新高考物理一轮复习考点巩固练习第六章动量守恒定律（含解析）

这是一份新高考物理一轮复习考点巩固练习第六章动量守恒定律（含解析），共4页。试卷主要包含了[2022·山东卷]等内容，欢迎下载使用。

1．[2022·全国乙卷](多选)质量为1 kg的物块在水平力F的作用下由静止开始在水平地面上做直线运动，F与时间t的关系如图所示．已知物块与地面间的动摩擦因数为0.2，重力加速度大小取g＝10 m/s2.则 ( )
A．4 s时物块的动能为零
B．6 s时物块回到初始位置
C．3 s时物块的动量为12 kg·m/s
D．0～6 s时间内F对物块所做的功为40 J
2．[2022·山东卷]
我国多次成功使用“冷发射”技术发射长征十一号系列运载火箭．如图所示，发射仓内的高压气体先将火箭竖直向上推出，火箭速度接近零时再点火飞向太空．从火箭开始运动到点火的过程中( )
A．火箭的加速度为零时，动能最大
B．高压气体释放的能量全部转化为火箭的动能
C.高压气体对火箭推力的冲量等于火箭动量的增加量
D．高压气体的推力和空气阻力对火箭做功之和等于火箭动能的增加量
3．[2022·湖南卷]1932年，查德威克用未知射线轰击氢核，发现这种射线是由质量与质子大致相等的中性粒子(即中子)组成．如图，中子以速度v0分别碰撞静止的氢核和氮核，碰撞后氢核和氮核的速度分别为v1和v2.设碰撞为弹性正碰，不考虑相对论效应，下列说法正确的是( )
A.碰撞后氮核的动量比氢核的小
B．碰撞后氮核的动能比氢核的小
C．v2大于v1
D．v2大于v0
4.
[2021·全国乙卷]如图，光滑水平地面上有一小车，一轻弹簧的一端与车厢的挡板相连，另一端与滑块相连，滑块与车厢的水平底板间有摩擦．用力向右推动车厢使弹簧压缩，撤去推力时滑块在车厢底板上有相对滑动．在地面参考系(可视为惯性系)中，从撤去推力开始，小车、弹簧和滑块组成的系统( )
A．动量守恒，机械能守恒
B．动量守恒，机械能不守恒
C．动量不守恒，机械能守恒
D．动量不守恒，机械能不守恒
5．[2020·全国卷Ⅰ]行驶中的汽车如果发生剧烈碰撞，车内的安全气囊会被弹出并瞬间充满气体．若碰撞后汽车的速度在很短时间内减小为零，关于安全气囊在此过程中的作用，下列说法正确的是( )
A．增加了司机单位面积的受力大小
B．减少了碰撞前后司机动量的变化量
C．将司机的动能全部转换成汽车的动能
D．延长了司机的受力时间并增大了司机的受力面积
6．[2021·全国乙卷](多选)水平桌面上，一质量为m的物体在水平恒力F拉动下从静止开始运动．物体通过的路程等于s0时，速度的大小为v0，此时撤去F，物体继续滑行2s0的路程后停止运动．重力加速度大小为g.则( )
A．在此过程中F所做的功为 eq \f(1,2) mv eq \\al(\s\up11(2),\s\d4(0))
B．在此过程中F的冲量大小等于 eq \f(3,2) mv0
C．物体与桌面间的动摩擦因数等于 eq \f(v eq \\al(\s\up1(2),\s\d1(0)) ,4s0g)
D．F的大小等于物体所受滑动摩擦力大小的2倍
第六章 动量守恒定律
做真题 明方向
1．AD 由图知0～3 s内F的大小为F1＝4 N，3～6 s内F的大小F2＝4 N；在0到3 s内，物块沿正方向做匀加速直线运动，F1－μmg＝ma1，解得a1＝2 m/s2，为正方向，3 s末的速度v1＝a1t1＝6 m/s；3 s末力F反向，物块先沿正方向减速到零，F2＋μmg＝ma2，解得a2＝6 m/s2，为负方向，物块减速到零所用的时间t2＝ eq \f(v1,a2)＝1 s，即4 s末物块减速到零；在4～6 s内，物块再反向做匀加速直线运动，F2－μmg＝ma3，解得a3＝2 m/s2，为负方向．画出整个过程中的v­t图像如图所示：
