四川省泸县2023_2024学年高二数学上学期开学考试试题含解析

这是一份四川省泸县2023_2024学年高二数学上学期开学考试试题含解析，共18页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
本试卷共4页，22小题，满分150分.考试用时120分钟.
第I卷选择题（60分）
一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1. 设，则在复平面内对应的点位于
A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D. 第四象限
【答案】D
【解析】
【详解】试题分析：,对应的点为,在第四象限
考点：复数运算及其相关概念
2. 若、是两个不重合的平面，
①若内的两条相交直线分别平行于内的两条直线，则；
②设、相交于直线，若内有一条直线垂直于，则；
③若外一条直线与内的一条直线平行，则.
以上说法中成立的有（）个.
A. 0B. 1C. 2D. 3
【答案】C
【解析】
【分析】根据平面与平面平行的判定定理，平面与平面垂直的判定定理，直线与平面平行的判定定理可依次判断得解.
【详解】对①，面内有两条相交直线分别平行于面内两条直线，可得这两条相交直线均平行于面，由平面与平面平行的判定定理可知①正确；
对②，根据平面与平面垂直的判定定理，一个平面经过另一个平面的垂线可得平面与平面垂直，②错误；
对③，根据直线与平面平行的判定定理可知③正确.
故选：C.
3. 一组数据按从大到小的顺序排列为8，7，，4，4，1，若该组数据的中位数是众数的倍，则该组数据的平均值、方差和第60百分位数分别是（）
A. 6，，5B. 5，5，5C. 5，，6D. 4，5，6
【答案】C
【解析】
【分析】利用中位数与众数的定义得到关于的方程，从而得解.
【详解】依题意，将这组数据从小到大重新排列得，，，，，，
则中位数，众数为，
由题意知，解得，
所以这组数据的平均数为，
则这组数据的方差是，
因为，所以这组数据的第百分位数是；
故选：C.
4. 已知中，，，，则（）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意，由余弦定理即可得到，从而得到其范围.
详解】
由题意，在三角形中，由余弦定理可得，
，
且，，所以.
故选:C
5. 已知点D为边BC上的中点，点E满足，若，则（）
A. 5B. 7C. 9D. 11
【答案】D
【解析】
【分析】利用平面向量的线性运算，结合图形即可得解.
【详解】依题意，作出图形如下，
因为点D为BC上的中点，，
所以，
则，故，则.
故选：D.
6. 若，则的值为（）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】利用倍角公式结合齐次式问题运算求解.
【详解】由题意可得：.
故选：A.
7. 已知，，则值为（）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】由已知条件列方程组可求出和，再利用两角差的余弦公式可求得结果.
【详解】因为，，
所以，解得，
所以，
故选：C
8. 在中，下列命题正确的个数是（）
①；②；③若，则为等腰三角形；④，则为锐角三角形．
A. 1B. 2C. 3D. 4
【答案】B
【解析】
【分析】根据向量的运算公式，即可判断选项.
【详解】①，故①错误；②.故②正确；
③，则，为等腰三角形，故③正确；
④若，只能说明中，角是锐角，不能说明其它角的情况，所以不能判断为锐角三角形，故④错误.
故选：B
二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.
9. 已知向量，则下列结论正确的是（）
A. 若，则B. 若，则
C. 若，则D. 若，则
【答案】AB
【解析】
【分析】根据向量平行的坐标表示判断A，根据向量垂直的坐标表示判断B，根据向量的模的坐标表示判断C，D.
【详解】对于A，因为，所以，所以，A正确；
对于B，因为，所以，所以，B正确；
对于C，因为，所以，所以，C错误；
对于D，因为，所以，所以或，D错误；
故选：AB.
10. 声音是由物体振动产生的声波，纯音的数学模型是函数，我们听到的声音是由纯音合成的，称之为复合音，若一个复合音的数学模型是函数，则（）
A. 函数图像的一个对称中心为
B. 函数图像的一条对称轴为直线
C. 函数在区间上单调递增
D. 将函数图像向左平移个单位后的图像关于y轴对称
【答案】AC
【解析】
【分析】化简得到，根据对称中心对称轴判断A，B选项，根据单调性判断C选项，根据平移判断D选项.
【详解】
，故A正确；
对选项B：当时，，故的图像不关于对称，B错误；
，函数在区间上单调递增，C正确；
将函数的图像向左平移个单位后得到，D错误.
故选: AC.
11. 在中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知，下列说法正确的是（）
A. 若有两解
B. 若有两解
C. 若为锐角三角形，则b的取值范围是
D. 若为钝角三角形，则b的取值范围是
【答案】AC
【解析】
【分析】根据三角形的构成，可判断三角形有几个解所要满足的条件，即，有两解，或，有一解，，有0解，根据直角三角形的情况，便可得出为锐角或钝角三角形时，b的取值范围.
