安徽省亳州市2024-2025学年九年级（上）月考物理试卷（B卷）

这是一份安徽省亳州市2024-2025学年九年级（上）月考物理试卷（B卷），共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.关于分子热运动及热现象，下列说法正确的是( )
A. 固体很难被压缩，说明分子间存在斥力B. 扩散现象只能发生在气体与液体中
C. 物体吸收热量，温度一定升高D. −20℃的冰块内没有内能
【答案】A
【解析】解：
A、固体很难被压缩，说明分子间存在斥力，故A正确；
B、一切气体、液体和固体都能发生扩散现象，故B错误；
C、晶体熔化过程中，吸热但温度保持不变，故C错误；
D、一切物体在任何情况下都有内能，所以−20℃的冰块也有内能，故D错误。
故选：A。
(1)分子间存在相互的引力和斥力；
(2)一切气体、液体和固体都能发生扩散现象；
(3)晶体熔化过程中，吸热但温度不变；
(4)一切物体在任何情况下都有内能。
此题考查了分子间斥力的理解、发生扩散的条件、晶体熔化的特点和物体具有内能的条件，是一道综合题。
2.水具有比热容大的特点，下列现象及应用与此特点无关的是( )
A. 海陆风的形成
B. 用水来冷却汽车的发动机
C. 生物体内水的比例比较高，有助于调节生物身体的自身温度
D. 夏天在教室地面上洒水后，感觉变凉快
【答案】D
【解析】解：A、因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，白天，太阳照射下海岸和海水吸收相同的热量，海水温度上升慢；海岸吸热后，温度上升快，热空气上升，微风从海洋吹向陆地，形成海风；而夜晚，海岸和海水放出相同的热量，但水的比热容大，海水温度降低得少，海面气温较高，空气上升，风就从陆地吹向海上，形成陆风，该选项利用水的比热容大，故A不符合题意；
B、因为水的比热容较大，物体质量相同时，降低相同的温度，水放出的热量多，所以冬天供暖系统使用热水循环供暖，故与水的比热容大有关，故B不符合题意；
C、生物体内水的比例很大，有助于调节自身的温度，是利用了水的比热容大的特点，故C不符合题意；
D、炎热的夏天，往室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，不是利用水的比热容大的特点，故D符合题意。
故选：D。
(1)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(2)水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，即蒸发吸热。
本题考查了蒸发吸热现象、水的比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点问题。
3.如图是汽油机工作的四个冲程，其中表示压缩冲程的是( )
A. 甲B. 乙C. 丙D. 丁
【答案】A
【解析】解：在汽油机的压缩冲程中，活塞往上运动，进气门、排气门关闭，火花塞不点火，故甲图是压缩冲程；乙图是吸气冲程、丙图是排气冲程、丁图是做功冲程。
故选：A。
判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；然后看活塞运动的方向，活塞上行的为压缩冲程或者排气冲程，活塞下行的为吸气冲程或者做功冲程。
此题考查了对内燃机四个冲程的判断，要结合气门和活塞运动情况进行判断。
4.下列各电路中，开关全部闭合，两个灯泡不能都发光的电路是( )
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】解：A、由图示电路图可知，两灯泡并联，闭合开关，两灯泡都发光，故A不合题意；
B、由图示电路图可知，两灯泡串联，闭合开关，两灯泡都发光，故B不合题意；
C、由图示电路图可知，闭合开关，灯L2发光，灯L1被短路，不能发光，由此可知，两个灯泡不能都发光，故C符合题意；
D、由图示电路图可知，闭合两个开关，两灯泡并联接入电路，两灯泡都发光，故D不合题意。
故选：C。
灯泡所在电路是通路时灯泡发光，如果灯泡所在电路是断路或灯泡被短路，则灯泡不发光，分析图示电路图，然后答题。
本题考查了判断灯泡是否发光，分析清楚电路结构即可解题。
5.如图所示，在探究“并联电路的电流规律”时，闭合开关S后，电流表A1的示数是0.1A，电流表A2的示数是0.3A，则电流表A的示数是( )
A. 0.1AB. 0.2AC. 0.3AD. 0.4A
【答案】D
【解析】解：
