高考数学压轴题讲义专题3.15探究向量关系式，几何意义先分析专题练习(原卷版+解析)

这是一份高考数学压轴题讲义专题3.15探究向量关系式，几何意义先分析专题练习(原卷版+解析)，共41页。
探究向量关系问题解题策略：（1）“肯定顺推法”，将不确定性问题明朗化.其步骤为假设满足条件的元素向量关系存在，用向量的坐标运算，转化直线与圆锥曲线交点坐标的函数式，利用设而不求思想，列出关于待定系数的方程组，若方程组有实数解，则向量关系存在存在；否则，向量关系不存在.(2)反证法与验证法也是求解探索性问题常用的方法.
【典例指引】
类型一 探究向量式是否为定值
例1 【2015高考四川，文20】如图，椭圆E：(a>b>0)的离心率是，点P(0，1)在短轴CD上，且＝－1
(Ⅰ)求椭圆E的方程；
(Ⅱ)设O为坐标原点，过点P的动直线与椭圆交于A、B两点.是否存在常数λ，使得为定值？若存在，求λ的值；若不存在，请说明理由.
【解析】
类型二 探究向量式是否成立
例2. 【2014高考湖南卷文第20题】如图5，为坐标原点，双曲线和椭圆均过点，且以的两个顶点和的两个焦点为顶点的四边形是面积为2的正方形.
(1)求的方程；
(2)是否存在直线，使得与交于两点，与只有一个公共点，且？证明你的结论.
【解析】
类型三 探究向量式成立的条件
例3【2013年高考，天津卷理】设椭圆的左焦点为F, 离心率为, 过点F且与x轴垂直的直线被椭圆截得的线段长为.
(Ⅰ) 求椭圆的方程;
(Ⅱ) 设A, B分别为椭圆的左右顶点, 是否存在过点F且斜率为k的直线与椭圆交于C, D两点，且, 若存在，求k的值，不存在，说明理由..
【解析】
类型四 利用向量探究曲线过定点
例4. (2012福建理19)如图，椭圆的左焦点为，右焦点为，离心率。过的直线交椭圆于两点，且的周长为8。
（Ⅰ）求椭圆的方程。
（Ⅱ）设动直线与椭圆有且只有一个公共点，且与直线相交于点。试探究：
在坐标平面内是否存在定点，使得以为直径的圆恒过点？若存在，求出点的坐标；若不存在，说明理由。
【解析】
【扩展链接】
设圆锥曲线C的焦点F在x轴上，过焦点F且斜率为的直线交曲线于两点，若，则.
在圆锥曲线中，过焦点F不垂直于坐标轴的弦为，其垂直平分线和焦点所在的坐标轴交于，则.
3.已知椭圆的两个焦点分别为和（），过点的直线与椭圆相交于两点，若，则直线一定过或.
4.如果平面内有三点不共线，设.
【新题展示】
1．【2019湖北恩施2月质检】已知抛物线：的焦点为，其准线：与轴的交点为，过点的直线与抛物线交于两点．
（1）求抛物线的方程；
（2）点关于轴的对称点为，证明：存在实数，使得．
【思路引导】
（1）根据抛物线的准线为直线：，可求出，进而可得抛物线方程；
（2）先设直线的方程为，，，联立直线与抛物线方程，由韦达定理，求出直线恒过定点，进而可证明结论成立．
2．【2019黑龙江齐齐哈尔一模】已知为坐标原点，椭圆：的左、右焦点分别为，．过焦点且垂直于轴的直线与椭圆相交所得的弦长为3，直线与椭圆相切．
（1）求椭圆的标准方程；
（2）是否存在直线：与椭圆相交于两点，使得？若存在，求的取值范围；若不存在，请说明理由！
【思路引导】
（1）由题意列出关于a，b的关系式，解得a，b即可．
（2）将直线与椭圆联立，将向量数量积的运算用坐标形式表示，利用根与系数之间的关系确定k的取值范围．
3．【2019安徽江南十校3月检测】设是坐标原点，圆：，椭圆的焦点在轴上，左、右顶点分别为，，离心率为，短轴长为4．平行轴的直线与椭圆和圆在轴右侧的交点分别为，，直线与轴交于点，直线与轴交于点．
（Ⅰ）求椭圆的标准方程；
（Ⅱ）当时，求的取值范围．
【思路引导】
（1）根据椭圆的几何性质，得到关于的方程，求得结果；（2）解法一：假设方程和坐标，利用得到和的坐标，从而将转化为关于的式子，求得范围；解法二：假设方程和坐标，与椭圆方程联立解出点坐标，进一步推导出坐标，将转化为关于的式子，求得范围．
4．【2019河北衡水中学摸底】已知点是抛物线的焦点，若点在抛物线上，且
