本大题包括5小题，共35分）
18．（2分）图（a）中，是一个磁悬浮地球仪，图（b）是其内部结构示意图，地球仪内部的条形磁体上端为S极，其下方的底座中有一个电磁铁，请在图（b）括号中标出开关闭合后电磁铁的N极和电源的“+”极。
【答案】见解析
【解析】根据图示可知，条形磁铁上端为S极、下端为N极，根据同名磁极相互排斥可知，电磁铁的上端为N极，根据安培螺旋定则可知，电流从电源的正极流出、负极流入，所以下端为正极，如图所示：
19．（3分）根据实物图，以笔画线代替导线在虚框中画出电路图。
【答案】见解析
【解析】由实物图知，两灯并联，开关S、下面的电流表在干路上，灯L2、滑动变阻器在一条支路，灯L1、上面的电流表在一条支路，电路图如图所示：
20．（8分）学习了电和磁的相关知识，完成下列三个实验。
（1）观察图甲发现，通电螺线管外部的磁场分布与 磁体的磁场十分相似。
（2）图乙中，闭合开关，让导线ab在磁场中上下运动时，灵敏电流表指针 ，让导线ab静止，磁铁左右运动时，灵敏电流表指针 （以上两空均选填“偏转”或“不偏转”），根据这一原理发明了 。
（3）图丙所示的实验装置中，闭合开关后，原来处于静止状态的铝杆ab会在水平放置的铜制轨道上运动起来，这说明： 。根据这一原理发明了电动机，其工作时能量的转化方式是 （选填“机械能转化为电能”或“电能转化为机械能”）。
【答案】（1）条形；（2）不偏转；偏转；发电机；
（3）通电导体在磁场中受力的作用；电能转化为机械能。
【解析】（1）由以上实验探究的结果可知：通电螺线管外部磁场与条形磁体的磁场相似，都有两个磁极；
（2）闭合开关，让导体ab在磁场中上下运动，由运动方向与磁感线方向平行，没有切割磁感线，所以电流表的指针不偏转；让导体ab静止，磁铁水平向右运动，导体也会切割磁感线，则会产生感应电流，电流表的指针偏转。
由该实验可得出的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。利用电磁感应现象制成了发电机；
（3）当闭合开关，金属棒ab中会有电流通过，故此时发现ab棒在水平铜制轨道上运动，即其运动状态发生了改变，即一定受到了力的作用，故说明通电导体在磁场中受力的作用。根据这一原理发明了电动机，消耗了电能，得到了机械能，其工作时能量的转化方式是电能转化为机械能。
21．（10分）小明分别在厨房和实验室中观察水的物态变化。
（1）厨房里壶中的水烧开以后，壶嘴上方冒出一团团“白气”。小明仔细观察发现：
①靠近壶嘴的地方，我们什么也看不见。这是因为壶内水沸腾时产生了大量的水蒸气，在壶嘴附近由于温度比较 ，仍然保持 状态。
②水蒸气离开壶嘴一段距离以后， （填物态变化名称）形成“白气”。
（2）实验室中，同学们分组做“探究水的沸腾”实验。
①实验室常用的温度计是利用 的性质进行测量的。
②“超越组”用的是如图甲所示的装置，这样测出的水的温度会偏 （选填“高”或“低”）。
③“先锋组”将水加热一段时间后，温度计的示数如图乙所示，此时水的温度为 ℃。
④当温度计的示数达到99℃时，烧杯中的水开始沸腾，说明当时的大气压可能 （选填“高于”“低于”或“等于”）标准大气压。
⑤为了受热均匀，另一位同学采用隔水加热的方法来探究试管内水的沸腾特点，如图丙所示。你认为这个装置 （选填“更完善”或“不合理”），原因是 。
【答案】（1）①高；气体；②液化；（2）①液体的热胀冷缩； ②高；③94；
④低于；⑤不合理；烧杯中的水沸腾后，温度不再升高，所以试管中的水达到沸点，但由于吸不到热，所以不能沸腾。
【解析】（1）①高温的水蒸气在遇冷时才会发生液化现象，而在靠近壶嘴的地方，温度高，水蒸气不易液化，仍是无色的水蒸气，保持气态；
②水蒸气离开壶嘴一段距离以后，由于水蒸气遇冷而发生液化形成小水滴，从而形成“白气”；
（2）①实验室中常用的温度计的玻璃泡内装有酒精或者煤油等液体，当温度升高或者降低时，玻璃泡内的体积会发生改变，所以实验室常用的温度计是利用液体热胀冷缩的性质来测量温度的；
②由图甲知，温度计的玻璃泡碰到了容器底，由于容器底部的温度高于水内部的温度，故这样测出的温度会偏高；
③由图乙知，温度计的分度值为1℃，所以温度计的示数为94℃；
④1标准大气压下水的沸点为100℃，水的沸点随着气压的降低而减小，实验中，当温度计的示数达到99℃时，烧杯中的水开始沸腾，即水的沸点为99℃，因此当时的大气压可能低于标准大气压；
⑤烧杯中的水沸腾后，温度不再升高，所以试管中的水达到沸点，但由于吸不到热，所以不能沸腾。因此用这个装置探究水的沸腾不够合理。
22．（12分）为了探究并联电路的电流规律，小明同学设计了如图甲所示的电路进行实验。
（1）图乙实物图中，闭合开关，电流表测量图甲中 处电流（选填“A”、“B”或“C”）；
（2）在闭合开关前，电流表的指针（实线箭头为指针）出现了如图丙所示的情况，出现该现象的原因是 ；