【详解】A选项，∵，∴有两解，故A正确；
B选项，∵，∴有一解，故B错误；
C选项，∵为锐角三角形，∴，即，故C正确；
D选项，∵为钝角三角形，∴或，即或，故D错误.
故选：AC
12. 在正方体中，点是线段上一动点，则下列各选项正确的是（）
A.
B. 平面
C. 三棱锥的体积是定值
D. 直线与平面所成角随长度变化先变小再变大
【答案】ABC
【解析】
【分析】本题利用立体几何中线面垂直的判定、面面平行的判定对A,B选项进行判断；由等体积法可判断C；D选项需要结合线面角的相关知识点，通过转化的思想去解决.
【详解】解：对于A，连接，，，，
由正方体的性质可得：，平面，
平面，所以，，
平面，所以平面，
因为平面，所以同理可得，
，平面，平面
平面，，故A正确；
对于B，连接，易证：，
因为平面，平面，所以平面，
因为平面，平面，所以平面，
又平面，
故平面平面，平面，平面，故B正确；
对于C，设到平面的距离为，连接，
，
因为平面，所以，
点是线段上一动点，又因为，因为平面，平面，
所以平面，所以点到平面的距离为定值，
也为定值，所以三棱锥的体积是定值，故C正确；
对于D，连接，平面，即为直线与平面所成角，
，当从移动至的过程中，增大，先变小再变大，
即先变大再变小，故D错误；
故选：ABC.
第II卷非选择题（90分）
三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.
13. 某校高二年级有1000名学生，其中文科生有300名，按文理生比例用分层抽样的方法，从该年级学生中抽取一个容量为50的样本，则应抽取的理科生人数为________.
【答案】35
【解析】
【分析】直接根据分层抽样的比例关系得到答案.
【详解】应抽取的理科生人数为：.
故答案为：.
【点睛】本题考查了分层抽样，意在考查学生的理解能力和计算能力.
14. 某圆锥体积为1，用一个平行于圆锥底面的平面截该圆锥得到一个圆台，若圆台上底面和下底面半径之比为，则该圆台体积为______
【答案】##
【解析】
【分析】先利用比值与锥体的体积公式求得小圆锥的体积，再利用作差法即可得到圆台的体积.
【详解】依题意，设小锥体的底面半径为，小锥体的高为，则大锥体的底面半径为，大锥体的高为为，
因为大圆锥的体积即为，整理得，
所以小圆锥的体积为，
因此该圆台体积为.
故答案为：.
15. 已知函数满足为奇函数，则函数的解析式可能为______________（写出一个即可）．
【答案】(答案不唯一)
【解析】
【分析】根据奇函数的定义选择函数的解析式即可.
【详解】取，则符合题意．
故答案为：.
16. 直四棱柱的各个顶点都在一个球的表面上，且，，，侧棱，则直四棱柱外接球的表面积是________________；
【答案】
【解析】
【分析】连接，由题意可得底面四边形与有相同的外接圆，且，由余弦定理得，再由余弦定理求出及，由正弦定理可得圆的半径，设直四棱柱的外接球的球心为，即为直四棱柱外接球的半径，利用勾股定理可得，再由球的表面积公式计算可得答案.
【详解】连接，因为直四棱柱底面有外接球，
所以底面四边形与有相同的外接圆，且，
所以，
由余弦定理可得，
即，解得，
所以，
因为，所以，
由正弦定理可得，所以圆的半径为，
即，设直四棱柱的外接球的球心为，
连接、，即为直四棱柱外接球的半径，
所以底面，，
可得，
直四棱柱外接球的表面积是.
故答案为：.
【点睛】关键点点睛：解题的关键点是在中利用勾股定理求出球的半径，考查了学生的空间想象能力.
四、解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17. 已知向量，.
（1）求；
（2）求向量与向量的夹角的余弦值；
（3）若，且，求向量与向量夹角.
【答案】（1）；（2）；（3）..
【解析】
【分析】（1）先求出的坐标，再求其模；
（2）利用向量的夹角公式直接求解即可；
（3）由，得化简结合已知条件可得答案
【详解】解：（1）因为，，
所以.
所以.
（2）因为，
，
，
所以.
（3）因为，
所以.
即.
所以.
即，
所以.
因为，
所以.
18. 已知.
（1）求的值域；
（2）若，，求的值.
【答案】（1）
（2）
【解析】
分析】（1）先根据两角和差正弦余弦公式化简解析式，再应用三角函数值域求解即得；
（2）先用已知角表示未知角，结合同角三角函数关系求函数值，再应用两角和差公式求解即可.
【小问1详解】
，
所以的值域为
【小问2详解】
由（1）得，
因为，
所以，
所以.
所以
.
19. 在中，内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且.
