2024年山东省淄博市北部中考物理一模试卷（含解析）

这是一份2024年山东省淄博市北部中考物理一模试卷（含解析），共26页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.通观史今皆学问，下列相关物理知识中说法正确的是( )
A. 法拉第发现了电磁感应现象
B. 为了纪念牛顿对物理学的重大贡献，用他的名字作为功的单位
C. 当发现有人触电时，应立即用手把人拉开
D. 一般家用空调正常工作时的电功率约为100W
2.如图所示为我国古代的一种打击乐器——磬。早在公元前5世纪，《考工记⋅磬氏》中就有“已上则磨其旁，已下则磨其端”的制磬技术的记述，这里的“上”、“下”指的是声音的高低。利用这种技术改变的是磬发出声音的( )
A. 响度
B. 音调
C. 音色
D. 速度
3.生活处处有物理，下列生活现象所涉及的光学知识中说法正确的是( )
A. 夜晚人在路灯下的影子是光的折射形成的B. 池水看起来变浅了是由光的反射引起的
C. 雨后的彩虹，是光的色散现象D. 小孔成像透过小孔只能成倒立缩小的实像
4.在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上成清晰的像。下列说法中( )
①图中凸透镜的焦距可能是14cm
②图中成像特点与投影仪成像特点相同
③把蜡烛适当左移，透镜保持不动，向左适当移动光屏，会再次在光屏上得到清晰的像
④把蜡烛移至45cm处，透镜保持不动，向右适当移动光屏，会再次在光屏上得到清晰的像
A. 只有①②正确B. 只有①③正确C. 只有②④正确D. 只有③④正确
5.暑假期间，小雨家驾驶汽车去海边游玩。下列说法正确的是( )
A. 汽车前进的动力，由内燃机的压缩冲程提供
B. 在海边闻到浓浓的海腥味，这是扩散现象
C. 为保障倒车安全，汽车安装的倒车雷达利用的是次声波
D. 海滩的沙子热得烫脚而海水却很清凉，是因为海水的比热容小
6.小华同学用如图甲所示的装置给冰加热。根据实验记录的数据，他绘制了如图乙所示冰熔化时温度随时间变化的图象。小华又继续加热一段时间，观察到水沸腾时温度计的示数如图丙所示。下列说法正确( )
A. BC段表示冰的熔化过程，继续吸热温度保持不变，处于固液共存状态
B. 比较AB段和CD段可知，AB段的比热容是CD段比热容的2倍
C. 水的沸点是98℃，由此可以判断此时的大气压高于一个标准大气压
D. 水沸腾时烧杯上方出现大量的“白气”，这些“白气”的形成属于汽化现象
7.2021年5月15日，我国“天问一号”火星探测器稳稳降落在火星的乌托邦平原。探测器经过借助火星大气进行气动减速等一系列减速措施后，再通过反推发动机进行动力减速，距离火星表面100m时，进入悬停阶段，完成精避障和缓速下降后抵达火星表面。如图所示，下列判断错误的是( )
A. 探测器与地面控制系统间靠电磁波传递信息
B. 反推发动机利用了热值大、密度小的燃料
C. 悬停阶段，探测器相对火星表面是静止的
D. 落地后，探测器的影子是光的反射形成的
8.2022年5月21日凌晨，我国自主研制的“极目一号”Ⅲ型浮空艇(如图)以30m/min的平均速度顺利升至9050m高空，创造了浮空艇大气科学观测的世界纪录。正在升空的浮空艇( )
A. 平均速度为5m/sB. 所受大气压强逐渐减小
C. 所受空气浮力逐渐增大D. 所受空气浮力小于重力
9.2022年2月北京冬奥会，中国代表团共收获9金4银2铜共15枚奖牌，金牌数和奖牌数均创历史新高。如图为高速摄影机记录的单板滑雪男子大跳台金牌得主苏翊鸣在比赛中，从跳台起跳到落地过程的情景。下列关于这一过程说法正确的是( )
A. 他从起跳到最高点的过程中，动能逐渐转化成重力势能
B. 他起跳后到达最高点时，机械能最大
C. 他从空中下落过程中，重力做功越来越慢
D. 他从起跳到落地的整个过程中，机械能是守恒的
10.如图所示，斜面长3m，高0.6m，建筑工人用绳子在6s内将重500N的物体从其底端沿斜面向上匀速拉到顶端，拉力是150N(忽略绳子的重力)。则下列说法正确的是( )
A. 斜面上的摩擦力是50NB. 拉力的功率是50W
C. 拉力所做的功是300JD. 斜面的机械效率是80%
11.如图是一种温度自动报警器的原理图，在水银温度计中封入一段金属丝，金属丝下端所指示的温度为90℃。下列说法错误的是( )
A. 报警器利用了水银导电和热胀冷缩的性质
B. 报警器利用了电磁铁通电时有磁性、断电时磁性消失的特点
C. 报警器中水银温度计和电磁铁串联在电路中
D. 温度达到90℃时，报警器中的灯亮同时铃响
12.如图所示电路的电源电压为1.5V，电阻R1的阻值为2Ω，闭合开关后，电流表的示数为0.3A，则( )
A. 通过R1的电流大于0.3AB. 电阻R1和R2是并联的
C. 电压表的示数为0.9VD. 电阻R2的阻值为3Ω
13.下列选项中关于物理实验描述错误的是( )
A. 汽油机的此冲程内能转化为机械能
B. 该器材可验证压强与受力面积的关系
C. 该实验可验证电流周围存在磁场
D. 利用该实验装置探究电热与电阻的关系
14.在如图甲所示电路中，电源电压保持不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表V1、V2的量程均为0～3V，滑动变阻器R的规格为“30Ω0.5A”。在保让电路各元件安全的情况下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，其中的一只电压表示数与电流表示数对应关系如图乙所示，当滑片P在某点时，电压表V1、V2的示数之和为4V。下列说法正确的是( )
