重庆市实验中学2024-2025学年九年级（上）期中物理试卷（解析版）

这是一份重庆市实验中学2024-2025学年九年级（上）期中物理试卷（解析版），共16页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成伤害．这主要是因为水的( )
A. 质量较小B. 凝固点较低C. 沸点较高D. 比热容较大
【答案】D
【解析】因为水的比热容较大，外界温度变化较快时，吸收或放出相同的热量，温度变化小，不会对生物体造成伤害，故选D．
2.如图，是某内燃机能量走向示意图，该内燃机的热机效率是( )
A. 10%
B. 25%
C. 30%
D. 75%
【答案】B
【解析】【分析】
本题考查了热机效率的计算，明确热机效率的含义是关键。
燃料燃烧的内能减去机械自身消耗能量和废气带走能量的百分比，即为获得有用机械能的百分比，也就是该内燃机的热机效率。
【解答】
因热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，
所以，由内燃机的能量流向图可得，内燃机的热机效率：
η=1-10%-30%-35%=25%。故B正确，ACD错误。
故选B。
3.用丝绸摩擦过的玻璃棒(带正电)接触验电器的金属球，验电器的金属箔片张开，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 丝绸和玻璃棒摩擦的过程中创造了电荷
B. 丝绸和玻璃棒摩擦的过程中，玻璃棒得到电子
C. 验电器的箔片张开是因为两个箔片都带了负电荷
D. 玻璃棒接触验电器的金属球时，金属球上的部分电子转移到玻璃棒上
【答案】D
【解析】解：A、丝绸和玻璃棒摩擦过程中电荷(电子)发生了转移，故A错误；
B、丝绸和玻璃棒摩擦的过程中，丝绸得到电子带负电，玻璃棒失去电子带正电，故B错误；
CD、丝绸摩擦后的玻璃棒带正电，缺少电子，与验电器的金属球接触后，金属箔片上部分电子转移到玻璃棒上来，使金属箔片失去电子而带正电，因此验电器的金属箔会张开，故C错误，D正确。
故选：D。
(1)摩擦起电的实质是电荷(电子)的转移；
(2)由于不同物质的原子核束缚电子的本领不同；当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体因缺少电电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电；
(3)验电器工作原理：同种电荷相互排斥；
(4)自然界只存在两种电荷，正电荷和负电荷；丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；毛皮摩擦过的橡胶棒带负电。
理解摩擦起电的实质，知道带电体的性质、电荷间的相互作用规律以及电子转移情况，可解答此题。
4.如图所示，当变阻器的滑片P向右移动使得电路中电流变小，电路的E、F点与滑动变阻器接线柱的连接情况正确的是( )
A. E接A、F接BB. E接A、F接DC. E接C、F接BD. E接C、F接D
【答案】B
【解析】解：A、E接A、F接B时，连入电路中的是一个定值电阻(最大电阻)，这种接法是不能变阻的，也就无法改变电流，这种接法不符合题意要求．
B、E接A、F接D时，连入电路中的电阻丝是PA部分．当滑片向右滑动时，PA电阻丝长度变长，电阻变大，则电流变小，这种接法符合题意要求．
C、E接C、F接B时，连入电路中的电阻丝是PB部分．当滑片P向右滑动时，PB电阻丝长度变短，电阻变小，则电流变大，这种接法不符合题意要求．
D、E接C、F接D时，滑动变阻器被短路，这种接法是不能变阻的，也就无法改变电流，这种接法不正确．
故选B．
滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中的电阻丝的长度来改变电阻的，它的正确接法是“一上一下”.哪一段电阻丝被接入电路中是由下面的接线柱决定的．若接左下接线柱，滑片向右移动，电阻变大；若接右下接线柱，滑片向左移动，电阻变大．
本题考查了滑动变阻器的原理和作用，能够正确判断哪一段电阻丝被连入电路中是本题的解题关键所在．
5.如图所示，电源电压不变，当开关S闭合时，电压表和电流表示数的变化情况是( )．
A. 电压表、电流表示数均变小B. 电压表、电流表示数均变大
C. 电压表示数不变，电流表示数变大D. 电压表示数变大，电流表示数不变
【答案】D
【解析】略
6.如图所示是甲、乙两用电器的I—U图像，下列说法正确的是( )
