上海市普陀区进华中学等学校联考2024-2025学年九年级（上）月考物理试卷（12月份）-（含解析）

这是一份上海市普陀区进华中学等学校联考2024-2025学年九年级（上）月考物理试卷（12月份）-（含解析），共17页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.下列各物理量中，可以用来鉴别物质的是( )
A. 压强B. 密度C. 质量D. 电阻
【答案】B
【解析】解：(1)因为密度是物质的一种特性，不同物质的密度一般是不同的，而压强、质量不是物质的特性，和物质的种类没有关系，所以可以用密度来鉴别物质的种类。
(2)电阻是导体本身的一种性质，电阻与导体的材料、长度、横截面积等因素有关，而密度与此无关。
故选：B。
密度是物质的特性，不同的物质密度一般是不同的，故据此即可鉴别不同的物质。
掌握密度是物质的特性，要想鉴别物质的种类，可以计算出它的密度，然后查密度表，看到底是哪种物质；当然也不能单纯只看密度的大小，还要结合多方面的知识，如：气味、颜色等来判断。
2.请你估算一个中学生站立在水平地面上静止时对地面的压强约为( )
A. 1.5×105帕B. 1.5×104帕C. 1.5×103帕D. 1.5×102帕
【答案】B
【解析】解：中学生平均体重约为500N，两脚的总面积约为0.03m2，
则他对地面的压强为：p=FS=500N0.03m2≈1.7×104Pa，与B选项比较接近。
故选：B。
要估测中学生对地面的压强，根据p=FS可知需要先估测中学生的体重和中学生双脚的面积。
本题主要考查学生对压强的大小及其计算的掌握情况，能估测人的质量和人站立的着地面积是本题的关键。
3.毛皮和橡胶棒摩擦后，下列说法正确的是( )
A. 橡胶棒得到电子带负电B. 毛皮失去电子带负电
C. 橡胶棒失去电子带正电D. 毛皮得到电子带正电
【答案】A
【解析】解：摩擦起电的本质是电子的转移，物体失去电子带正电，得到电子带负电。毛皮与橡胶棒摩擦后，橡胶棒得到电子带负电，毛皮失去电子带正电。
故选：A。
(1)摩擦起电并不是创造了电，而是两个物体在摩擦过程中，电于发生了转移，它从一个物体转移到另一个物体上，使失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；
(2)不同物质组成的物体相互摩擦时，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子。
本题考查摩擦起电的实质相关知识点，属于基础题目。
4.R1与R2此时接入电路中的阻值相同，S1断开，S2闭合；求下列操作中，一定可以使电流表示数变大的是( )
A. 闭合S1，断开S2
B. 闭合S1，向右滑动滑片P
C. 减小电源电压，闭合S1
D. 增大电源电压，向右滑动滑片P
【答案】B
【解析】解：根据电路图可知，当S1断开、S2闭合时，电路为R2的简单电路，电流表测量电路中的电流；
A、闭合S1，断开S2、电路为R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，由于R1与R2此时接入电路中的阻值相同，所以电流表示数不变，故A错误；
B、闭合S1，两个电阻并联，电流表测量干路中的电流；向右滑动滑片P，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小；由于R1与R2此时接入电路中的阻值相同，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流一定大于通过R1的电流，所以电流表的示数一定变大，故B正确；
C、闭合S1，两个电阻并联，电流表测量干路中的电流；减小电源电压，会使得通过R1与R2的电流同时减小，通过R1与R2的电流的和可能会小于开始时电流表的示数，故C错误；
D、增大电源电压，向右滑动滑片P，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据I=UR可知，无法判定通过R2的电流是否变大，故D错误。
