山东省德州市禹城市综合高中2024-2025学年高三上学期10月月考考物理试卷[解析版]

这是一份山东省德州市禹城市综合高中2024-2025学年高三上学期10月月考考物理试卷[解析版]，共21页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题（本题共8小题，每小题3分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）
1. 质量为1kg的物块静止在水平地面上，t＝0时对其施加一水平拉力F，当物块运动一段时间后撤去拉力，之后物块继续运动直至停止。该物体运动的位移时间图象如图所示，图象在P点处的斜率最大、Q点处的斜率为0，已知物块与水平地面间的动摩擦因数为0.2，重力加速度取，则水平拉力F的大小为（ ）
A. 2NB. 4NC. 6ND. 8N
【答案】C
【解析】从0~t0，对物块根据动量定理有
撤去拉力后，对物块根据动量定理有
解得
N
故选C。
2. 木块a和b用一根轻弹簧连接起来，放在光滑水平面上，a紧靠在墙壁上，在b上施加向左的水平力使弹簧压缩，如图所示，当撤去外力后，下列说法正确的是（ ）
A. a离开墙壁前，a、b和弹簧组成的系统机械能不守恒
B. a离开墙壁前，a、b和弹簧组成的系统动量守恒
C. a离开墙壁后，a、b和弹簧组成的系统动量守恒
D. a离开墙壁后，a、b和弹簧组成的系统动量不守恒
【答案】C
【解析】A．a离开墙壁前，a、b和弹簧组成系统只有弹簧弹力在做功，故机械能守恒，故A错误；
B．a离开墙壁前，a、b和弹簧组成的系统在水平方向上受到墙壁水平向右的弹力，系统所受合外力不为零，故动量不守恒，故B错误；
CD．a离开墙壁后，a、b和弹簧组成的系统所受合力为零，故动量守恒，故C正确，D错误。
故选C。
3. 滑块以一定的初速度沿粗糙斜面从底端上滑，到达最高点B后返回到底端。利用频闪仪分别对上滑和下滑过程进行拍摄，频闪照片示意图如图所示。与图乙中相比，图甲中滑块（ ）

A. 受到的合力较小B. 经过A点的动能较小
C. 在A、B之间的运动时间较短D. 在A、B之间克服摩擦力做的功较小
【答案】C
【解析】A．频闪照片时间间隔相同，图甲相邻相等时间间隔内发生的位移差大，根据匀变速直线运动的推论，可知图甲中滑块加速度大，根据牛顿第二定律可知图甲中滑块受到的合力较大，故A错误；
B．设斜面倾角为，动摩擦因数为，上滑阶段根据牛顿第二定律有
下滑阶段根据牛顿第二定律有
可知上滑阶段阶段加速度大于下滑阶段加速度，图甲为上滑阶段，从图甲中的A点到图乙中的A点，先上升后下降，重力不做功，摩擦力做负功，根据动能定理可知图甲经过A点的动能较大，故B错误；
C．由逆向思维，由于图甲中滑块加速度大，根据
可知图甲在A、B之间的运动时间较短，故C正确；
D．由于无论上滑或下滑均受到滑动摩擦力大小相等，故图甲和图乙在A、B之间克服摩擦力做的功相等，故D错误。
故选C。
4. 如图所示，两个圆锥内壁光滑，竖直放置在同一水平面上，圆锥母线与竖直方向夹角分别为和，有A、B两个质量相同的小球在两圆锥内壁等高处做匀速圆周运动，下列说法正确的是（ ）
A. A、B球受到的支持力之比为B. A、B球的向心力之比为
C. A、B球运动的角速度之比为D. A、B球运动的线速度之比为
【答案】C
【解析】A．对小球A、B受力分析，受到重力和支持力，在竖直方向合力为零，则有
解得
所以
故A错误；
B．受到重力和支持力的合力提供向心力，则有
所以
故B错误；
C．小球的运动轨迹高度相同，则半径
由牛顿第二定律可知
解得
所以
故C正确；
D．线速度
解得
故D错误。
故选C。
5. 图1是工人把货物运送到房屋顶端的场景，简化图如图2所示，绳子跨过定滑轮拉动货物A，沿倾角为θ的玻璃棚缓慢向上移动，忽略货物所受摩擦阻力，则下列说法正确的是（ ）
A. 货物A对玻璃棚的压力不变
B. 货物A对玻璃棚的压力越来越大
C. 绳子的拉力越来越大
D. 绳子的拉力越来越小
