2025届云南省高三(上)11月大联考考后强化(新高考卷)物理试卷(解析版)

这是一份2025届云南省高三(上)11月大联考考后强化(新高考卷)物理试卷(解析版)，共20页。
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
一、选择题
1. “拉曼散射”是光通过介质时，入射光与分子相互作用而引起频率变化的散射。若入射光经过某介质发生散射后，光子频率减小，则（ ）
A. 光子的动量变小 B. 光子的能量变大
C. 光传播速度变大 D. 光子的波长变短
【答案】A
【解析】AD．根据可知光子的动量变小，波长变大，故A正确，D错误；
B．根据可知光子的能量变小，故B错误；
C．光的传播速度不变，故C错误。故选A。
2. 我国的新能源汽车发展迅速，多项指标处于世界领先地位，“急动度”就是其中之一．急动度是描述加速度变化快慢的物理量，即．如图为某新能源汽车由静止开始启动过程中的急动度j随时间t的变化规律．下列关于汽车运动的说法正确的是（ ）
A. 内，汽车做加速度减小的加速运动
B. 内，汽车加速度变化量大于
C. 内，汽车在时的速度最大
D. 内，汽车所受的合外力为定值
【答案】B
【解析】A．根据题意，由题图可知，图像与坐标轴围成的面积代表加速度的变化量，内，汽车的急动度增加，则汽车的加速度增加，故A错误；
B．假设内，急动度均匀增大，则有
而内图像与横轴围成的面积要大于，则内，汽车加速度变化量大于，故B正确；
C．由题图可知，内，加速度的变化量始终为正值，则汽车在内的加速度一直为正值，速度一直增大，即内，汽车在时的速度最大，故C错误；
D．内，汽车的加速度不是定值，根据牛顿第二定律可知汽车所受的合外力不是定值，故D错误。
故选B。
3. 两同学在进行投篮比赛，从同一位置先后抛出甲、乙两个篮球，结果都投进篮筐，两球空中运动的轨迹如图所示，①、②分别为甲、乙的运动轨迹，不计空气阻力，则从抛出到进框，下列说法正确的是（ ）
A. 甲的加速度小于乙的加速度
B. 甲在最高点的速度小于乙在最高点的速度
C. 两球运动时间相等
D. 两球平均速度相等
【答案】B
【解析】A．不计空气阻力，篮球做斜抛运动，只受重力作用，加速度为重力加速度，故甲的加速度等于乙的加速度，故A错误；
C．由图可知，甲球上抛达到的最大高度大于乙球上抛达到的最大高度，根据抛体运动的性质可知，高度决定运动时间，则甲球在空中运动的时间大于乙球在空中运动的时间，故C错误；
B．篮球在最高点的速度等于水平方向的速度，水平方向篮球做匀速直线运动，甲、乙两球的水平位移相等，甲球在空中运动的时间大于乙球在空中运动的时间，根据匀速直线运动规律可知，在轨迹的最高点，甲球的水平速度小于乙球的水平速度，即甲在最高点的速度小于乙在最高点的速度，故B正确；
D．从抛出到进框，甲、乙两球的位移相等，甲球在空中运动的时间大于乙球在空中运动的时间，则甲球的平均速度小于乙球的平均速度，故D错误。故选B。
4. 时刻，O点处的波源垂直于纸面做简谐运动，所形成的简谐横波在均匀介质中沿纸面向四周传播．如图1所示为该简谐波在时的图像，图中实线圆表示波峰，虚线圆表示波谷，相邻两个实线圆之间仅有1个虚线圆，且该时刻P点在实线圆上，Q点在虚线圆上，N点到其相邻两圆距离相等，相邻两圆的半径之差为．介质中某质点的振动图像如图2所示，取垂直纸面向外为位移的正方向．下列说法正确的是（ ）
A. 该波的波速为
B. 图1中质点P和Q的相位差的绝对值为
C. 图1中质点N在该时刻速度方向垂直纸面向里
D. 图2可能是质点N的振动图像
【答案】C
【解析】A．由题图1可知，波长为，由题图2可知，波的周期，所以该波的波速为
选项A错误；
B．题图1中质点P和Q到波源的距离之差为半个波长，则相位差的绝对值为，故B错误；
C．由题图1可知，再经过，波谷传播到N点，则该时刻质点N的速度方向垂直纸面向里，故C正确；
D．题图2中，质点在时刻的速度方向为垂直纸面向外，则题图2不是质点N的振动图像，D错误。
故选C。
