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    2025年高考化学一轮复习 课时检测三十:常见无机物的转化(含解析)

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    2025年高考化学一轮复习 课时检测三十:常见无机物的转化(含解析)

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    这是一份2025年高考化学一轮复习 课时检测三十:常见无机物的转化(含解析),共5页。试卷主要包含了解析等内容,欢迎下载使用。
    A.NaCl(aq)eq \(――→,\s\up7(电解))Cl2(g)eq \(――→,\s\up7(石灰水))漂白粉(s)
    B.NaCl(aq)eq \(――→,\s\up7(CO2g))NaHCO3(s)eq \(――→,\s\up7(加热))Na2CO3(s)
    C.NaBr(aq)eq \(――→,\s\up7(Cl2g))Br2(aq)eq \(――→,\s\up7(NaIaq))I2(aq)
    D.Mg(OH)2(s)eq \(――→,\s\up7(HClaq))MgCl2(aq)eq \(――→,\s\up7(电解))Mg(s)
    2.五种常见物质的转化关系如图所示(反应条件、部分反应物及产物略去),其中A、B、C含有某种相同的元素。下列说法错误的是( )
    A.若A为空气含量最高的气体,则B可能使湿润的红色石蕊试纸变蓝
    B.若A的俗名为纯碱,则M的俗名可以为消石灰
    C.若A为常温下的淡黄色固体单质,则C可能使品红溶液褪色
    D.若A为地壳中含量最多的金属元素组成的单质,则N可以是 Cl2
    3.甲、乙、丙、丁四种物质发生如图所示的转化(反应条件略去,箭头表示一步转化)。
    下列不满足转化关系的是( )
    甲、乙、丙、丁、戊五种物质是中学化学常见的物质,其中甲、乙均为单质,它们的转化关系如图所示(某些条件和部分产物已略去)。下列说法不正确的是( )

