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2024-2025学年湖南省岳阳市云溪区高二（上）月考物理试卷（9月）（含解析）
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这是一份2024-2025学年湖南省岳阳市云溪区高二（上）月考物理试卷（9月）（含解析），共12页。试卷主要包含了单选题，多选题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.以下对“电场”一章中几个公式的理解正确的是( )
A. 公式E=Fq指出，电场强度E跟检验电荷的电量q成反比
B. 由公式E=Ud可知，电场中两点的距离越大，电场场强E越小
C. 在公式F=kq1q2r2中，kq2r2是q2的电场在q1位置的电场强度值
D. 公式Ep=qφ指出，同一个电荷在电势越高的地方电势能越大
2.以下关于多用电表的说法中，正确的是( )
A. 在测电流和电压时，都必须把多用电表串联到电路中
B. 在测电流时，若指针偏转过小，则需换更大的量程
C. 多用电表作为欧姆表使用时，每次更换倍率都必须进行欧姆调零
D. 多用电表作为欧姆表使用时，若指针偏转太大，则需选择更大的倍率进行测量
3.两根长度相同，横截面积之比S1∶S2=1∶2的均匀铜导线按图所示接入电路，关于两段导线以下说法中正确的是 ( )
A. 它们的电阻之比为1∶2B. 它们的电流之比为2∶1
C. 它们的电子移动速率之比为1∶2D. 它们的电压之比为2∶1
4.四根在同一平面(纸面)内的长直绝缘导线组成一个“井”字形，导线中通过的电流大小均为I，方向如图所示。a、b和c三点位于“井”字形对角线上，其中b点在“井”字形中心，且ab=bc。下列说法正确的是( )
A. a、c两点的磁感应强度相同
B. a点磁感应强度方向垂直纸面向外
C. b点的磁感应强度在三点中是最大的
D. 减小导线1的电流，b点的磁感应强度也减小
5.在如图所示的电路中，开关闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则肯定出现了下列哪种故障( )
A. R1短路B. R2短路C. R3短路D. R1断路
6.如图所示，R1=5Ω，R2=10Ω，R3=10Ω，AB两端接在电压恒定的电源上，则( )
A. S断开时，通过R1与R2的电流之比为1:2
B. S闭合时，通过R1与R2的电流之比为2∶1
C. S断开时，电阻R1与R2两端的电压之比为2:1
D. S闭合时，电阻R1与R2两端的电压之比为2:1
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
7.下列关于磁场的说法正确的是( )
A. 磁场和电场一样，是客观存在的特殊物质B. 磁场是人为构想出来的
C. 磁体与磁体之间是通过磁场发生作用的D. 安培首先发现了电流的磁效应
8.如图所示，质量为3m、长为L的平板车静止在光滑的水平地面上，车的左端有一个可视为质点的人，人的质量为m。一开始人和车都静止，空气阻力忽略不计。人从车的左端走到车的右端的过程中，下列说法正确的是( )
A. 人与车组成的系统动量守恒
B. 人和车组成的系统机械能守恒
C. 人从车的左端行走到右端，人相对于地的位移为0.75L
D. 人到车的右端，可能与车一起向右运动
9.如图所示，线框面积为S，线框平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直，则下列说法正确的是( )
A. 如图所示位置时磁通量等于BS
B. 若使线框绕OO′转过60∘角，磁通量为12BS
C. 若从初始位置绕OO′转过90∘角时，磁通量为BS
D. 若从初始位置线框翻转180∘，则磁通量的变化量为零
三、综合题：本大题共6小题，共52分。
10.（8分）在“多用电表的使用”实验中，
(1)如图为一正在测量中的多用电表表盘。如果用电阻挡“×100”测量，则读数为___Ω。
(2)下列说法中正确的是___
A.在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零
B.在测量电流时，更换量程后必须重新进行调零
C.在测量未知电阻时，必须先选择倍率最大挡进行试测
D.在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测