【答案】C
【解析】对A受力分析，其动态图如下
货物缓慢向上移动，则拉力方向与竖直方向上的夹角减小，由图可知，绳子的拉力越来越大。同时，玻璃棚对货物的支持力变小，则货物A对玻璃棚的压力越来越小。
故选C。
6. 北京时间2021年10月16日6时56分，神舟十三号载人飞船采用自主快速交会对接模式成功对接于空间站天和核心舱径向端口，翟志刚、王亚平、叶光富三名航天员成功进驻空间站天和核心舱，开始中国迄今时间最长的载人飞行。已知空间站轨道离地面的高度约为地球半径的，绕地球飞行的轨道可视为圆轨道。下列说法正确的是（ ）
A. 空间站在轨道上运行的线速度大于
B. 空间站在轨道上运行的加速度小于地面重力加速度g
C. 对接后，空间站由于质量增大，轨道半径将变小
D. 若已知空间站的运行周期、地球半径和引力常量G，可求出空间站质量
【答案】B
【解析】A．是绕地球运行的最大环绕速度，故空间站在轨道上运行的线速度小于，故A错误；
B．根据
离地面越高，加速度越小，故空间站在轨道上运行的加速度小于地面重力加速度g，故B正确；
C．根据
对接后，空间站速度不变，轨道半径不变，故C错误；
D．根据
根据题意，可以知道轨道半径，运行周期和引力常量G，只能求出地球质量，而不能求出空间站质量，故D错误。
故选B。
7. 如图所示，两个长度相同的轻绳在中点处垂直交叉形成一个“绳兜”，重力为G的光滑球静置于“绳兜”中。绳端挂于O点静止，A、B、C、D为每根绳与球面相切的点，，R为球的半径，则 OA绳中的拉力大小为（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】设OA、OB、OC、OD与竖直方向夹角，OA、OB、OC、OD绳子拉力为T根据受力分析及几何关系可知
竖直方向夹角余弦值为
联立可得
故选A。
8. 如图所示，竖直固定的光滑直杆上套有一个质量为m的小滑块，一原长为l的轻质弹簧左端固定在O点，右端与滑块相连。直杆上还有b、c、d三个点，b点与O点在同一水平线上且Ob＝l，Oa、Oc与Ob的夹角均为37°，Od与Ob的夹角为53°。现将滑块从a点静止释放，在滑块下滑到最低点d的过程中，弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g，。下列说法正确的是（ ）
A. 滑块在b点时动量最大
B. 滑块从a点到c点的过程中，弹簧弹力的总冲量为零
C. 滑块在c点的速度大小为
D. 滑块从c点下滑到d点的过程中机械能的减少量为
【答案】D
【解析】A．从a到b，弹簧对滑块有沿弹簧向下的拉力，滑块的速度不断增大。从b到c，弹簧对滑块沿弹簧向上的拉力，开始时拉力沿杆向上的分力小于滑块的重力，滑块仍在加速，所以滑块在b点时速度不是最大，动量也不是最大，故A错误；
B．从a下滑到b点和从b下滑到c点的时间不相等，结合对称性可知弹簧弹力的总冲量不为零，故B错误；
C．由图可知，a、c两处弹簧的形变量相同，故滑块从a到c，弹力做功为零，只有重力做功，则有
可得滑块在c点的速度大小为
故C错误；
D．小球从c点下滑到d点的过程中，小球的机械能减少量等于弹簧弹性势能增加量，有
解得
故D正确。
故选D。
二、多选题（本题共4小题，每小题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
9. A、B两个物体图像分别如图中a、b所示，图线是抛物线，图线是直线，抛物线顶点的横坐标为，时间内图线a、b与横轴围成的面积相等。下列说法正确的是（ ）
A. 时刻A、B间距离一定最小
B. 时间内A的加速度一直小于B的加速度
C. 时间内A的平均速度等于B的平均速度
D. 时间内A、B的位移大小之比为
【答案】CD
【解析】A．根据题意，由于不知道物体A、B初始状态的位置关系，则无法判断A、B间的距离变化情况，故A错误；
B．由题图可知，A的图像关于t1对称，由于v—t图像的斜率表示加速度，将b图像平移至与a图像相切，切点位置时刻两者的加速度相等，可知，t2~t3时间内A的加速度不是一直小于B的加速度，故B错误；
