专题17 电功率（测试）-中考物理一轮复习讲练测（广东专用）

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（满分100分，时间60分钟）
一、选择题（每小题3分，共39分）
1．（2024·山东济宁·中考真题）图中，小灯泡、的额定电压相同。闭合开关后，发现比亮，下列分析正确的是（ ）
A．的额定功率比的额定功率大
B．两端电压比两端电压小
C．的电阻比的电阻大
D．通过的电流比通过的电流小
【答案】C
【详解】AC．开关闭合后，L1比L2亮，则说明L1的实际功率大于L2的实际功率，由于L1、L2两灯串联在电路中，所以通过L1、L2的电流相等，由可知灯L1的阻值大于灯L2的阻值，小灯泡、的额定电压相同，由可知，L1的额定功率比L2的额定功率小，故A错误，C正确；
BD．由于L1、L2两灯串联在电路中，所以通过L1、L2的电流相等，由可知灯L1的阻值大于灯L2的阻值，由U=IR可知两端电压比两端电压大，故BD错误。
故选C。
2．（2024·广东广州·三模）如图所示，这是一种测量体重的装置，下列说法不正确的是（ ）
A．体重示数计是由电流表改装成的
B．电路中定值电阻R1的作用是保护电路，防止损坏体重示数计
C．所测人的体重越大，体重计示数越大
D．所测人的体重越大，定值电阻R1消耗的电功率越小
【答案】D
【详解】A．由电路图可知，该电路为串联电路，体重显示表串联在电路中，所以体重显示表是用电流表改装成的，故A正确，不符合题意；
B．当R2接入电路中的电阻较小时，电路中的电流较大，电路中接入定值电阻R1，可以保护电路，故B正确，不符合题意；
CD．体重测量仪所测体重越大，在杠杆的作用下滑片上移，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由可知，电路中的电流变大，即体重显示表的示数越大；电路中的电流越大，由可知，R消耗的电功率越大，故C正确，不符合题意，D错误，符合题意。
故选D。
3．（2024·广东惠州·二模）如题图所示，标有“4．8V，0．5A”的灯泡L1和标有“6V，0.35A”的灯泡L2连接成串联电路，电源电压可调节。闭合开关S，使电源电压从0V逐渐增加，下列说法正确的是（ ）
A．灯泡L1和L2两端电压相等B．通过灯泡L1的电流比L2的大
C．灯泡L1的额定功率为2.1WD．灯泡L2先正常发光
【答案】D
【详解】AB．灯泡L1和L2的电阻分别为
因为两灯泡串联，串联电路中各处电流都相等，因此通过灯泡L1的电流和通过L2的电流一样大，根据可知，灯泡L1两端的电压小于L2两端的电压，故AB错误；
C．根据可知，灯泡L1的额定功率为
故C错误；
D．闭合开关S，两个灯串联在电路中，使电源电压从0V逐渐增加，电路中电阻一定，由可知，电路中的电流变大，由于灯L2的额定电流0.35A小于L1的额定电流0.5A，电路中的电流先达到L2的额定电流，因此灯泡L2先正常发光，此时另一灯泡的电流也是0.35A，故D正确。
故选D。
4．（2024·广东汕尾·二模）如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，滑动变阻器滑片P从中点向下端移动时，下列说法正确的是（ ）
A．电压表V的示数不变，电流表的示数变小
B．电压表V的示数变大，电流表的示数不变
C．电压表V的示数不变，消耗的功率不变
D．电压表V的示数不变，电流表A的示数不变
【答案】C
【详解】分析电路图可知，开关S闭合后，R1与R2并联，电压表测电源电压，故电压表示数不变。电流表A1测电阻R1的电流，电流表A测干路电流。滑片P由中点向下移动过程中，R2接入电路中的电阻变大，由于R1与R2并联，所以R2两端电压等于电源电压不变，则通过R2的电流变小，而R1两端电压等于电源电压不变，R1的电阻不变，则通过R1的电流不变，电流表A1的示数不变；由可知，R1的功率不变；由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A的示数变小。故ABD错误，C正确。