11.（8分）用DIS(电流传感器，内阻可忽略)测电源电动势和内阻的电路如图甲所示，R0为一定值电阻。
(1)调节电阻箱R，记录电阻箱接入电路的阻值R和相应的电流I，将测得数据以R为横坐标，以________为纵坐标，经计算机拟合得到如图乙所示图像，由图线可得该电源电动势为______V；
(2)现有三个相同规格的小灯泡A、B、C，将它们与图甲中电源按图丙所示电路相连，此种灯泡的I−U特性曲线如图丁所示，C灯泡两端电压为2.0V，则电源内阻r=______Ω，图甲中定值电阻R0=______Ω，电源的输出功率为____W。
12.（9分）在粗糙水平面上，静止放置一质量为m=1kg的物体，物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.25，物体带电量q=+1×10−3C。空间中有一斜向右下方的匀强电场，场强E=1×104V/m，与水平面的夹角θ=37∘。(已知sin37∘=0.6，cs37∘=0.8，g取10m/s2)
(1)1s内物体前进的位移大小x；
(2)经1s撤去电场，求物体还能继续运动的时间t。
13.（9分）汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图所示，在打开车灯，电动机未启动时，电流表读数为10A；在打开车灯，电动机启动时电流表读数为33A。若电源电动势为12.5V，内阻为0.1Ω，电动机线圈的电阻0.2Ω，电流表内阻不计，车灯阻值恒定。求：
(1)车灯的电阻值；
(2)电动机启动时流过车灯的电流以及电动机的热功率；
(3)因电动机启动，车灯的电功率降低了多少？
14.（9分）如图所示，竖直平面内的光滑半圆形轨道MN的半径为R，MP为粗糙水平面。两个小物块A、B可视为质点，在半圆形轨道圆心O的正下方M处，处于静止状态。若A、B之间夹有少量炸药，炸药爆炸后，A恰能经过半圆形轨道的最高点N，而B到达的最远位置恰好是A在水平面上的落点。已知粗糙水平面与B之间的动摩擦因数为μ=0.8，求：
(1)B到达的最远位置离M点的距离；
(2)极短爆炸过程中，若A的质量为mA，则A受到爆炸力的冲量大小；
(3)A与B的质量之比。
15.（9分）如图所示的电路中，电源电动势为E=100V，内阻为r=10Ω，定值电阻R2=32Ω。AB、CD为两个平行金属板，板长为L=80cm，板间距离为d=32cm。质量为m=1×10−6kg、带电量为q=−1×10−8C的颗粒从两金属板左端沿板间中线以v0=4m/s的速度射入两板间。闭合开关S，调节电阻箱R1，使颗粒刚好打到下板右侧边缘的D点。颗粒重力不能忽略，取重力加速度为g=10m/s2。求：
(1)颗粒在两板间运动的加速度大小;
(2)两板间的电压U;(3)电阻箱R1的阻值。
答案解析
1.C
【解析】A.电场强度采用比值定义法，电场强度与放入电场中的检验电荷无关，故A错误。
B.电场强度的大小与电场中两点间的距离无关，是由电场本身的性质决定的；故B错误。
C.根据F=Eq可知，公式F=kq1q2r2中，kq2r2是q2在q1处产生的场强大小值，故C正确；
D.公式Ep=qφ指出，同一个正电荷在电势越高的地方电势能越大，而负电荷在电势高处的电势能越小，故D错误。
故选C。
2.C
【解析】A、多用电表测电压时相当于电压表，应并联在电路中；多用电表侧电流时相当于电流表，应串联在电路中，故A错误；
B、在测电流时，若指针偏转过小，说明所选的量程太大，用换用更小的量程，故B错误；
C、多用电表作为欧姆表使用时，每次更换倍率都必须进行欧姆调零，故C正确；
D、多用电表作为欧姆表使用时，若指针偏转太大，说明待测电阻较小，需选择更小的倍率进行测量，故D错误。
3.D
【解析】A.已知两根长度相同、横截面积之比S1：S2=1：2的均匀铜导线，则两者的电阻率相同，长度相同，由电阻的决定式可得：R=ρlS，故二者的电阻之比为2：1，故A错误；
BC.由于两段导体串联，则流过两段导体的电流相等，由电流的微观表达式可得：I=nqvS，已知横截面积之比S1：S2=1：2，故电子移动的速率之比为2：1，故BC错误；
D.由于二者串联，故二者的电压之比与电阻之比成正比，即U1：U2=R1：R2=2：1，故D正确。
4.B
【解析】解：A、根据叠加原理和对称性可知，a、c两点的磁感应强度大小相等，方向相反；故A错误；