5. 某学校科技小组制作的太阳能驱动小车如图甲所示。太阳能驱动小车的质量，小车在水平地面上由静止开始做直线运动，一段时间内小车的速度v与牵引力的功率P随时间变化的图像分别如图乙、丙所示。已知末小车牵引力的功率达到额定功率，末小车的速度达到最大值，末关闭电动机，再经过一段时间小车停止运动。设整个过程中太阳能驱动小车受到的阻力恒定。下列说法正确的是（ ）
A. 太阳能驱动小车最大速度大小为
B. 太阳能驱动小车受到的阻力大小为
C. 整个过程中，太阳能驱动小车克服阻力做功为
D. 关闭电动机后，太阳能驱动小车经过停止运动
【答案】C
【解析】AB．由图像可知在0～3s内，电动汽车的加速度
由图像可知在0～3s内
解得
由牛顿第二定律
摩擦力为
由
解得
故AB错误；
C．对全程由动能定理可得
解得
所以整个过程中克服阻力做功为3750J，故C正确；
D．关闭发动机后
经过
电动汽车停止运动 ，故D错误。故选C。
6. 如图，汽车沿直线以速度v匀速行驶过程中，车中水泥混凝土搅拌运输罐也同时以角速度ω匀速转动。取罐内一块质量为m的石头，石头与它做匀速圆周运动平面上圆心的距离为R，则石头所需的向心力的大小为（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】石头的分运动有两个，其一为与汽车一起以速度v向前做匀速直线运动，其二为绕圆心做匀速圆周运动，匀速直线运动不需要向心力，故石头所需的向心力的大小为
故选B。
7. 一定质量的理想气体从状态A开始，经A→B、B→C、C→A三个过程后回到初始状态A，其图像如图所示，已知状态A的气体温度为，下列说法正确的是（ ）
A. 状态B的气体温度为
B. 在A→B过程中，气体对外界做负功
C. 在B→C过程中，外界对气体做功为
D. 在A→B→C→A一个循环过程中，气体从外界吸收热量为
【答案】A
【解析】A．在A→B过程中，气体发生等容变化，根据查理定律得
解得
故A正确；
B．在A→B过程中，气体的体积不变，所以气体对外不做功，故B错误；
C．在B→C过程中，气体的压强不变，体积减小，外界对气体做功为
故C错误；
D．在A→B→C→A一个循环过程中，内能不变，则
围成的面积表示一个循环过程中外界对气体做的功，为
根据热力学第一定律
可知，气体从外界吸收的热量
即气体向外界释放热量，故D错误。
故选A。
8. 如图所示，在竖直空间固定半径为R的绝缘圆环，圆环圆心O点正下方距圆环一定距离处有一带正电小球A，圆环上套有一带正电小球B，初始时B静止在圆环上M点的右侧。现用外力使A缓慢向圆环最低点M移动，则B沿圆环右移，在此过程中，两小球所带电荷量保持不变且可视为点电荷，不计一切摩擦，则下列说法中正确的是（ ）
A. 圆环对B的弹力一直减小B. 圆环对B的弹力一直增大
C. A、B间的库仑力先增大后减小D. A、B间的库仑力一直增大
【答案】BD
【解析】AB．对B球受力分析，如图所示
由相似三角形对应边成比例可知
解得
随着OA距离的减小，圆环对B的弹力一直增大，故A错误，B正确；
CD．根据
可知，随着FN增大，AB距离在减小，所以A、B间的库仑力FE增大，故C错误，D正确。
故选BD。
9. 某同学利用手机物理工坊测量当地地磁场的磁感应强度，如图甲所示，以手机显示屏所在平面为平面，在手机上建立直角坐标系，该同学测量时z轴始终保持竖直向上，手机平面绕z轴匀速转动，手机显示出各轴磁场的实时数据（如图乙所示）。当外界磁场分量与坐标轴正方向相同时则显示正值，相反则显示负值，根据图像可推知，下列说法错误的是（ ）
A. 图中时刻x轴正方向指向地球北方B. 图中时刻y轴正方向指向地球南方
C. 时间内手机刚好绕z轴转动了一周D. 通过z轴数据可知测量地在南半球
【答案】D
【解析】地磁场的N极在地球南极附近，S极在地球北极附近，在南半球，地磁场方向斜向上，竖直分量竖直向上，水平分量指向北方；在北半球，地磁场方向斜向下，竖直分量竖直向下，水平分量指向北方。
A．根据北半球地磁场保持水平分量为向北，因此当手机绕z轴转动过程，地磁场水平分量在x轴和y轴分量，将出现正弦或余弦式的变化，图中时刻x轴正方向磁场数值达到最大，说明此时刻x轴正方向指向地球北方，故A正确；
B．图中时刻y轴负方向磁场数值达到最大，说明时刻y轴正方向指向地球南方，故B正确；
C．时间内x轴方向磁场变化刚好一个周期，说明时间内手机刚好绕z轴转动了一周，故C正确；