故选C。
5．（2024·广东汕头·二模）如图所示，材料、横截面积等均相同，长度不同的两根电阻丝串联在电路中，在它们表面涂上厚度一样的蜡，闭合开关一段时间后，会观察到（ ）
A．R1上的蜡熔化得快B．R2上的蜡熔化得快
C．R1、R2上的蜡熔化得一样快D．无法比较
【答案】A
【详解】由图可知，该电路为串联电路；通过两个电阻的电流、通电时间相同，电阻不同，根据焦耳定律可知，电阻越大，产生的热量越多；材料、横截面积等均相同，长度不同的两根电阻丝，R1的长度大于R2的长度，R1的电阻大于R2的电阻，则R1产生的热量较多，R1上的蜡熔化的快一些，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
6．（2024·北京·中考真题）在两个相同的烧杯中分别装有两种液体A、B，其质量；用额定电压相同的甲、乙两个电加热器分别加热液体A、B，电加热器的额定功率，它们均正常工作。液体A、B的温度随加热时间变化的关系如图所示。不考虑热量损失，下列说法正确的是（ ）
A．液体A的沸点等于液体B的沸点
B．电加热器甲的电阻丝阻值大于乙的电阻丝阻值
C．相同时间内液体A吸收的热量等于液体B吸收的热量
D．液体A的比热容大于液体B的比热容
【答案】D
【详解】A．液体达到沸点时开始沸腾，沸腾时温度不变，继续吸热，由图可知，A的沸点大于B的沸点，故A错误；
B．由题意可知，两个加热器的额定电压相同，额定功率，由可知，，即电加热器甲的电阻丝阻值小于乙的电阻丝阻值，故B错误；
C．用额定电压相同的甲、乙两个电加热器分别加热液体A、B，因，加热相同的时间，由
可知，相同时间内甲加热器释放的热量多，则相同时间内液体A吸收的热量大于液体B吸收的热量，故C错误；
D．由图像可知，AB均未沸腾前，加热相同的时间，温度升高的快慢相同，即，但是由于，因此加热相同的时间，，由题意可知，则可知，。故D正确。
故选D。
7．（2024·内蒙古·中考真题）如图甲所示的电路中，电源电压恒定，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯泡正常发光的位置，两电压表示数与电流表示数变化的关系图像如图乙所示，则下列说法正确的是（ ）
A．b曲线表示电压表V2示数与电流表示数变化的关系图像
B．电源电压为8V
C．滑动变阻器接入电路的阻值范围是
D．灯泡的额定功率为3.5W
【答案】D
【详解】A．电路为串联电路，电压表V1测量滑动变阻器两端电压，电压表V2测量灯泡两端电压。将滑动变阻器的滑片P从最右端滑至灯泡正常发光的位置，滑动变阻器连入电路的阻值变小，电源电压不变，由可知，电路中电流变大，由串联电路的分压特点可知，滑动变阻器两端的电压减小，即V1示数变小，灯泡两端的电压变大，即V2示数变大，由图乙可知，b曲线表示电压表V1示数与电流表示数变化的关系图像，a曲线表示电压表V2示数与电流表示数变化的关系图像，故A错误；
B．由图乙可知，当电流为0.2A时，灯两端的电压为1V，滑动变阻器两端的电压为8V，串联电路电源电压等于各用电器电压之和，所以电源电压为9V，故B错误；
C．当电流为0.2A，两端电压为8V时，滑动变阻器连入电路的阻值最大，则最大阻值为
当电流为0.5A，两端电压为2V时，滑动变阻器连入电路的阻值最小，则最小阻值为
所以滑动变阻器连入电路的阻值范围为，故C错误；
D．灯正常发光时，电路中电流为0.5A，滑动变阻器两端电压为2V，则灯两端的电压为
灯额定功率为
故D正确。
故选D。
8．（2024·山东济南·中考真题）如图所示，是“220V 15W”的LED灯和“220V 15W”的白炽灯正常工作时将电能转化为内能和光能的占比图。当两灯均正常工作时，下列说法正确的是（ ）
A．灯两端的实际电压：LED灯低于白炽灯
B．相同时间产生的内能：LED灯多于白炽灯
C．相同时间消耗的电能：LED灯少于白炽灯
D．电能转化为光能的效率：LED灯高于白炽灯
【答案】D