B、所有导线在a点产生的磁感应强度方向均垂直纸面向外，根据矢量的合成，可知a点磁感应强度方向垂直纸面向外；故B正确；
C、根据右手螺旋定则可知，1和3、2和4导线在b点产生的磁感应强度大小相等，方向相反，叠加后b点的磁感应强度为零；故C错误；
D、减小导线1的电流，1和3导线在b点产生的磁感应强度不再抵消，则b点的磁感应强度增大；故D错误。
故选：B。
根据叠加原理和对称性分析a、c两点的磁感应强度的大小和方向；再根据所有导线在a点产生的磁感应强度方向，再根据平行四边形定则分析a点的磁感应强度方向；根据安培定则和磁感应强度的叠加判断1和3、2和4导线在b点产生的磁感应强度；减小导线1的电流，分析1和3导线在b点产生的磁感应强度，再分析b点的磁感应强度是否减小。
本题考查了电流周围的磁场，解决本题的关键是掌握电流周围的磁场以及矢量的叠加。
5.A
【解析】若各原件没有故障，电路正常，则电流表测量流过R1的支路电流，电压表测量R3两端的电压；
A.若R1短路，则R2被短路，外电路只有电阻R3接在电源两端，电流表测量干路电流，电压表测量路端电压，两表示数均增大，故A正确；
B.若R2短路，则R1被短路，电流表示数为零，显然不符合题意，故B错误；
C.若R3短路，则电压表示数为零，不符合题意，故C错误；
D.若R1断路，则电流表示数为零，也不符合题意，故D错误。
6.B
【解析】A.S断开时，电阻R1与R2串联，通过电阻的电流相等，则通过R1与R2的电流之比为1: 1，故 A错误;
B.S闭合时，电阻R1处在干路，R2处在支路，电阻R3与R2并联，根据I2I3=R3R2=1，I1I2=I2+I3I2=21，
故B正确;
C.S断开时，电阻R1与R2串联，电压之比等于电阻之比U1U2=R1R2=12，故C错误;
D.S闭合时，R2，R3并联，R并=R22=5Ω，根据分压关系可得U1U2=R1R并=11，故D错误。
7.AC
【解析】解：AB、磁场是客观存在的一种物质，不是人为构想出来的，故A正确，B错误；
C、磁体与磁体之间是通过彼此激发的磁场发生相互作用的，故C正确；
D、奥斯特首先发现了电流的磁效应，故D错误。
故选：AC。
磁体周围存在着磁场，磁场对放入磁场中的磁体有力的作用，为了描述磁场的性质而引入了有方向的曲线，称为磁感线，磁场和电场一样，是客观存在的特殊物质。
此类问题需注意磁场是客观存在的，磁感线是人为加上去的，磁体周围的磁感线都是从N极出发，回到S极，磁场对放入磁场中的磁体有力的作用。
8.AC
【解析】A.对人与车构成的系统进行受力分析，系统所受外力的合力为0，系统动量守恒，故A正确;
B.由于开始时人和车都静止，行走时，系统动能增加，则系统机械能增大，故 B错误;
C.根据动量守恒定律的位移表达式有mx1−3mx2=0，
又x1+x2=L，
解得x1=0.75L，
故C正确;
D.人到车的右端，若与车一起向右运动，则动量不守恒，故 D错误。
故选AC。
9.AB
【解析】
A.如图所示位置时磁通量等于Φ0=BS，故A正确；
B.若使线框绕 OO′ 转过 60∘ 角，则磁通量为Φ=BScs60∘=12BS，故B正确；
C.若从初始位置绕 OO′ 转过 90∘ 角时，磁通量为0，故C错误；
D.若从初始位置线框翻转 180∘ ，则磁通量的变化量为ΔΦ=−BS−BS=−2BS，故D错误。
10. 1500 AD##DA
【解析】(1)[1]用 ×100Ω 挡测电阻，由图示可知，其读数为
15×100Ω=1500Ω
(2)[2] A.欧姆表换挡后要进行欧姆调零，在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零，故A正确；
B.在测量电流时，更换量程后不必进行调零，故B错误；
C.在测量未知电阻时，可以先选择一个倍率进行测量，然后根据指针偏转情况再选择合适的倍率进行测量，不一定必须先选择倍率最大挡进行试测，故C错误；
D.为保护电表安全，在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测，故D正确。
故选AD。
11.(1)1I，3.0；(2)1.33，1.67，1.50。
【解析】解：(1)根据I(R0+R)=E−Ir，解得1I=1E⋅R+R0+rE，由此可知图乙所示图像中以为1I纵坐标；
根据上述，结合图像：
斜率k=1E=3−16V−1=13V−1，纵轴截距b=R0+rE=1Ω/V
解得：E=3.0V，内阻r=3.0Ω−R0