由图知，两电阻并联，A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流，电流表A测干路电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以电流表A的示数：IA=IA1+IA2=0.1A+0.3A=0.4A。
故选：D。
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，由此分析解答。
本题考查了并联电路中电流特点的应用，关键正确分析电路中电流表的作用。
6.利用如图电路探究串联电路的规律，下列做法不正确的是( )
A. 分别把开关改接到 a、b、c 处，可以探究开关位置的改变对用电器控制作用的影响
B. 分别将电压表串联在 a、b、c 处，可以探究电路中各用电器两端电压与电源两端电压的关系
C. 分别将电流表串联在 a、b、c 处，可以探究电路中各处电流的关系
D. 为使探究结论更具普遍性，可更换不同的用电器或改变电源电压进行多次实验
【答案】B
【解析】解：
A、分别把开关改接到a、b、c处，开关的位置不同，通过开关的通断，可以探究开关位置的改变对用电器控制作用的影响，故A正确；
B、电压表要并联在用电器两端；若分别将电压表串联在a、b、c处，相当于断路，不能探究电路中各用电器两端电压与电源两端电压的关系，故B错误；
C、分别将电流表串联在a、b、c处，电流表测不同位置的电流，可以探究电路中各处电流的关系，故C正确；
D、本实验是探究串联电路的规律(主要是电流、电压的规律)，为使探究结论更具普遍性，可更换不同的用电器或改变电源电压进行多次实险，故D正确；
故选：B。
(1)在串联电路中，一个开关可以控制所有用电器，开关位置改变时，控制作用不变；
(2)电压表电阻很大，要并联在用电器两端；
(3)串联电路中电流处处相等；
(4)通过实验获得结论，一般都要多做几次实验，多做几次实验，就可以多获几组数据，从而可以对数据进行归纳分析，以此获得结论。
本题是一道实验题，做此题时要围绕串联电路的电压规律去分析解答，需要注意的是，在串联电路中一个开关就可以控制所有用电器。
7.如图所示的电路，闭合开关，当滑片P向上移动的过程中，电流表读数和电压表读数的变化情况分别是
( )
A. 变大，变大
B. 变大，变小
C. 变小，变小
D. 变小，变大
【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑片P向上移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的读数变小，故AB错误；
由U=IR可知，R1两端的电压变小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R2两端的电压变大，即电压表的读数变大，故C错误、D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意电压表示数的变化应借助于串联电路的电压特点和欧姆定律进行判断。
8.如图所示，开关闭合后，发现电压表的示数接近电源电压，电流表几乎无示数，如果电路中只有一处故障，则故障是( )
A. 小灯泡L1短路
B. 小灯泡L1断路
C. 电流表短路
D. 小灯泡L2断路
【答案】B
【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯泡L1两端的电压；开关闭合后，电流表几乎无示数，说明电路是断路，发现电压表的示数接近电源电压，说明电压表和电源连接的部分是连通的，可以判断与电压表并联的部分是断路，即L1断路。
故选：B。
电流表没有示数说明电路是断路，然后再通过电压表示数判断断路位置。
本题还可以采用假设法，假设选项正确判断电流表和电压表的示数，与题干相符的，假设正确，否则假设错误。
9.下列说法中正确的是( )
A. 磁极之间的相互作用规律：同名磁极相排斥，异名磁极相吸引
B. 磁场不是真实存在的，是假想的
C. 磁体周围的磁感线由南极出发回到北极
D. 小磁针在地磁场的作用下小磁针南极指向地理的北方
【答案】A
【解析】解：A.磁极之间有力的作用，磁极之间的相互作用规律是：同名磁极相排斥，异名磁极相吸引，故A符合题意；
B.磁场是客观存在的，它对放入其中的磁体有力的作用，故B不符合题意；
C.磁体周围的磁感线由北极出发回到南极，故C不符合题意；
D.地球是一个大磁体，地磁的北极在地理南极附近，由于异名磁极相互吸引，小磁针在地磁场的作用下小磁针南极指向地理的南方，故D不符合题意。
故选：A。
磁极间相互作用是：同名磁极相排斥，异名磁极相吸引。
磁体的周围存在磁场，为了便于研究，人们引入了磁感线。在磁场中某一点，小磁针静止时N极所指的方向为磁场的方向。在磁场中，磁感线都是从N极出发，回到S极。