【详解】A．由两灯的规格可知，两灯的额定电压都是220V，所以两灯正常工作时，灯泡的实际电压都达到220V，所以两灯的实际电压相等，故A错误；
BC．由两灯的规格可知，两灯的额定功率都是15W，所以两灯正常工作时，相同时间消耗电能相同，由于LED灯将电能转化为内能的占比较少，所以相同时间LED灯产生的内能更少，故BC错误；
D．由图可知，正常工作时，LED灯将电能转化为光能的占比比白炽灯将电能转化为光能的占比大，所以LED灯将电能转化为光能的效率高，故D正确。
故选D。
9．（2024·山东泰安·中考真题）如图甲所示电路，电源电压保持不变，电阻，图乙为小灯泡L的关系图象。当只闭合开关时，电阻功率为，电流表示数为，电路的总功率为；当开关、闭合，断开时，电流表示数为，电路的总功率为；当开关闭合，断开时，灯泡L正常发光，此时灯泡L的电阻为，电路的总功率为。已知，下列说法中（ ）
① ② ③ ④
A．只有②④正确B．只有①④正确C．只有②③正确D．只有③④正确
【答案】A
【详解】①②由图甲可知，当只闭合开关时，只有R1和电流表接入电路中，电路的总功率等于R1的电功率，P1=1.8W，电源电压
当开关、闭合，断开时，电阻R1和R2并联，电流表测量干路中的电流，已知，所以电路的总功率
P2=5P1=5×1.8W=9W
电路的总电阻
由电阻的并联可知
R2=5Ω
故②正确，①错误；
③④当开关闭合，断开时，灯泡L和电阻R1并联，电流表测量干路中的电流，灯泡L两端的电压等于电源电压，灯泡L两端的电压是6V，由图乙可知，通过灯泡的电流是0.3A，灯泡电阻
灯泡的电功率为
PL=ULIL=6V×0.3A=1.8W
电阻R1的电功率是1.8W，电路的总功率为
P3=P1+PL=1.8W+1.8W=3.6W
故④正确，③错误。
故选A。
10．（2024·广东广州·三模）图甲为可见光的波段示意图。某款光敏电阻器（LDR）在无光照时的电阻值为5×105Ω，在波长为540nm的光照射时的阻值为5×103Ω，将两个这样的LDR连接成图乙电路，则（ ）
A．R1的功率比R2小
B．通过R1的电流比R2小
C．黄光比紫光的频率低
D．波长为540nm的光在真空中的传播速度比红光快
【答案】C
【详解】AB．由于R1、R2串联，根据串联电路电流的规律可知，通过两电阻的电流相等，因
根据公式
可知，R1的功率大，故AB不符合题意；
C．因为光的波长和频率成反比，波长越长，频率越低。由图甲可知，黄光的波长比紫光的长，则频率是黄光较低，故C符合题意；
D．光速与波长无关，无论什么色光，在真空中的光速都是3×108m/s，故D不符合题意。
故选C。
11．（2024·广东深圳·模拟预测）如图甲所示是智能化数显式圆规，它可以直接显示出所画圆的半径大小r。其内部等效电路图如图乙所示，OEF为一可旋转调节阻值的变阻器，当r增大时，即滑片P向顺时针方向移动，反之，则向逆时针方向移动。闭合开关，则下列说法中正确的是（ ）
A．半径r增大时，电压表示数一定增大
B．圆规的数显表盘对应图乙中的电流表示数
C．半径r增大时，电压表示数与电流表示数的比值一定减小
D．半径r减小时，电路的总功率一定减小
【答案】A
【详解】由题意知，智能化数显式圆规内部，相当于一个可旋转调节阻值的变阻器，由图可知，其与电阻R0串联，电流表测量电路电流，电压表并联在圆规两端，测量其两端电压；
ABC．当圆规示数r增大时，即滑片P向顺时针方向移动，则其接入电路的阻值变大，根据可得，电源电压不变，则电路电流减小，则电流表示数减小；根据串联电路分压原理可知，圆规分得的电压变大，则电压示数变大，则数显表盘对应图乙中的电压表示数；由此可知，电压表示数与电流表示数的比值一定增大，故A正确，BC错误；
D．当圆规示数r减小时，即滑片P应向逆时针方向移动，则其接入电路的阻值变小，根据可得，电源电压不变，则电路电流增大，则电流表示数增大，根据可知，电路的总功率增大，故D错误。
故选A。
12．（2024·四川巴中·中考真题）如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，电压表V1、V2示数之比为2∶3。下列说法正确的是（ ）