D．由图中z轴数据为负，即磁场有竖直向下分量且基本保持不变，可知测量地在北半球，故D错误。
本题选择错误的，故选D。
10. 直流电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到安培力的作用而运动．如图所示为使用直流电动机提升重物的示意图，间距为L的平行导轨固定在水平面内，导轨左端接有电动势为E、内阻为r的直流电源，导轨电阻不计；质量为、长为L的导体棒垂直导轨放置，导体棒电阻不计，其中心通过绝缘细线绕过固定光滑定滑轮后与静止在地面上的质量为m的重物相连，此时细线恰好伸直且无拉力，导体棒与滑轮间的细线水平．整个装置处于方向竖直向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场中．已知导体棒距离导轨左端足够远，重物上升过程中不会碰到定滑轮，重力加速度为g，不计一切摩擦．闭合开关S后，下列说法正确的是（ ）
A. 闭合开关S瞬间，重物的加速度大小为
B. 导体棒最终速度大小为
C. 要使导体棒匀速运动时直流电源的输出功率最大，则重物的质量应为
D. 重物从静止出发到刚好做匀速运动的过程中，安培力对导体棒所做的功等于系统增加的机械能与回路产生的焦耳热之和
【答案】AB
【解析】A．闭合开关S瞬间，回路中的电流为
导体棒所受安培力
对导体棒和重物整体受力分析，由
解得
A正确；
B．导体棒向左运动时会产生与直流电源相反的感应电动势，初始，导体棒向左加速运动，随着导体棒速度的增大，回路中的电流减小，根据牛顿第二定律可知，导体棒向左做加速度减小的加速运动，最终达到匀速，设稳定时导体棒的速度大小为v，则回路中的电流
由
解得
B正确；
C．直流电源的输出功率
则当
时，直流电源的输出功率最大，根据
解得
C错误；
D．重物从静止出发到刚好做匀速运动的过程中，对导体棒和重物组成的整体，只有安培力和重物的重力做功，由功能关系可知，安培力对导体棒所做的功等于导体棒和重物组成的整体增加的机械能，D错误。
故选AB
二、非选择题：本题共5小题，共54分．
11. 某同学验证机械能守恒定律的装置如图1所示，该装置由悬挂在铁架台上的细线、小球和铁架台下方的光电门组成，当地重力加速度为g。
（1）实验中用毫米刻度尺测量悬点到小球上端的细线长度为l，用某测量工具测量小球的直径d
（2）该同学将细绳拉直至与悬点等高的位置后由静止释放，记录小球通过最低点时光电门的遮光时间t，则小球通过最低点的速度大小为___________（用所测物理量字母表示）
（3）本实验验证机械能守恒定律时，只需在误差允许范围内验证表达式___________是否成立即可；
（4）多次改变细线长度l，重复以上操作，若以为纵坐标，l为横坐标，根据实验数据作出的图像如图2所示，图中的纵截距为b，c为纵轴上的一个数值，则可得重力加速度测量值___________（用图中给的字母或所测物理量表示）；
（5）用实验所得重力加速度与当地重力加速度g比较，在误差范围内两个数值近似相等，则验证了小球机械能守恒。
【答案】（2） （3） （4）b
【解析】（2）[1]根据光电门的原理可知小球通过最低点的速度大小为
（3）[2]小球下落过程，根据机械能守恒可得
又
联立可得在误差允许范围内验证机械能守恒的表达式为
（4）[3]根据
变形可得
则重力加速度测量值为
12. 某实验小组准备利用量程为0~1mA的灵敏电流计G改装成一个简易多用电表，设计了如图甲所示的电路图。
（1）为较为准确地测得灵敏电流计G的内阻，他们利用如图乙所示的电路进行测量，各电阻箱的阻值分别为，当电阻箱的阻值调整到时，灵敏电流计的示数刚好为零，那么_______。
（2）图甲中a、b分别是量程为0~100mA、0~10mA两挡电流表的接线柱，那么两定值电阻的阻值_______，_______。
（3）图甲中的电源电动势，内阻，当B接c时，使用图丙所示刻度盘的表盘中值刻度为15，这块欧姆表的挡位为_______（选填“×1”、“×10”或“×100”）挡，欧姆调零后滑动变阻器接入电路的阻值为_______Ω。
【答案】（1）36 （2）0.4 3.6