故选：B。
根据电路图可知，当S1断开、S2闭合时，电路为的简单电路，电流表测量电路中的电流；根据每个选项的措施分析电路的变化、电流表示数的变化。
本题考查了电路的动态分析、欧姆定律的应用、并联电路电流的规律等知识，难度不大。
5.如图所示，甲、乙两个实心均匀正方体放在水平地面上，沿竖直方向在两个正方体上分别切去相同宽度，甲、乙剩余部分对地面的压强相等，则下列关于甲、乙正方体切去部分质量m甲′和m乙′的大小关系正确的是( )
A. m甲′一定大于m乙′B. m甲′一定等于m乙′
C. m甲′可能小于m乙′D. m甲′可能不等于m乙′
【答案】A
【解析】解：设甲、乙两正方体的边长分别为L甲、L乙，根据题意可知，沿竖直方向切相同宽度后，甲、乙剩余部分对地面的压强相等，即 p甲=p乙；
由水平放置的实心均匀正方体对地面的压强公式p= FS=GS=mgS=ρVgS=ρSLgS=ρgL，可知ρ甲L甲g=L乙ρ乙g；
故可推知甲、乙正方体切去部分对地面的压强也相等 即p甲′=p乙′；
根据固体压强公式p=FS=GS=mgS，则切去部分的压强还可表示为：m甲′gS甲′=m乙′gS乙′；
切去前S甲>S乙，分别切去相同宽度Δh，则切去部分的底面积S甲′=L甲×Δh，S乙′=L乙×Δh；
又由图可知L甲>L乙，则S甲′>S乙′，结合等式m甲′gS甲′=m乙′gS乙′，故可得m甲′>m乙′。
故选：A。
(1)根据沿竖直方向切相同宽度后甲、乙剩余部分对地面的压强相等即 p甲=p乙；由水平放置的实心均匀正方体对地面的压强公式p= FS=GS=mgS=ρVgS=ρSLgS=ρgL，可推知甲、乙正方体切去部分对地面的压强也相等 即p甲′=p乙′；根据固体压强公式p=FS=GS=mgS，结合p甲′=p乙′，可得切去部分的压强等式m甲′gS甲′=m乙′gS乙′；
(3)由切去部分的底面积表达式S甲′=L甲×Δh，S乙′=L乙×Δh，可比较出S甲和S乙的大小关系，结合等式m甲′gS甲′=m乙′gS乙′，即可推出切去部分质量m甲′和m乙′的大小关系。
本题的特殊之处在于仅使用一种固体压强计算方法无法直接得出结果，根据已知条件，灵活选用压强计算公式进行分析是解答此题的关键。
6.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，若将电流表A1接入电路中，闭合开关S，移动滑片P，下列操作中能使电流表A1和A的示数的比值变大是( )
①电流表A1接在a点，滑片P向右移动
②电流表A1接在a点，滑片P向左移动
③电流表A1接在b点，滑片P向右移动
④电流表A1接在b点，滑片P向左移动
A. ①和③B. ②和④C. ②和③D. ①和④
【答案】D
【解析】解：由图可知，该电路为并联电路；电流表A接在干路中，测量的是干路的电流；
①②电流表A1接在a点，根据并联电路各支路互不影响可知，滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小；并联电路中各支路互不影响，所以通过a点的电流不变，即电流表A1示数不变；根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流减小，电流表A的示数变小；所以电流表A1和A的示数的比值变大；同理可知，电流表A1接在a点，滑片P向左移动时，电流表A1和A的示数的比值变小，故①正确，②错误；
③④电流表A1接在b点，滑片P向右移动，滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表A1示数减小；并联电路中各支路互不影响，所以通过a点的电流不变；根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流减小，电流表A的示数变小；所以电流表A1和A的示数的比值变小；同理可知，电流表A1接在b点，滑片P向左移动时，电流表A1和A的示数的比值变大，故④正确，③错误。
故选：D。