A．通过R1、R2的电流之比I1∶I2=1∶2B．R1、R2两端的电压之比U1∶U2=2∶1
C．相同时间R1、R2消耗电功之比W1∶W2=1∶2D．R1、R2的电功率之比P1∶P2=2∶1
【答案】C
【详解】A．闭合开关S，R1、R2串联，则通过两电阻的电流相等，即，故A错误；
B．电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测电源的电压，则R1、R2两端的电压之比为
故B错误；
C．相同时间R1、R2消耗电功之比
故C正确；
D．R1、R2的电功率之比
故D错误。
故选C。
13．（2024·四川达州·中考真题）如图所示电路，电源电压为18V保持不变，、为定值电阻，滑动变阻器最大阻值为30Ω。当滑片P位于最右端，同时闭合、时，滑动变阻器功率，电压表示数为，电流表示数为；P位于最右端，只闭合时，滑动变阻器功率为，电压表示数为，电流表示数为；将滑片P移至中点，只闭合时，滑动变阻器功率为，电压表示数为，电流表示数为。若，下列说法正确的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【详解】A．当滑片P位于最右端，同时闭合S1、S2时，电路为R2与滑动变阻器串联，滑动变阻器功率P1=7.5W，滑动变阻器阻值为30Ω，据P=I2R得，此时电路中电流为0.5A。此时
则R2为
当P位于最右端，只闭合S1时，电路为R2与R1与滑动变阻器串联，将滑片P移至中点，只闭合S1时，电路为R2与R1与滑动变阻器阻值的一半串联。因P2∶P3=8∶9，则有
解得
据电源电压不变得
得R1=9Ω，故A错误。
C．据欧姆定律得
同理得
I2=0.4A，I3=0.6A
故
I1∶I3=5∶6
故C正确。
B．U2同U3所测电压的电阻值相同，故
U2∶U3= I2∶I3=2∶3
故B错误。
D．又因为
故D错误。
故选C。
二、填空题（每空1分，共24分）
14．（2024·黑龙江牡丹江·中考真题）两个电阻串联在电路中，，两端的电压为1V，通过的电流为 A，两端的电压为 V，通电5min，上产生的热量为 J。
【答案】 0.1 2 30
【详解】[1]通过的电流为
[2]两个电阻串联，通过两个电阻的电流相等，即
所以两端的电压为
[3]通电5min，上产生的热量为
15．（2024·广东佛山·一模）如图为某电阻触摸屏的内部电路结构简化图，其中AB为电阻膜片，触摸点P将电阻膜片分为AP、PB两部分，当触摸点P水平向右滑动时，通过AP段电阻膜片的电流 ，其两端的电压 （前两空均选填“变大”“变小”“不变”）。当AP两端的电压为3V时，通过的电流为0.1A；滑动触摸点P，使AP两端的电压为4V，则此时AP段电阻膜片消耗的功率为 W。
【答案】 不变 变大 0.4
【详解】[1][2]由图可知该电路为电阻膜片AB的简单电路，P点左右滑动时，根据欧姆定律可知通过电路的电流不变，通过AP段电阻膜片的电流不变，根据U＝IR可知其两端的电压变大。
[3]当AP两端的电压为3V时，通过的电流为0.1A，使AP两端的电压变为4V，因为电流不变，则此时AP段电阻膜片消耗的功率为
P＝UI＝4V×0.1A＝0.4W
16．（2024·广东深圳·模拟预测）电动车是现今很多城市的主要交通工具，给电动车充电时，充电器将220V家庭电路电压降为电动车锂电池需要的充电电压。许多小区安装了公共充电插座，采取扫码付费自动充电（如图所示），这些插座都是 （填“串联”或“并联”）的。假设某充电器输出电压为50V，输出电流为2A，则它的输出功率是 W；若当地的商用电价为1元/（kW•h），那么充电电费5元可供电动车行驶 h。

【答案】 并联 100 50
【详解】[1]许多小区安装了公共充电插座，它们之间互不影响，则这些插座都是并联的。
[2]假设某充电器输出电压为50V，输出电流为2A，由得，它的输出功率是
[3]若当地的商用电价为1元/（kW•h），那么充电电费5元消耗的电能为
由得，可供电动车行驶的时间为