(2)由于C灯泡两端电压为2.0V，则通过C灯泡的电流为0.45A，灯泡A两端电压为1.0V，通过灯泡A的电流为0.3A，则干路电流为I=0.3A+0.45A=0.75A
路端电压为2.0V，根据U=E−Ir，解得：r=43Ω
根据上述有r=3.0Ω−R0，解得R0=3.0Ω−r=(3.0−43)Ω=53Ω
电源的输出功率为P=UI=2.0×0.75W=1.50W
故答案为：(1)1I，3.0；(2)43，53，1.50。
(1)由闭合电路欧姆定律可得出I与R的关系，结合图象可知纵坐标的意义，并根据1I−R的关系式结合斜率和截距求解电动势和内阻；
(2)根据电路结构结合灯泡的伏安特性曲线，利用闭合电路欧姆定律求解内阻和定值电阻的阻值，根据功率公式求解电源的输出功率。
本题考查电源的电动势和内电阻的测量方法及数据处理；解题的难点在于第二问中的数据处理；要注意图象法的应用，此题对学生数学知识的应用能力要求较高，应注意训练．
12.(1)对物块受力分析，在水平方向
qEcs37∘−μFN=ma
垂直运动方向
qEsin37∘+mg=FN
解得
a=4m/s2
1s内物体前进的位移
x=12at 12=2m
1s时刻物体的速度
v=at1=4m/s
(2)1s撤去电场，物体的加速度
μmg=ma′
解得
a′=2.5m/s2
则物体运动的时间，逆向思维
t=va′=1.6s
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
13.解：(1)根据闭合电路欧姆定律可得电动机未启动时车灯两端的电压为：
U灯1=E−I1r=12.5V−10×0.1V=11.5V
由欧姆定律可得车灯的电阻值为：
R灯=U灯1I1
解得：R灯=1.15Ω
(2)电动机启动时车灯两端的电压为
U灯2=E−I2r=12.5V−33×0.1V=9.2V
根据欧姆定律可得通过车灯的电流为：
I灯=U灯2R灯=
流过电动机的电流为：
IM=I2−I灯=33A−8A=25A
电动机的热功率为：P热=IM2RM
解得：P热=125W
(3)电动机启动时车灯的电功率为：
P灯=U灯2I灯=9.2×8W=73.6W
电动机未启动时车灯的电功率为：
P′灯=U灯1I1=11.5×10W=115W
车灯的电功率降低了ΔP=P′灯−P灯=115W−73.6W=41.4W
答：(1)车灯的电阻值为1.15Ω；
(2)电动机启动时流过车灯的电流为8A，电动机的热功率为125W；
(3)因电动机启动，车灯的电功率降低了41.4W。
【解析】(1)电动机未启动时，由欧姆定律求出灯泡的电阻。
(2)由闭合电路欧姆定律求出电动机启动时路端电压，由欧姆定律求出通过灯泡的电流，由并联电路的分流规律求出流过电动机的电流，即可求得电动机的热功率。
(3)分别求出两种情况下灯泡的功率，即可求解车灯的电功率降低了多少。
本题考查了闭合电路欧姆定律的应用，考查了非纯电阻用电器的能量转化关系。掌握电动机的输入功率、输出功率、热功率的关系。
14.(1)A恰能经过半圆形轨道的最高点，由牛顿第二定律得
mAg=mAvN2R
解得
vN= gR A做平抛运动，由平抛运动规律可得
2R=12gt2
水平方向
x=vNt
联立可得B到达的最远位置离M点的距离即为
x=2R
(2)A上升到N的过程，由机械能守恒定律
12mAvA2=12mAvN2+mAg⋅2R
解得
vA= 5gR
根据动量定理可得
I=mAvA=mA 5gR
(3)对B，由动能定理可得
−μmBgx=0−12mBvB2
炸药爆炸过程由动量守恒定律得
mAvA−mBvB=0
联立以上可得
mAmB= 4μ 5=45
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
15.解：(1)颗粒在两板间做类平抛运动，平行于板方向匀速直线运动，运动时间为
t=Lv0=0.84s=0.2s
垂直于板方向做初速度为零的匀加速运动
12d=12at2
解得颗粒在两板间运动的加速度大小
a=dt2=
(2)颗粒受电场力方向竖直向上，由牛顿第二定律可得
mg−|q|E场=ma
又
E场=Ud
解得两板间的电压
U=64V
(3)由欧姆定律可知
I=UR2=2A
由闭合电路欧姆定律可知
E=U+I(R1+r)
解得
R1=8Ω
【解析】(1)颗粒在两板间做类平抛运动，根据运动的合成与分解规律求加速度；
(2)根据牛顿第二定律求出电场强度，然后利用U=Ed求板间电压；