（1）求角A的大小；
（2）若，求的取值范围.
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）由二倍角的正弦公式、余弦定理化简已知式可得，进而求出的值，结合，可求出.
（2）由三角恒等变换的应用可求，由题意可求出，由正切函数的性质求解即可.
【小问1详解】
由
，
所以，可得：，
即，由余弦定理可得：，
又，所以.
【小问2详解】
由
，
因为，所以，又，
所以，所以，得，
所以，所以，所以.
的取值范围为.
20. 如图，在四棱锥P﹣ABCD中，PA⊥平面ABCD，底面为直角梯形，CD//AB，AD⊥AB，且PA＝AD＝CD＝2，AB＝3，E为PD的中点.
（1）证明：AE⊥平面PCD；
（2）过A，B，E作四棱锥P﹣ABCD的截面，请写出作法和理由，并求截面的面积.
【答案】（1）证明见解析
（2）作法和理由见解析，
【解析】
【分析】（1）由结合线面垂直的判定证明即可；
（2）作EF//CD，得出EF//AB，从而得出截面，再由梯形的面积公式得出截面面积.
【小问1详解】
证明：因为PA⊥平面ABCD，所以CD⊥PA.
又CD//AB，AD⊥AB，所以CD⊥AD.
因为AD∩PA＝A，所以CD⊥平面PAD，则CD⊥AE.
因为PA＝AD，E为PD的中点，所以AE⊥PD.又CD∩PD＝D，所以AE⊥平面PCD.
【小问2详解】
解：如图，过E作EF//CD，交PC于F，连接BF，则截面为四边形ABFE.
理由如下：
因为AB//CD，EF//CD，所以EF//AB，所以A，B，F，E四点共面，从而过A，B，E的截面为四边形ABFE.
由（1）知AE⊥平面PCD，所以AE⊥EF，
又，，AB＝3，
所以四边形ABFE为直角梯形，其面积.
21. 的内角A，B，C所对边分别为a，b，c，点O为的内心，记△OBC，的面积分别为，，，已知，．
（1）若为锐角三角形，求AC的取值范围；
（2）在①；②；③中选一个作为条件，判断△ABC是否存在，若存在，求出的面积，若不存在，说明理由．（注：如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分．）
【答案】（1）
（2）答案见解析
【解析】
【分析】（1）由题意，根据的内切圆的性质可得，利用正、余弦定理可得，结合角C的取值范围即可求解；
（2）选择①，根据正弦定理可得，由（1）得，方程无解即△ABC不存在．选择②，根据三角恒等变换可得，由（1）得，解得，结合三角形的面积公式计算即可.选择③，由（1），根据余弦定理可得，方程无解即△ABC不存在．
【小问1详解】
设的内切圆半径为r，因为，
所以，化简得：，
所以，因为，所以，所以，
因为，所以，
因为为锐角三角形，
所以，，解得：，
所以，所以AC的取值范围为．
【小问2详解】
选择①，因为，所以，
因为，所以，所以，
由（1）知，，所以，
整理得，方程无实数解，所以不存在．
选择②，由得：，
所以，即，所以，
由（1）知，，
所以，所以，解得，
所以存在且唯一，的面积．
选择③，因为，所以，
由（1）知，，所以，
整理得，
方程无实数解，所以不存在．
22. 已知函数.
（1）若，判断函数的奇偶性，并加以证明；
（2）若函数在R上是增函数，求实数a的取值范围；
（3）若存在实数，使得关于x的方程有三个不相等的实数根，求实数t的取值范围（写出结论即可，无需论证）.
【答案】（1）奇函数，证明见解析；
（2）；
（3）.
【解析】
【分析】（1）根据函数奇偶性的定义进行求解证明即可；
（2）根据绝对值的性质，结合二次函数的单调性进行求解即可；
（3）根据（2）的结论，运用分类讨论法，根据函数的单调性进行求解即可.
【小问1详解】
当时，，，
所以，
所以函数为奇函数；
【小问2详解】
，当时，的对称轴为；
当时，的对称轴为；
所以当时，在R上是增函数，
即时，函数在R上是增函数；
【小问3详解】
方程的解即为方程的解.
①当时，函数在R上是增函数，关于x的方程不可能有三个不相等的实数根；
②当时，即时，在上单调递增，在上单调递减，在上单调递增，则当时，关于x的方程有三个不相等的实数根；即，因为，所以.
设，因为存在实数，使得关于x的方程有三个不相等的实数根，所以，又可证在上单调递增，所以，故；
③当时，即，在上单调递增，在上单调递减，在上单调递增，则当时，关于x的方程有三个不相等的实数根；即，因为，所以，设，因为存在实数，使得关于x的方程有三个不相等的实数根，所以，而函数在上单调递减，所以，故；
综上：.