17．（2024·广东清远·一模）如题图所示是电阻甲和乙的I-U图像。由图可知：电阻乙的阻值为 。若将电阻甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端时，则干路的总电阻为 ，总电功率为 W。
【答案】 6 3.75 2.4
【详解】[1]图中可知，当电流为0.5A时，乙的电压为3V，电阻乙的阻值
[2][3]图中可知，将电阻甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端时，通过甲的电流是0.3A，通过乙的电流是0.5A，干路的总电流为
I=I甲+I乙=0.3A+0.5A=0.8A
干路的总电阻
总功率
P=UI=3V×0.8A=2.4W
18．（2024·广东中山·三模）如图甲是通过小灯泡L的电流跟其两端电压关系的图像，现将小灯泡L与电阻R连入图乙所示，电路中，只闭合S，小灯泡的实际功率为1.8W；再闭合S1，电流表示数为0.9A，则电源电压为 V，通过电阻R的电流为 A，当电源电压为3V时，电路消耗的总功率为 W
【答案】 6 0.6 1.5
【解析】【小题1】[1]只闭合S时，电路为小灯泡L的简单电路，电流表测电路中的电流，小灯泡的实际功率为1.8W，由图像可知UL=6V，IL=0.3A，此时小灯泡两端的实际电压就等于电源电压。
[2]再闭合S1后，电阻R与小灯泡L并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作，互不影响，所以，通过小灯泡L的电流不变。又因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电阻R的电流为
[3]电阻R的阻值为
电压变为3V时，通过R的电流为
由图像可知此时通过小灯泡的电流为0.2A，总电流为0.5A，总功率为
19．（2024·广东汕头·一模）如图为探究电流通过导体产生热量的多少与哪些因素有关的实验装置。若想探究电流通过导体产生热量的多少与电流的关系，则应选择 两个装置进行对比，通电时间相同时，产生热量最多的是 装置中的电阻丝。若通过乙装置中的电阻丝的电流为1A，则通电1min该电阻丝产生的热量为 J。
【答案】 甲、丙 乙 600
【详解】[1]电流产生热量的多少与电流、电阻和通电时间有关，想探究电流产生热量的多少与电流的关系，应控制电阻和通电时间相同，电流不同，甲、丙容器中的电阻是相同的，但电流不同，故应选择甲、丙两图进行实验。
[2]甲、丙中甲的电流大，电阻和通电时间相同，故甲比丙产生的热量多，甲、乙中，两电阻串联，通过它们的电流和通电时间相等，乙的电阻大，由Q=I2Rt可知，则乙产生的热量大于甲产生的热量，故乙最多。
[3]通过乙装置中的电阻丝的电流为1A，则通电1min该电阻丝产生的热量
Q=I2Rt=(1A)2×10Ω×60s=600J
20．（2024·山东枣庄·中考真题）如图所示，电源电压不变，小灯泡L标有“6V 3W”字样，滑动变阻器的规格“20Ω 1A”，电流表量程为0~0.6A。当开关S1、S2同时闭合时，小灯泡正常发光，则小灯泡正常发光的电阻RL为 Ω，滑动变阻器滑片P向右移动时，小灯泡的亮度将 （选填“变亮”“变暗”或“不变”）；保持开关S1始终闭合，通过调节电路，使电路消耗的最大功率为P1，最小功率为P2，则P1：P2= 。
【答案】 12 不变 11∶3
【详解】[1]由题可知，灯泡L上标有“6V 3W”的字样，那么灯泡电阻为
[2]小灯泡所在的支路与滑动变阻器所在的支路并联，相互独立，当滑动变阻器向右滑动时，灯泡两端的电压不变，灯泡的电阻不变，灯泡的实际功率不变，灯泡的亮度不变。
[3]闭合S1、S2通过滑动变阻器的电流最大I最大=0.6A时，电路中的功率最大
闭合S1，断开S2，当滑动变阻器阻值最大时，电路中的功率最小
则
21．（2024·河南·中考真题）图甲为灯泡L的电流与电压关系的图像。将该灯泡接入图乙电路，电阻R阻值为10Ω，闭合开关S，电流表示数为0.2A，则电源电压为 V，干路电流为 A，此时灯泡L的电功率为 W。
【答案】 2 0.45 0.5
