2025版高考物理全程一轮复习训练题课时分层精练十四牛顿运动三定律

这是一份2025版高考物理全程一轮复习训练题课时分层精练十四牛顿运动三定律，共6页。试卷主要包含了下面语句中涉及惯性知识的是，如图，，解析等内容，欢迎下载使用。
1．[2024·济南检测]关于牛顿第一定律和惯性，下列说法中正确的是( )
A.竖直向上抛出去的物体还能够继续上升，是因为受到向上的力
B.合力为零的物体保持静止或匀速直线运动，说明牛顿第一定律是第二定律的特例
C.根据牛顿第一定律，物体受力的方向与运动的方向可以相同，也可以不相同
D.运动的汽车，速度越大，就越难停下来，说明汽车的速度越大，它的惯性也越大
2．下面语句中涉及惯性知识的是( )
A.临崖立马收缰晚，船到江心补漏迟
B.红军不怕远征难，万水千山只等闲
C.水晶帘动微风起，满架蔷薇一院香
D.两岸青山相对出，孤帆一片日边来
3．[2024·全国模拟预测]唐代《耒耜经》记载曲辕犁是一种起土省力的先进耕犁．耕地过程中，牛通过两根耕索拉曲辕犁，如图所示．忽略耕索质量．下列说法正确的是( )
A.曲辕犁匀速前进时，耕索对犁的拉力小于犁对耕索的拉力
B.曲辕犁加速前进时，耕索对犁的拉力大于犁对耕索的拉力
C.其他条件相同，当两根耕索之间的夹角较大时，牛较省力
D.其他条件相同，当两根耕索之间的夹角较小时，牛较省力
4.据国家航天局消息，2021年7月5日7时28分，我国在酒泉卫星发射中心用长征四号丙运载火箭，成功发射风云三号E星，卫星精准进入预定轨道，任务取得圆满成功．下列叙述正确的是( )
A.火箭尾部向下喷气，喷出的气体对火箭产生一个反作用力，从而让火箭获得了向上的推力
B.火箭尾部喷出的气体，对空气产生一个作用力，空气的反作用力使火箭获得飞行的动力
C.火箭飞出大气层后，由于没有了空气，火箭虽然向后喷气，但也无法获得前进的动力
D.卫星进入预定轨道之后，与地球之间不存在相互作用
5．如图，
一不可伸长轻绳两端各连接一质量为m的小球，初始时整个系统静置于光滑水平桌面上，两球间的距离等于绳长L.一大小为F的水平恒力作用在轻绳的中点，方向与两球连线垂直．当两球运动至二者相距 eq \f(3,5)L时，它们加速度的大小均为( )
A. eq \f(5F,8m) B． eq \f(2F,5m)
C. eq \f(3F,8m) D． eq \f(3F,10m)
6．(多选)如图所示，截面是直角梯形的物块放在光滑水平地面上，其两个侧面恰好与两个固定在地面上的压力传感器P和Q接触，斜面ab上的ac部分光滑，cb部分粗糙．开始时两压力传感器的示数均为零．现在a端由静止释放一金属块，下列说法正确的是( )
A.金属块在ac部分运动时，传感器P、Q示数均为零
B.金属块在ac部分运动时，传感器P的示数为零，Q的示数不为零
C.金属块在cb部分运动时，传感器P、Q示数可能均为零
D.金属块在cb部分运动时，传感器P的示数一定不为零，Q的示数一定为零
7．车厢顶部固定一滑轮，在跨过定滑轮绳子的两端各系一个物体，质量分别为m1、m2，且m2>m1，m2静止在车厢底板上，当车厢向右运动时，m1、m2与车厢保持相对静止，系m1的那段绳子与竖直方向夹角为θ，系m2的那段绳子保持竖直，如图所示．绳子的质量、滑轮与绳子的摩擦忽略不计，下列说法正确的是 ( )
A.车厢的加速度为g sin θ
B.车厢底板对m2的支持力为(m1＋m2)g
C.绳子中的张力大小为m1g cs θ
D.车厢底板对m2的摩擦力为m2g tan θ