①电源电压为6V
②定值电阻R0的阻值为5Ω
③滑动变阻器取值范围是3～30Ω
④整个电路消耗的最大功率为2W
A. ①和②B. ②和③C. ③和④D. ②和④
二、填空题：本大题共4小题，共10分。
15.截至2024年2月，我国大亚湾核电站已实现安全运营30年，累计上网电量达9391亿千瓦时。核电站是利用反应堆发生______(选填“核裂变”或“核聚变”)发电的，反应堆的“水冷却系统”是利用______(选填“做功”或“热传递”)的方式改变内能的。
16.如图是测量油箱内油量的装置，其中R是滑动变阻器的电阻片，AP是轻质滑杆，且AO>OP，P是滑杆上可沿电阻片滑动的滑片，R0是定值电阻。油量减少时，浮子通过连杆带动滑杆绕O点转动，使滑片P在R上滑动。
(1)电路中的油量表相当于一只______(选填“电流表”、“电压表”或“电能表”)；
(2)浮子下降时，连杆对滑杆AP施加动力F1，此时滑杆是______(选填“省力”、“费力”或“省功”)杠杆，油量表示数______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
17.如图所示，完全相同的A、B两金属片浸入盐水的深度相同，a、b分别是A、B表面上两点，则a、b两点盐水的压强pa______pb(选填“大于”、“小于”或“等于”)；闭合开关后，小灯泡发光，通过灯泡灯丝的自由电子定向移动的方向是从______(选填“c到d”或“d到c”)。
18.如图所示的电路，电源电压恒定。R为定值电阻，小灯泡的额定电压为4V，电流表接0～0.6A量程。闭合开关S、S1时，电压表示数为6V，电阻R在1min内产生540J的热量，则R的阻值为______Ω。闭合开关S、断开开关S1时，小灯泡恰好正常发光，则小灯泡的额定功率为______W，电阻R的实际功率为______W。
三、作图题：本大题共1小题，共2分。
19.如图所示，带支架的平板小车突然沿水平地面向右做直线运动，小球A用细线悬挂于支架右端，放在小车左端的物块B相对于小车始终静止。某时刻观察到细线偏离竖直方向θ角，请画出此时小球A的重力G和物块B受到摩擦力F的示意图(力的作用点图中已标出)。
四、实验探究题：本大题共3小题，共20分。
20.小明乘地铁上学，在站台候车时，他透过玻璃屏蔽门可以看到车道另一侧竖直墙壁上的广告牌，还看到了自己在玻璃屏蔽门后面的像。回忆起在物理课上“探究平面镜成像的特点”的实验过程和结论，他想粗略测量一下玻璃屏蔽门到车道另一侧广告牌的距离d。
(1)于是小明在玻璃屏蔽门前后移动，直到观察到自己的像落在______上，记下此时自己所站立的位置，然后通过数地砖可以大体得知______的距离，而这一距离的长短就等于玻璃屏蔽门到广告牌距离的d；
(2)小明所利用的物理知识为：平面镜成像时，______；
(3)当小明逐渐远离玻璃屏蔽门时，小明的像的大小将______(选填“变大”、“变小”或“保持不变”)；
(4)测量完毕，刚好有一列车进站，停在了广告牌前(如图丙)，在玻璃屏蔽门还没有打开前，小明还能否看到自己的像？______(选填“能”或“不能”)
(5)屏蔽门打开后，小明发现地铁侧面车窗的大玻璃上也可以看到自己的像，于是他想：如果我站在原地不动、而地铁快速通过，那么我通过车窗玻璃所成的像动不动呢？
于是他用图丁所示的器材模拟了人站在站台不动、而地铁的车窗玻璃飞驰而过的场景。人站在竖直玻璃前A点时，人的像在a点；将玻璃平移至图戊所示的位置时，人的成像情况是______(选填字母代号)。
A.人成像在a处
B.人成像在b处
C.人成像在c处
D.人无法通过平面镜成像
21.小红设计了如图甲所示的实验来探究“浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”。
(1)如图甲中①②③④这四个步骤中，实验的最佳顺序是______(填写编号)；
(2)图②中物体A受到的浮力是______N；
(3)以下情况会影响实验结论的是______(选填“A”或“B”)。
A.图②中水面未到达溢水杯的溢水
B.图②中物体未全部浸没在水中
(4)将图②中的水换成酒精(ρ酒精=0.8×103kg/m3)物体受到的浮力______(选填“变大”“变小”或“不变”)；
(5)探究完浮力的大小跟哪些因素有关，小丽和小杨用如图乙所示的实验装置做了一个课外实验。他们将溢水杯放在电子秤上，向溢水杯中加满水，在表格中记录下测力计A、B及电子秤的第一次实验数据。然后他们将物体缓慢下降，当物体的部分体积浸在水中时，记录下第二次实验数据。最后他们剪断系在物体上的细线，将物体缓慢沉入到水底后，记录下第三次的实验数据。
①观察并分析第二次和第三次两图，可知物体在第______次中所受浮力更大；
②观察并分析第一和第二次两图，并结合这两次实验记录的数据。可知记录第二次数据时，空格中的数据应为______g。
22.某实验小组利用如下器材，探究“电流与电压和电阻的关系”：三节新干电池(1.5V/节)，规格是“20Ω 1A”的滑动变阻器，阻值为5Ω、10Ω、20Ω、40Ω的定值电阻各一个，电压表(0～3V)、电流表(0～0.6A)、开关各1只，导线若干。
(1)探究“电流与电压的关系”：
①请用笔画线代替导线将实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片向左移时，电阻变大；
表1