【详解】[1]定值电阻R与灯泡L并联，根据并联电路电压规律
电流表接在定值电阻R支路上，且示数为0.2A
故电源电压为2V。
[2]由甲图可知，当灯泡电压为2V时，电流为0.25A，故干路电流为
[3] 此时灯泡L的电功率
三、实验题（每空1分，共10分）
22．（2024·河北·中考真题）根据图所示的四幅图，在下面的空格处填入相应的内容。
（1）甲图：让小铁球从斜面上滚到水平桌面，在它运动路径的侧旁放一个磁体，观察到小球运动的轨迹偏向了磁体。从力的作用效果看，实验表明： ；
（2）乙图：两个相同的透明容器中密封着等量的空气，使两容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通电一段时间后，右侧U形管中液面的高度变化较大。实验表明：在电流和通电时间相同的情况下， ；
（3）丙图：把两个注射器筒拔去活塞后用胶管连接，做成一个连通器，在连通器中加入水，观察两个筒里水面的高度。实验表明：连通器里的同一种液体不流动时， ；
（4）丁图：新鲜的鸡蛋浸没在盛有清水的烧杯中，向清水中加盐能使沉在水下的鸡蛋上浮。实验表明：浸没在液体中的物体所受浮力的大小与 有关。
【答案】 见解析 见解析 两端液面相平 液体密度
【详解】（1）[1]小铁球从斜面上滚到水平桌面，在它运动路径的侧旁放一个磁体，小球运动时受到磁体的力的作用，观察到小球运动的轨迹偏向了磁体，说明力可以改变物体的运动状态。
（2）[2]两容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，电阻丝中通过的电流大小相等，由图可得，右侧的电阻大，通电一段时间后，右侧U形管中液面的高度变化较大，说明右侧液体吸收的热量多，也说明在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，所产生的热量越多。
（3）[3]由连通器原理可得，连通器里的同一种液体不流动时，连通器两端的液面应该相平。
（4）[4]向清水中加盐改变了液体的密度，加盐能使沉在水下的鸡蛋上浮，说明鸡蛋在盐水中的浮力变大了，说明浸没在液体中的物体所受浮力的大小与液体的密度有关。
23．（2024·黑龙江牡丹江·中考真题）小江发现家里不同房间的灯亮度不同，猜想可能是与灯泡的电功率有关。他找来若干节新干电池、开关、滑动变阻器、电流表、电压表、同一规格的导线若干，测量额定电压为2.5V小灯泡的功率。
（1）小江选择两节新干电池进行实验，连接的实物电路如图甲所示，请在方框内画出对应的电路图。
（2）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2V，读出电流表示数，将数据记入表格。继续移动滑片，即使将滑片移动到阻值最小的位置，小灯泡两端电压也无法达到2.5V，解决的办法是 。
（3）问题解决后，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡两端电压达到2.5V。如图乙所示，此时电流表的示数为 A，小灯泡的额定功率为 W。
（4）继续移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡两端电压为2.9V，读出电流表示数，将数据记入表格。如表所示，小江设计的表格不足之处是 。
（5）实验表明小灯泡的亮度由 决定。
【答案】 增加一节新的干电池 0.3 0.75 测量的物理量没有单位 实际功率
【详解】（1）[1]根据实物图画电路图，电路图与实物图须一一对应，电路图如下：
（2）[2]将滑片移动到阻值最小的位置，滑动变阻器两端电压最小，此时小灯泡两端电压也无法达到2.5V，说明电源电压偏低，则可以增大电源电压，即增加一节新的干电池。
（3）[3]由图乙可知电流表接小量程，所以电流表示数为0.3A。
[4]小灯泡的额定功率为
（4）[5]根据小江设计的表格可知不足之处为：所测量的物理量没有带单位。
（5）[6]根据表格数据，小灯泡的实际功率越大，小灯泡越亮，故小灯泡的亮度由小灯泡的实际功率决定。