求抛物线的方程；
动直线与抛物线相交于两点，问：在轴上是否存在定点其中，使得向量与向量共线其中为坐标原点？若存在，求出点的坐标；若不存在，请说明理由．
【思路引导】
求得抛物线的焦点和准线方程，运用抛物线的定义可得的坐标，代入抛物线方程，解得，进而得到抛物线的方程；在轴上假设存在定点其中，使得与向量共线，可得轴平分，设，，联立和，根据恒成立，运用韦达定理和直线的斜率公式，化简整理可得的方程，求得，可得结论．
【同步训练】
1．已知椭圆C：+=1（a＞b＞0）的上下两个焦点分别为F1，F2，过点F1与y轴垂直的直线交椭圆C于M，N两点，△MNF2的面积为，椭圆C的离心率为
（1）求椭圆C的标准方程；
（2）已知O为坐标原点，直线l：y=kx+m与y轴交于点P，与椭圆C交于A，B两个不同的点，若存在实数λ，使得+λ=4，求m的取值范围．
【思路点拨】（1）根据已知设椭圆的焦距2c，当y=c时，|MN|=|x1﹣x2|=，由题意得，△MNF2的面积为|MN|×|F1F2|=c|MN|=，又∵，解得a、b即可．
（2）设A（x1，y1），B（x2，y2），P（0，y0），分类讨论：当m=0时，利用椭圆的对称性即可得出；m≠0时，直线AB的方程与椭圆的方程联立得到△＞0及根与系数的关系，再利用向量相等，代入计算即可得出．
【详细解析】
2.已知F1，F2分别是椭圆C：+=1（a＞b＞0）的两个焦点，P（1，）是椭圆上一点，且|PF1|，|F1F2|，|PF2|成等差数列．
（1）求椭圆C的标准方程；
（2）已知动直线l过点F2，且与椭圆C交于A、B两点，试问x轴上是否存在定点Q，使得•=﹣恒成立？若存在，求出点Q的坐标；若不存在，请说明理由．
【思路点拨】（1）根据椭圆的性质及等差数列性质得出a=c，把P点坐标代入椭圆方程列方程组解出a，b得出椭圆方程；
（2）设Q（m，0），讨论直线l的斜率，求出A，B坐标，列方程解出m．
【详细解析】
3.在平面直角坐标系xOy中，椭圆C：+=1（a＞b＞0）的一个焦点为F1（﹣，0），M（1，y）（y＞0）为椭圆上的一点，△MOF1的面积为．
（1）求椭圆C的标准方程；
（2）若点T在圆x2+y2=1上，是否存在过点 A（2，0）的直线l交椭圆C于点 B，使=（+）？若存在，求出直线l的方程；若不存在，请说明理由．
【思路点拨】（1）由已知列式c=，，∴，得a2，b2即可；
（2）设直线l的方程为：y=k（x﹣2），A（x1，y1），B（x2，y2）．
由得（1+4k2）x2﹣16k2x+16k2﹣4=0，x1+x2=，y1+y2=k（x1+x2）﹣4k=，
=（+）=，得T（）代入 圆C1，可得化为176k4﹣24k2﹣5=0可求得k．
【详细解析】
4.已知椭圆的两个焦点为，是椭圆上一点，若，．
（1）求椭圆的方程；
（2）直线l过右焦点（不与x轴重合）且与椭圆相交于不同的两点A，B，在x轴上是否存在一个定点P（x0，0），使得的值为定值？若存在，写出P点的坐标（不必求出定值）；若不存在，说明理由．
【思路点拨】（1）根据椭圆的定义及勾股定理即可求得a=3，c=，b2=a2﹣c2=4，即可求得椭圆方程；
（2）方法一：设直线l：x=my+，代入椭圆方程，利用韦达定理及向量数量积的坐标运算，•=t 则（4x02﹣36）m2+9x02﹣18x0+29=t（4m2+9），比较系数，即可求得x0=，在x轴上存在一个定点P（，0），使得•的值为定值（﹣）；
方法二：分类讨论，当直线l的斜率存在时，设直线l：y=k（x﹣），代入椭圆方程，利用韦达定理及向量数量积的坐标运算，令•=t 则（9x02﹣18x0+29）k2+4x02﹣36=t（4+9k2），9x02﹣18x0+29=9 t且4x02﹣36=4t，即可求得x0=，此时t的值为﹣．
【详细解析】
5.如图已知椭圆C：+=1（a＞b＞0）的离心率为，以椭圆的左顶点T为圆心作圆T：（x+2）2+y2=r2（r＞0），设圆T与椭圆C交于点M，N．