C．由题意可知，0~t3时间内图线a、b与横轴围成的面积相等，即0~t3时间内A、B的位移相等，则0~t3时间内A的平均速度等于B的平均速度，故C正确；
D．根据题意，由题图可知，由于A的图像关于t1对称，则有
t3=2t1
由于时间内图线a、b与横轴围成的面积相等，则t1~t3时间内A的位移大小为A总位移的一半，根据几何关系，B的位移大小为B总位移的，由于A、B在0~t3时间内的位移相等，则t1~t3时间内A、B的位移大小之比为2:3，故D正确。
故选CD。
10. 喷淋装置将水沿不同方向喷出，其中A、B两个水珠的运动轨迹如图所示，不计空气阻力。由图可知（ ）
A. 空中运动时间A水珠较长
B. 最高点速度B水珠较大
C. 落地速度B水珠较大
D. 若两水珠同时喷出，则有可能在轨迹相交处相遇
【答案】AB
【解析】A．抛体运动中，将运动分解到水平方向和竖直方向，在竖直方向上，上升的高度越大，竖直分速度越大，运动时间越长，可知A水珠在空中运动的时间较长，A正确；
B．抛体运动在水平方向上做匀速运动，根据
由于水珠B运动时间短而射程远，因此B的水平分速度较大，即在最高点速度B水珠速度较大，B正确；
C．落地时A的竖直分速度较大，而B的水平分速度较大，因此无法比较两者落地时合速度的大小关系，C错误；
D．由于水平分速度和竖直分速度不同，运动到交点的时间不同，若两水珠同时喷出，则不可能在轨迹相交处相遇，D错误。
故选AB。
11. 如图所示，质量的木板Q静止在水平地面上，质量的物块P在木板左端，P与Q之间的动摩擦因数，地面与Q之间的动摩擦因数，现给物块P以的初速度使其在木板上向右滑动，最终P和Q都静止且P没有滑离木板Q，重力加速度取，下列说法正确的是（ ）
A. P与Q开始相对静止的速度是
B. 长木板Q长度至少为
C. P与Q之间产生热量和地面与Q之间产生的热量之比为
D. P与Q之间产生的热量和地面与Q之间产生的热量之比为
【答案】BC
【解析】A．P的加速度为
Q的加速度为
两者共速时有
v共=v0＋aPt=aQt
解得t=1s，v共=2m/s
选项A错误；
B．P、Q共速时的相对位移为
之后不发生相对滑动，故长木板Q长度至少为2m，选项B正确；
CD．P与Q之间产生的热量为
Q1=μ1m2gΔx=12J
由能量守恒定律得，地面与Q之间产生的热量为
P与Q之间产生的热量与地面与Q之间产生的热量之比为1∶1，选项C正确，D错误。
故选BC。
12. 如图所示，质量均为m的两个小球A、B用长为L的轻质细绳连接，B球穿在光滑水平细杆上，初始时刻，细绳处于水平状态，将A、B由静止释放，空气阻力不计。从释放到A球运动到最低点的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. A、B组成的系统动量守恒
B. A球运动到最低点时速度为
C. A球机械能减小了
D. A球运动到最低点时，B球向右运动距离为
【答案】BD
【解析】A．A、B组成的系统，水平方向不受外力，水平方向动量守恒。故A错误；
B．当A球摆到B球正下方时，A、B球速度大小分别为和。由水平方向动量守恒，得
由机械能守恒得
解得
A球运动到最低点时速度为。故B正确。
C．A球机械能减小量
故C错误；
D．A、B组成的系统，水平方向不受外力，水平方向动量守恒，则有
解得A球运动到最低点时，B球向右运动距离为。
故D正确。
故选BD。
三、实验题（每空2分）
13. 如图甲所示，某同学设计了测量物块与桌面间动摩擦因数的实验，所用器材有：力传感器、带有定滑轮的长木板、物块（固定着定滑轮）、砂和砂桶、刻度尺、打点计时器、交流电源，纸带等。回答下列问题：
（1）关于本实验，下列操作要求必要的是___________。（填字母）
A. 用天平测出砂和砂桶质量
B. 将带滑轮的长木板右端垫高，进行阻力补偿