由图可知，该电路为并联电路；电流表A接在干路中，测量的是干路的电流；根据电流表的连接方式和并联电路的电流规律分析。
本题考查了电路的动态分析，明确电路的连接方式、欧姆定律的应用是解题的关键。
二、填空题：本大题共7小题，共19分。
7.上海家庭照明电路的电压为______伏。脱排油烟机与其他家用电器之间是______连接的(选填“串联”或“并联”)；在图中，与脱排油烟机工作原理相同的是______(选填编号)。
【答案】220 并联 (b)(c)
【解析】解：我国家庭电路电压为220V；
家中使用的各类用电器可以单独工作，互不影响，因此脱排油烟机与其他家用电器之间是并联的；
脱排油烟机工作时，电动机转动使得抽油烟机内的气压变小，气体在外界大气压的作用下被压入抽油烟机机中；(a)利用的是连通器原理，(b)(c)利用的是大气压。
故答案为：220；并联；(b)(c)
我国家庭电路的电压是220V，所以在家庭电路中工作的用电器，正常工作电压基本都是220V；
家庭电路中各用电器之间是并联的；
根据气压的大小分析。
本题考查了家庭电路中的电压、各用电器之间的连接方式、流体压强与流速关系的应用，属于基础题。
8.如图为几种材料能承受的最大压强值，其中花岗岩能承受的最大压强为______帕，它表示的物理意义为______；若分别在黏土砖和混凝土铺的地面上用花岗岩石砌墙，能砌的最大高度分别为h1和h2，则h1：h2=______。
【答案】2.5×108 每平方米的花岩石能承受的最大压力为2.5×108N 1：3
【解析】(1)根据表格中的信息花岩石能承受的最大压强为2.5×108Pa，表示的物理意义是每平方米的花岩石能承受的最大压力为2.5×108N。
(2)根据表格中的信息，黏土砖能承受的最大压强p1为1×107Pa，混凝土能承受的最大压强p2为3×107Pa，
根据p=FS=GS=ρVgS=ρShgS=ρgh可知
在黏土砖铺的地面上用花岗岩石砌墙，能砌的最大高度h1=p1ρg
在混凝土铺的地面上用花岗岩石砌墙，能砌的最大高度h2=p2ρg
则能砌的最大高度之比为：
h1h2=p1ρgp2ρg=p1p2=1×107Pa3×107Pa=13
故答案为：(1)2.5×108；(2)每平方米的花岩石能承受的最大压力为2.5×108N；(3)1：3。
(1)根据表中数据读出花岗岩的最大压强，结合压强的物理定义进行前两空解答；
(2)对于规则性固体，其产生的压强可用p=FS=GS=ρVgS=ρShgS=ρgh计算，无论是黏土砖还是混凝土铺的地面，用花岗岩石砌墙时，选用材料密度相同，据此分析。
此题主要考查压强的物理意义及压强的相关计算问题，理解题目中“最大”的含义以及对于规则性固体其产生压强可用p=FS=GS=ρVgS=ρShgS=ρgh计算是解答此题的关键。
9.导体两端电压为6伏，通过该导体的电流为0.3安，则该导体的电阻为______欧，通电10秒钟，通过该导体的电量为______库。若将该导体两端的电压增加4伏，则通过该导体的电流增加______安。
【答案】20 3 0.2
【解析】解：导体两端电压为6V，通过该导体的电流为0.3A，则该导体的电阻为：R=UI=6V0.3A=20Ω；
由公式I=Qt可得，通电10s，通过该导体的电量为：Q=It=0.3A×10s=3C；
导体的电阻是导体本身的一种属性，与它两端的电压和通过它的电流无关，所以导体两端的电压增加4V时，它的电阻仍为20Ω，
则通过该导体的电流增加量为：ΔI=ΔUR=4V20Ω=0.2A。
故答案为：20；3；0.2。
已知导体两端的电压和通过它的电流，根据欧姆定律计算它的电阻；已知通电时间，根据电流的定义式I=Qt计算通过它的电量；
导体的电阻是导体本身的一种属性，与它两端的电压和通过它的电流无关，根据欧姆定律计算电流的增加量。
本题考查欧姆定律和电流定义式的应用，难度不大。
10.用手把体积为1×10−4米 ​3的小球浸没在水中，小球受到的浮力为______牛，方向______；若该小球重为0.8牛，放手后，小球将______(选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”)。