    A.若甲可以与NaOH溶液反应放出H2,则丙可能是一种盐
    B.若丙、丁混合产生大量白烟,则乙可能会使品红溶液褪色
    C.若甲为短周期中最活泼的金属,且戊为碱,则丙生成戊不一定是氧化还原反应
    D.若甲、丙、戊均含同种元素,则三种物质中,该元素的化合价由低到高的顺序不可能为甲<戊<丙
    5.现有金属单质A、B、C和气体甲、乙、丙以及物质D、E、F、G、H,它们之间的相互转化关系如图所示(图中有些反应的生成物和反应的条件没有标出)。
    请根据以上信息完成下列各题:
    (1)写出下列物质的化学式:B________________,丙__________,H__________。
    (2)金属C在元素周期表中的位置为________,属于__________区。
    (3)反应③的离子方程式是______________________________________________
    ________________________________________________________________________。
    (4)反应⑤的离子方程式是_______________________________________________
    ________________________________________________________________________。
    (5)熔点:金属A__________金属B的(填“大于”或“小于”),理由是_______________。
    6.化合物X由三种元素组成,某实验小组按如下流程进行相关实验:
    化合物X在空气中加热到800 ℃,不发生反应。
    请回答:
    (1)组成X的三种元素为__________;X的化学式为________________。
    (2)溶液C的溶质组成为______________________________________________(用化学式表示)。
    (3)①写出由X到A的化学方程式:________________________________________
    ________________________________________________________________________。
    ②X难溶于水,但可溶于氨水中,写出该反应的离子方程式:__________________
    ________________________________________________________________________。
    (4)设计实验,检验尾气中相对活泼的2种气体:
    ________________________________________________________________________
    ________________________________________________________________________。
    课时检测(三十)
    1.C 石灰水中Ca(OH)2浓度太小,一般用氯气和石灰乳反应制取漂白粉,故A错误;碳酸的酸性弱于盐酸,所以二氧化碳与氯化钠溶液不反应,故B错误;氧化性:Cl2>Br2>I2,所以氯气可以氧化NaBr得到溴单质,溴单质可以氧化碘化钠得到碘单质,故C正确;电解氯化镁溶液无法得到镁单质,阳极氯离子放电生成氯气,阴极水电离出的氢离子放电产生氢气,同时产生大量氢氧根离子,与镁离子产生沉淀,故D错误。
    2.D 若A为N2,M为H2,N为O2,则B、C分别为NH3、NO,NH3和NO在一定条件下反应可生成N2,A正确;若A为Na2CO3,M为Ca(OH)2,N为CO2,则B、C分别为NaOH、NaHCO3,NaOH和NaHCO3反应生成Na2CO3和H2O,B正确;若A为S,M为H2,N为O2,则B、C分别为H2S、SO2,H2S和SO2反应生成S和H2O,C正确;若A为Al,则B、C中Al元素均为正价,B与C不可能反应生成Al,D错误。
    3.B 电解熔融状态下的Al2O3可以制得Al,Al与O2在常温或加热的条件下反应可以生成Al2O3,Al2O3、Al可相互转化,Al2O3、Al均能与NaOH反应生成Na[Al(OH)4],Na[Al(OH)4]与过量的盐酸反应生成AlCl3,AlCl3与过量的NaOH反应生成Na[Al(OH)4],Na[Al(OH)4]和AlCl3可相互转化,A满足转化关系;浓盐酸与二氧化锰在加热条件下可以制得Cl2,Cl2与水反应生成HCl,HCl和Cl2可相互转化,HCl与Fe反应生成FeCl2,Cl2与Fe反应直接生成最高价态的FeCl3,则乙→丙无法一步转化,FeCl2与Cl2反应生成FeCl3,FeCl3与Fe反应生成FeCl2,FeCl2和FeCl3可相互转化,B不满足转化关系;SiO2与C反应生成Si,Si与O2反应生成SiO2,Si、SiO2可相互转化,Si、SiO2均能与NaOH反应生成Na2SiO3,Na2SiO3与强酸反应生成H2SiO3,H2SiO3与NaOH反应生成Na2SiO3,Na2SiO3、H2SiO3可相互转化,C满足转化关系;NH3与O2在催化氧化的条件下可生成N2,N2与H2在高温、高压和催化剂的条件下可反应生成NH3,NH3、N2可相互转化,NH3、N2均能与O2反应生成NO,NO与O2反应生成NO2,NO2与水反应生成NO,NO和NO2可相互转化,D满足转化关系。