（1）求椭圆C的方程；
（2）求•的最小值，并求此时圆T的方程．
【思路点拨】（1）运用椭圆的离心率公式和顶点坐标，结合a，b，c的关系，可得椭圆方程；
（2）设M（m，n），由对称性可得N（m，﹣n），代入椭圆方程，再由向量数量积的坐标表示，转化为关于m的二次函数，配方，结合椭圆的范围，可得最小值，进而得到M的坐标，可得圆的方程．
【详细解析】
6.已知椭圆的离心率，以上顶点和右焦点为直径端点的圆与直线x+y﹣2=0相切．
（1）求椭圆的标准方程；
（2）对于直线l：y=x+m和点Q（0，3），椭圆C上是否存在不同的两点A与B关于直线l对称，且3•=32，若存在实数m的值，若不存在，说明理由．
【思路点拨】（1）由椭圆的离心率，得b=c，写出以上顶点和右焦点为直径端点的圆的方程，再由点到直线的距离列式求得b，c的值，结合隐含条件求得a，则椭圆方程可求；
（2）由题意设A（x1，y1），B（x2，y2），直线AB方程为：y=﹣x+n．联立消y整理可得：3x2﹣4nx+2n2﹣2=0，由△＞0解得n的范围．再由根与系数的关系结合中点坐标公式求得直线AB之中点坐标，代入直线AB，再由点P在直线l上求得m的范围，最后由3•=32求得m的值．
【详细解析】
7.已知椭圆C：+=1（a＞b＞0）的左、右顶点分别为A、B，且长轴长为8，T为椭圆上一点，直线TA、TB的斜率之积为﹣．
（1）求椭圆C的方程；
（2）设O为原点，过点M（0，2）的动直线与椭圆C交于P、Q两点，求•+•的取值范围．
【思路点拨】（1）求得直线TA，TB的斜率，由•=﹣，即可求得椭圆C的方程；
（2）设直线PQ方程，代入椭圆方程，利用韦达定理及向量数量积的坐标，求函数的单调性，即可求得•+•的取值范围．
【详细解析】
8.已知抛物线E：x2=4y的焦点为F，过点F的直线l交抛物线于A，B两点．
（1）若点M在线段AB上运动，原点O关于点M的对称点为C，求四边形OACB面积的最小值；
（2）过A，B分别作抛物线E的切线l1，l2，若l1与l2交于点P，求的值．
【思路点拨】（1）由题意设直线AB的方程，代入抛物线方程，利用韦达定理及弦长公式，根据函数的单调性即可求得四边形OACB面积的最小值；
（2）求导，利用点斜式方程，求得求得切线l1，l2的方程，联立求得P点坐标，根据向量的坐标运算，即可求得的值．
【详细解析】
9.已知点P（4，4），圆C：（x﹣m）2+y2=5（m＜3）与椭圆E：+=1（a＞b＞0）有一个公共点A（3，1），F1、F2分别是椭圆的左、右焦点，直线PF1与圆C相切．
（1）求m的值与椭圆E的方程；
（2）设Q为椭圆E上的一个动点，求•的取值范围．
【思路点拨】（1）先利用点A在圆上求出m，再利用直线PF1与圆C相切求出直线PF1与的方程以及c，再利用点A在椭圆上求出2a，即可求出椭圆E的方程；
（2）先把用点Q的坐标表示出来，再利用Q为椭圆E上的一个动点以及基本不等式即可求出的取值范围．
【详细解析】
10.若椭圆E1：与椭圆E2：满足，则称这两个椭圆相似，m叫相似比．若椭圆M1与椭圆相似且过点．
（1）求椭圆M1的标准方程；
（2）过点P（﹣2，0）作斜率不为零的直线l与椭圆M1交于不同两点A、B，F为椭圆M1的右焦点，直线AF、BF分别交椭圆M1于点G、H，设，，求λ1+λ2的取值范围．
【思路点拨】（1）根据题意，设椭圆M1的标准方程为，由“椭圆相似”的性质分析可得，，解可得a2、b2的值，代入椭圆的方程即可得答案；
（2）设直线l的斜率为k，以及A、B、G、H的坐标，可以表示、的坐标，分“AG与x轴不垂直”和“AG与x轴垂直”两种情况，求出直线AG的方程，联立直线与椭圆的方程，由根与系数的关系的分析可得λ1+λ2范围，即可得答案．
【详细解析】
11.已知椭圆C：（a＞b＞0）的离心率为，左、右焦点分别为圆F1、F2，M是C上一点，|MF1|=2，且||||=2．
（1）求椭圆C的方程；