本题主要考查我们对磁场概念、磁场方向、磁极间相互作用、磁场的特点等的了解，属基础知识的考查。
10.如图所示，蹄形磁铁的磁场中放一直导线，并与电流表组成闭合电路，下列说法正确的是( )
A. ab竖直向上运动电流表指针发生偏转
B. ab水平向左运动电流表指针发生偏转
C. ab不动蹄形磁体水平向右运动电流表指针不发生偏转
D. 蹄形磁体不动ab左右运动时电流表指针偏转方向不变
【答案】B
【解析】解：
A、由图可知，该装置是探究电磁感应现象的实验，导体ab竖直方向运动时，导体没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，电流表指针不偏转，故A错误；
B、导体ab水平向左运动时，导体做切割磁感线运动，会产生感应电流，电流表指针偏转，故B正确；
C、导体ab不动蹄形磁体水平向右运动，做切割磁感线运动，会产生感应电流，电流表指针发生偏转，故C错误；
D、导体向左或向右运动时，导体切割磁感线的方向发生了变化，产生的感应电流的方向也会发生变化，则电流表指针偏转方向会改变，故D错误。
故选：B。
产生感应电流的条件：闭合回路中的部分导体做切割磁感线的运动。
本题考查了产生感应电流的条件，属于基础题。
11.节能环保的电动汽车被大多数家庭喜爱，其核心部件是电动机，下列各图中能够说明电动机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】解：A、图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；
B、当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故B符合题意；
C、图中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故C不符合题意；
D、图为探究电磁铁的磁性影响因素的实验图，其原理是电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：B。
电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的。
电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。
12.将两盏分别标有“6V 3W”和“6V 9W”字样的小灯泡L1和L2，串联后接入电压为8V的电路中，设灯泡电阻不变．下列说法中正确的是( )
A. 两灯均能正常发光B. 两灯额定电流相同
C. L1的实际功率比L2小D. L1的亮度比L2大
【答案】D
【解析】解：(1)由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
I1=P1U1=3W6V=0.5A，I2=P2U2=9W6V=1.5A，由此可知，两灯额定电流不相同，故B错误；
(2)由I=UR可得，两灯泡的电阻分别为R1=U1I1=6V0.5A=12Ω，
R2=U2I2=6V1.5A=4Ω，
两盏灯串联后接在电压为8V的电源上时，通过的电流I=U实R1+R2=8V12Ω+4Ω=0.5A，
则L1能正常发光，故A错误；
(3)两盏灯串联后接在电压为8V的电源上时，因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，由P=I2R可知，灯泡L1的电阻大，实际功率较大，灯泡较亮，即L1的亮度比L2大，故C错误，D正确．
故选D．
知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI可求得两灯额定电流，根据I=UR求出两灯泡的电阻，进一步比较两电阻的大小，根据串联电路的电流特点和P=I2R比较两灯泡实际功率的大小，再根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断亮暗．
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小．
二、填空题：本大题共9小题，共18分。
13.锯木头时锯条的温度会升高，属于利用______方式改变物体的内能。冬季利用取暖器取暖，属于利用______方式改变物体的内能。
【答案】做功 热传递
【解析】解：锯木头时锯条的温度会升高，在此过程中锯条克服摩擦做功，属于利用做功方式改变物体的内能。
冬季利用取暖器取暖，人从取暖器吸收热量，属于利用热传递方式改变物体的内能。
故答案为：做功；热传递。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