A. 乙是定值电阻，其阻值为10Ω
B. 将甲、乙分别接在3V的电源两端，通过乙的电流较大
C. 若把甲、乙并联在2V的电源两端，干路电流为0.5A
D. 若把两用电器串联接在电路中，当电源电压为3V时，两用电器的总功率为0.6W
【答案】D
【解析】A.由图象知，乙的I—U图线是曲线，说明乙的电流与电压不成正比，所以乙不是定值电阻，故 A错误；
B.将甲、乙分别接在3V的电源两端，由图象知，此时通过甲、乙的电流相等，都是为0.6.A，故B错误；
C.并联电路中各支路两端电压相等，所以把甲、乙并联在2V的电源两端时，它们的电压都为2V，由图象知，此时通过甲的电流为0.4A，通过乙的电流为0.2A，则干路电流为
I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A
故C错误；
D.由图象知，当通过两用电器的电流为0.2A时，甲两端电压为1V，乙两端电压为2V，由于串联电路中，总电压等于各用电器两端电压之和，所以总电压为
U=U甲+U乙=1V+2V=3V
符合题意，则甲和乙的总功率
P=UI=3V×0.2A=0.6W
故D正确。
故选D。
7.掌握安全用电常识，是当代每个公民必备的素养。下列四个图中符合安全用电原则的是( )
A. 图甲中，站在地上的人用手去接触裸露的火线
B. 图乙中，手握住验电笔笔尖金属体去检验插座中的火线
C. 图丙中，电水壶的外壳与保护接地线相连接
D. 图丁中，小孩靠近高压设备嬉戏、玩耍
【答案】C
【解析】A.图甲中，站在地上的人用手去接触裸露的火线，电流从火线经人体流向大地，会造成人体触电，不符合安全用电原则，故A不符合题意；
B.图乙中，手握住验电笔，笔尖金属体去检验插座中的火线，此时手要接触笔尾的金属体才能做出正确的判断，不符合安全用电原则，故B不符合题意；
C.图丙中，电水壶有金属外壳，电水壶的外壳应与接地线相连接，熔断器接在火线上，符合安全用电原则，故C符合题意；
D.图丁中，小孩靠近高压设备嬉戏、玩耍，容易引发高压电弧触电，不符合安全用电原则，故D不符合题意。
故选C。
8.如图所示，甲地的电站以恒定电压U给乙地的A、B两盏灯供电，输电线路的电阻不能忽略，当乙地开灯时，下列说法正确的是( )
A. 为节约成本，入户处的保险丝也可以用铜丝来代替
B. 同时工作的灯泡数量越多，灯丝两端的电压会越高
C. 开关都闭合，当A灯短路时，会烧坏保险丝和B灯
D. 同时工作的灯泡数量越多，输电线的发热功率越大
【答案】D
【解析】略
二、填空题：本大题共5小题，共10分。
9.“母亲节”的早上，卓玛同学为了妈妈能喝到舒适可口的牛杂汤，将装汤的碗放在盛有2kg冷水的盆中降温。用水降温主要是利用了水的______(选填“比热容”或“密度”)大的特性；过了一会儿，当水温升高了1℃时，水吸收的热量为______J。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
【答案】比热容 8.4×103
【解析】解：用水降温主要是利用了水的比热容较大的特点，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，吸收的热量较多；
水吸收的热量：Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×1℃=8.4×103J。
故答案为：比热容；8.4×103。
水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，水的温度升高或降低相同的温度，吸收或放出相同的热量多，据此分析。
利用吸热公式求水吸收的热量。
本题考查了学生对吸热公式、水的比热容大的应用的掌握和运用，因为数比较大，要求灵活运用公式、要细心。
10.现代电动汽车为了节能，都安装了能量回收装置，在汽车刹车时带动发电机，将汽车的 能转化为电能，为汽车提供后续运动的能量．有人认为，只要不断改进，这种汽车就可以一边行驶，一边发电，永远运动下去，这种观念违背了 ．
【答案】机械
能量守恒定律

【解析】略
11.如图是小壮同学连接的实物电路。在该实物电路中，开关S1位于 (选填“干路”或“支路”)上；将开关S1、S2均闭合后，若小灯泡L2突然因为灯丝烧断而熄灭，则小灯泡L1 (选填“能”或“不能”)继续发光。
【答案】干路 能

【解析】[1][2]分析电路图可知，两个灯泡并联，开关开关S1位于干路上，开关S2在灯泡L2所在支路上；当开关S1、S2均闭合后，若小灯泡L2突然因为灯丝烧断而熄灭，因为并联电路用电器互不影响，因此灯泡L1能继续发光。