【答案】1 竖直向上 上浮
【解析】解：物体浸没时排开水的体积和本身的体积相等，
根据阿基米德原理可知浸没在水中的小球受到水的浮力为：
F浮=ρ液gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×10−4m3=1N；
浮力的方向为竖直向上；
由于F浮>G=0.8N，放手后，小球将上浮至漂浮状态。
故答案为：1；竖直向上；上浮。
物体浸没时排开水的体积和本身的体积相等，根据阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排求出小球所受的浮力，浮力的方向竖直向上；比较小球受到的浮力和自身重力之间的关系判断小球松手后的状态。
本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，关键是知道物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。
11.现有横截面积相同的铜导线甲和乙，已知甲的长度大于乙，则甲的电阻______乙的电阻，将它们并联接在电路中，通过甲的电流______通过乙的电流，甲的电阻______它们并联后的总电阻。(均选填“大于”、“等于”或“小于”)
【答案】大于 小于 大于
【解析】解：
由题知，甲、乙两导线的材料相同、横截面积相同，不考虑温度影响时，因甲的长度大于乙的长度，所以甲的电阻大于乙的电阻，
甲、乙并联接在电路中，因为并联电路中各支路两端电压都相等，所以甲两端的电压等于乙两端的电压；
由I=UR可知，电压相等时，电阻大的电流小，即通过甲的电流小于通乙的电流；
电阻并联，相当于增加了导体的横截面积，所以并联后的总电阻小于任何一个并联电阻的阻值，即甲的电阻大于它们并联的总电阻。
故答案为：大于；小于；大于。
(1)影响电阻大小的因素有：导体的材料、温度、长度和横截面积，当材料、温度、和横截面积一定时，导体的电阻与导体的长度成正比；
(2)先利用并联电路中电压的特点，求出它们两端的电压的关系，再利用公式I=UR可知通过它们电流的关系；
(3)电阻并联，相当于增加了导体的横截面积，所以并联后的总电阻小于任何一个并联电阻的阻值。
本题考查影响导体电阻大小的因素、并联电路的特点，属于基础知识，难度不大，是一道基础题。
12.在如图所示电路中，已知R1、R2中仅有一个发生故障，闭合电键S时，发现电流表示数变大；请写出电表有无示数及对应的故障______；______。
【答案】若电压表有示数，则R1短路 若电压表无示数，则R2短路
【解析】答：由图知，两只定值电阻串联，电流表测量电路电流，电压表V测量电阻R2两端电压；
已知R1、R2中仅有一个发生故障，闭合电键S时，发现电流表示数变大，这说明电路是通路，电路出现了短路现象；
若R1短路，由于总电阻减小，根据欧姆定律可知，电流表示数变大；此时电压表测量电源的电压，根据串联电路的电压规律可知，电压表示数变大；
若R2短路，由于总电阻减小，根据欧姆定律可知，电流表示数变大；此时电压表测量一段导线两端的电压，电压表无示数；
根据以上可知：若电压表有示数，则R1短路；若电压表无示数，则R2短路。
故答案为：若电压表有示数，则R1短路；若电压表无示数，则R2短路。
由图知，两只定值电阻串联，电流表测量电路电流，电压表V测量电阻R2两端电压；电流表示数变大，这说明电路出现了短路现象，据此分析。
此题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合图形和两表特点进行分析。
13.在图所示的电路中，电源电压为U0且保持不变，灯L和电阻R的阻值均为R0。闭合开关S，灯L不发光，再闭合开关S1，发现两电表示数均不发生变化，若电路中仅有一处故障，且只发生在灯L、电阻R上，请根据以上信息，写出电表的示数及对应的故障______。
【答案】电压表示数为U0，电流表的示数为U0R0，则故障为L短路；电压表示数为U0，电流表的示数为0，则故障为R断路