本题考查了改变物体内能的两种方式，属于基础题。
14.某家用轿车发动机是四冲程汽油机，它在______冲程将机械能转化为内能。该轿车百公里耗油5kg，这些汽油完全燃烧放出______J的热量(q汽油=4.6×107J/kg)。
【答案】压缩 2.3×108
【解析】解：(1)汽油机在压缩冲程中，活塞向上运动压缩空气和燃料的混合物，将机械能转化为内能。
(2)5kg汽油完全燃烧放出热量为：
Q放=mq汽油=5kg×4.6×107J/kg=2.3×108J。
故答案为：压缩；2.3×108。
(1)内燃机在压缩冲程中将机械能转化为内能；
(2)已知热值和消耗汽油的质量，根据公式Q放=mq计算这些汽油完全燃烧放出的热量。
本题考查了内燃机工作时的能量转化、燃料完全燃烧放热公式的应用，难度不大。
15.用丝绸摩擦过的玻璃棒带______电荷。当它靠近纸屑时纸屑将被______。
【答案】正 吸引
【解析】解：用丝绸摩擦过的玻璃棒，由于失去电子而带正电荷。
带电体有吸引轻小物体的性质，当它靠近纸屑时纸屑将被吸引。
故答案为：正；吸引。
带电体有吸引轻小物体的性质；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
此题考查的带电体的性质，是一道基础题。
16.导体导电性检测电路如图，在导线MN之间接入一个物体，闭合开关灯泡发光，这个物体是______(填导体或绝缘体)。将甲、乙两个导体分别接入导线M、N之间，发现接入甲时电流表示数较大，可知______(填甲或乙)的电阻较大。
【答案】导体 乙
【解析】解：(1)闭合开关灯泡发光，说明接入的物体容易导电，容易导电的物体叫做导体，因此这个物体是导体；
(2)由欧姆定律可知，电压一定时，电流越大，电阻越小，由于将甲导体接入导线M、N之间时电流表示数较大，因此甲的电较小，则乙的电阻较大。
故答案为：导体；乙。
(1)闭合开关灯泡发光，说明接入的物体容易导电，容易导电的物体叫做导体，不容易导电的物体叫做绝缘体；
(2)根据欧姆定律分析两导体的电阻大小关系。
本题考查导体和绝缘体的区分以及欧姆定律的应用，难度不大。
17.电路如图所示，闭合开关，A端是电磁铁的______极。将滑片向______移动电磁铁磁性增强(填左或右)。
【答案】S 左
【解析】解：如图，电流从通电螺线管上端流入，下端流出，根据安培定则可知，A端是电磁铁的S极。
将滑片向左移动，滑动变阻器电阻变小，电路中电流变大，电磁铁磁性增强。
故答案为：S；左。
开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极；
根据螺线管中磁场的变化，判断电路中电流的变化，再判断滑动变阻器的滑片移动方向。
该题考查了安培定则的应用和电磁铁磁性强弱的影响因素等知识点，是一道综合题。
18.如图所示，闭合开关蹄形磁体中的金属棒AB运动起来，说明通电导体在磁场中受到______的作用，这一过程中的能量转化是______。
【答案】磁力 电能转化为机械能
【解析】解：由图知，电路中有电源，通电导体在磁场中会受到力的作用，这是电动机的工作原理；将电能转化为机械能。
故答案为：力；电能转化为机械能
通电导体在磁场中受到力的作用；将电能转化为机械能。
本题考查了磁场对通电导线的作用，以及能量转化情况，基础题。
19.如图所示，电源电压恒为6V，定值电阻R1=20Ω，闭合开关S，电流表A2的示数为0.9A，则电流通过R1做功功率为______W，定值电阻R2的阻值为______Ω。
【答案】1.8 10
【解析】解：(1)由题意知R1=20Ω，加在R1的电压等于电源的电压，所以由欧姆定律计算得流过R1的电流I1为：
I1=UR1=6V20Ω=0.3A；
由公式P=I2R计算得R1做功功率为：P1=I12R1=(0.3A)2×20Ω=1.8W。
(2)由并联电路的电流关系计算得流过R2的电流为：I2=I−I1=0.9A−0.3A=0.6A；
由欧姆定律得：R2=UI2=6V0.6A=10Ω。
故答案为：1.8；10。
(1)由题意知R1=20Ω，以及加在R1的电压等于电源的电压，所以由欧姆定律计算得流过R1的电流I1，再根据公式P=I2R计算得R1做功功率。
(2)由并联电路的电流关系计算得流过R2的电流，后由欧姆定律计算得R2的阻值。
本题考查了电功率的计算以及欧姆定律的应用问题，本题难度不大，属于常考题。
20.如图所示是探究“影响电阻大小的因素”实验中的四根电阻丝，A为锰铜线，B、C、D为镍铬合金线。A、B、C的横截面积为S，D的横截面积为4S，当B、C、D分别接入同一检测电路时，电流表示数分别为I1、I2、I3，比较发现：I3>I1，说明导体的电阻跟导体的______有关；I1>I2，说明导体的电阻跟导体的______有关。