8．如图所示，两根相同轻弹簧和底盘组成弹射装置，弹簧劲度系数为k，底盘的质量不计．质量为m的物块置于底盘上，把底盘往下拉，当弹簧与竖直方向夹角θ＝60°时释放，已知释放瞬间物块加速度的大小为3g，则每根弹簧的伸长量为( )
A. eq \f(2mg,k) B． eq \f(3mg,k)
C. eq \f(4mg,k) D． eq \f(5mg,k)
9．(多选)[2023·全国新课标卷]使甲、乙两条形磁铁隔开一段距离，静止于水平桌面上，甲的N极正对着乙的S极，甲的质量大于乙的质量，两者与桌面之间的动摩擦因数相等．现同时释放甲和乙，在它们相互接近过程中的任一时刻( )
A.甲的速度大小比乙的大
B.甲的动量大小比乙的小
C.甲的动量大小与乙的相等
D.甲和乙的动量之和不为零
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10．长直杆与水平面成θ角固定放置，如图所示．杆上O点以上的部分是粗糙的，而O点以下的部分是光滑的．轻弹簧穿过长杆，下端与挡板固定连接．弹簧原长时上端恰好在O点，质量为m的带孔小球(可视为质点)穿过长杆，与弹簧上端连接．现将小球拉到图示a位置由静止释放，一段时间后观察到小球运动稳定时弹簧上端的最低位置始终在b点，Ob＝Oa＝l.则下列结论正确的是( )
A.小球在b位置受到的弹簧弹力大小为mg sin θ
B.在Oa段运动过程中小球所受摩擦力小于mg sin θ
C.小球第一次过O点时速度一定最大
D.若初始在a位置给小球一个沿杆向下的速度，则小球最终运动的最高点一定在O点
11．舰载机沿着航母跑道直线加速过程中，由于气流对机翼的作用会产生升力，若将发动机提供的推力和气流对机翼的升力的合力称为总动力F.设航母跑道可以看作是一个与水平面倾角为α的理想斜面，舰载机在起飞前以大小为a＝g的加速度沿着跑道加速，总动力F与飞机速度v的方向的夹角也等于α，设飞机的质量为m，前进过程中受到的阻力(包括跑道摩擦阻力，空气的阻力等)方向与速度方向相反，大小与飞机对跑道的正压力成正比，比例系数为k＝ eq \f(1,tan α)，重力加速度为g，则总动力F的大小为( )
A. eq \f(1＋sin α,sin 2α)mg B． eq \f(1－sin α,sin 2α)mg
C. eq \f(1＋sin α,2sin 2α)mg D． eq \f(1－sin α,2sin 2α)mg
课时分层精练（十四） 牛顿运动三定律
1．解析：物体能够继续上升是因为具有惯性，但惯性不是力，A错误；牛顿第一定律是物体完全不受外力的理想情况，虽然跟合力为零时物体的运动状态是一样的，但这是两码事，牛顿第一定律提出了力和惯性的概念，为牛顿第二定律的建立奠定了基础，两者是并列关系，而不是包含关系，B错误；根据牛顿第一定律，力不是维持物体运动状态的原因，受力的方向与运动的方向没有任何关系，C正确；惯性的大小由物体的质量决定，D错误．
答案：C
2．解析：A对：“临崖立马收缰晚”是由于惯性．B错：“红军不怕远征难，万水千山只等闲”描述红军到过很多有山水的地方，与惯性无关．C错：“水晶帘动微风起，满架蔷薇一院香”是分子运动，与惯性无关．D错：“两岸青山相对出，孤帆一片日边来”，与惯性无关．
答案：A
3．解析：耕索对犁的拉力与犁对耕索的拉力是一对相互作用力，无论犁匀速运动还是加速运动，这两个力都等大反向，故A、B错误；合力一定时，两个分力夹角越小，分力越小，所以其他条件相同，当两根耕索之间的夹角较小时，牛较省力，故C错误，D正确．故选D.