【解析】解：由图可知，闭合开关S，灯L和电阻R串联，电压表测量电阻两端的电压，电流表测量电路中的电流；再闭合开关S1，灯泡被短路，电路为电阻R的简单电路，电压表测量电源的电压，电流表测量电路中的电流；
①若R短路，闭合开关S时，灯泡会发光，电流表有示数；再闭合开关S1，电源会被短路，不符合题意；
②若R断路，闭合开关S时，灯泡不会发光，此时电压表串联在电路中测电源电压，示数为U0，电流表的示数为0；再闭合开关S1，电压表测量的是电源电压，其示数为U0，电流表的示数仍然为0，即电流表和电压表示数都不改变，符合题意；
③若L短路，闭合开关S时，灯泡不会发光，电压表测量的是电源电压，其示数为U0，由欧姆定律可得电流表的示数为U0R0；再闭合开关S1，灯泡仍然不会发光，电压表仍然测电源电压，示数为U0，由欧姆定律可得电流表的示数为U0R0，即电流表和电压表示数都不改变，符合题意；
④若L断路，闭合开关S时，灯泡不会发光，电压表和电流表的示数都为0；再闭合开关S1，灯泡仍不会发光，此时电路是通路，电流表和电压表都有示数，即电流表和电压表的示数发生改变，不符合题意；
综上所述，电路故障为R断路或L短路。
故答案为：
若电压表示数为U0，电流表的示数为0，则故障为R断路；若电压表示数为U0，电流表的示数为U0R0，则故障为L短路。
电路的故障有两种：断路和短路；根据可能出现的故障分析电流表和电压表示数的变化。
此题考查电流表、电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和电路的特点，采用排除法进行分析。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
14.在图中，物体A静止在斜面上，对斜面的压力为6牛，请用力的图示法画出物体对斜面的压力F。
【答案】解：物体A对斜面的压力的作用点在斜面上(可选取物体A底面与斜面的接触面的中点)，方向垂直于斜面向下；
选取标度为3N，从压力的作用点作出压力，并使压力的作用线为标度的2倍。如图所示：

【解析】画力的图示与画力的示意图不同，在表示出力的三要素的同时，还一定要附上标度。
画力的图示时要明确力的大小、方向、作用点，然后确立标度，再按画图要求画出这个力。
15.在如图所示的电路中，请根据标出的电流方向，从电池、电流表、电压表三个元件符号中选择合适的填入空缺处，使之成为并联电路。
【答案】解：定值电阻和灯泡是并联，中间只能是电源，根据电流方向判断电源的上方是电源正极，下方是电源的负极，根据电流表串联在电路中，可以判断剩余的两个空白处都应该是电流表，左边的电流表测量定值电阻的电流，右边电流表测量灯泡的电流，如图。
故答案为：如上图。
【解析】定值电阻和灯泡是并联，中间只能是电源，根据电流方向判断电源的正负极，根据电流表串联在电路中，电压表并联在电路中，可以判断剩余的两个空白处都应该是电流表。
首先根据定值电阻和灯泡的连接情况判断电源的位置，然后根据电流方向判断电源正负极，最后根据电流表和电压表的连接情况判断是什么电表。
四、实验探究题：本大题共2小题，共9分。
16.U形管压强计是根据连通器原理制成的，根据U形管两边液面的高低可以比较液面上方的压强大小。
①如图1(a)(b)所示的U形管中装有同种液体，U形管右管与大气相通，大气压强为p0。左管与密闭容器相通，根据图1(a)(b)中的实验现象可知：p1______p2(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
②现利用图2所示装置估算人呼出气体压强p人。U形管左边管子与大气相通。若已知地面附近大气压为p0，U形管中液体密度为ρ，则还需要测的物理量是______，其表达式为ρ人______。
【答案】小于 U形管两侧液面的高度差Δh =ρgΔh
【解析】解：(1)(a)图中两管液面高度相同，所以p0=p1；
(b)中左侧容器内压强p2等于大气压强与U形管两侧液体高度差产生压强之和，故p1