【答案】横截面积 长度
【解析】解：当不同的导体接入电路时，可通过观察电流表示数来比较导体电阻的大小，电流表示数越大，说明电阻越小，
当B、C、D分别接入同一电路时，B、D都为镍铬合金线，材料相同，长度相同，B的横截面积为S，D的横截面积为4S，
电流表示数分别为I1、I3，比较发现：I3>I1，说明导体的电阻跟导体的横截面积有关；
B、C都为镍铬合金线，材料相同，横截面积都为，S长度不同，I1>I2，说明导体的电阻跟导体的长度有关；
故答案为：横截面积；长度。
影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变。
探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化体现的，这里采用了转换法的思想。
21.一个同学家中的电能表，月初示数为，月末示数为，则这个月该同学消耗的电能为______度，合______ J。
【答案】50 1.8×108
【解析】解：一个月消耗的电能W=0268.1kw⋅h−0218.1kw⋅h=50kw⋅h=50度=50×3.6×106J=1.8×108J。
故答案为：50；1.8×108。
一个月消耗的电能等于电能表月末的示数减去月初的示数；要知道电能表示数的最后一位是小数，单位是kw⋅h.1kW⋅h=1度=3.6×106J。
本题考查消耗电能的计算，关键是对电能表各个参数的物理意义的正确理解；解题过程中要注意单位的换算。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
22.闭合开关后，小磁针静止在如图所示的位置。请你在方框中标出电源符号并在螺线管外画出一条磁感线
【答案】解：由小磁针S极靠近螺线管的右端，所以螺线管的右端为N极，左端为S极，根据右手螺旋定则，螺线管中的电流应由左后方流入，所以电源左端为负极，右端为正极；螺线管外部磁感线由N极到S极，如图所示：

【解析】先由小磁针的指向判断出螺线管两端的极性，再根据右手螺旋定则：右手弯曲的四指与大拇指垂直，四指指向与螺线管电流方向一致，大拇指所指的方向为螺线管的N极，找出电流的方向，再标出电源的正负极，并根据螺线管外部磁感线方向由N极指向S极，画出磁感线方向。
右手螺旋定则建立了螺线管中电流与两端磁极极性的关系，要做到能根据电流判断出磁极极性，也要根据磁极极性判断出电流方向或电源正负极。
23.根据如图所示的实物图，画出对应的电路图。
【答案】解：由实物图可知，电流从正极出发，通过开关S1后开始分支，一支经灯泡L1，另一支经灯泡L2、S2，然后两支汇合回到电源负极。如图所示：

【解析】由实物图可知，两灯泡并联，开关S1控制整个电路，开关S2控制灯泡L2，根据实物图完成电路图即可。
此类题解答的关键是要先分清电路的串并联，再明确开关的作用，并注意电路图与实物图在完全对应。
四、实验探究题：本大题共3小题，共16分。
24.在探究“物体的吸热能力”过程中，晓彤和小雪进行了如下研究。
(1)在讨论“水的吸热与哪些因素有关”时，通过自己烧水的经验认识到：烧开一满壶水比烧开半壶水(初温相同)所用的时间______(选填“长”、“短”或“相同”)；把一壶水烧开和烧成温水，______需要的热量多。
(2)晓形和小雪用如图所示装置实验探究“比较不同物质的吸热能力”。
①便于组装过程简捷、合理，该装置的组装顺序是______(选填“自上而下”、“自下而上”或“随意组装”)，实验中，使用的测量工具有天平、停表和______。
②晓形和小雪利用该装置分别给质量、初温相同的水和铁砂加热，将实验数据记录在如表中，分析表格数据，得出的实验结论是：______。
【答案】长 烧开 自下而上 温度计 水的吸热能力比铁砂强
【解析】解：
(1)在讨论“水的吸热与哪些因素有关”时，通过自己烧水的经验认识到：烧开一壶水比烧开半壶水(初温相同)所用的时间长，表明水的吸热与水的质量有关；把一壶水烧开和烧成温水，开水温度更高，需要吸收更多的热量；
(2)晓彤和小雪用如图所示装置实验探究“比较不同物质的吸热能力”。
①为确保用酒精灯的外火焰加热，该装置是“自下而上”进行组装的，测温需要使用温度计；
②由表中数据知，给质量、初温相同的水和铁砂加热，在升高的温度相同时，水的加热时间长，说明水吸收的热量多，所以水的吸热能力比铁砂强。
故答案为：(1)长；烧开；
(2)①自下而上；温度计；
②水的吸热能力比铁砂强。
(1)一壶水和半壶水的质量不同，升高更高的温度需要吸收更多的热量，据此分析；
(2)①为确保用酒精灯的外火焰加热，该装置要“自下而上”进行组装的，确保一次调整到位，测温需要使用温度计；