②将5Ω的定值电阻R1接入电路，闭合开关后发现电压表有示数，电流表无示数，其原因可能是R1 ______(填“短路”或“断路”)；
③排除故障后，调节滑动变阻器的滑片，改变R1两端的电压，并记录数据于表1中，其中第______组数据是拼凑杜撰的；
表2
④分析其他数据得出结论：当电阻一定时，______。
(2)探究“电流与电阻的关系”：
①将5Ω的电阻接入电路，闭合开关后移动滑片，使电压表的示数为2.5V，并记录电流值，如表2所示；
②用10Ω的电阻替代5Ω的电阻接入电路，应将滑动变阻器滑片______(填“向左移动”“向右移动”或“保持不动”)；
③在进行第4次实验，将40Ω的定值电阻接入电路后，无论如何调节滑动变阻器的阻值，电压表示数始终不能变为2.5V。在只使用现有器材，甲、乙两个小组只对原电路稍作调整，便完成了第4次实验；
甲小组对电源进行了调整，做法是：______。
乙小组对电路的其他部分进行了调整，做法是：______。
五、计算题：本大题共2小题，共18分。
23.如图所示是一款春耕时常用的汽油机水泵，装满10kg汽油后总质量为20kg。底座与地面的接触面积为200cm2。完全消耗这些汽油，4h可将4.5×103t水抽到2m高处。(已知，q汽油=4.2×107J/kg)求：
(1)汽油机水泵对水平地面的压强是多少？；
(2)汽油机水泵抽水时输出的功率是多少？；
(3)汽油机水泵工作的效率是多少？
24.如图甲所示为小明家的电饭锅，铭牌上附有中国能效标识，从铭牌上可知该电饭锅能效等级为三级，额定电压为220V，加热功率为1210W。电饭锅的简化电路图如图乙所示，有加热和保温两挡，由开关S调节，其中R1和R2均为发热电阻，且阻值不随着温度的变化而改变。求：

(1)小明想利用如图丙所示的电能表测量电饭锅的保温功率，他关闭家里的其它用电器，让电饭锅处于“保温”状态下正常工作，观察到电能表转盘在6min内转了30圈。则该电饭锅的保温功率为多少？
(2)电阻R2的阻值是多少？
(3)小明上网查询了解，国家标准中规定电饭锅在该加热功率下正常工作时，三级能效的热效率值(电热转化效率)范围为81%≤η<86%。他用学过的知识对电饭锅进行测试：在加热状态下，将温度为20℃、质量为2kg的水加热到100℃，电饭锅正常工作用时660s。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，请你通过计算帮助小明判断该电饭锅的热效率值是否达到三级能效？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A，电磁感应现象是法拉第发现的，故A正确；
B，功的单位是焦耳，故B错误；
C.当发现有人触电时，应立即切断电源，用手拉人，会使救人的人触电，故C错误；
D.一般家用空调正常工作时的电功率约为1000我，故D错误
故选A。
A.电磁感应现象是法拉第发现的；
B.功的单位是焦耳不是牛顿；
C.身体是导体，导致人救人的人触电；
D.一般家用空调正常工作时的电功率约为1000W。
本题考查了物理上一些常识问题。
2.【答案】B
【解析】解：根据题意可知，“上”、“下”指的是声音的高低，即声音振动的频率不同，声音的音调不同，故B正确。
故选：B。
物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调，音色反映了声音的品质与特色。声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。
3.【答案】C
【解析】解：A、夜晚人在路灯下形成的影子，是光沿直线传播被遮挡后光线照射不到形成的，属于光的直线传播。故A错误；
B、来自水底的光线斜射到空气中时，会发生折射现象，根据光的折射规律，折射光线会远离法线，所以人眼逆着折射光线观察，清澈的池水看起来变浅了，故B错误；
C、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散，故C正确；
D、小孔成像透过小孔能成倒立的实像，但像的大小与像距和物距有关，可能放大，也可能缩小，故 D错误。
故选：C。
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，如：日食、月食、小孔成像和影子的形成等；
(2)当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅，凸透镜成像，凹透镜成像等。
本题考查了光的直线传播、光的反射及光的折射现象的区分判断，是光学比较常见的考查内容，掌握三种光学现象的本质是解题的关键。
4.【答案】B
【解析】解：①由图可知，此时的物距为u=30.0cm，像距为v=20.0cm，则30.0cm>2f、f<20.0cm<2f，解得：10.0cm②物距大于像距，成的是倒立、缩小的实像，其应用是照相机，故②错误；
③保持蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜在蜡烛与光屏之间向左移动，根据凸透镜光的可逆性当物距等于像距，像距等于物距时，能再次在光屏成清晰的像，故③正确；
④将蜡烛移动到45cm的刻度线处，物距u=5cm，小于一倍焦距，成正立放大虚像，虚像不能用光屏承接，故④错误。
所以①③正确。
故选：B。
(1)(2)当u>2f、f(3)在光的折射现象中，光路可逆；
(4)物距小于一倍焦距成正立放大虚像。
本题考查了凸透镜成像规律及特点的应用，理解凸透镜成像的规律是关键。