（3）×10 145.8
【解析】【小问1详解】
[1]根据惠斯通电桥平衡方程可知
代入数据解得
【小问2详解】
[2][3]接a接线柱，电流表满偏时有
接b接线柱，电流表满偏时有
联立解得
【小问3详解】
[4][5]欧姆调零后，短接表笔，灵敏电流计满偏，则有
解得
欧姆表内阻为
B接c时，使用图丙所示刻度盘的表盘中值刻度为15，此时内外阻值应相等，则欧姆表应为“×10”挡位。
13. 如图所示，左、右对称的粗糙斜面与竖直方向的夹角均为，两根刚性轻杆通过铰链与两个相同的物块P、Q相连，P、Q的质量均为，对称着放在两侧的斜面上．一质量为的物块A悬挂在上方的铰链上，对称调节P、Q的位置，使杆与斜面垂直，整个装置处于平衡状态．已知物块均可视为质点，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，杆与物块均处于同一竖直面内，铰链质量忽略不计，重力加速度g取，，．求：
（1）轻杆受到的力的大小；
（2）物块与斜面间动摩擦因数的最小值．（结果用分式表示）
【答案】（1）20N；
（2）。
【解析】【小问1详解】
对悬挂点进行受力分析，受绳子的拉力（大小等于）和两个轻杆的弹力F1而处于平衡状态，对绳子的拉力沿杆的方向进行分解，如图
由几何关系和平衡条件得
代入数据可得
小问2详解】
对物块P受力分析，如图所示．
因轻杆与斜面垂直，则当最大静摩擦力与重力沿斜面方向的分力相等时，动摩擦因数有最小值，对P物体受力分析，受到重力、轻杆的力F1、支持力N和摩擦力f而处于平衡态，此时在沿杆方向上有
沿斜面方向上有
又

联立可得
14. 如图所示，倾角（ 的足够长的斜面固定在水平面上，斜面下端固定一挡板，劲度系数的轻弹簧一端与挡板连接，另一端与质量为的滑块连接。绕过光滑轻质定滑轮的轻绳一端与滑块相连，另一端与质量为的石块相连。已知滑块与斜面间的动摩擦因数轻弹簧的弹性势能与形变量的关系为；开始时用手托住石块，轻绳恰好伸直、且与斜面平行但无弹力，滑块恰好不上滑（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）；现由静止释放石块，运动过程中弹簧都在弹性限度内，重力加速度，，。求：
（1）释放石块瞬间轻弹簧的弹性势能；
（2）滑块上滑过程中的最大速度。
【答案】（1）2.5J；（2）
【解析】（1）根据题意，开始时用手托住石块，轻绳恰好伸直、且与斜面平行但无弹力，滑块恰好不上滑，则根据临界状态，由平衡条件有
解得
根据弹簧弹性势能的表达式
代入可得
（2）当松手后滑块上滑过程中，由牛顿第二定律有
滑块上升过程中弹簧恢复原长，在弹簧恢复原长的过程中滑块做加速度减小的加速运动，当滑块恢复原长后将被拉升，此后由牛顿第二定律有
当滑块所受合外力为零时速度达到最大，此时应有
解得
可知从滑块静止到速度达到最大，弹簧的伸长量与压缩量相同，则对该过程由动能定理有
解得
15. 在如图所示的直角坐标系xOy中，在空间存在沿y轴负方向的匀强电场，在的空间内同时存在垂直xOy平面向里的匀强磁场，磁感应强度的大小为B。一电荷量为+、质量为m的粒子从y轴的A点以初速度进入电场，方向与y轴正方向成角，之后粒子从x轴上的C点沿x轴正方向进入电场和磁场叠加区域，之后运动轨迹在x轴上方。已知C、O两点间的距离为L，粒子所受重力忽略不计，求：
（1）A、O两点间的距离和电场强度E的大小；
（2）粒子在的空间运动过程中，离x轴最远的距离；
（3）粒子在的空间运动的最小速度。
【答案】（1），；（2）；（3）或
【解析】（1）设A、O两点间的距离为y，粒子在电场中运动时，逆向看作类平抛运动，有
解得
由牛顿第二定律有
联立解得
（2）粒子进入电磁复合场做摆轮线运动，用运动分解法求解该问题将速度分解，
设某一分速度v使粒子受到的洛伦兹力与电场力平衡，即
由左手定则知速度v方向水平向右，则
所以带电粒子的运动可以分解为速度为v的匀速直线运动与速度为的逆时针方向的匀速圆周运动的合运动，轨迹如图所示

粒子做匀速圆周运动，由牛顿第二定律有

M点为粒子距x轴的最远点，它到x轴的距离为
联立解得
（3）当粒子运动到离x轴最远处时，速度v与v'方向相反，其合速度最小，有
联立解得
或