C. 令物块靠近打点计时器，先接通电源，再释放物块，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数
D. 为减小实验误差，一定要保证砂和砂桶的质量远小于物块的质量
（2）已知打点计时器打点的周期为，某次实验时，得到了如图乙所示的点迹清晰的一条纸带，图中的点为计数点（每两个相邻的计数点间还有4个计时点未画出），各点间距离已测量并标在纸带上，则物块的加速度为___________。（用题给字母表示）
（3）改变砂和砂桶的质量，多次测量，根据实验数据以力传感器示数为纵轴、物块的加速度为横纵作出图线，已知图线的斜率大小为，截距的大小为，则物块与桌面之间的动摩擦因数___________。（用和重力加速度表示）
【答案】（1）C （2） （3）
【解析】【小问1详解】
A．实验中用力传感器测量物块所受的拉力，不需要再用天平测量砂和砂桶的质量，故A错误；
B．本实验的目的是测量物块与桌面之间的动摩擦因数，所以不能进行阻力补偿，故B错误；
C．物块靠近打点计时器，先接通电源，再释放物块，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数，故C正确；
D．实验中有力传感器测量物块所受的拉力，砂和砂桶的质量不需要远小于物块的质量，故D错误。
故选C。
【小问2详解】
两计数点间还有5个点没有画出，故两计数点时间间隔为
由逐差法可得
【小问3详解】
对物块，根据牛顿第二定律可得
即
有
解得
14. 在“利用自由落体运动验证机械能守恒定律”实验中

（1）为验证机械能是否守恒，需要比较重物下落过程中任意两点间的__________。
A．动能变化量与势能变化量
B．速度变化量和势能变化量
C．速度变化量和高度变化量
（2）除带夹子的重物、纸带、铁架台（含铁夹）、刻度尺、电磁打点计时器、导线及开关外，在下列器材中，还必须使用的器材是__________。
A．交流电源 B．天平（含砝码）
（3）某同学选用一质量为的重锤，按照正确的操作选得纸带如图所示，其中O是起始点，量得连续五个计时点A、B、C、D、E到O点的距离，打点频率为50Hz，已知当地重力加速度为，则打下C点时重锤的速度大小是__________m/s，O点到C点的这段时间内重锤重力势能的减少量为__________J（结果均保留两位有效数字）

（4）该同学用两个质量分别为、的重物P和Q分别进行实验，多次记录下落高度h和相应的速度大小v，作出的图像如图所示。对比图像分析正确的是__________。

A．阻力可能为零 B．阻力不可能为零 C．可能等于 D．小于
【答案】（1）A （2）A （3）2.0 0.86 （4）BC##CB
【解析】（1）[1]为验证机械能是否守恒，需要比较重物下落过程中任意两点间的动能变化量与势能变化量。
故选A。
（2）[2]
A．验证机械能守恒定律实验通过电磁打点计时器计时，需要交流电源，故A正确；
B．验证机械能守恒定律中等式两边重物质量可以约掉，则不需要天平测质量，故B错误。
故选A。
（3）[3]根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则打下C点时重锤的速度大小为
[4]O点到C点的这段时间内重锤重力势能的减少量为
（4）[5]AB．根据题意，设阻力为f，由动能定理有
整理可得
可知，若阻力为零，则两次实验的图像斜率相等，由图可知，斜率不等，则阻力不为零，故A错误，B正确；
CD．虽然斜率不相等，但不知道两物体所受阻力的情况，则两物体的质量关系不确定，即可能等于，故C正确，D错误。
故选BC。
四、计算题
15. 如图所示，质量为m的物块静置于水平地面上，t=0时对物块施加水平向右的拉力，拉力大小随时间变化的规律为F=kt（k为已知量）。物块与地面间的动摩擦因数为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。
（1）求物块开始滑动的时刻t1；
（2）求物块开始滑动前拉力的冲量I；