5.【答案】B
【解析】解：A、在内燃机的四个冲程中，汽车的做功冲程将内能转化为机械能为汽车提供动力，故A错误；
B、在海边闻到浓浓的海腥味，是分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象，故B正确；
C、声音能传递信息和能量，倒车雷达是利用超声波工作的，故C错误；
D、因为沙子的比热容小，海水的比热容大，吸收相同热量，相同质量的沙子比海水温度上升高快，所以小明在烈日当空的海边玩耍，感到沙子烫脚，海水却凉凉的，故D错误。
故选：B。
(1)汽油机的做功冲程为汽车提供动力；
(2)不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象，扩散现象表明分子在不停地运动着；
(3)改变物体内能的方式有做功和热传递；
(4)水的比热容大，在吸收和放出相同热量时，与同质量的其他物质相比，其温度变化小。
本题主要考查了扩散现象、改变内能的两种方式、比热容、内燃机的四个冲程等知识的理解和掌握，是中考的热点。
6.【答案】A
【解析】解：A、BC段表示冰的熔化过程，继续吸热温度保持不变，处于固液共存状态，故A正确；
B、CD段加热时间是AB段加热时间的两倍，也CD段吸收的热量是AB段的两倍，CD段温度变化10℃，AB段温度变化了10℃，被加热物质的质量不变，根据Q=cmΔt可知，QABQCD=cABmΔtABcCDmΔtCD=cABcCD=12，CD段的比热容是AB段比热容的2倍，故B错误；
C、水的沸点为98℃，小于标准大气压下的100℃，说明当地气压低于标准大气压，故C错误；
D、水沸腾时烧杯上方出现大量的“白气”，白气是由气态变成液态形成的，这些“白气”的形成属于液化现象，故D错误。
故选：A。
(1)BC段是冰水混合物，是冰的熔化过程，晶体熔化过程中，温度保持不变，需要继续吸热；
(2)用相同的加热源，在相同时间内吸收相同的热量，利用公式Q=cmΔt可计算；
(3)液体的沸点随大气压的增大而升高；
(4)白气是液态小水珠，白气是由气体变成液体。
本题考查了晶体熔化的特点、比热容的相关计算、沸点和气压的关系以及液化的判断，属于中档题。
7.【答案】D
【解析】解：A、火星与地球之间是真空，需要靠电磁波传递信息，故A正确；
B、火箭为了获得较大动能，需要使用热值较大的燃料；火箭需要减轻自重，所以在体积一定的燃料仓内要使用密度较小的燃料，故B正确；
C、悬停时探测器与地面的相对位置不发生变化，即探测器相对于火星是静止的，故C正确；
D、影子的形成是由于光沿直线传播，并非光的反射造成的，故D错误。
故选：D。
A、声波的传播需要介质，电磁波的传播不需要介质；
B、燃料热值越大，在相同质量(或体积)下就可释放更多能量；燃料密度小，在相同体积下能使总质量更小；
C、悬停即停留在某一位置之上，即与下方相对静止；
D、影子的形成是由于光沿直线传播。
本题结合热点新闻考查了考生对如电磁波、热值、密度等物理概念的理解，让考生体会物理与生活的紧密联系。
8.【答案】B
【解析】解：A、平均速度v=30m/min=30m60s=0.5m/s，故A错误；
B、正在升空的浮空艇，距离地球表面的高度逐渐升高，所受大气压强逐渐减小，故B正确；
C、正在升空的浮空艇，距离地球表面的高度越高，空气密度越小，由F浮=ρ空气gV排可知所受空气浮力逐渐减小，故C错误；
D、匀速上浮的浮空艇浮力等于重力，故D错误。
故选：B。
(1)根据单位换算可求平均速度；
(2)地球表面的高度越高，大气压越小；
(3)根据F浮=ρ空气gV排分析解答；
(4)匀速上浮的浮空艇浮力等于重力。
本题主要考查了平均速度、大气压、浮力以及运动与力，是一道综合题。
9.【答案】A
【解析】解：
A、他从起跳到最高点的过程中，他的质量不变，高度变大，重力势能变大，速度变小，动能变小，是动能逐渐转化成重力势能，故A正确；
B、他起跳后到达最高点时，由于存在空气阻力，克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，所以在最高点时的机械能不是最大，故B错误；
C、他从空中下落过程中，速度越来越大，重力不变，根据P=Wt=Ght=Gv可知，重力做功的功率越来越大，即重力做功越来越快，故C错误；
D、他从起跳到落地的整个过程中，克服摩擦或空气阻力做功，机械能转化为内能，所以机械能是不守恒的，故D错误。
故选：A。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、高度；质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能是动能和势能的总和；物体克服摩擦或空气阻力做功，机械能转化为内能；
(2)功率是表示物体做功快慢的物理量，根据P=Wt=Ght=Gv分析重力做功的快慢。
本题考查了动能和重力势能的转化、机械能的守恒、功率计算公式的应用，难度不大。
10.【答案】A
【解析】解：
(1)拉力F做的功：W总=Fs=150N×3m=450J；
有用功：W有用=Gh=500N×0.6m=300J，
额外功：W额=W总−W有用=450J−300J=150J，
由W额=fs可得，物体在斜面上受到的摩擦力：
f=W额s=150J3m=50N，故A正确、C错；
(2)拉力的功率：P=W总t=450J6s=75W，故B错；
(3)斜面的机械效率：
η=W有用W总=300J450J×100%≈66.7%，故D错。
故选：A。