②分析表格数据得出结论。
本题比较不同物质的吸热能力，考查数据分析、器材调试、控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
25.晓彤和小雪利用如图所示电路进行电学实验。

表一：
(1)在探究“电流与电压的关系”实验中：
①按电路图正确连接电路后，闭合开关之前需要将滑动变阻器的滑片移到______(选填“左端”、“右端”或“任意位置”)。
②晓彤和小雪在实验中获得的数据如表一所示，分析表格中的数据，得出的结论是：在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，根据该结论，第四次实验中的电流是______。
(2)在探究“电流与电阻的关系”实验中，晓彤和小雪选用5Ω、10Ω和20Ω的定值电阻各一个。①实验中，晓彤和小雪调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数如图乙所示，其示数为______V。
表二：
②晓彤和小雪在实验中获得的数据如表二所示，分析表格中的数据，得出的结论是：______。
(3)在探究“测量未知电阻”的实验中，晓彤和小雪利用表一的实验数据，得出了“导体的电阻跟导体两端的电压、导体中的电流无关”的实验结论，你认为该结论是______(选填“正确”或“错误”)的。
【答案】右端 2A 2.5 在电压不变时，导体中的电流跟导体的电阻成反比 正确
【解析】解：(1)①连接电路，闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，在图甲中滑动变阻器的左下端接入电路，故闭合开关之前需要将滑动变阻器的滑片移到右端。
②分析表格中的数据，得出的结论是：在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；由表一知定值电阻的阻值R=UI=Ω，所以当电压为10V时，对应的电流I′=U′R=10V5Ω=2A。
(2)①由图乙知电压表选择的量程是0～3V，分度值是0.1V，指针在2.5V位置，所以电压表示数为2.5V。
②在表二中，电流与电阻的乘积保持不变，符合反比例特点，故得出的结论是：在电压不变时，导体中的电流跟导体的电阻成反比。
(3)导体的电阻只与它本身的材料、长度、横截面积、温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关。故结论是正确的。
故答案为：(1)①右端；②2A；(2)①2.5；②在电压不变时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；(3)正确。
(1)①连接电路，闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处。
②用欧姆定律得到定值电阻的阻值，再用欧姆定律推出当电压为10V时电路的电流值。
(2)①电压表的读数要先确认选择的量程和分度值，再根据指针位置读取数据。
②在表二中，电流与电阻的乘积保持不变，符合反比例特点，据此得出结论。
(3)导体的电阻只与它本身的材料、长度、横截面积、温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关。
本题考查了电路的保护措施、欧姆定律公式的应用、电压表的读数、实验数据的归纳、导体电阻的决定因素等内容，有一定难度。
26.在“测量小灯泡的电功率”实验中，提供的器材有：6V的电源一个，2.5V的小灯泡(电阻约为10Ω)一个，电流表(0～0.6A,0～3A)和电压表(0～3V,0～15V)各一个，“50Ω 2A”的滑动变阻器A和“10Ω 1A”的滑动变阻器B各一个，开关一个，导线若干。

(1)通过估算，你应选用的滑动变阻器是______(选填“A”或“B”)。
(2)闭合开关前，经检查发现某同学连接的电路有一根导线连接错误，请你在图甲中错误的连线上画“×”，并只移动一根导线，用笔画线代替导线将电路连接正确。
(3)连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则故障原因可能是小灯泡______。
(4)故障移除后，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示是______A，则小灯泡的额定功率是______W，小灯泡正常工作时的电阻是______Ω。(小数点后保留1位小数)
【答案】A 短路 0.3 0.75 8.3
【解析】解：(1)2.5V的小灯泡，电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为：