（3）若经过t2（t2>t1）时间后撤去拉力，求物块运动的时间t3与t2的关系。
【答案】（1）；（2），方向水平向右；（3）
【解析】（1）物块开始滑动时
解得
（2）物块开始滑动前，拉力随时间均匀变大，则
解得
冲量方向水平向右。
(3)从物块开始滑动至停下过程中，拉力的冲量
摩擦力的冲量
由动量定理得
解得
16. 如图所示，半径为R，圆心为的光滑圆弧轨道ABC固定在竖直平面内，AB是竖直直径，BC段圆弧所对应的圆心角为。一根长为R，不可伸长的轻绳一端固定在点，另一端悬挂质量为m的小球，点与点等高。小球在最低点E时给小球一个向左的初速度，使小球在竖直平面内做圆周运动，当小球运动到最高点D时细线被割断，但速度保持不变，小球刚好从C点无碰撞地进入圆弧轨道，不计小球的大小和空气的阻力，重力加速度的大小为g，，。
（1）求小球从C点进入圆弧轨道时的速度大小；
（2）求、两点间的距离；
（3）求小球运动到D点细线刚好要割断时，细线的拉力大小。
【答案】（1）；（2）5.4R；（3）5.4mg
【解析】（1）设小球到达C点时速度大小为，根据题意由运动学公式知
根据速度分解可知
解得
（2）、两点间的距离为
根据运动学公式可知
根据速度分解可知
解得
（3）小球在D点的速度为
设细线的拉力为F，根据牛顿第二定律得
解得
17. 如图所示，一自然长度小于R的轻弹簧左端固定，在水平面的右侧，有一底端开口的光滑圆环，圆环半径为R，圆环的最低点与水平轨道相切，用一质量为m的小物块（可看作质点）压缩弹簧右端至P点，P点到圆环最低点距离为2R，小物块释放后，刚好过圆环的最高点，已知重力加速度为g，小物块与水平面间的动摩擦因数为μ。
（1）弹簧的弹性势能为多大？
（2）改变小物块的质量，仍从P点释放，要使小物块在运动过程中不脱离轨道，小物块质量满足的条件是什么？
【答案】（1）；（2）m1≤m或
【解析】（1）小物块恰运动到最高点时，由牛顿第二定律
从小物块释放至运动到最高点的过程，由能量守恒定律
联立可解得
（2）要使小物块在运动过程中不脱离轨道，有两种情况：①小物块能够通过最高点；②小物块运动中最高到达圆心等高处。
①设小物块质量为m1，在最高点
从小物块释放至运动到最高点的过程满足
解得
m1≤m
②设小物块质量为m2，当小物块运动的最高点不超过圆周，满足h≤R
此时
解得
18. 如图所示，长为的水平传送带以的速度匀速转动，紧靠传送带两端的水平面上各静止一个物块B和C，。在距传送带左端的水平面上放置一竖直固定弹性挡板，物块与挡板碰撞后会被原速率弹回，右端有一倾角为37°且足够长的粗糙倾斜轨道，斜面底端与传送带右端平滑连接。现从距斜面底端处由静止释放一质量的滑块A，一段时间后物块A与B发生碰撞，碰撞后B滑上传送带，A被取走。已知物块B、C与传送带间的动摩擦因数，与水平面间的动摩擦因数，物块A与斜面间的动摩擦因数，物块间的碰撞都是弹性正碰，不计物块大小，取。，。求：
（1）物块A与物块B相碰前物块A的瞬时速度大小；
（2）物块B与物块C第一次碰撞前，物块B在传送带上滑行过程中因摩擦产生的内能；
（3）整个过程中，物块C与挡板碰撞的次数。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】（1）根据题意，物块A在下滑到斜面底端的过程中，由动能定理得
代入数据可得
（2）A、B两物块发生弹性碰撞，设碰后A的速度为，B的速度为，有动量守恒定律有
由能量守恒定律有

代入数据得
物块B在传送带上运动的速度大于传送带速度，物块B做匀减速运动，对物块B
物块B经时间后，速度与传送带速度相等，设向左运动的位移为，则有
由于，物块B与传送带速度相等后一起与传送带做匀速运动，此过程传送带向左的位移
因此物块与传送带间因摩擦而产生的热量
代入数据得
（3）物块B与物块C在传送带左端发生弹性碰撞，取向左为正方向，有动量守恒定律有
由能量守恒定律有
代入数据得
由此可知，以后每次B与C相碰，速度都发生交换。对物块C，设来回运动了n次，由动能定理可知
代入数据得