(1)利用W=Fs计算该过程拉力F做的功；利用W有=Gh求出有用功，利用W额=W总−W有求出额外功，然后利用W额=fs计算货物箱在斜面上受的摩擦力大小；
(2)利用P=Wt求拉力做功功率；
(3)斜面的机械效率等于有用功与总功之比。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、功率、机械效率的计算，知道使用斜面克服摩擦做的功为额外功是关键。
11.【答案】D
【解析】解：AB、当温度升高到90℃时，水银和金属丝接通，由于水银和金属丝都是导体，所以控制电路接通，电磁铁有磁性，电磁铁吸引衔铁，动触头和电铃的电路接通，电铃响，灯不亮，报警器是利用了水银导电、水银热胀冷缩的性质、电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性等特点，故A和B正确。
C、报警器的电磁铁和水银温度计依次连接在控制电路中，两者是串联的，故C正确。
D、温度达到90℃时，水银和金属丝接通，由于水银和金属丝都是导体，所以控制电路接通，电磁铁有磁性，电磁铁吸引衔铁，动触头和电铃的电路接通，电铃响，灯不亮，故D错误。
故选：D。
温度自动报警器的原理：
当温度未升高到90℃时，水银和金属丝没有接通，控制电路是断开的，在弹簧作用下，动触头和灯的电路接通，灯发光，电铃不响。
当温度升高到90℃时，水银和金属丝接通，由于水银和金属丝都是导体，所以控制电路接通，电磁铁有磁性，电磁铁吸引衔铁，动触头和电铃的电路接通，电铃响，灯不亮。
本题考查了液体温度计的工作原理、导体、电磁铁磁性有无等，是一道比较简单的综合性习题。
12.【答案】D
【解析】解：闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测R1两端的电压，
串联电路各处电流相等，电流表的示数为0.3A，所以通过两电阻的电流都为0.3A，故AB错误；
R1两端的电压：U1=IR1=0.3A×2Ω=0.6V，即电压表的示数为0.6V，故C错误；
因串联电路总电压等于各部分电压之和，则R2两端的电压U2=U−U1=1.5V−0.6V=0.9V，
根据欧姆定律可得定值电阻R2的阻值为：R2=U2I=Ω，故D正确。
故选：D。
闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测R1两端的电压，
根据串联电路电流特点和电流表的示数确定通过两电阻的电流，根据U=IR计算R1两端的电压，根据串联电路电压规律计算R2两端的电压，根据欧姆定律计算定值电阻R2的阻值。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，属于基础题。
13.【答案】D
【解析】解：A、该图为汽油机的做功冲程，汽油机的此冲程内能转化为机械能，故A正确；
B、砖平放、立放和侧放，对沙子的受力面积不同，压力不变，可以验证压强与受力面积的关系，故B正确；
C、奥斯特实验说明电流周围你存在磁场，故C正确；
D、该装置通过滑动变阻器改变通过电热丝额电流，探究电热与电流的关系，本实验中的电热丝的电阻是不变的，故D错误。
故选：D。
(1)汽油机的做功冲程内能转化为机械能。
(2)在压力一定时，受力面积越小，压强越大。
(3)通电导体的周围存在磁场。
(4)电流产生的热量与电流、电阻和通电时间有关。
本题考查的是汽油机的原理和能量转化、电流的磁效应；知道影响压力作用效果的因素；知道电热与电流、电阻和通电时间有关。
14.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表V1测定值电阻R0两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
①滑动变阻器的滑片P在某点时，电压表V1、V2的示数之和为4V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压U=4V，故①错误；
②③④当R接入电路中的电阻变大时，其分得的电压变大，电压表V2的示数变大，此时电路中的总电阻变大，电路中的电流变小；
由图乙可知，电路中的电流最小I小=0.2A时，电压表的示数最大为3V，则对应的电压表应为V2，即图象为滑动变阻器R的I−U图象，
由I=UR可得，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R2大=U2大I小=3V0.2A=15Ω；
由图乙可知，电路中的电流最大I大=0.5A时，电压表V2的示数U2小=1.5V，
此时定值电阻R0两端的电压：U0=U−U2小=4V−1.5V=2.5V，
定值电阻的阻值为：R0=U0I大=Ω，故②正确；
此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大，
滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R2小=U2小 I大=Ω，
所以，滑动变阻器取值范围是3Ω～15Ω，故③错误；
电路消耗的最大功率：P大=UI大=4V×0.5A=2W，故④正确。
故选：D。
由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表V1测定值电阻R0两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)滑动变阻器的滑片P在某点时，电压表V1、V2的示数之和为4V，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
