2024年浙江省普通高中学业水平合格性考试物理模拟试卷 （一）

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一、选择题(本题共18小题，每小题3分，共54分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)
附解析：
3.【解析】E= Ir+U是电源电动势和路端电压关系，不能计算点电荷场强，选项A错误； E=kQr2可以计算点电荷场强公式，选项B正确； E=Ud适用于匀强电场场强计算，选项C错误； U=Wq适用于计算电场中两点电势差的公式，选项D错误。
6.【解析】选项A指的是平均速率，而选项BCD均为瞬时速率，因此答案为A。
7.【解析】这段时间内机器狗的加速度 a=ΔvΔt=0−33m/s2=−1m/s2,选项C正确； 这段时间内位 移 x=v0t+12at2=3×3+12×−1×32m=4.5m, 选 项 B 错 误 ; 根据 v=0+32m/s=1.5m/s可知，选项A错误；1s后的末速度为2m/s，2s后末速度为1m/s，所 以 减 速 后 第 1s 内 的 位 移 是 x1=2+32×1m=2.5m, 最 后 1s 内 位 移 x1=1+02×1m=0.5m,所以应该是5倍，选项D错误。
8.【解析】商品所受支持力是因为购物车发生形变产生的，选项A错误； 购物车结算时扫描商品二维码的电磁波是红光，不可能是X射线，选项B错误； 给装满商品的购物车一个初速度，让它沿直线减速前进时，速度越来越小，购物车质量不变，所以它的惯性不变，选项 C错误； 商品对购物车的作用力、购物车对商品作用力属于相互作用力，因此总是等大反向的，选项D正确。
9.【解析】根据物体做曲线运动的速度和合外力之间的关系，速度应该是轨迹该点切线方向，合外力指向曲线弯曲的内侧，因此选项D正确，选项ABC错误。
10. 【解析】单杠对人的作用力、人对单杠作用力属于相互作用力，等大反向，所以选项 A 正确；单杠与人脖子接触面粗擦，且有弹力，所以存在摩擦力，选项 B 错误； 由于人处于静止状态，所以单杠对人的作用力与重力平衡，因此单杠对人的作用力方向竖直向下，即人对单杠作用力竖直向下，选项 C 错误； 单杠发生形变对人脖子产生弹力，选项 D错误。
11. 【解析】该齿轮的角速度 ω=2πT,选项A错误； 该齿轮的边缘的线速度 v=2πRT=πDT,选项B错误； 该齿轮的边缘的向心加速度 a=Rω2=2π2DT2,选项C正确； 该齿轮匀速转动时，齿轮上各点的线速度大小相等，方向不同，选项D错误。
12. 【解析】葡萄干在饮料中匀速上浮，说明浮力做正功，机械能增加，选项A错误； 葡萄干在碳酸饮料中加速下降时，合外力向下做正功，但浮力做负功，机械能减少，而根据动能定理物体的动能增加，选项 B 正确，C错误； 经过足够长时间，葡萄干沉在碳酸饮料底部，如果以最底部为参考面，则最底部处其机械能为零，若以其他位置为参考面，最底部机械能不为零，选项D错误。
13. 【解析】发射卫星的最小速度为 7900m/s, 选项 A 错误; 根据 GM太mr2=mr2πT2, 由于不知道日地距离和引力常亮，所以也无法计算太阳质量，选项 B 错误； 地球的平均密度 ρ=MV,但由于不知道引力常量，无法根据黄金代换公式 GM=gR²计算出地球质量，所以地球的平均密度不知道，选项C错误； 该卫星绕地球做匀速圆周运动时，根据 GMHmR+ℎ2=mR+ℎ2πT2,其中 GMH=gR2,所以可以求出该卫星绕地的周期，选项D正确。
14. 【解析】根据平抛运动规律则 x=v0t、y=12gt2, 测量出喷口到地面竖直高度，则可以计算时间，测量落地点到喷口水平位移，则可以估算从A 处喷出水的初速度，所以答案选B, 选项ACD 错误。
15. 【解析】根据题意，无线充电底座是大小、方向都在变的交流电，根据右手定则可知它产生的磁场也是大小、方向都在变化的，当手机放在底座上，这些磁场通过手机线圈的磁通量就会变化，从而产生感应电流，即能够给手机充电，所以选项C正确，选项AB错误；让手机稍微离开底座，这时底座产生的变化的磁场还是可以通过手机的线圈，即还是有感应电流，但效率会降低，选项D错误。
16. 【解析】充满电时该电池储存的电荷量为Q= It=32×3600C=115200C,选项 A 正确； 该46950 型锂电池，放电时电池的化学能转化为电能、内能等，选项 B 错误； 充满电情况下，该锂电池的电能约为 W=UIt=4.3×10⁵J,选项 C错误； 使用最大功率 24W充电时间设为t, 则24·t=3.7×32, 化简则t=4.9h, 实际上电源充电是有能量转化的效率，实际充电时间肯定超过4.9h，选项D错误。
17. 【解析】通过线圈的磁通量φ=BS，设圆的半径为r，正方形变成为a，等边三角形的边长为b, 等腰直角三角形直角边为 c, 则2πr=L、4a=L、 3b=L, 2c+ 2c=L, 结合图形的面积可知 S圆=πL2π2=L24π≈L212.56,SI=a2=L216、
因此圆形图形的磁通量最大，
选项 A正确，选项BCD 错误。题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
答案
B
D
B
B
B
A
C
D
D
题号
10
11
12
13
14
15
16
17
18
答案
A
C
B
D
B
C
A
A