12.如图为人们所喜爱的电动自行车，它具有轻便、节能、环保等特点。只要将图中车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，但不会行驶。这车钥匙其实就是一个______，跨上自行车将右把手向后旋转，车子就能前进，并且向后旋转的角度越大，车速就越快，其实这右把手就相当于一只______，给电动车充电时，电瓶相当于______(选填“电源”或“用电器”)。
【答案】开关；滑动变阻器；用电器。
【解析】解：
(1)电动自行车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，所以这车钥匙其实就是一个开关，
(2)电动自行车将右手把向后旋转，车子就能前进，并且向后旋转的角度越大，车速就越快，所以这右手把就相当于一只滑动变阻器；
(3)给电瓶充电时是将电能转化为化学能，此时电瓶相当于用电器；
故答案为：开关；滑动变阻器；用电器。
(1)开关串联电路中，能起到控制电路中电流通断的作用；
(2)滑动变阻器可以改变通过用电器的电流；
(3)给电池充电的过程，消耗电能，获得化学能。
本题考查了电路的组成、滑动变阻器的调节作用、能量的转化，属于基础知识。
13.如图甲所示，当开关S由接1转到接2时，电压表示数变化如图乙所示，则灯泡L2两端的电压是________V，电源电压是________V。开关S接2时，若灯L2断路，则电压表的示数为________V。
【答案】4；6；0。
【解析】解：由电路图可知，当S接1时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，由图乙可知，电源电压U=6V；
当S接2时，两灯泡串联，电压表测L1两端的电压，电流表测串联电路的电流；
由图乙可知，U1=2V，则灯泡L2两端的电压：
U2=U-U1=6V-2V=4V。
若灯L2断路，电压表两端与电源不相通，电压表没有示数，则电压表的示数为0。
故答案为：4；6；0。
(1)由电路图可知，当S接1时，电路为L1的简单电路，电压表测电源的电压。
(2)当S接2时，两电阻串联，电压表测L1两端的电压，知道电源电压，可以计算出灯泡L2两端的电压。
本题考查了电路的动态分析，涉及到电压的串联的特点，故据题意和图乙得出对应的电压是解决该题的关键。
三、作图题：本大题共1小题，共2分。
14.用笔画线代替导线，完成如图的实物电路的连接，要求：电流表测量L1和L2电流之和，滑动变阻器的滑片向左移动过程中，电灯L1逐渐变亮，而电灯L2亮度不变。
【答案】
【解析】滑动变阻器的滑片向左移动过程中，电灯L1逐渐变亮，电灯L2亮度不变，说明两灯互不影响，即两灯是并联的；滑片向左移动过程中，电灯L1逐渐变亮，说明L1支路的电流变大，变阻器连入电路的阻值变小，所以应选择其左下接线柱与L1串联。如图所示
四、实验探究题：本大题共3小题，共22分。
15.某同学学习了燃料的热值后，自己设计了一个实验来“探究煤油和菜籽油的热值大小关系”。
他实验时组装了如图所示的两套规格完全相同的装置，并每隔1分钟记录一次杯中水的温度(见下表)：
(1)在安装、调整实验器材时，科学合理的顺序是(甲图中)先调整固定______的位置，再调整固定______的位置；(均选填“A”或“B”)
(2)为了保证实验结论的可靠性，实验时应控制两套装置中相同的量有加热时间和水的______、______；
(3)通过表中记录的数据，你认为煤油和菜籽油两种燃料中，热值较大的是______；
(4)该同学实验前用天平测出了烧杯中水的质量及两油灯中燃料的质量，并由记录的数据，利用公式计算出了水吸收的热量，他认为通过这些数据能准确地计算出煤油和菜籽油的热值。你认为他的计算结果可靠吗？______，为什么？______。
【答案】(1)B；A ；(2)质量；初温 ；(3)煤油 ；(4)不可靠；燃料燃烧产生的热量不能完全被水吸收，存在热损失
【解析】解：(1)为了利用灯的外焰给烧杯充分加热，安装器材时需要先固定B的位置，然后再调整A的位置，并且温度计的玻璃泡要全部浸没在被测液体中，不要碰到烧杯壁和烧杯底；
(2)为了保证实验的可靠性，需要控制水的质量和水的初温相同，并且燃料灯的加热时间也要相同；
(3)分析表格数据可知，甲杯水的温度升高的较快，即煤油灯燃烧产生的热量多，所以其热值大；
(4)因为燃料燃烧产生的热量不能完全被水吸收，存在热损失，所以直接计算得出的热值比实际值要小，因此这样的计算结果不可靠。