(2)当R接入电路中的电阻变大时，其分得的电压变大，电路中的电流变小，据此判断出图乙对应的电压表为V2，由图乙可知电路中的电流最小和电压表的最大示数，此时滑动变阻器的电阻最大，根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的最大电阻；由图乙可知电路中的电流最大时电压表V2的示数，根据串联电路的电压特点求出V1的示数，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大，根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电路消耗的最大功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断出图乙对应的电压表是关键。
15.【答案】核裂变 热传递
【解析】解：核电站是利用反应堆发生核裂变发电的，反应堆的“水冷却系统”是利用热传递的方式改变内能的。
故答案为：核裂变；热传递。
核电站是利用核裂变释放的巨大能量来发电的；
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
本题考查的是核电站的基本原理；知道改变物体内能的两种方式。
16.【答案】(1)电流表；(2)省力；变小
【解析】解：(1)电路中的油量表相当于一只电流表；
(2)浮子下降时，连杆对滑杆AP施加动力F1，O是支点，AO>OP；此时滑杆的动力臂比阻力臂长，是省力杠杆；
浮子下沉时，AOP逆时针转动，滑动变阻器接入电路的有效电阻变大，根据欧姆定律，电路中的电流变小，油量表示数变小。
故答案为：(1)电流表；(2)省力；变小。
(1)本题中的油量表串联在电路中，相当于一个电流表。
(2)动力臂比阻力臂长的杠杆是省力杠杆；根据欧姆定律来分析电路中电流的变化。
知道电流表的使用规则；会根据欧姆定律分析电路中的电流变化规律。
17.【答案】大于 d到c
【解析】解：由图知，
(1)a与b两点分别位于盐水的不同的位置，a点的深度更深，根据液体压强的计算公式p=ρgh可得，当液体密度相同时，深度越深，压强越大，所以pA>Pb；
(2)闭合开关后，小灯泡发光，电流从电池的正极流出，流入负极，所以电流的流向是从c到d，而自由电子定向移动的方向与电流相反，所以灯泡灯丝的自由电子定向移动的方向是从d到c。
故答案为：大于；d到c
(1)在液体密度一定时，液体压强与深度成正比；
(2)物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。在金属导体中，自由电子定向移动的方向与电流方向相反。
此题考查了液体压强计算公式和电流方向的应用，是一道基础题，难度不大。
18.【答案】4 2 1
【解析】解：闭合开关S、S1时，灯泡L和电流表被短路，电路为R的简单电路，电压表测电源两端的电压，则电源的电压U=6V，
R的阻值
R=U2Qt=(6V)2540J×1×60s=4Ω
闭合开关S、断开开关S1时，定值电阻R与灯泡L串联，电流表测电路中的电流，电压表测R两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，且此时小灯泡恰好正常发光，小灯泡的额定电压为4V，则定值电阻R两端的电压U′=U−UL=6V−4V=2V
电路中的电流
I′=U′R=2V4Ω=0.5A
小灯泡的额定功率P=U′I′=4V×0.5A=2W
电阻R的实际功率PR=I′2R=(0.5A)2×4Ω=1W
故答案为：4；2；1。
(1)闭合开关S、S1时，灯泡L和电流表被短路，电路为R的简单电路，电压表测电源两端的电压，根据电压表示数可知电源的电压，利用Q=I2Rt=U2Rt表示出电阻R在1min内产生的热量即可求出R的阻值；
(2)闭合开关S、断开开关S1时，定值电阻R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电流特点和P=UI结合此时小灯泡恰好正常发光得出电路中的电流，利用串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，解出灯泡额定电压的可能值，然后得出电路中的电流，再结合电流表的量程确定小灯泡的额定电压，利用P=UI=I2R求出电阻R的实际功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用。
19.【答案】解：(1)重力的方向是竖直向下的，从小球A重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，即为小球A所受重力示意图；
(2)小球A用细线悬挂于支架右端，放在小车左端的物块B相对于小车静止，此时物块B不受摩擦力作用；
某时刻观察到细线向左偏离竖直方向θ角，其原因是小车做加速运动，A由于惯性，仍然保持原来的运动状态，此时放在小车左端的物块B相对于小车仍然静止，但有向左运动的趋势，所以受到受到的摩擦力水平向右，如图所示：

【解析】(1)根据重力的方向是竖直向下的，从小球A重心做竖直向下的力即为物块A受到的重力示意图；
(2)根据图示现象，利用惯性知识分析小车的运动状态变化，然后对B受到的摩擦力方向做出判断，再按照力的示意图的画法画出摩擦力示意图。
此题考查重力和摩擦力示意图的画法，对物块B受到的摩擦力的方向做出正确判断是本题的难点。