(3)根据闭合电路欧姆定律求电阻箱R1的阻值。
本题考查带电粒子在电场中的偏转和闭合电路欧姆定律的综合应用，分析清楚图示电路结构是解题的前提，应用牛顿第二定律及类平抛规律与闭合电路的欧姆定律、场强与电压的关系公式即可解题。
1.以下对“电场”一章中几个公式的理解正确的是( )
A. 公式E=Fq指出，电场强度E跟检验电荷的电量q成反比
B. 由公式E=Ud可知，电场中两点的距离越大，电场场强E越小
C. 在公式F=kq1q2r2中，kq2r2是q2的电场在q1位置的电场强度值
D. 公式Ep=qφ指出，同一个电荷在电势越高的地方电势能越大
2.以下关于多用电表的说法中，正确的是( )
A. 在测电流和电压时，都必须把多用电表串联到电路中
B. 在测电流时，若指针偏转过小，则需换更大的量程
C. 多用电表作为欧姆表使用时，每次更换倍率都必须进行欧姆调零
D. 多用电表作为欧姆表使用时，若指针偏转太大，则需选择更大的倍率进行测量
3.两根长度相同，横截面积之比S1∶S2=1∶2的均匀铜导线按图所示接入电路，关于两段导线以下说法中正确的是 ( )
A. 它们的电阻之比为1∶2B. 它们的电流之比为2∶1
C. 它们的电子移动速率之比为1∶2D. 它们的电压之比为2∶1
4.四根在同一平面(纸面)内的长直绝缘导线组成一个“井”字形，导线中通过的电流大小均为I，方向如图所示。a、b和c三点位于“井”字形对角线上，其中b点在“井”字形中心，且ab=bc。下列说法正确的是( )
A. a、c两点的磁感应强度相同
B. a点磁感应强度方向垂直纸面向外
C. b点的磁感应强度在三点中是最大的
D. 减小导线1的电流，b点的磁感应强度也减小
5.在如图所示的电路中，开关闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则肯定出现了下列哪种故障( )
A. R1短路B. R2短路C. R3短路D. R1断路
6.如图所示，R1=5Ω，R2=10Ω，R3=10Ω，AB两端接在电压恒定的电源上，则( )
A. S断开时，通过R1与R2的电流之比为1:2
B. S闭合时，通过R1与R2的电流之比为2∶1
C. S断开时，电阻R1与R2两端的电压之比为2:1
D. S闭合时，电阻R1与R2两端的电压之比为2:1
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
7.下列关于磁场的说法正确的是( )
A. 磁场和电场一样，是客观存在的特殊物质B. 磁场是人为构想出来的
C. 磁体与磁体之间是通过磁场发生作用的D. 安培首先发现了电流的磁效应
8.如图所示，质量为3m、长为L的平板车静止在光滑的水平地面上，车的左端有一个可视为质点的人，人的质量为m。一开始人和车都静止，空气阻力忽略不计。人从车的左端走到车的右端的过程中，下列说法正确的是( )
A. 人与车组成的系统动量守恒
B. 人和车组成的系统机械能守恒
C. 人从车的左端行走到右端，人相对于地的位移为0.75L
D. 人到车的右端，可能与车一起向右运动
9.如图所示，线框面积为S，线框平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直，则下列说法正确的是( )
A. 如图所示位置时磁通量等于BS
B. 若使线框绕OO′转过60∘角，磁通量为12BS
C. 若从初始位置绕OO′转过90∘角时，磁通量为BS
D. 若从初始位置线框翻转180∘，则磁通量的变化量为零
三、综合题：本大题共6小题，共52分。
10.（8分）在“多用电表的使用”实验中，
(1)如图为一正在测量中的多用电表表盘。如果用电阻挡“×100”测量，则读数为___Ω。
(2)下列说法中正确的是___
A.在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零
B.在测量电流时，更换量程后必须重新进行调零
C.在测量未知电阻时，必须先选择倍率最大挡进行试测
D.在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测
11.（8分）用DIS(电流传感器，内阻可忽略)测电源电动势和内阻的电路如图甲所示，R0为一定值电阻。
(1)调节电阻箱R，记录电阻箱接入电路的阻值R和相应的电流I，将测得数据以R为横坐标，以________为纵坐标，经计算机拟合得到如图乙所示图像，由图线可得该电源电动势为______V；
