河南省许昌高级中学2024-2025学年高二上学期8月月考数学试卷(Word版附解析)
展开注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名和座位号填写在答题卡上。
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡的相应位置上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
选择题(共8小题,每小题5分,共40分,每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。)
1.已知,则( )
A.B.C.D.
2.已知三棱锥中,,,,E,F分别是PA,BC的中点,则EF与AB所成的角大小为( )
A.B.C.D.
3.已知两个非零向量,满足,则在方向上的投影向量为( )
A.B.C.D.
4.如图,实心正方体的棱长为2,其中上、下底面的中心分别为.若从该正方体中挖去两个圆锥,且其中一个圆锥以为顶点,以正方形的内切圆为底面,另一个圆锥以为顶点,以正方形的内切圆为底面,则该正方体剩余部分的体积为( )
A.B.C.D.
5.我国古代数学家赵爽创制了一幅“勾股圆方图”,后人称为“赵爽弦图”.他用数形结合的方法给出了勾股定理的证明,极富创新意识.“赵爽弦图”是由四个全等的直角三角形与中间的小正方形拼成的一个大正方形.如图,若大正方形的面积是25,小正方形的面积是1,则( )
A.9B.C.12D.
6.在中,角,,的对边分别为,b,,若,则角的值为( ).
A. B. C.或 D.或
7.已知圆锥的高为3,底面半径为,若该圆锥的顶点与底面的圆周都在同一个球面上,则这个球的体积与圆锥的体积的比值为
A.B.C.D.
8.筒车是一种水利灌溉工具(如图所示),筒车上的每一个盛水筒都做逆时针匀速圆周运动,筒车转轮的中心为,筒车的半径为,筒车转动的周期为,如图所示,盛水桶在处距水面的距离为.后盛水桶在处距水面的距离为,若,则直线与水面的夹角为( )
A.B.C.D.
二.多选题(共3小题,每题6分,共18分。在每题给出的选项中,有多项符合题目要求。全部选对得6分,部分选对得3分,有选错的得0分。)
9.某市举办了“爱国爱党”知识竞赛.把1000名参赛者的成绩(满分100分,成绩取整数)按,,,分成四组,并整理成如图所示的频率分布直方图,则下列说法错误的为( )
A.的值为0.035 B.估计这组数据的众数为90
C.估计这组数据的第70百分位数为89 D.估计成绩低于80分的有350人
10.已知平面向量,,则( )
A.当时,B.若,则
C.若,则D.若与的夹角为钝角,则
11.在中,角所对的边分别为,且,则下列结论正确的有( )
A. B.若,则为直角三角形
C.若为锐角三角形,的最小值为1
D.若为锐角三角形,则的取值范围为
三.填空题(共3小题,每题5分,共15分。)
12.有一个正六棱柱的机械零件,底面边长为,高为,则这个正六棱柱的机械零件的表面积为 .
13.设 是虚数单位,复数为纯虚数,则实数为
14.如图,三棱柱中,底面,,是上一动点,则的最小值是 .
四.解答题(共5小题,共77分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。)
(15分)15.如图,在四棱柱中,侧棱平面ABCD,,,,,E为棱的中点,M为棱CE的中点.
(1)证明:;
(2)求异面直线BM与AD所成角的余弦值;
(3)求点到平面的距离.
(14分)16.近年来,“直播带货”受到越来越多人的喜爱,目前已经成为推动消费的一种流行营销形式,某直播平台有1000个直播商家,对其进行调查统计,发现所售商品多为小吃、衣帽、生鲜、玩具、饰品类等,各类直播商家所占比例如图①所示,为了更好地服务买卖双方,该直播平台打算用分层抽样的方式抽取80个直播商家进行问询交流.
(1)应抽取小吃类商家多少家?
(2)在问询了解直播商家的利润状况时,工作人员对抽取的80个商家的平均日利润进行了统计(单位:元),所得频率直方图如图②所示.
①估计该直播平台商家平均日利润的第75百分位数;
②若将平均日利润超过480元的商家称为“优质商家”,估计该直播平台“优质商家”的个数.
(15分)17.已知向量,且与的夹角为,
(1)求证:
(2)若,求的值;
(3)若与的夹角为,求的值.
(15分)18.如图,已知四棱台的上、下底面分别是边长为2和4的正方形,,且底面,点P,Q分别在棱、上.
(1)若P是的中点,证明:;
(2)若平面,二面角的余弦值为,求四面体的体积.
(18分)19.我校南门有条长米,宽米的道路(如图所示的矩形),路的一侧划有100个长米,宽米的停车位(如矩形),由于停车位不足,放学时段道路拥堵,学校保安李师傅提出一个改造方案,在不改变停车位形状大小、不改变汽车通道宽度的条件下,可通过压缩道路旁边绿化带及改变停车位方向来增加停车位,记绿化带被压缩的宽度(米),停车位相对道路倾斜的角度,其中.