（3）排除故障后，电流表测量C处电流的示数如图丁所示，则电流表的示数为 A；
（4）小明将测出的一组数据记录在下列表格中，如下表所示。他由数据归纳出了结论：在并联电路中， ；同组的小红同学认为实验有不足之处，不足的是： ，应该： 。
【答案】（1）A；（2）电流表没有调零；（3）0.24；
（4）干路电流等于各支路电流之和；只有一组数据就得出结论，具有偶然性；应更换不同规格的灯泡多次实验。
【解析】（1）由实物电路可知，电流表串联接在干路上，所以测的是A处的电流。
（2）在闭合开关前，电流表指针没有指在零刻度线上，说明电流表没有调零。
（3）由图可知，电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.24A。
（4）根据表中数据可知IA＝IB+IC
则可得结论：在并联电路中，干路里的电流等于各支路中电流之和。
只有一组数据就得出结论，具有偶然性，应更换不同规格的灯泡多次实验。
四、计算题（本大题共2小题，23题9分，24题12分，满分21分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分，有数字计算的题，答案中必须写出数位和单位）
23．（9分）如图所示的电路中，电源两端电压U＝9V，R1、R2、R3均为定值电阻，其中R2＝45Ω，R3＝30Ω。
（1）当开关S、S1和S2均闭合时，求电流表的示数I；（2）当闭合开关S，断开开关S1和S2时，电压表示数为3V，通电1min，电流对电阻R1做的功。
【答案】（1）0.5A；（2）36J。
【解析】（1）当开关S、S1 和 S2 均闭合时，R2 与 R3 并联，
根据并联电路的电压特点可知，U2＝U3＝U＝9V，
则通过R2的电流：，
通过R3的电流：，
根据并联电路的电流特点可知，干路的总电流：I＝I2+I3＝0.2A+0.3A＝0.5A，
即电流表的示数为0.5A；
（2）当闭合开关S，断开开关 S1 和 S2 时，R1 与 R3串联，电压表测量R3两端的电压，此时通过R3的电流：I3′＝＝＝0.1A，
根据串联电路的电流特点可知，通过R1的电流：I1＝I3′＝0.1A，
根据串联电路的电压特点可知，R1两端的电压：U1＝U﹣U3′＝9V﹣3V＝6V，
则通电1min，电流对电阻R1做的功：W＝U1I1t＝6V×0.1A×1×60s＝36J。
答：（1）当开关S、S1和S2均闭合时，电流表的示数I为0.5A；
（2）当闭合开关S，断开开关S1和S2时，电压表示数为3V，通电1min，电流对电阻R1做的功为36J。
24．（12分）为实现自动控制，小明同学利用电磁继电器（电磁铁线圈电阻不计）制作了具有延时加热、保温、消毒等功能的恒温调奶器，其电路图如图甲所示.控制电路中，电压U1＝3V，定值电阻R0＝50Ω，热敏电阻R的阻值随温度变化的图象如图乙所示；工作电路中，电压U＝220V，R1＝836Ω，R2＝44Ω.已知恒温调奶器容量为2kg，水温达到80℃时衔铁会跳起。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（1）求衔铁刚跳起时，通过电磁铁线圈的电流。
（2）求工作电路在保温状态下的电功率。
（3）当调奶器加满温度为25℃的水，加热元件工作500s后衔铁跳起，求此过程中水吸收的热量及恒温调奶器的加热效率。
【答案】（1）衔铁刚跳起时，通过电磁铁线圈的电流为0.02A；
（2）工作电路在保温状态下的电功率为55W；
（3）此过程中水吸收的热量为4.62×105J，恒温调奶器的加热效率为84%。
【解析】（1）由图可知当温度为80℃时，热敏电阻的阻值为100Ω，串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以控制电路的总电阻为：R控＝R+R0＝100Ω+50Ω＝150Ω，
衔铁刚弹起时，通过电磁铁线圈的电流：I＝＝＝0.02A，
（2）由P＝可知，当只有R2接入工作电路，工作电路中总电阻最小，功率最大，处于加热状态；当R1和R2串联接入工作电路，工作电路中总电阻最大，功率最小，处于保温状态；则保温功率为：P＝＝＝55W；
（3）水吸收的热量为：
Q＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（80℃﹣25℃）＝4.62×105J，
恒温调奶器加热状态下的电功率：P＝＝＝1100W；
500s内消耗的电能：W＝Pt＝1100W×500s＝5.5×105J，
恒温调奶器的加热效率：η＝×100%＝×100%＝84%。
答：（1）衔铁刚跳起时，通过电磁铁线圈的电流为0.02A；
（2）工作电路在保温状态下的电功率为55W；
（3）此过程中水吸收的热量为4.62×105J，恒温调奶器的加热效率为84%。A点的电流IA/A
B点的电流IB/A
C点的电流IC/A
第一次测量
0.66
0.42