（2）当过点P（4，1）的动直线l与椭圆C相交于不同两点A、B时，线段AB上取点Q，且Q满足||||=||||，证明点Q总在某定直线上，并求出该定直线的方程．
【思路点拨】（1）由已知得a=2c，且∠F1MF2=60°，由余弦定理求出c=1，即可求得a，结合隐含条件求得b，则椭圆C的方程可求；
（2）设直线l的方程为y=kx+（1﹣4k），代入椭圆方程，得（3+4k2）x2+（8k﹣32k2）x+64k2﹣32k﹣8=0，利用根与系数的关系结合已知向量等式即可证明点Q总在某定直线上，并求出该定直线方程．
【详细解析】
12.如图，椭圆E：，点P（0，1）在短轴CD上，且
（1） 求椭圆E的方程及离心率；
（2） 设O为坐标原点，过点P的动直线与椭圆交于A，B两点．是否存在常数λ，使得为定值？若存在，求λ的值；若不存在，请说明理由．
【思路点拨】（1）由已知可得点C，D的坐标分别为（0，﹣b），（0，b）．结合•=﹣2列式求得b，则椭圆方程可求，进一步求出c可得椭圆的离心率；
（2）当直线AB的斜率存在时，设直线AB的方程为y=kx+1，A，B的坐标分别为（x1，y1），（x2，y2）．联立直线方程和椭圆方程，利用根与系数的关系可得A，B横坐标的和与积•+λ•，可知当λ=2时，•+λ•=﹣7为定值．当直线AB斜率不存在时，直线AB即为直线CD，仍有•+λ•=•+2•=﹣3﹣4=﹣7，故存在常数λ=2，使得•+λ•为定值﹣7．
【详细解析】
【题型综述】
探究向量关系问题解题策略：（1）“肯定顺推法”，将不确定性问题明朗化.其步骤为假设满足条件的元素向量关系存在，用向量的坐标运算，转化直线与圆锥曲线交点坐标的函数式，利用设而不求思想，列出关于待定系数的方程组，若方程组有实数解，则向量关系存在存在；否则，向量关系不存在.(2)反证法与验证法也是求解探索性问题常用的方法.
【典例指引】
类型一 探究向量式是否为定值
例1 【2015高考四川，文20】如图，椭圆E：(a>b>0)的离心率是，点P(0，1)在短轴CD上，且＝－1
(Ⅰ)求椭圆E的方程；
(Ⅱ)设O为坐标原点，过点P的动直线与椭圆交于A、B两点.是否存在常数λ，使得为定值？若存在，求λ的值；若不存在，请说明理由.

类型二 探究向量式是否成立
例2. 【2014高考湖南卷文第20题】如图5，为坐标原点，双曲线和椭圆均过点，且以的两个顶点和的两个焦点为顶点的四边形是面积为2的正方形.
(1)求的方程；
(2)是否存在直线，使得与交于两点，与只有一个公共点，且？证明你的结论.
是,联立直线与椭圆可得
,因为直线与椭圆只有一个交点,
所以,化简可得,因此
,
于是,即,所以,
综上不存在符合题目条件的直线.学&科网
类型三 探究向量式成立的条件
例3【2013年高考，天津卷理】设椭圆的左焦点为F, 离心率为, 过点F且与x轴垂直的直线被椭圆截得的线段长为.
(Ⅰ) 求椭圆的方程;
(Ⅱ) 设A, B分别为椭圆的左右顶点, 是否存在过点F且斜率为k的直线与椭圆交于C, D两点，且, 若存在，求k的值，不存在，说明理由..
=，
由已知得=8，解得.学&科网
类型四 利用向量探究曲线过定点
例4. (2012福建理19)如图，椭圆的左焦点为，右焦点为，离心率。过的直线交椭圆于两点，且的周长为8。
（Ⅰ）求椭圆的方程。
（Ⅱ）设动直线与椭圆有且只有一个公共点，且与直线相交于点。试探究：
在坐标平面内是否存在定点，使得以为直径的圆恒过点？若存在，求出点的坐标；若不存在，说明理由。

(法3) 由得，
∵动直线与椭圆有且只要一个交点，∴且△=0，
即，化简得 ①
此时==，==，∴(,),
由得(4，).学&科网
假设平面内存在定点满足条件，由图形对称性知，点必在轴上,
【扩展链接】
设圆锥曲线C的焦点F在x轴上，过焦点F且斜率为的直线交曲线于两点，若，则.
在圆锥曲线中，过焦点F不垂直于坐标轴的弦为，其垂直平分线和焦点所在的坐标轴交于，则.
3.已知椭圆的两个焦点分别为和（），过点的直线与椭圆相交于两点，若，则直线一定过或.
4.如果平面内有三点不共线，设.