(2)现有三个相同规格的小灯泡A、B、C，将它们与图甲中电源按图丙所示电路相连，此种灯泡的I−U特性曲线如图丁所示，C灯泡两端电压为2.0V，则电源内阻r=______Ω，图甲中定值电阻R0=______Ω，电源的输出功率为____W。
12.（9分）在粗糙水平面上，静止放置一质量为m=1kg的物体，物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.25，物体带电量q=+1×10−3C。空间中有一斜向右下方的匀强电场，场强E=1×104V/m，与水平面的夹角θ=37∘。(已知sin37∘=0.6，cs37∘=0.8，g取10m/s2)
(1)1s内物体前进的位移大小x；
(2)经1s撤去电场，求物体还能继续运动的时间t。
13.（9分）汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图所示，在打开车灯，电动机未启动时，电流表读数为10A；在打开车灯，电动机启动时电流表读数为33A。若电源电动势为12.5V，内阻为0.1Ω，电动机线圈的电阻0.2Ω，电流表内阻不计，车灯阻值恒定。求：
(1)车灯的电阻值；
(2)电动机启动时流过车灯的电流以及电动机的热功率；
(3)因电动机启动，车灯的电功率降低了多少？
14.（9分）如图所示，竖直平面内的光滑半圆形轨道MN的半径为R，MP为粗糙水平面。两个小物块A、B可视为质点，在半圆形轨道圆心O的正下方M处，处于静止状态。若A、B之间夹有少量炸药，炸药爆炸后，A恰能经过半圆形轨道的最高点N，而B到达的最远位置恰好是A在水平面上的落点。已知粗糙水平面与B之间的动摩擦因数为μ=0.8，求：
(1)B到达的最远位置离M点的距离；
(2)极短爆炸过程中，若A的质量为mA，则A受到爆炸力的冲量大小；
(3)A与B的质量之比。
15.（9分）如图所示的电路中，电源电动势为E=100V，内阻为r=10Ω，定值电阻R2=32Ω。AB、CD为两个平行金属板，板长为L=80cm，板间距离为d=32cm。质量为m=1×10−6kg、带电量为q=−1×10−8C的颗粒从两金属板左端沿板间中线以v0=4m/s的速度射入两板间。闭合开关S，调节电阻箱R1，使颗粒刚好打到下板右侧边缘的D点。颗粒重力不能忽略，取重力加速度为g=10m/s2。求：
(1)颗粒在两板间运动的加速度大小;
(2)两板间的电压U;(3)电阻箱R1的阻值。
答案解析
1.C
【解析】A.电场强度采用比值定义法，电场强度与放入电场中的检验电荷无关，故A错误。
B.电场强度的大小与电场中两点间的距离无关，是由电场本身的性质决定的；故B错误。
C.根据F=Eq可知，公式F=kq1q2r2中，kq2r2是q2在q1处产生的场强大小值，故C正确；
D.公式Ep=qφ指出，同一个正电荷在电势越高的地方电势能越大，而负电荷在电势高处的电势能越小，故D错误。
故选C。
2.C
【解析】A、多用电表测电压时相当于电压表，应并联在电路中；多用电表侧电流时相当于电流表，应串联在电路中，故A错误；
B、在测电流时，若指针偏转过小，说明所选的量程太大，用换用更小的量程，故B错误；
C、多用电表作为欧姆表使用时，每次更换倍率都必须进行欧姆调零，故C正确；
D、多用电表作为欧姆表使用时，若指针偏转太大，说明待测电阻较小，需选择更小的倍率进行测量，故D错误。
3.D
【解析】A.已知两根长度相同、横截面积之比S1：S2=1：2的均匀铜导线，则两者的电阻率相同，长度相同，由电阻的决定式可得：R=ρlS，故二者的电阻之比为2：1，故A错误；
BC.由于两段导体串联，则流过两段导体的电流相等，由电流的微观表达式可得：I=nqvS，已知横截面积之比S1：S2=1：2，故电子移动的速率之比为2：1，故BC错误；
D.由于二者串联，故二者的电压之比与电阻之比成正比，即U1：U2=R1：R2=2：1，故D正确。
4.B
【解析】解：A、根据叠加原理和对称性可知，a、c两点的磁感应强度大小相等，方向相反；故A错误；
B、所有导线在a点产生的磁感应强度方向均垂直纸面向外，根据矢量的合成，可知a点磁感应强度方向垂直纸面向外；故B正确；
C、根据右手螺旋定则可知，1和3、2和4导线在b点产生的磁感应强度大小相等，方向相反，叠加后b点的磁感应强度为零；故C错误；
D、减小导线1的电流，1和3导线在b点产生的磁感应强度不再抵消，则b点的磁感应强度增大；故D错误。