20.【答案】广告牌 自己到玻璃屏蔽门 像与物体到平面镜的距离相等 保持不变 能 A
【解析】解：(1)根据像与物到平面镜的距离相等，小明相对于玻璃屏蔽门前后移动直到观察到自己的像与广告牌重合，记下自己的位置；通过数地砖可以知道自己到玻璃屏蔽门的距离，即可以知道物体到镜面的距离，这一距离的长短就等于玻璃屏蔽门到广告牌距离的d。
(2)小明通过数地砖知道自己到玻璃屏蔽门的距离，就是玻璃屏蔽门到广告牌之间的距离d，物理依据是：平面镜成像时，像与物到镜子的距离相等。
(3)平面镜所成的像与物大小相等。则当小明逐渐远离玻璃屏蔽门时，小明的像的大小不变。
(4)平面镜成像的原理是光的反射。所以列车停在广告牌前，小严能看到自己的虚像。
(5)平面镜成像时，像与物到镜面的距离相等，小明站在竖直玻璃前A点时，人的像在a点，将玻璃平移至图戊所示的位置时，人的位置没有改变，则像的位置不变，即还在a处。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
故答案为：(1)广告牌；自己到玻璃屏蔽门；(2)像与物体到平面镜的距离相等；(3)保持不变；(4)能；(5)A。
(1)(2)(5)平面镜成像时像与物到平面镜的距离相等；
(3)平面镜所成的像与物大小相等；
(4)平面镜成像的原理是光的反射，所成的像是虚像。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
21.【答案】④①②③ 1 A 变小 三 500
【解析】解：(1)最合理的实验顺序是：④测出空桶的重力；①测出物体所受到的重力；②把物体浸在装满水的溢水杯中，测出测力计的示数；③测出桶和排开的水受到的重力；故正确顺序为：④、①、②、③；
(2)空气中物体的重力为G=2N；水中弹簧测力计的示数为F′=1N，物体在水中受到的浮力为：F浮=G−F′=2N−1N=1N；
(3)A.图②中水面未到达溢水杯的溢水口，物体放入溢水杯时，先要使溢水杯满了才可以向外排水，故在此过程中，物体受到的浮力大于排出的水的重力，故A符合题意；
B.图②中物体未全部浸没在水中，物体排开液体的体积小，排开液体的重力小，浮力也小，仍然能得出浮力等于排开的液体受到的重力，对实验没有影响，故B不符合题意；
(4)将图②中的水换成酒精(ρ酒精=0.8×103kg/m3)，液体的密度减小，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排知浮力减小；
(5)①由公式F浮=ρ液gV排可知，在水的密度一定时，第三次实验中物体浸在水中的体积即V排更大，则物体受到的浮力更大；
②当物体浸入时，根据力的作用是相互的，物体向下的压力等于浮力，而根据阿基米德原理知，浮力等于排开液体的重力，故压力和流出液体的重力像，则电子秤的示数保持不变，与第一次相等，为500g。
故答案为：(1)④①②③；(2)1；(3)A；(4)变小；(5)①三；②500。
(1)分别读出空桶的重力、物体的重力、物体浸没水中时弹簧测力计的示数、桶和溢出水的重力，桶和溢出水的重力与空桶的重力之差即为排开水的重力；
(2)物体所受的浮力等于物体的重力减去浸入液体时弹簧测力计的示数；
(3)溢水杯的水没装满，会使溢出的水的重力偏小；
(4)根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析解答；
(5)①由公式F浮=ρ液gV排可知，在水的密度一定时，丙实验中物体浸在水中的体积更大，则物体受到的浮力更大；
②根据浮力与排开液体的重力大小关系分析。
本题探究影响浮力大小的因素，考查称重法测浮力、控制变量法及数据分析、阿基米德原理，有一定的难度。
22.【答案】断路 1 通过导体的电流与导体两端的电压成正比 向左移动 只用两节干电池完成实验 用20Ω定值电阻串联在原电路中完成实验
【解析】解：
(1)①滑动变阻器滑片向左移时，电阻变大，故变阻器右下接线柱连入电路中，电流表与定值电阻串联，如图所示：
②电路连接正确后，闭合开关，电流表无示数，电路可能断路，发现电压表有示数，则电压表与电源连通，故此时电路中出现故障的元件可能是定值电阻断路，导致电压表串联在电路中；
③根据表中第1组数据，由欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路的电阻应为：
R滑=U滑I滑=4.5V−Ω>20Ω，所以第1组数据是拼凑的。
④由表1的其他数据可知，定值电阻的两端的电压与定值电阻中的电流的比值：，是定值，所以得出结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(2)②用10Ω的电阻替代5Ω的电阻后，定值电阻阻值变大，根据分压原理，定值电阻两端的电压变大；为控制定值电阻两端的电压不变，滑动变阻器分得的电压应该变大，连入电路的电阻阻值应增大，滑片向左移动，使电压表示数保持2.5V保持不变；
③当定值电阻为40Ω时，UR=2.5V，U滑=4.5V−2.5V=2V，根据分压原理：URU滑=R4R滑，所以
2.5V2V=40ΩR滑，R滑=32Ω，滑动变阻器最大阻值至少为32Ω：
甲小组：现有器材中滑动变阻器的最大阻值为20Ω<32Ω，分压作用不足，可以降低电源电压，只用两节干电池完成实验，
当电源电压为3V时：UR=2.5V，U滑=3V−2.5V=0.5V，根据分压原理：URU滑=R4R滑，所以
0.5V2V=40ΩR滑，R滑=10Ω<20Ω，变阻器满足要求；