【新题展示】
1．【2019湖北恩施2月质检】已知抛物线：的焦点为，其准线：与轴的交点为，过点的直线与抛物线交于两点．
（1）求抛物线的方程；
（2）点关于轴的对称点为，证明：存在实数，使得．
【思路引导】
（1）根据抛物线的准线为直线：，可求出，进而可得抛物线方程；
（2）先设直线的方程为，，，联立直线与抛物线方程，由韦达定理，求出直线恒过定点，进而可证明结论成立．
【解析】
（1）因为抛物线：的准线为直线：，
所以，解得．
所以抛物线的方程为．
（2）易知点的坐标为，据此可设直线的方程为，，．
联立整理得，故
因为点关于轴的对称点为，，所以．
则直线的方程为，
得，
得，
即．
令，得，
得．
所以直线恒过定点．
所以点在直线上，所以不妨令．
因为，
所以，
所以，
所以．
所以存在实数，使得，命题得证．
2．【2019黑龙江齐齐哈尔一模】已知为坐标原点，椭圆：的左、右焦点分别为，．过焦点且垂直于轴的直线与椭圆相交所得的弦长为3，直线与椭圆相切．
（1）求椭圆的标准方程；
（2）是否存在直线：与椭圆相交于两点，使得？若存在，求的取值范围；若不存在，请说明理由！
【思路引导】
（1）由题意列出关于a，b的关系式，解得a，b即可．
（2）将直线与椭圆联立，将向量数量积的运算用坐标形式表示，利用根与系数之间的关系确定k的取值范围．
【解析】
（1）在中，令，得，解得．
由垂径长（即过焦点且垂直于实轴的直线与椭圆相交所得的弦长）为3，
得，
所以．①
因为直线：与椭圆相切，则．②
将②代入①，得．
故椭圆的标准方程为．
（2）设点，．
由（1）知，则直线的方程为．
联立得，
则恒成立．
所以，，
．
因为，
所以．即．
即 ，
得，得，
即，
解得；
∴直线存在，且的取值范围是．
3．【2019安徽江南十校3月检测】设是坐标原点，圆：，椭圆的焦点在轴上，左、右顶点分别为，，离心率为，短轴长为4．平行轴的直线与椭圆和圆在轴右侧的交点分别为，，直线与轴交于点，直线与轴交于点．
（Ⅰ）求椭圆的标准方程；
（Ⅱ）当时，求的取值范围．
【思路引导】
（1）根据椭圆的几何性质，得到关于的方程，求得结果；（2）解法一：假设方程和坐标，利用得到和的坐标，从而将转化为关于的式子，求得范围；解法二：假设方程和坐标，与椭圆方程联立解出点坐标，进一步推导出坐标，将转化为关于的式子，求得范围．
【解析】
（1）设椭圆的标准方程为
由题意得，解得
椭圆的标准方程为
（2）解法一：设且，，，，
设，共线，

得，同理得

解法二：设，，
联立得：
，
，令得
又由，令得
又轴

4．【2019河北衡水中学摸底】已知点是抛物线的焦点，若点在抛物线上，且
求抛物线的方程；
动直线与抛物线相交于两点，问：在轴上是否存在定点其中，使得向量与向量共线其中为坐标原点？若存在，求出点的坐标；若不存在，请说明理由．
【思路引导】
求得抛物线的焦点和准线方程，运用抛物线的定义可得的坐标，代入抛物线方程，解得，进而得到抛物线的方程；在轴上假设存在定点其中，使得与向量共线，可得轴平分，设，，联立和，根据恒成立，运用韦达定理和直线的斜率公式，化简整理可得的方程，求得，可得结论．
【解析】
抛物线C：的焦点为，
准线方程为，
即有，即，
则，解得，
则抛物线的方程为；
在x轴上假设存在定点其中，
使得与向量共线，
由，均为单位向量，且它们的和向量与共线，
可得x轴平分，
设，，
联立和，
得，
恒成立．
，
设直线DA、DB的斜率分别为，，
则由得，
，
，
联立，得，
故存在满足题意，
综上，在x轴上存在一点，使得x轴平分，
即与向量共线．
【同步训练】
1．已知椭圆C：+=1（a＞b＞0）的上下两个焦点分别为F1，F2，过点F1与y轴垂直的直线交椭圆C于M，N两点，△MNF2的面积为，椭圆C的离心率为
（1）求椭圆C的标准方程；
（2）已知O为坐标原点，直线l：y=kx+m与y轴交于点P，与椭圆C交于A，B两个不同的点，若存在实数λ，使得+λ=4，求m的取值范围．
