四川省仁寿第一中学校(北校区)2024-2025学年高三上学期11月期中考试物理试题
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1.C 解析 根据匀变速直线运动规律可知,某段时间中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度,则第6 s内的平均速度等于5.5 s时的瞬时速度,前5 s内的平均速度等于2.5 s时的瞬时速度,依题意由加速度定义式可得a=ΔvΔt=v5.5- m/s2=3m/s2,故选C。
2.B 解析 铅球被水平推出后,只有重力对铅球做功,铅球的机械能守恒,选项A错误;不计铅球受到的空气阻力,铅球只受重力,加速度等于重力加速度,平抛运动过程中重力加速度保持不变,选项B正确;铅球被水平推出后机械能守恒,铅球在平抛运动过程中铅球的重力势能减小,动能增大,速度大小增大,选项C、D错误。
3.D 解析 由开普勒第三定律得R3T2=R+7R23T'2,解得T'=8年,选项D正确。
4.C 解析 设平均阻力为f,则有f×(15×90×2πr)=900 kJ,解得f≈354 N,故选C。
5.A 解析 由动能表达式Ek=12mv2和动量大小表达式p=mv,可得p=2mEk,二者动能相等,所以甲、乙动量大小之比为m1∶m2,故A、B、D错误,A正确。
6.D 解析 根据右手螺旋定则判断上下两个线圈的N极均在左边,S极均在右边,即铁芯中间处的磁场方向是水平向右的。根据左手定则判定,由里向外射出的电子流受到的洛伦兹力向下,如图所示,故电子束向下偏转,D正确。
7.A 解析 一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁过程中,共能发出C42=6种不同频率的光,故A正确;依题意,6种不同频率的光中只有2种能够使阴极K发生光电效应,可知这两种光的光子能量是较大的,那么这两种光是n=3能级向n=1能级跃迁和n=4能级向n=1能级跃迁产生的。图丙中的图线a所对应的遏止电压较小,则光电子的最大初动能较小,根据Ekm=hν-W0,可知对应的光子能量较小,原子跃迁对应的能级差较小,即a光是氢原子从n=3能级向n=1能级跃迁产生的,故B错误;根据上述分析,a光的光子能量小于b光的光子能量,根据E=hν=hcλ,可知a光的波长大于b光的波长,故C正确;根据Ekm=hν-W0,由于b光的光子能量大于a光的光子能量,则b光照射阴极K时逸出的光电子的最大初动能比a光照射时的大,故D错误。
8.B 解析 设小物件自A点开始做匀加速直线运动的位移为s,则s=v22μg=12×0.5×10 m=0.1 m
10.AD 解析 由题图甲可知该波的波长为2.4 m,由题图乙可知该波的周期为1 s,v=λT=2.4 m/s,故A正确;由质点开始振动的方向向下可知,波源开始振动的方向向下,故B正确;质点开始振动的时刻为0.5 s,由x=vt=1.2 m可知,质点与波源的距离为1.2 m,故C错误;一个周期内质点通过的路程为4A,0--3 s内该质点运动2.5 s,故2.5 s内质点通过的路程s=10A=4 m,故D正确。
11.CD 解析 可以用电场线的疏密来比较各点电场强度的大小,电场线越密的地方电场强度越大,由图可知,M点的电场强度大于N点的电场强度,由F=qE可知FM>FN,故A错误;由等势线与电场线垂直可得过A点的等势线如图所示,因为无穷远处电势为零,且沿着电场线电势降低,所以A点电势大于零,故B错误;因为沿着电场线电势降低,由图可知,M点电势高于N点电势,故C正确;因为负点电荷在电势高的地方电势能小,所以将负点电荷从M点移动到N点的过程中,电势能增加,故D正确。
12.AC 解析 保持输送电能总功率P=UI1不变,则升压变压器的原线圈的电流I1变为原来的110,由I1n1=I2n2得,输电线中的电流I2变为原来的110,A错误,B正确;输电线上损失的功率为P损=I22R线,I2变为原来的110,则损失的功率变为原来的1100,C正确;输电线材料不变直径变为原来的110,由R=ρLS得,电阻变为原来的100倍,保持输送电能总功率、输电距离不变的情况下,而I2变为原来的110,故输电线上损失的功率P损=I22R线不变,D错误。
13.答案(1)左(2)1.52(3)(s4+s5+s6)-(s1+s2+s3)36T2
解析 (1)观察纸带可知左边点迹比较密集,故连接下落物体的夹子应夹在纸带的左端。
(2)纸带上每段位移均对应了2段时间间隔T,所以vA=s2+s34T=(6.84+5.32)×10-24×0.02 m/s=1.52 m/s。
(3)用逐差法计算加速度,则该下落物体的加速度a=
(s4+s5+s6)-(s1+s2+s3)9×(2T)2=(s4+s5+s6)-(s1+s2+s3)36T2。
14.答案 (1)2.150 (2)B (3)0--0.06 A
解析 (1)由图甲可知螺旋测微器的固定刻度示数为2.0 mm,热敏电阻的直径为2.0 mm+15.0×0.01 mm=2.150 mm。
(2)根据热敏电阻的I-U图像可知电压从零开始变化,滑动变阻器应选用分压式接法,故选图B电路。
(3)根据图乙得出电路中的最大电流没有超过0.06 A,故选用的电流表量程是0--0.06 A。
15.解析 (1)根据题意将光路图补充完整,如下图所示,根据几何关系可知i1=θ=30°,i2=60°(2分)
根据折射定律有nsin i1=sin i2(2分)
解得n=3。(1分)
(2)设全反射的临界角为C,则
sin C=1n=33(1分)
光在玻璃球内的传播速度有v=cn(1分)
根据几何关系可知当θ=45°时,即光路为圆的内接正方形,从S发出的光线经多次全反射回到S点的时间最短,则正方形的边长x=2R(2分)
则最短时间为t=4xv。(2分)
得:t=46Rc。(1分)
16.解析 (1)根据右手定则可知导体棒ab中的电流方向由a到b。(2分)
(2)由题可知,f=m1gsin θ,(1分)
F安=f+m1gsin θ,(1分)
F安=BIL1,(1分)
I=ER1+R22,(1分)
E=BL2v(1分)
联立解得,v=5 m/s。(1分)
(3)由动量定理可知m2gtsin θ-BIL2t=m2v,(2分)
q=It=BL2xR1+R22,(2分)
解得t=1.2 s。(1分)
17解析 (1)花盆落下到达车顶所在高度的过程,
有H-h=12gt2(1分)
解得t=3 s
这段时间内货车位移为s=v0t=27 m(1分)
因L2=24 m
(2)货车匀减速的距离为s1=L2-v0Δt=15 m(2分)
制动过程中由运动学公式有v02=2a0s1(2分)
联立解得a0=2.7 m/s2。(1分)
(3)司机反应时间内货车的位移为s2=v0Δt=9 m(1分)
此时车头离花盆的水平距离为d=L2-s2=15 m(1分)
采取加速方式,要成功避险,则有d+L1=v0(t-Δt)+12a(t-Δt)2(2分)
联立解得a=2.5 m/s2。(1分)
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