四、计算题（共27分）
24．（2024·广东汕头·一模）如图甲所示电路，滑动变阻器的最大阻值为，电源电压及灯L的电阻保持不变。当、均闭合且滑片滑到b端时，电流表的示数为0.9A，的示数为如图乙所示；当、均断开且滑片P置于变阻器的b端时，电流表的示数为0.24A，求：
(1)、均闭合且滑片滑到b端时，通过的电流；
(2)电源电压；
(3)当、均断开且滑片P置于变阻器的b端时，灯L的实际电功率。
【答案】(1)0.3A
(2)12V
(3)0.576W
【详解】（1）、均闭合且滑片滑到b端时，的最大阻值和并联，电流表测干路电流，电流表测电流。电流表的示数为0.9A，则电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.6A，根据并联电流规律可知通过的电流为
（2）滑动变阻器的最大阻值为，则电源电压为
（3）当、均断开且滑片P置于变阻器的b端时，的最大阻值和灯泡串联，电流表测电路电流。则此时电压为
则灯L的电压为
则灯L的实际电功率为
25．（2024·山东济南·中考真题）学校开展了防溺水安全教育后，小华组经过合作探究，设计了一种可以戴在手腕上的防溺水定位求救报警器，其简化电路如图甲所示。已知电源电压为6V，报警器由电压表改装，是定值电阻，是压敏电阻，图乙是压敏电阻阻值随水深h变化的图像。报警器未浸入水中时，的阻值为40Ω，电流表示数是0.12A；报警器浸入水下深度h大于等于1m时，报警器报警，当h为1m时，两端的电压为1.5V。通过计算回答：
(1)报警器未浸入水中时，两端的电压是多少？
(2)报警器浸入水下深度h为1m时，通过的电流是多少？
(3)报警器浸入水下深度h为1m时，的电功率是多少？
【答案】(1)4.8V
(2)0.15A
(3)0.675W
【详解】（1）由甲图可知，与串联，电流表测串联电路中的电流，由乙图可知，报警器未浸入水中时，的阻值为40Ω，电流表示数是0.12A，则两端的电压
（2）由于报警器浸入水下深度h为1m时，两端的电压为1.5V，电源电压为6V，由串联电路中电压规律可知，两端的电压
由乙图可知，报警器浸入水下深度h为1m时，的阻值为30Ω，通过的电流
（3）报警器浸入水下深度h为1m时，的电功率
26．（2024·山东聊城·中考真题）如甲图所示电路中，电源电压不变，R1=20Ω，滑动变阻器R2的最大电阻为50Ω，电流表使用的量程为0～0.6A。小灯泡L的额定电压为3.8V，其电流随电压的变化规律如乙图所示。当只闭合S2时，电流表的示数为0.25A。求：
(1)电源电压 ；
(2)当只闭合S3时，要使小灯泡L正常发光，滑动变阻器R2连入电路的电阻 ；
(3)当闭合S1、S2、S3时，为保证不损坏电流表，滑动变阻器R2的电阻可调范围和电路消耗的总电功率的变化范围 。
【答案】(1)8V
(2)14Ω
(3)40~50Ω，4.48~4.8W
【详解】（1）当只闭合S2时，R1与小灯泡串联，电流表的示数为0.25A，根据图乙可知，小灯泡此时六两端的电压为3V，R1两端的电压为
则电源电压
（2）当只闭合S3时，R2与小灯泡L串联，要使小灯泡L正常发光，小灯泡两端的电压为3.8V，则R2两端的电压为
根据图乙可知，此时电路中的电流为0.3A，则滑动变阻器接入的电阻为
（3）当闭合S1、S2、S3时，R1与R2并联，电流表测量干路电流，通过定值电阻R1的电流为
由电流表的量程可知，干路的最大电流为0.6A，则通过滑动变阻器的最大电流为
滑动变阻器接入的最小值为
此时电路中的总功率最大，最大总功率为
当滑动变阻器全部接入时，滑动变阻器接入的阻值为50Ω，通过滑动变阻器的电流最小，总电流最小，总功率最小，通过滑动变阻器的最小电流为
电路中的总电流为
电路总功率最小为
滑动变阻器R2的电阻可调范围为40~50Ω，电路消耗的总电功率的变化范围为4.48~4.8W。
实验次数
灯泡两端电压U
通过灯泡的电流I
灯泡的电功率P
发光情况
1
2
0.26
0.52
较暗
2
2.5
正常发光
3
2.9
0.32
0.93
较亮