分析：(1)安装实验器材时需要先固定B的位置，能够利用燃料灯的外焰给烧杯充分加热；然后再调整A的位置，使温度计的玻璃泡完全接触水，并且不要碰到烧杯壁和烧杯底；
(2)由控制变量法分析解答；
(3)由表格数据可知，在其它他条件相同时，哪杯中水的温度升高的快，其热值就大；
(4)燃料燃烧产生的热量不能完全被水吸收，存在热损失，所以直接计算得出的热值比实际值要小。
本题考查了学生对热值概念的了解与掌握，分析时用好控制变量法是本题的关键。
16.小明在测量标有“2.5V”字样小灯泡电功率的实验中，连接了如图甲所示的实验电路。请完成下列问题：
(1)电路中有一个电表所选的量程不合适，你认为量程不合适的电表是______。
(2)闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，小明认为灯不亮的原因是灯丝断了，他的说法是______的(选填“正确”或“错误”)，请说出依据______。
(3)为了能使小灯泡发光，接下来的操作应该是：______。
A.更换小灯泡B.更换电池C.更换开关D.调节滑动变阻器滑片
(4)实验过程中，小明测量了小灯泡在不同电压下的电流值，并根据实验数据绘制出小灯泡的I-U图象如图乙所示，由图象可得，当小灯泡正常发光时，电路中的电流I=______A，小灯泡的额定功率P=______W。
(5)利用上述实验电路还能测出小灯泡的电阻。当电压表的示数如图丙所示时，此状态下小灯泡的电阻RL=______Ω。
【答案】(1)电压表；
(2)错误；灯泡的灯丝断了，电流表不可能有示数；
(3)D；
(4)0.3；0.75；
(5)6
【解析】解：(1)小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表的量程为0-3V即可，所以是电压表的量程不合适；
(2)(3)闭合开关，看不到灯亮，电流表有示数，说明电路是通路，电路中不存在断路，若灯泡的灯丝断了，电流表不可能有示数，所以故障为滑动变阻器的电阻大，所以应该调节滑动变阻器滑片，故选D；
(4)由图象知小灯泡的额定电流为0.3A，小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(5)由图丙知电压表的量程为0-3V，分度值为0.1V，示数为1.5V，由乙图知此时的电流为0.25A，
此时小灯泡的电阻为：RL=U1I1=Ω。
故答案为：(1)电压表；(2)错误；灯泡的灯丝断了，电流表不可能有示数；(3)D；(4)0.3；0.75；(5)6。
(1)根据小灯泡的规格判断出不合适的量程；
(2)灯不亮的原因：小灯泡短路，小灯泡断路，小灯泡的实际功率太小等，据此分析；
(3)根据上述原因回答；
(4)由图象读出正常发光的电流，根据P=UI算出额定功率；
(5)读出电压表的示数，找出对应的电流，根据R=UI算出电阻。
本题主要考查量程的选择、电路故障分析、电功率的计算以及欧姆定律的应用等，属于电学实验常考命题点，难度不大。
17.在“探究电流与电压的关系”实验中：
(1)请用笔画线代替导线，将甲图中电路连接完整，要求滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大(连线时导线不允许交叉)；
(2)正确连接好电路后，闭合开关发现电压表示数为2.8V，电流表无示数，滑动滑片P两表示数均无变化，则故障原因是______；
(3)小明排除故障后，移动滑片P到某一位置时电流表示数如乙图所示，此时通过电阻的电流为______A.若要增大电阻两端的电压，应将滑片P向______(选填“A”或“B”)端移动；
(4)实验中测得多组数据，绘制出电阻R的I-U图象如图丙所示：由图象可得电流与电压的关系是______；本实验所用电阻的阻值为______Ω。
【答案】电阻断路 0.12 A 电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比 5
【解析】解：(1)滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大即远离下接线柱，故接C接线柱，如下图所示：
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数为2.8V，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了，此时电压表串联在电路中测电源电压；