故选：B。
根据叠加原理和对称性分析a、c两点的磁感应强度的大小和方向；再根据所有导线在a点产生的磁感应强度方向，再根据平行四边形定则分析a点的磁感应强度方向；根据安培定则和磁感应强度的叠加判断1和3、2和4导线在b点产生的磁感应强度；减小导线1的电流，分析1和3导线在b点产生的磁感应强度，再分析b点的磁感应强度是否减小。
本题考查了电流周围的磁场，解决本题的关键是掌握电流周围的磁场以及矢量的叠加。
5.A
【解析】若各原件没有故障，电路正常，则电流表测量流过R1的支路电流，电压表测量R3两端的电压；
A.若R1短路，则R2被短路，外电路只有电阻R3接在电源两端，电流表测量干路电流，电压表测量路端电压，两表示数均增大，故A正确；
B.若R2短路，则R1被短路，电流表示数为零，显然不符合题意，故B错误；
C.若R3短路，则电压表示数为零，不符合题意，故C错误；
D.若R1断路，则电流表示数为零，也不符合题意，故D错误。
6.B
【解析】A.S断开时，电阻R1与R2串联，通过电阻的电流相等，则通过R1与R2的电流之比为1: 1，故 A错误;
B.S闭合时，电阻R1处在干路，R2处在支路，电阻R3与R2并联，根据I2I3=R3R2=1，I1I2=I2+I3I2=21，
故B正确;
C.S断开时，电阻R1与R2串联，电压之比等于电阻之比U1U2=R1R2=12，故C错误;
D.S闭合时，R2，R3并联，R并=R22=5Ω，根据分压关系可得U1U2=R1R并=11，故D错误。
7.AC
【解析】解：AB、磁场是客观存在的一种物质，不是人为构想出来的，故A正确，B错误；
C、磁体与磁体之间是通过彼此激发的磁场发生相互作用的，故C正确；
D、奥斯特首先发现了电流的磁效应，故D错误。
故选：AC。
磁体周围存在着磁场，磁场对放入磁场中的磁体有力的作用，为了描述磁场的性质而引入了有方向的曲线，称为磁感线，磁场和电场一样，是客观存在的特殊物质。
此类问题需注意磁场是客观存在的，磁感线是人为加上去的，磁体周围的磁感线都是从N极出发，回到S极，磁场对放入磁场中的磁体有力的作用。
8.AC
【解析】A.对人与车构成的系统进行受力分析，系统所受外力的合力为0，系统动量守恒，故A正确;
B.由于开始时人和车都静止，行走时，系统动能增加，则系统机械能增大，故 B错误;
C.根据动量守恒定律的位移表达式有mx1−3mx2=0，
又x1+x2=L，
解得x1=0.75L，
故C正确;
D.人到车的右端，若与车一起向右运动，则动量不守恒，故 D错误。
故选AC。
9.AB
【解析】
A.如图所示位置时磁通量等于Φ0=BS，故A正确；
B.若使线框绕 OO′ 转过 60∘ 角，则磁通量为Φ=BScs60∘=12BS，故B正确；
C.若从初始位置绕 OO′ 转过 90∘ 角时，磁通量为0，故C错误；
D.若从初始位置线框翻转 180∘ ，则磁通量的变化量为ΔΦ=−BS−BS=−2BS，故D错误。
10. 1500 AD##DA
【解析】(1)[1]用 ×100Ω 挡测电阻，由图示可知，其读数为
15×100Ω=1500Ω
(2)[2] A.欧姆表换挡后要进行欧姆调零，在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零，故A正确；
B.在测量电流时，更换量程后不必进行调零，故B错误；
C.在测量未知电阻时，可以先选择一个倍率进行测量，然后根据指针偏转情况再选择合适的倍率进行测量，不一定必须先选择倍率最大挡进行试测，故C错误；
D.为保护电表安全，在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测，故D正确。
故选AD。
11.(1)1I，3.0；(2)1.33，1.67，1.50。
【解析】解：(1)根据I(R0+R)=E−Ir，解得1I=1E⋅R+R0+rE，由此可知图乙所示图像中以为1I纵坐标；
根据上述，结合图像：
斜率k=1E=3−16V−1=13V−1，纵轴截距b=R0+rE=1Ω/V
解得：E=3.0V，内阻r=3.0Ω−R0
(2)由于C灯泡两端电压为2.0V，则通过C灯泡的电流为0.45A，灯泡A两端电压为1.0V，通过灯泡A的电流为0.3A，则干路电流为I=0.3A+0.45A=0.75A
路端电压为2.0V，根据U=E−Ir，解得：r=43Ω
根据上述有r=3.0Ω−R0，解得R0=3.0Ω−r=(3.0−43)Ω=53Ω