【思路点拨】（1）根据已知设椭圆的焦距2c，当y=c时，|MN|=|x1﹣x2|=，由题意得，△MNF2的面积为|MN|×|F1F2|=c|MN|=，又∵，解得a、b即可．
（2）设A（x1，y1），B（x2，y2），P（0，y0），分类讨论：当m=0时，利用椭圆的对称性即可得出；m≠0时，直线AB的方程与椭圆的方程联立得到△＞0及根与系数的关系，再利用向量相等，代入计算即可得出．
（2）当m=0时，则P（0，0），由椭圆的对称性得，
∴m=0时，存在实数λ，使得+λ=4，
当m≠0时，由+λ=4，得，
∵A、B、p三点共线，∴1+λ=4，⇒λ=3⇒
设A（x1，y1），B（x2，y2），由，得（k2+4）x2+2mkx+m2﹣4=0，
由已知得△=4m2k2﹣4（k2+4）（m2﹣4）＞0，即k2﹣m2+4＞0，且x1+x2=，x1x2=．
由得x1=﹣3x2学&科网
3（x1+x2）2+4x1x2=0，∴，⇒m2k2+m2﹣k2﹣4=0，
显然m2=1不成立，∴
∵k2﹣m2+4＞0，∴，即．
解得﹣2＜m＜﹣1或1＜m＜2．学&科网
综上所述，m的取值范围为（﹣2，﹣1）∪（1，2）∪{0}
2.已知F1，F2分别是椭圆C：+=1（a＞b＞0）的两个焦点，P（1，）是椭圆上一点，且|PF1|，|F1F2|，|PF2|成等差数列．
（1）求椭圆C的标准方程；
（2）已知动直线l过点F2，且与椭圆C交于A、B两点，试问x轴上是否存在定点Q，使得•=﹣恒成立？若存在，求出点Q的坐标；若不存在，请说明理由．
【思路点拨】（1）根据椭圆的性质及等差数列性质得出a=c，把P点坐标代入椭圆方程列方程组解出a，b得出椭圆方程；
（2）设Q（m，0），讨论直线l的斜率，求出A，B坐标，列方程解出m．

3.在平面直角坐标系xOy中，椭圆C：+=1（a＞b＞0）的一个焦点为F1（﹣，0），M（1，y）（y＞0）为椭圆上的一点，△MOF1的面积为．
（1）求椭圆C的标准方程；
（2）若点T在圆x2+y2=1上，是否存在过点 A（2，0）的直线l交椭圆C于点 B，使=（+）？若存在，求出直线l的方程；若不存在，请说明理由．
【思路点拨】（1）由已知列式c=，，∴，得a2，b2即可；
（2）设直线l的方程为：y=k（x﹣2），A（x1，y1），B（x2，y2）．
由得（1+4k2）x2﹣16k2x+16k2﹣4=0，x1+x2=，y1+y2=k（x1+x2）﹣4k=，
=（+）=，得T（）代入 圆C1，可得化为176k4﹣24k2﹣5=0可求得k．
4.已知椭圆的两个焦点为，是椭圆上一点，若，．
（1）求椭圆的方程；
（2）直线l过右焦点（不与x轴重合）且与椭圆相交于不同的两点A，B，在x轴上是否存在一个定点P（x0，0），使得的值为定值？若存在，写出P点的坐标（不必求出定值）；若不存在，说明理由．
【思路点拨】（1）根据椭圆的定义及勾股定理即可求得a=3，c=，b2=a2﹣c2=4，即可求得椭圆方程；
（2）方法一：设直线l：x=my+，代入椭圆方程，利用韦达定理及向量数量积的坐标运算，•=t 则（4x02﹣36）m2+9x02﹣18x0+29=t（4m2+9），比较系数，即可求得x0=，在x轴上存在一个定点P（，0），使得•的值为定值（﹣）；
方法二：分类讨论，当直线l的斜率存在时，设直线l：y=k（x﹣），代入椭圆方程，利用韦达定理及向量数量积的坐标运算，令•=t 则（9x02﹣18x0+29）k2+4x02﹣36=t（4+9k2），9x02﹣18x0+29=9 t且4x02﹣36=4t，即可求得x0=，此时t的值为﹣．
解法二：当直线与x轴不垂直时，设直线l方程为：y=k（x﹣），代入椭圆方程并消元整理得：
（9k2+4）x2﹣18k2x+45k2﹣36=0…①
设A（x1，y1），B（x2，y2），则是方程①的两个解，由韦达定理得：
x1+x2=，x1x2=，
y1y2=k2（x1﹣）（x2﹣）=k2（ x1x2﹣（x1+x2）+5）=﹣，
•=（x1﹣x0，y1）•（x2﹣x0，y2）=（ x1﹣x0）（ x2﹣x0）+y1y2=x1x2﹣x0（x1+x2）+x02+y1y2，