(3)图中电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，示数为0.12A；根据串联电路的分压作用，若要增大电阻两端的电压，应将减小滑动变阻器的电阻，从而减小滑动变阻器分的电压，滑片P向A端移动；
(4)据图象可得出“电流与电压关系”的结论是：电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比。
由图象知，当电压为0.5V是电流为0.1A，
则定值电阻的阻值为：R=UI=Ω。
故答案为：(1)见上图；(2)电阻断路；(3)0.12；A；(4)电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比；5。
(1)滑动变阻器一上一下接且滑片P向B端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，接左下接线柱；
(2)若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数为电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了；
(3)由图示电流表确定其量程与分度值，然后读出其示数；根据分压原理，判断电压的变化，再确定滑滑片移动的方向。
(4)根据实验所得数据，绘制出如图丙所示的U-I图象，根据图象可得出“电流与电压关系”的结论；
根据R=UI算出电阻。
本题是探究“导体中电流跟电阻的关系”的实验，考查了电路连接、故障分析、电表读数、数据分析等，考查全面，难度不大，这个实验是常考题，能灵活运用控制变量是关键。
五、计算题：本大题共3小题，共22分。
18.小红在学习了“比热容”的有关知识后，知道单位质量的不同物质在升高相同温度时，所吸收的热量不同，为了描述物质的这种性质，引入了一个新的物理量--比热容，于是她又想到晶体在熔化时，温度虽然保持不变，但需要吸收热量，那么单位质量的不同晶体熔化时所吸收的热量是否相同呢？带着这个疑问，小红在实验室利用电热器加热，完成了冰的熔化实验，并描绘出冰的温度随加热时间变化的关系图线如图所示。实验时，冰的质量为0.5kg，相同时间冰和水吸收的热量相同。水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)
(1)CD段水吸收的热量是多少？
(2)计算出冰的比热容；
(3)若规定“某种晶体物质在熔化过程所吸收的热量与其质量之比叫做该物质的熔化热”，熔化热在数值上等于1kg晶体在完全熔化时所吸收的热量大小。根据图中所给的信息，计算出冰的熔化热λ。
【答案】解：(1)冰的质量为0.5kg，冰熔化成水，状态变化，质量不变，水的质量是0.5kg，
由图象知，在CD段，水从0℃升高到20℃，水吸收的热量为：
Q=cm△t=0.5kg×4.2×103J/(kg⋅℃)×20℃=4.2×104J。
(2)在CD段，水从0℃升高到20℃，需要的时间是10min，水吸收的热量为：Q=4.2×104J，
由题意知，相同时间冰和水吸收的热量相同，
由图象可知，冰从-20℃吸收热量升高到0℃，需要5min，
为水升高20℃吸收热量所需时间的一半，则冰吸收的热量：
Q冰=Q2=4.2×104J2=2.1×104J，
根据Q=cm△t得，冰的比热容为：c冰=Q冰m△t=2.1×104J0.5kg×20∘C=2.1×103J/(kg⋅℃)。
(3)0.5kg的水在t=10min内吸收的热量为Q=4.2×104J，
由题意知，相同时间冰和水吸收的热量相同，
则0.5kg冰从5min到45min全部熔化，需要t'=40min，
吸收的热量：Q'=4.2×104J×4=1.68×105J，
1kg冰全部熔化需要吸收的热量为0.5kg冰完全融化吸收热量的两倍，
即Q''=1.68×105J×2=3.36×105J，
1kg冰全部熔化，吸收的热量为3.36×105J，
则冰的融化热λ=3.36×105J/kg。
答：(1)(1)CD段水吸收的热量是4.2×104J。
(2)冰的比热容是2.1×103J/(kg⋅℃)。
(3)冰的熔化热λ=3.36×105J/kg。
【解析】(1)冰变成水，物质的状态变化，质量不变。CD段是水，知道水的质量、比热、温度变化，根据Q=cm△t计算水吸收的热量。
(2)在AB段，知道吸收的热量、质量、温度变化量，根据Q=cm△t，计算冰的比热容。
(3)根据0.5kg冰，1min吸收的热量，求出0.5kg冰全部熔化时吸收的热量，求出1kg冰全部熔化吸收的热量，求出冰的熔化热。