(1)若,求和的长;
(2)求关于的函数表达式;
(3)若,按照李老师的方案,该路段改造后的停车位比改造前增加多少个?数学答案
1.A【详解】令,则,,
所以
.
2.A【详解】取的中点,连接,,如图,
又为的中点,所以,,
同理可得,,
又,所以,则为与所成的角,
中,,所以与所成的角为.
3.D
4.D【详解】两圆锥的体积都为,
则其公共部分为,
故该正方体剩余部分的体积为.
5.B【详解】由题意可知,,
设,由勾股定理可得,解得,
所以,所以,
6.D【详解】解:,
,即,
且有意义即,
,
在中,为或,
7.B【详解】如图所示:设球半径为,则,解得.
故求体积为:,圆锥的体积:,故.
故选:.
8.A【详解】如图,
过作直线与水面平行,
过 作,垂足为点,过 作,垂足为点,
设,,则,其中,
则,,
所以,,
所以,
整理可得,
因为,则,所以,,解得.
9.ABD【详解】易知,解得,所以A错误;
由频率分布直方图可知众数落在区间,用区间中点表示众数即85,所以B错误;
由频率分布直方图可知前两组频率之和为,
前三组频率之和为.
故第70百分位数落在区间,设第70百分位数为,
则,解得,所以正确;
成绩低于80分的频率为,所以估计成绩低于80分的有人.故D错误.
10.ACD【详解】对A,当时,,所以,故A正确;
对B,若,则,解得,故B错误;
对C,若,则,解得,故C正确;
对D,若与的夹角为钝角,则且与不共线,
解得且,即,故D正确,
11.ABD【详解】对于中,由正弦定理得,
由,得,即,
由,则,故,所以或,
即或(舍去),即,A正确;
对于B,若,结合和正弦定理知,
又,所以可得,B正确;
对于,在锐角中,,即.
故,C错误;
对于,在锐角中,由,
,
令,则,
易知函数单调递增,所以可得,D正确;
12./
【详解】
13.2
【详解】,
它为纯虚数,则且,解得.
14.
【详解】把平面沿着展开与在同一平面上,
连接,则的最小值是,
因为,三棱柱是直三棱柱,
,,
,
因为,所以,
所以,
所以,
由余弦定理得,
所以,故的最小值是.
15.(1)证明见解析;
(2);
(3).
【详解】(1)由底面,平面,得,
而,即直线两两垂直,
以点为坐标原点,直线分别为轴建立空间直角坐标系,如图,
则,
,,
显然,即,所以.
(2),,
所以异面直线与所成角的余弦值为.
(3),,
设平面的法向量,则,令,得,
所以点到平面的距离.
16.(1)28家
(2)① 487.5元;②280
【详解】(1)根据分层抽样知:应抽取小吃类家;
(2)①根据题意可得,解得,
设75百分位数为x,
因为,,
所以,解得,
所以该直播平台商家平均日利润的75百分位数为487.5元.
②,
所以估计该直播平台“优秀商家”的个数为280.
17.(1)证明见解
(2)或
(3)
【详解】(1)因为与的夹角为,
所以,
所以,
所以.
(2)由(1)知,,
因为,
所以,即,
于是有,即
,解得或,
所以的值为或.
(3)由(1)知,,
因为
所以,
,
,
因为与的夹角为,
所以,即,且,
于是有,解得或(舍),
所以的值为.
18.(1)证明见解析 (2)
【详解】(1)以A为坐标原点,,,所在直线分别为x,y,x轴建立空间直角坐标系,
则,,,,
设,其中,,
若P是的中点,则,,,
于是,∴,即.
(2)由题设知,,是平面内的两个不共线向量.
设是平面的一个法向量,
则取,得.
又平面的一个法向量是,
∴,
而二面角的余弦值为,因此,
解得或(舍去),此时.
设(),而,由此得点,,
∵平面,且平面的一个法向量是,
∴,即,解得,从而.
将四面体视为以为底面的三棱锥,则其高,
故四面体的体积.
19.(1),
(2),
(3)个
【详解】(1)注意到,又,
则.
则,
又,则,;
(2)由图,,
又由(1),则,
即,;
(3)由(2),.
则,则,
化简得:,解得或.
因,则,故,
设改造后停车位数量最大值为.
如图,过停车位顶点做射线垂线,垂足为.
则顶点到线段距离为:.
又由图及题意可得:,,
则.
注意到,则.
,则.
则,,又.
则,
令,
即改造后最大停车位数量为,则改造后的停车位比改造前增加个.
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