乙小组：因32Ω−20Ω=12Ω，所以用阻值大于12Ω的定值电阻与滑动变阻器串联，增减分压作用，故可用20Ω定值电阻串联在原电路中完成第4次实验。
故答案为：(1)①见解答图；②断路；③1；④通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(2)②向左移动；③只用两节干电池完成实验；用20Ω定值电阻串联在原电路中完成第4次实验。
(1)①根据滑动变阻器滑片向左移时，电阻变大，确定变阻器右下接线柱连入电路中，电流表与定值电阻串联；
②若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
③根据表中数据，由欧姆定律和串联电路的规律得出变阻器连入电路的电阻与题中变阻器的规格比较得出答案；
④横向分析表1数据得出结论；
(2)②用10Ω的电阻替代5Ω的电阻后，滑动变阻器连入电路的电阻阻值应增大，使电压表示数保持2.5V保持不变；
③分析电路，因为变阻器最大阻值不能满足实验需求，可以降低电源电压和在电路中串联合适的电阻完成实验。
本题为探究“电流与电压和电阻的关系”的实验题目，考查了实物图的连接、电路故障分析、注意事项、滑动变阻器的作用、数据分析和控制变量法的运用和串联电路的规律等，难度较大。
23.【答案】解：(1)汽油机水泵对水平地面的压力等于自身的重力，则汽油机水泵对水平地面的压强为：
p=FS=GS=mgS=20kg×10N/kg200×10−4m2=1×104Pa；
(2)汽油机水泵抽水时输出的有用功为：
W有用=G水h=m水gh=4.5×103×103kg×10N/kg×2m=9×107J，
汽油机水泵抽水时输出的功为：
P=W有用t=9×107J4×3600s=6.25×103W；
(3)10kg汽油完全燃烧放出的热量为：
Q=q汽油m汽油=4.0×107J/kg×10kg=4×108J，
汽油机水泵工作的效率为：
η=W有用Q×100%=9×107J4×108J×100%=22.5%。
答：(1)汽油机水泵对水平地面的压强是1×104Pa；
(2)汽油机水泵抽水时输出的功率是6.25×103W；
(3)汽油机水泵工作的效率是22.5%。
【解析】(1)汽油机水泵对水平地面的压力等于自身的重力，根据p=FS=GS=mgS求出汽油机水泵对水平地面的压强；
(2)根据W有用=G水h=m水gh求出汽油机水泵抽水时输出的有用功，利用P=W有用t求出汽油机水泵抽水时输出的功率；
(3)根据Q放=qm求出10kg汽油完全燃烧放出的热量，利用η=WQ放×100%求出汽油机水泵工作的效率。
本题考查了压强、热机效率、功和热量的计算，属于基本公式的应用。
24.【答案】解：(1)“3000r/(kW⋅h)”表示每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转3000圈，
电饭煲在“保温”状态下消耗的电能为：
W=30r3000r/kW⋅h=0.01kW⋅h
电饭锅处于“保温”状态时的功率为：
P保温=Wt=0.01kW⋅h660h=0.1kW=100W
(2)由P=U2R可知，当S断开时，两电阻串联，电路中电阻较大，功率较小，电饭锅为保温状态，
由P=U2R可知，当S闭合时，只有R1接入电路中，电阻较小，功率较大，电饭锅为加热状态，
由P=U2R得，R1的电阻为：
R1=U2P加热挡=(220V)21210W=40Ω
电饭锅处于保温挡时，电路的总电阻为：
R总=U2P低温挡=(220V)2100W=484Ω
所以根据串联电路的电阻特点得，电阻R2的阻值为：
R2=R总−R1=484Ω−40Ω=444Ω；
(3)水吸收的热量为：
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(100℃−20℃)=6.72×105J；
消耗的电能为：
W′=P加热挡t=1210W×660s=7.986×105J，
该电饭锅的热效率为：
η=Q吸W′×100%=6.72×105J7.986×105J×100%≈84.1%，
由于81%≤η<86%，所以该电饭锅的热效率值达到三级能效。
答：(1)该电饭锅的保温功率为100W；
(2)电阻R2的阻值是444Ω；
(3)该电饭锅的热效率值达到三级能效。
【解析】(1)根据电能表的转数求出电饭锅处于“保温”状态下正常工作消耗的电能，再根据P=Wt得出实际功率；
(2)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串并联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接；由P=UI=U2R算出加热时的电阻，即为R1的电阻，根据串联电路的电阻特点求出电阻R2的阻值；
(3)根据Q吸=c水mΔt算出水吸收的热量，由W=Pt算出用时1000s消耗的电能，由η=Q吸W×100%算出该电饭锅的热效率，进而判断出该电饭锅的热效率值是否达到三级能效。
本题考查了串联电路特点、电能的计算、电功率计算公式的应用以及效率公式的应用，对电能表参数的理解和运用是本题的关键。测力计A/N
测力计B/N
电子秤/g
第一次
1.00
0.02
500
第二次
0.60
0.42
第三次
0
0.62
540
实验次数
1
2
3
4
电压U/V
0.5
1.0
2.0
2.5
电流I/A
0.1
0.2
0.4
0.5
实验次数
1
2
3
4
电阻R/Ω
5
10
20
40
电流I/A
0.5
0.26
0.12
？