本题主要考查Q=cm△t的计算，知道其中的三个量，求第四个量。
求出冰在升温、熔化、水在升温过程中，1min吸收的热量是解决本题的关键。
19.电流表A、A1和A2的规格相同，均有0～0.6 A和0～3 A两个量程，接入如图所示的电路中，闭合开关S后，电流表均有示数，且电流表A1的示数是1.2 A，电流表A2的指针与电流表A的指针偏转角度相同，求：
(1)电流表A2的示数；
(2)电流表A的示数。
【答案】解：(1)设电流表A、A1和A2的示数分别为I、I1和I2，由图可知，该电路为并联电路，I为干路电流，I1为灯泡L1支路电流，I2为灯泡L2支路电流，则：I=I1+I2 ①
电流表A2的指针与电流表A的指针偏转角度相同，则：I= 5I2 ②
结合 ① ②得5I2=I1+I2解得I2=0.3A，即电流表A2的示数为0.3A。
(2)由并联电路的电流规律可得，电流表A的示数：I=I1+I2=1.2A+ 0.3A=1.5A。
答：(1)电流表A2的示数是0.3A；
(2)电流表A的示数是1.5A。

【解析】本题考查并联电路电流的特点、电流表两量程的关系等。
(1)根据并联电路电流的特点和电流表A2的指针与电流表A的指针偏转角度相同列式求解；
(2)根据并联电路电流的特点计算电流表A的示数。
20.如图甲为新型电饭锅，它能智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感。小明了解到电饭锅的简化电路如图乙所示， R1和 R2均为电热丝， S1和 S2为温控开关，其中 S2有A、B两个触点，可实现“高温”“中温”和“低温”三挡的转换。当 S1闭合， S2连接触点A时，处于高温挡，高温功率1100W。已知 R1=55Ω，问：
(1)处于高温挡时电饭锅正常工作时电路中的总电流是多大？
(2)求电阻 R2的阻值。
(3)当 S1断开， S2连接触点B时，处于低温挡，求此时电路的总功率。
(4)如图丙是在一次煮饭过程中电饭锅功率与时间的关系图像，求本次煮饭过程中电饭锅消耗的电能。
【答案】解：(1)高温挡时电饭锅正常工作时电路中的总电流：
I=P高U=1100W220V=5A；
(2)由电路图知，当 S1闭合， S2连接触点A时，处于高温挡，电阻 R1、 R2并联，
通过 R1的电流：
I1=UR1=220V55Ω=4A，
通过 R2的电流 ：
I2= I-I1=5A-4A=1A，
R2的阻值：
R2=UI2=220V1A=220Ω；
(3) 由电路图知，当 S1断开， S2连接触点B时，处于低温挡，电阻 R1和 R2串联，
电路的总电阻：
R总= R1+ R2=55Ω+220Ω=275Ω，
此时电路消耗的功率：
P低=U2R总=(220V)2275Ω=176W；
(4) 由电路图知，只闭开关 S1时，只有电阻 R1接入电路，处于中温挡。
此时电路消耗的功率：
P中=U2R1=(220V)255Ω=880W，
结合丙图，电饭煲煮一次饭消耗的总电能：
W= W1+ W2+ W3= P高t1+ P中t2+ P低t3
​​​​​​​=1100W×10×60s+880W×15×60s+176W×5×60s=1.5048× 106J。
答：(1)处于高温挡时电饭锅正常工作时电路中的总电流是5A；
(2)电阻 R2的阻值是220Ω；
(3)此时电路的总功率为176W；
(4)本次煮饭过程中电饭锅消耗的电能是1.5048× 106J。
【解析】(1)已知高温挡的功率和电源电压，根据公式I=PU可得电路的总电流；
(2)当 S1闭合， S2连接触点A时，R1和 R2并联，为高温挡，已知R1的阻值，根据公式I=UR可得通过R1的电流，再根据并联电路的电流规律，求出通过R2的电流，利用公式R=UI可得其阻值；
(3)当 S1断开， S2连接触点B时，处于低温挡，电阻 R1和 R2串联，根据串联电路的电阻规律可得电路的总电阻，利用公式P=U2R可得低温挡的功率；
(4)只闭开关 S1时，只有电阻 R1接入电路，处于中温挡。利用公式P=U2R求出中温挡的功率，结合丙图通过公式W=Pt可得三个挡位分别消耗的电能，而煮饭过程中电饭锅消耗的电能就是三个挡位消耗的电能之和。
本题是一道有关电加热器的题，需综合应用欧姆定律、串并联电路的特点、电功率公式以及电能的公式，关键是要分析清楚电路。加热的时间/min
0
1
2
3
4
5
6
甲杯水温/℃
25
27
29
31
33
35
37
乙杯水温/℃
25
26
27
28
29
30
31