D
18. 【解析】图中M代表等势线，N代表电场线，选项A错误； 根据等势线可知( UAB>0,所以电场力做功 WAB=qUAB可知，带正电的检验电荷从A 到B，电场力做正功，选项B错误； 根据电场线性质可知，电场线越密集电场越强，电场线方向代表电势降低，所以 EAφB,选项C错误，D正确。
二、非选择题部分(本题共5 小题，共46分)
19.【答案】(1)C(2分)(2) B (1分), C (1分), ℎC−ℎA2t (1分), mghB (1分), B(2分)
【解析】(1) “探究两个互成角度的力的合成规律”的实验采用了等效替代，选项 A错误；“探究加速度与力、质量之间的关系”的实验中，装上纸带，同时倾斜木板一定角度，但不能悬挂砂桶，当小车匀速下滑时，即完成平衡摩擦力过程，选项 B 错误； 当两球质量、转动半径都相等时，左、右两边变速塔轮半径之比为2：1时，两轮的角速度之比为1：2，所以左右两标尺的刻度比值为1：4，选项C正确； 研究平抛运动及其特点中发现小球轨迹如图，这是因为斜槽末端没有调节水平导致，选项 D错误。
(2)①为了减小空气阻力对实验的影响，需要选择重量大一些，与空气截面小一些的物体，所以选项C 排除，天平的配置是精密实验装置，不能相互碰撞，选项D不合适，最适合的重物为装满水的瓶子，选项A错误，B正确。
②由于没有经过打点计时器的两个限位孔，所以打出的点出现偏离，选项C正确，选项ABD错误；
③经过 B 点的瞬时速度 vB=ℎC−ℎA2t, 从起点下落到 B 点减少的重力势能为 EP=mgℎB
④实验过程中存在空气阻力、打点计时器打点时有阻力，所以重力势能减少量一部分转化为动能，还有一小部分转化为摩擦产生的热量，选项B 正确，AC错误。
20.【答案】见解析
【详解】(1)(每空1分，共3分)当用直流电压档测电压时，指针偏转角度太小，说明所选量程太大，应还小量程重新测量，即选择2.5V 档位，换档之后不需要重新调整机械调零。在正确档位上测量番茄电池电动势为0.90V。
(3)(1分)由于番茄电动势约为1V，如果选择最大阻值为2kΩ的滑动变阻器，则最小电流为0.5mA，超过电流表量程，因此选择B 实验方案。
(4) (每空 2 分，共4 分)电动势 E=0.92V，图象斜率的大小代表番茄电池的内阻 r=1.2×10⁴Ω。
21.【答案】正电 (2分); E=mgtanθq(2分), φB=−mgtanθqd(2分), > (2分)
【解析】该带电小球的受力分析如下，由此可见带电粒子带正电。
根据受力平衡条件可知 Eqmg=tanθ,所以 E=mgtanθq,根据匀强电场 UAB=Ed可知，当A点为零电势点时 φA−φB=mgtanθqd,则 φB=−mgtanθqd。图中可见BC是一条等势线，所以 UAB>UBC。
22.【答案】见解析
【解析】(1) 物体沿斜面向上运动，根据牛顿第二定律可知
a1=mgsinθm=gsinθ=8m/s2 (1分)
根据匀变速直线运动规律 vB2−v02=2a1xAB(1分)
可知 vB=6m/s (1分)
(2) 物体在传送带先做减速运动，加速度大小 a2=μmgm=5m/s2(1分)
设减速度到零的位移为x，则 0−vB2=2a2x,即x=3.6m (1分)
上式验证可知，物体滑动到传送带末端速度不为零
根据题意 LBD=3.7m>x=3.6m,说明物体在没有撞到弹性隔板前停止运动
由上可知，物体水平面上运动总距离为3.6m(1分)
(3) 根据上面分析，物体没有反弹，所以物体运动最长时间就是从 A 点运动到停止 M处总时间，即：
在AB上的时间 t1=xABvAB=410+62s=0.5s (1分)
在水平面运动总时间 t2=xBMvBM=3.60+62s=1.2s
所以运动最长时间 t=t₁+t₂=1.7s(1分)
23. 【答案】见解析
【解析】 (1) (3分)
小球恰好进入圆弧轨道C点，即 mg=mvC2R(1分),所以 vC=gR (1分)
根据能量守恒定律则 EP=12mvC2+mg2R=52mgR (1分)
(2)(3分) 设小球在B处的速度为 VB,
则 vBcsθ=vC=gR (1分)
vBsinθ=gt, 则 t=vBsinθg (1分)
BC的水平位移 xBC=vxt=vBcsθ⋅vBsinθg
化简之后： xBC=Rtanθ或者 xBC=Rgsinθ (1分)
或者根据机械能守恒定律则
12mvB2+mgr1−csθ=52mgR
从B点飞出后竖直方向做匀减速直线运动，水平方向匀速直线运动，即 vy=vBsinθ、vx=vBcsθ
所以BC 的水平位移 xBC=vxt=vBcsθ⋅vBsinθg
联立上式则 xBC=5R−2r1−csθ2sin2θ
(只要逻辑正确，答案均可算正确，分值参考上面)
(3)(4分) 根据机械能守恒可知， 12mvD2=12mgR2+2mgR (1分)
即滑块滑到D处的速度为 vD=5gR
v
滑块与模板之间的滑动摩擦力 f₁=μmg
木板收到地面的最大静摩擦力 f₂=μ2mg
所以受力分析可知，木板不会移动
当木块在木板最左端恰好减速到零，其加速度大小为a=μg (1分)
根据匀变速直线运动公式，即 vD2=2μgL (1分), 则 L=5R2μ(1分)
(4)(2分) 整个过程根据能量守恒可知，所有的机械能都最终转化为热量即 Q=52mgR(2分)
《浙江省新学考研究卷》学考物理参考答案 (一) 第6 页 共 6页