电源的输出功率为P=UI=2.0×0.75W=1.50W
故答案为：(1)1I，3.0；(2)43，53，1.50。
(1)由闭合电路欧姆定律可得出I与R的关系，结合图象可知纵坐标的意义，并根据1I−R的关系式结合斜率和截距求解电动势和内阻；
(2)根据电路结构结合灯泡的伏安特性曲线，利用闭合电路欧姆定律求解内阻和定值电阻的阻值，根据功率公式求解电源的输出功率。
本题考查电源的电动势和内电阻的测量方法及数据处理；解题的难点在于第二问中的数据处理；要注意图象法的应用，此题对学生数学知识的应用能力要求较高，应注意训练．
12.(1)对物块受力分析，在水平方向
qEcs37∘−μFN=ma
垂直运动方向
qEsin37∘+mg=FN
解得
a=4m/s2
1s内物体前进的位移
x=12at 12=2m
1s时刻物体的速度
v=at1=4m/s
(2)1s撤去电场，物体的加速度
μmg=ma′
解得
a′=2.5m/s2
则物体运动的时间，逆向思维
t=va′=1.6s
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
13.解：(1)根据闭合电路欧姆定律可得电动机未启动时车灯两端的电压为：
U灯1=E−I1r=12.5V−10×0.1V=11.5V
由欧姆定律可得车灯的电阻值为：
R灯=U灯1I1
解得：R灯=1.15Ω
(2)电动机启动时车灯两端的电压为
U灯2=E−I2r=12.5V−33×0.1V=9.2V
根据欧姆定律可得通过车灯的电流为：
I灯=U灯2R灯=
流过电动机的电流为：
IM=I2−I灯=33A−8A=25A
电动机的热功率为：P热=IM2RM
解得：P热=125W
(3)电动机启动时车灯的电功率为：
P灯=U灯2I灯=9.2×8W=73.6W
电动机未启动时车灯的电功率为：
P′灯=U灯1I1=11.5×10W=115W
车灯的电功率降低了ΔP=P′灯−P灯=115W−73.6W=41.4W
答：(1)车灯的电阻值为1.15Ω；
(2)电动机启动时流过车灯的电流为8A，电动机的热功率为125W；
(3)因电动机启动，车灯的电功率降低了41.4W。
【解析】(1)电动机未启动时，由欧姆定律求出灯泡的电阻。
(2)由闭合电路欧姆定律求出电动机启动时路端电压，由欧姆定律求出通过灯泡的电流，由并联电路的分流规律求出流过电动机的电流，即可求得电动机的热功率。
(3)分别求出两种情况下灯泡的功率，即可求解车灯的电功率降低了多少。
本题考查了闭合电路欧姆定律的应用，考查了非纯电阻用电器的能量转化关系。掌握电动机的输入功率、输出功率、热功率的关系。
14.(1)A恰能经过半圆形轨道的最高点，由牛顿第二定律得
mAg=mAvN2R
解得
vN= gR A做平抛运动，由平抛运动规律可得
2R=12gt2
水平方向
x=vNt
联立可得B到达的最远位置离M点的距离即为
x=2R
(2)A上升到N的过程，由机械能守恒定律
12mAvA2=12mAvN2+mAg⋅2R
解得
vA= 5gR
根据动量定理可得
I=mAvA=mA 5gR
(3)对B，由动能定理可得
−μmBgx=0−12mBvB2
炸药爆炸过程由动量守恒定律得
mAvA−mBvB=0
联立以上可得
mAmB= 4μ 5=45
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
15.解：(1)颗粒在两板间做类平抛运动，平行于板方向匀速直线运动，运动时间为
t=Lv0=0.84s=0.2s
垂直于板方向做初速度为零的匀加速运动
12d=12at2
解得颗粒在两板间运动的加速度大小
a=dt2=
(2)颗粒受电场力方向竖直向上，由牛顿第二定律可得
mg−|q|E场=ma
又
E场=Ud
解得两板间的电压
U=64V
(3)由欧姆定律可知
I=UR2=2A
由闭合电路欧姆定律可知
E=U+I(R1+r)
解得
R1=8Ω
【解析】(1)颗粒在两板间做类平抛运动，根据运动的合成与分解规律求加速度；
(2)根据牛顿第二定律求出电场强度，然后利用U=Ed求板间电压；
(3)根据闭合电路欧姆定律求电阻箱R1的阻值。
本题考查带电粒子在电场中的偏转和闭合电路欧姆定律的综合应用，分析清楚图示电路结构是解题的前提，应用牛顿第二定律及类平抛规律与闭合电路的欧姆定律、场强与电压的关系公式即可解题。
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