I=ULRL=2.5V10Ω=0.25A，由串联电路的规律及欧姆定律，灯正常发时变阻器连入的电阻：
R滑=U−ULI=6V−Ω，故选滑动变阻器是A；
(2)原电路中，灯短路了，电压表串联在电路中是错误的，灯与电流表串联，电压表与灯并联，如下图所示：
(3)电流表有明显的示数，说明电路是通路，而灯泡不亮，电压表无示数，则故障可能是灯泡被短路了；
(4)灯在额定电压下正常发光，正确连接后，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2.5V，小灯泡正常发光，
由图2知，电流表选用0～0.6A量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.3A；
则小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.3=0.75W；
由I=UR可得，此时灯泡电阻R=UI=Ω。
故答案为：(1)A；(2)见解答图；(3)短路；(4)0.3；0.75；8.3。
(1)由欧姆定律求出2.5V的小灯泡，电阻约为10Ω的额定电流，由串联电路的规律及欧姆定律求出灯正常发时变阻器连入的电阻确定选用的滑动变阻器；
(2)原电路中，灯短路了，电压表串联在电路中是错误的，灯与电流表串联，电压表与灯并联；
(3)电流表有示数说明电路是通路，再根据电压表无示数分析故障原因；
(4)灯在额定电压下正常发光，读出电流表示数，根据P=UI求小灯泡的额定功率，根据欧姆定律公式计算灯泡电阻。
本题测量小灯泡的电功率，考查器材的选择、电路连接、故障分析、功率和电阻计算。
五、计算题：本大题共2小题，共8分。
27.有一只小灯泡上标有“6V 3W”字样，若要把它接到9V电源上，为使其正常发光，应串联一个______Ω的电阻。若通电10s，电流所做的功为______J。
【答案】6 45
【解析】解：
∵小灯泡的额定电压为：U灯=6V，而电源电压为：U=9V，
∴要串联一个电阻来分压，其分担的电压为：U阻=U−U灯=9V−6V=3V，
又∵小灯泡正常发光，P灯=3W
∴电路中的电流为：I=I阻=I灯=P灯U灯=3W6V=0.5A，
则串联电阻的阻值为：R阻=U阻I阻=3V0.5A=6Ω
该电路工作10s，电流所做的功为：W=UIt=9V×0.5A×10s=45J。
故答案为：6，45。
电源电压大于灯泡的额定电压，所以要串联一个电阻来分压，根据串联电路电压特点，求出电阻两端的电压，小灯泡正常发光，电路中的电流为灯泡的额定电流，可利用公式I=PU计算，再根据欧姆定律的公式变形R=UI可求电阻的阻值。根据W=UIt求出通电10s电流所做的功。
本题考查了串联电路电压、电流特点和欧姆定律及电路做功公式的运用，要求我们熟练的掌握和运用这些公式。
28.小亮的妈妈买了一个自动电热水壶，其铭牌如表。小亮在水壶中倒入0.8kg的水，然后把壶放在加热座上，闭合开关，电水壶正常工作5min后水烧开，(在1标准大气压下)水壶自动断电。已知水的初温为20℃。
求：
(1)这壶水吸收的热量为多少？[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
(2)电水壶正常工作时的电流；
(3)电水壶消耗的电能。
【答案】解：(1)这壶水吸收的热量为：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.8kg×(100℃−20℃)=2.668×105J；
(2)电水壶正常工作时的电流为：I=PU=1100W220V=5A；
(3)电水壶消耗的电能为：W=Pt=1100W×5×60s=3.3×105J。
答：(1)这壶水吸收的热量为2.668×105J；
(2)电水壶正常工作时的电流为5A；
(3)电水壶消耗的电能为3.3×105J。
【解析】(1)根据公式Q吸=cm(t−t0)计算这壶水吸收的热量；
(2)根据公式I=PU 计算水壶正常工作时的电流；
(3)根据W=Pt公式计算电水壶消耗的电能为。
本题考查电功与电热的综合计算、电功率与电压、电流的关系相关知识点，属于基础题目。材料
升高10℃所需时间/s
升高20℃所需时间/s
升髙30℃所需时间/s
水
54
110
167
铁砂
11
23
36
实验次数
1
2
3
4
电压U/V
1.5
2.0
2.5
10.0
电流I/A
0.3
0.4
0.5
实验次数
1
2
3
电阻R/Ω
5
10
20
电流I/A
0.5
0.25
0.12
自动电热水壶
型号
ZDH100B
电源
220V50Hz
额定功率
1100W
容量
800mL
编号
017664