答案：D
4．解析：火箭升空时，其尾部向下喷气，火箭箭体与被喷出的气体是一对相互作用的物体，喷出的气体同时对火箭产生向上的反作用力，即为火箭上升的推动力，此动力并不是由周围的空气提供的，因而与是否飞出大气层、是否存在空气无关，选项B、C错误，A正确；火箭运载卫星进入轨道之后，卫星与地球之间依然存在相互吸引力，这是一对作用力与反作用力，选项D错误．
答案：A
5.
解析：如图可知sin θ＝ eq \f(\f(1,2)×\f(3L,5),\f(L,2))＝ eq \f(3,5)，则cs θ＝ eq \f(4,5)，对轻绳中点受力分析可知F＝2T cs θ，对小球由牛顿第二定律得T＝ma，联立解得a＝ eq \f(5F,8m)，故选项A正确．
答案：A
6．解析：金属块在ac之间运动时，斜面对物块的作用力垂直于斜面向上，根据牛顿第三定律可知，物块对斜面的作用力垂直于斜面向下，所以传感器P的示数为零，Q的示数不为零，A错误，B正确；金属块在cb之间运动时，如果加速向下运动，斜面对物块在水平方向的作用力向左，根据牛顿第三定律物块对斜面水平方向的作用力水平向右，传感器P示数为零，Q的示数不为零；如果匀速向下运动，斜面对物块的作用力竖直向上，根据牛顿第三定律物块对斜面的作用力竖直向下，传感器P、Q的示数均为零；如果物体减速向下运动，斜面对物块在水平方向的作用力向右，根据牛顿第三定律物块对斜面水平方向的作用力水平向左，传感器P示数不为零，Q的示数为零，故C正确，D错误．故选BC.
答案：BC
7．解析：对物体m1受力分析如图甲所示
竖直方向T1cs θ＝m1g，水平方向T1sin θ＝m1a，解得a＝g tan θ，T1＝ eq \f(m1g,cs θ)，车厢与m1的加速度相同为g tan θ，方向水平向右，绳子的张力大小为 eq \f(m1g,cs θ)，故A、C错误；对物体m2受力分析如图乙所示
竖直方向T1′＋N＝m2g水平方向f＝m2a解得N＝m2g－ eq \f(m1g,cs θ)，f＝m2g tan θ，故B错误，D正确．故选D.
答案：D
8．解析：设每根弹簧的伸长量为x，则根据题意，由牛顿第二定律有2kx cs θ－mg＝ma
解得x＝ eq \f(4mg,k)
故选C.
答案：C
9．解析：对甲、乙两条形磁铁分别做受力分析，如图所示
对于整个系统，由于μm甲g>μm乙g，合力方向向左，合冲量方向向左，所以合动量方向向左，甲的动量大小比乙的小，m甲v甲＜m乙v乙，又m甲＞m乙，故v甲＜v乙，B、D正确，A、C错误．故选BD.
答案：BD
10．解析：对小球受力分析，根据牛顿第二定律可知，小球从a位置由静止释放，先做加速运动，当达到Ob之间的某位置时，弹簧的弹力、小球重力沿杆向下的分力平衡时，此时速度最大，因此，小球在b位置受到弹簧弹力大于mg sin θ，A、C错误；在Oa段运动过程中小球受重力沿杆向下的分力、弹簧弹力、摩擦力，因此不能判断摩擦力与mg sin θ的大小关系，B错误；将小球拉到图示a位置由静止释放，小球沿杆做往返运动，由于摩擦力的作用，往返运动的幅度会越来越小，最终稳定后小球只在Ob之间往返运动．若初始在a位置给小球一个向下的速度，只是小球沿杆刚开始往返运动的幅度大，随着往返次数增多，幅度越来越小，小球最终运动的范围还是在Ob之间，即小球最终运动的最高点一定还是在O点，D正确．故选D.
答案：D
11．解析：飞机所受支持力为FN，所受阻力为Ff，受力分析如图所示．
沿着速度方向，由牛顿第二定律得F cs α－mg sin α－Ff＝ma，垂直速度方向F sin α＋FN－mg cs α＝0
由已知条件Ff＝kFN，k＝ eq \f(1,tan α)联立解得F＝ eq \f(1＋sin α,sin 2α)mg，故选A.
答案：A