    4.D 甲为单质,若甲可以与NaOH溶液反应放出H2,则甲为Al或Si,所以丙可能是一种盐,例如氯化铝等,故A正确;丙、丁混合产生白烟,则丙、丁可为HCl和NH3或HNO3和NH3等,甲、乙均为单质,则乙可能是氯气、氢气或氮气,如果是氯气,则会使品红溶液褪色,故B正确;若甲为短周期中最活泼的金属,且戊为碱,则甲为Na,乙为氧气,所以丙可以为氧化钠或过氧化钠,当丙为氧化钠时,丙生成戊(Na2O+H2O===2NaOH)不是氧化还原反应,故C正确;若甲、丙、戊含有同一种元素,例如当甲为铁、乙为氯气、丙为氯化铁、丁为硫化氢等具有还原性的物质、戊为氯化亚铁时,则含Fe元素的物质中Fe的化合价由低到高的顺序为甲<戊<丙,故D错误。
    5.解析:金属单质A、B、C和气体甲、乙、丙以及物质D、E、F、G、H,它们之间的相互转化关系如题图;A焰色试验为黄色,为钠;钠和水生成氢氧化钠和氢气,甲为氢气、D为氢氧化钠;氢氧化钠和铝生成氢气,B为铝;氢气和黄绿色气体氯气生成氯化氢,则乙为氯气、丙为氯化氢;氯化氢溶于水得到盐酸,E为盐酸;氢氧化钠和氯化铁生成红褐色沉淀氢氧化铁,氯气和氯化亚铁生成氯化铁,铁和盐酸生成氯化亚铁,则C为铁、F为氯化亚铁、G为氯化铁、H为氢氧化铁;氯化亚铁和氢氧化钠生成氢氧化亚铁,氢氧化亚铁在空气中被氧气氧化为氢氧化铁;(1)由分析可知,B:Al,丙:HCl,H:Fe(OH)3。(2)金属C为铁,为26号元素,在元素周期表中的位置为第四周期第Ⅷ族,属于d区;(3)反应③为铝和氢氧化钠生成氢气和偏铝酸钠,离子方程式是2Al+2OH-+6H2O===2[Al(OH)4]+3H2↑;(4)反应⑤为氯气和氯化亚铁生成氯化铁,离子方程式是2Fe2++Cl2===2Fe3++2Cl-;(5)熔点:金属A小于金属B,理由是铝原子半径小于钠原子且价电子数大于钠,故金属键键能更大,熔点更高。
    答案:(1)Al HCl Fe(OH)3 (2)第四周期第Ⅷ族 d
    (3)2Al+2OH-+6H2O===2[Al(OH)4]+3H2↑
    (4)2Fe2++Cl2===2Feeq \\al(3+, )+2Cl- (5)小于 铝原子半径小于钠原子且价电子数大于钠,故金属键键能更大
    6.解析:化合物X由三种元素组成,在加热条件下和足量氨气反应生成固体混合物A,A和盐酸反应生成的紫红色固体应该是Cu,无色溶液B中加入稀硫酸生成的白色沉淀应该是BaSO4,无色溶液C中加入足量BaCl2溶液生成的白色沉淀应该是BaSO4。(1)根据以上分析可知Cu的物质的量是eq \f(0.960 g,64 g·ml-1)=0.015 ml,第一次生成硫酸钡的物质的量是eq \f(1.165 g,233 g·ml-1)=0.005 ml,第二次生成硫酸钡的物质的量是eq \f(2.330 g,233 g·ml-1)=0.01 ml,因此1.965 g X中一定含有0.960 g Cu、0.005 ml×137 g·ml-1=0.685 g Ba,二者质量之和是1.645 g<1.965 g,相差0.32 g,根据原子守恒可知应该是氧元素,物质的量是eq \f(0.32 g,16 g·ml-1)=0.02 ml,所以组成X的三种元素为Ba、Cu、O,Ba、Cu、O三种原子的个数之比是1∶3∶4,X的化学式为BaCu3O4。(2)根据氯原子守恒以及溶液C仍然能与氯化钡反应生成硫酸钡可知溶液C的溶质组成为HCl、H2SO4。(3)①反应中Cu元素化合价降低被还原,则氨气中氮元素化合价升高,被氧化生成氮气,根据原子守恒可知由X到A的化学方程式为2NH3+BaCu3O4eq \(=====,\s\up7(△))Ba(OH)2+3Cu+N2+2H2O。②X难溶于水,但可溶于氨水中,说明有[Cu(NH3)4]2+生成,所以该反应的离子方程式为BaCu3O4+12NH3·H2O===3[Cu(NH3)4]2++Ba2++8OH-+8H2O。(4)反应中氨气可能过量,高温下水是气态,氮气性质稳定,所以需要检验的是氨气和水蒸气。实验方案为将湿润的红色石蕊试纸置于尾气出口处,若变蓝,说明尾气中有NH3;将尾气通入冷的集气瓶中,若有液珠,说明有H2O。
    答案:(1)Ba、Cu、O BaCu3O4 (2)HCl、H2SO4
    (3)①2NH3+BaCu3O4eq \(=====,\s\up7(△))Ba(OH)2+3Cu+N2+2H2O
    ②BaCu3O4+12NH3·H2O===3[Cu(NH3)4]2++Ba2++8OH-+8H2O
    (4)将湿润的红色石蕊试纸置于尾气出口处,若变蓝,说明尾气中有NH3;将尾气通入冷的集气瓶中,若有液珠,说明有H2O




    A
    Al2O3
    Al
    Na[Al(OH)4]
    AlCl3
    B
    HCl
    Cl2
    FeCl2
    FeCl3
    C
    SiO2
    Si
    Na2SiO3
    H2SiO3
    D
    NH3
    N2
    NO
    NO2

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