=，学&科网
令•=t 则（9x02﹣18x0+29）k2+4x02﹣36=t（4+9k2），
9x02﹣18x0+29=9 t且 4x02﹣36=4t，
解得：x0=，此时t的值为﹣，
当直线l与x轴垂直时，l的方程为：x=，代入椭圆方程解得：A（，﹣），B（，），
•=（﹣，﹣）•（﹣，）=﹣=﹣，
∴当直线l与x轴垂直时，•也为定值﹣，
综上，在x轴上存在一个定点P（，0），使得•的值为定值（﹣）．
5.如图已知椭圆C：+=1（a＞b＞0）的离心率为，以椭圆的左顶点T为圆心作圆T：（x+2）2+y2=r2（r＞0），设圆T与椭圆C交于点M，N．
（1）求椭圆C的方程；
（2）求•的最小值，并求此时圆T的方程．
【思路点拨】（1）运用椭圆的离心率公式和顶点坐标，结合a，b，c的关系，可得椭圆方程；
（2）设M（m，n），由对称性可得N（m，﹣n），代入椭圆方程，再由向量数量积的坐标表示，转化为关于m的二次函数，配方，结合椭圆的范围，可得最小值，进而得到M的坐标，可得圆的方程．

6.已知椭圆的离心率，以上顶点和右焦点为直径端点的圆与直线x+y﹣2=0相切．
（1）求椭圆的标准方程；
（2）对于直线l：y=x+m和点Q（0，3），椭圆C上是否存在不同的两点A与B关于直线l对称，且3•=32，若存在实数m的值，若不存在，说明理由．
【思路点拨】（1）由椭圆的离心率，得b=c，写出以上顶点和右焦点为直径端点的圆的方程，再由点到直线的距离列式求得b，c的值，结合隐含条件求得a，则椭圆方程可求；
（2）由题意设A（x1，y1），B（x2，y2），直线AB方程为：y=﹣x+n．联立消y整理可得：3x2﹣4nx+2n2﹣2=0，由△＞0解得n的范围．再由根与系数的关系结合中点坐标公式求得直线AB之中点坐标，代入直线AB，再由点P在直线l上求得m的范围，最后由3•=32求得m的值．
（2）由题意设A（x1，y1），B（x2，y2），直线AB方程为：y=﹣x+n．
联立消y整理可得：3x2﹣4nx+2n2﹣2=0，
由△=（﹣4n）2﹣12（2n2﹣2）=24﹣8n2＞0，解得．
，，学&科网
设直线AB之中点为P（x0，y0），则，
由点P在直线AB上得：，
又点P在直线l上，∴，则…①．
又，，
∴
=，
解得：或m=﹣1…②学&科网
综合①②，知m的值为．
7.已知椭圆C：+=1（a＞b＞0）的左、右顶点分别为A、B，且长轴长为8，T为椭圆上一点，直线TA、TB的斜率之积为﹣．
（1）求椭圆C的方程；
（2）设O为原点，过点M（0，2）的动直线与椭圆C交于P、Q两点，求•+•的取值范围．
【思路点拨】（1）求得直线TA，TB的斜率，由•=﹣，即可求得椭圆C的方程；
（2）设直线PQ方程，代入椭圆方程，利用韦达定理及向量数量积的坐标，求函数的单调性，即可求得•+•的取值范围．
==﹣20+．…（8分）
﹣20＜•+•≤﹣，…（10分）学&科网
当直线PQ斜率不存在时•+•的值为﹣20，
综上所述•+•的取值范围为[﹣20，﹣]．…（12分）
8.已知抛物线E：x2=4y的焦点为F，过点F的直线l交抛物线于A，B两点．
（1）若点M在线段AB上运动，原点O关于点M的对称点为C，求四边形OACB面积的最小值；
（2）过A，B分别作抛物线E的切线l1，l2，若l1与l2交于点P，求的值．
【思路点拨】（1）由题意设直线AB的方程，代入抛物线方程，利用韦达定理及弦长公式，根据函数的单调性即可求得四边形OACB面积的最小值；
（2）求导，利用点斜式方程，求得求得切线l1，l2的方程，联立求得P点坐标，根据向量的坐标运算，即可求得的值．

9.已知点P（4，4），圆C：（x﹣m）2+y2=5（m＜3）与椭圆E：+=1（a＞b＞0）有一个公共点A（3，1），F1、F2分别是椭圆的左、右焦点，直线PF1与圆C相切．
（1）求m的值与椭圆E的方程；
（2）设Q为椭圆E上的一个动点，求•的取值范围．