4 s时物块的速度为零，动能为零，A正确；由图可知在0～6 s内，物块的位移不为零，6 s时物块没有回到初始位置，B错误；3 s时的速度v1＝6 m/s，动量p1＝mv1＝6 kg·m/s，C错误；由v­t图线与时间轴所围的面积表示位移知，0～3 s内、3～4 s内、4～6 s内物块的位移大小分别为x1＝9 m、x2＝3 m、x3＝4 m，则F对物块做的功分别为W1＝F1x1＝36 J、W2＝－F2x2＝－12 J、W3＝F2x3＝16 J，则0～6 s时间内F对物块所做的功W＝W1＋W2＋W3＝40 J，D正确．
2．A 从火箭开始运动到点火的过程中，火箭先加速运动后减速运动，当加速度为零时，动能最大，A项正确；高压气体释放的能量转化为火箭的动能和重力势能及火箭与空气间因摩擦产生的热量，B项错误；根据动量定理可得高压气体对火箭的推力F、火箭自身的重力mg和空气阻力f的冲量矢量和等于火箭动量的变化量，C项错误；根据动能定理可得高压气体对火箭的推力F、火箭自身的重力mg和空气阻力f对火箭做的功之和等于火箭动能的变化量，D项错误．
3．B 设中子质量为m0，被碰粒子质量为m，碰后中子速度为v′0，被碰粒子速度为v，二者发生弹性正碰，由动量守恒定律和能量守恒定律有m0v0＝m0v′0＋mv， eq \f(1,2)m0v eq \\al(\s\up11(2),\s\d4(0)) ＝ eq \f(1,2)m0v′ eq \\al(\s\up11(2),\s\d4(0)) ＋ eq \f(1,2)mv2，解得v′0＝ eq \f(m0－m,m0＋m)v0，v＝ eq \f(2m0,m0＋m)v0，因为当被碰粒子分别为氢核(m0)和氮核(14m0)时，有v1＝v0，v2＝ eq \f(2,15)v0，故C、D项错误；碰撞后氮核的动量为p氮＝14m0·v2＝ eq \f(28,15)m0v0，氢核的动量为p氢＝m0·v1＝m0v0，p氮>p氢，故A错误；碰撞后氮核的动能为Ek氮＝ eq \f(1,2)·14m0v eq \\al(\s\up11(2),\s\d4(2)) ＝ eq \f(28,225)m0v eq \\al(\s\up11(2),\s\d4(0)) ，氢核的动能为Ek氢＝ eq \f(1,2)·m0·v eq \\al(\s\up11(2),\s\d4(1)) ＝ eq \f(1,2)m0v eq \\al(\s\up11(2),\s\d4(0)) ，Ek氮4．B 撤去推力后，小车、弹簧和滑块组成的系统所受合外力为零，满足系统动量守恒的条件，故系统动量守恒；由于撤去推力时滑块在车厢底板上有相对滑动，存在摩擦力做功的情况，故系统机械能不守恒，所以选项B正确．
5．D 若汽车发生剧烈碰撞，车内的安全气囊会被弹出并充气，对司机的头部、颈部等部位起保护作用，增大了司机的受力面积，减小了司机单位面积的受力大小，故A项错误．有无安全气囊，司机的速度都是从碰撞前的速度减为零，动量变化量相同，故B项错误．当司机与安全气囊发生作用时，安全气囊的作用并没有将司机的动能全部转化为汽车的动能，故C项错误．安全气囊起缓冲作用，延长了司机的受力时间，从而减少了司机的受力大小，D项正确．
6．BC 设物体与桌面间的动摩擦因数为μ，根据功的定义，可知在此过程中，F做的功为WF＝Fs0＝ eq \f(1,2)mv eq \\al(\s\up11(2),\s\d4(0)) ＋μmgs0，选项A错误；物体通过路程s0时，速度大小为v0，撤去F后，由牛顿第二定律有μmg＝ma2，根据匀变速直线运动规律有v eq \\al(\s\up11(2),\s\d4(0)) ＝2a2·2s0，联立解得μ＝ eq \f(v eq \\al(\s\up1(2),\s\d1(0)) ,4s0g)，选项C正确；水平桌面上质量为m的物体在恒力F作用下从静止开始做匀加速直线运动，有F－μmg＝ma1，又v eq \\al(\s\up11(2),\s\d4(0)) ＝2a1s0，可得a1＝2a2，可得F＝3μmg，即F的大小等于物体所受滑动摩擦力大小的3倍，选项D错误；对F作用下物体运动的过程，由动量定理有Ft－μmgt＝mv0，联立解得F的冲量大小为IF＝Ft＝ eq \f(3,2)mv0，选项B正确．