【思路点拨】（1）先利用点A在圆上求出m，再利用直线PF1与圆C相切求出直线PF1与的方程以及c，再利用点A在椭圆上求出2a，即可求出椭圆E的方程；
（2）先把用点Q的坐标表示出来，再利用Q为椭圆E上的一个动点以及基本不等式即可求出的取值范围．
（2），设Q（x，y），
，．
∵，即x2+（3y）2=18，而x2+（3y）2≥2|x|•|3y|，
∴﹣18≤6xy≤18．学&科网
则（x+3y）2=x2+（3y）2+6xy=18+6xy的取值范围是[0，36]．
∴x+3y的取值范围是[﹣6，6]
∴x+3y﹣6的范围只：[﹣12，0]．
即的取值范围是[﹣12，0]．
10.若椭圆E1：与椭圆E2：满足，则称这两个椭圆相似，m叫相似比．若椭圆M1与椭圆相似且过点．
（1）求椭圆M1的标准方程；
（2）过点P（﹣2，0）作斜率不为零的直线l与椭圆M1交于不同两点A、B，F为椭圆M1的右焦点，直线AF、BF分别交椭圆M1于点G、H，设，，求λ1+λ2的取值范围．
【思路点拨】（1）根据题意，设椭圆M1的标准方程为，由“椭圆相似”的性质思路引导可得，，解可得a2、b2的值，代入椭圆的方程即可得答案；
（2）设直线l的斜率为k，以及A、B、G、H的坐标，可以表示、的坐标，分“AG与x轴不垂直”和“AG与x轴垂直”两种情况，求出直线AG的方程，联立直线与椭圆的方程，由根与系数的关系的思路引导可得λ1+λ2范围，即可得答案．
得，∴λ1=3﹣2x1，
当AG与x轴垂直时，点A的横坐标为1，λ1=1，λ2=3﹣2x1成立，
同理可得λ2=3﹣2x2，
设直线l的方程为y=k（x+2），
代入椭圆方程，得（2k2+1）x2+8k2x+8k2﹣2=0，
则，
得，，，
，
由得，
即λ1+λ2范围为（6，10）．学&科网
11.已知椭圆C：（a＞b＞0）的离心率为，左、右焦点分别为圆F1、F2，M是C上一点，|MF1|=2，且||||=2．
（1）求椭圆C的方程；
（2）当过点P（4，1）的动直线l与椭圆C相交于不同两点A、B时，线段AB上取点Q，且Q满足||||=||||，证明点Q总在某定直线上，并求出该定直线的方程．
【思路点拨】（1）由已知得a=2c，且∠F1MF2=60°，由余弦定理求出c=1，即可求得a，结合隐含条件求得b，则椭圆C的方程可求；
（2）设直线l的方程为y=kx+（1﹣4k），代入椭圆方程，得（3+4k2）x2+（8k﹣32k2）x+64k2﹣32k﹣8=0，利用根与系数的关系结合已知向量等式即可证明点Q总在某定直线上，并求出该定直线方程．
证明：（2）由题意可得直线l的斜率存在．
设直线l的方程为y﹣1=k（x﹣4），即y=kx+（1﹣4k），
代入椭圆方程，整理得（3+4k2）x2+（8k﹣32k2）x+64k2﹣32k﹣8=0，
设A（x1，y1），B（x2，y2），
则，．
设Q（x0，y0），由||||=||||，得：
（4﹣x1）（x0﹣x2）=（x1﹣x0）（4﹣x2）（考虑线段在x轴上的射影即可），
∴8x0=（4+x0）（x1+x2）﹣2x1x2，学&科网
于是，
整理得3x0﹣2=（4﹣x0）k，①
又k=，代入①式得3x0+y0﹣3=0，
∴点Q总在直线3x+y﹣3=0上．
12.如图，椭圆E：，点P（0，1）在短轴CD上，且
（1） 求椭圆E的方程及离心率；
（2） 设O为坐标原点，过点P的动直线与椭圆交于A，B两点．是否存在常数λ，使得为定值？若存在，求λ的值；若不存在，请说明理由．
【思路点拨】（1）由已知可得点C，D的坐标分别为（0，﹣b），（0，b）．结合•=﹣2列式求得b，则椭圆方程可求，进一步求出c可得椭圆的离心率；
（2）当直线AB的斜率存在时，设直线AB的方程为y=kx+1，A，B的坐标分别为（x1，y1），（x2，y2）．联立直线方程和椭圆方程，利用根与系数的关系可得A，B横坐标的和与积•+λ•，可知当λ=2时，•+λ•=﹣7为定值．当直线AB斜率不存在时，直线AB即为直线CD，仍有•+λ•=•+2•=﹣3﹣4=﹣7，故存在常数λ=2，使得•+λ•为定值﹣7．