2025年高考物理大一轮复习第三章　阶段复习(一)　力与直线运动（课件+讲义+练习）

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1、揣摩例题。课本上和老师讲解的例题，一般都具有一定的典型性和代表性。要认真研究，深刻理解，要透过“样板”，学会通过逻辑思维，灵活运用所学知识去分析问题和解决问题，特别是要学习分析问题的思路、解决问题的方法，并能总结出解题的规律。 2、精练习题。复习时不要搞“题海战术”，应在老师的指导下，选一些源于课本的变式题，或体现基本概念、基本方法的基本题，通过解题来提高思维能力和解题技巧，加深对所学知识的深入理解。在解题时，要独立思考，一题多思，一题多解，反复玩味，悟出道理。 3、加强审题的规范性。每每大考过后，总有同学抱怨没考好，纠其原因是考试时没有注意审题。审题决定了成功与否，不解决这个问题势必影响到高考的成败。那么怎么审题呢? 应找出题目中的已知条件 ;善于挖掘题目中的隐含条件 ;认真分析条件与目标的联系，确定解题思路 。 4、重视错题。“错误是最好的老师”，但更重要的是寻找错因，及时进行总结，三五个字，一两句话都行，言简意赅，切中要害，以利于吸取教训，力求相同的错误不犯第二次。
规范训练　(2024·山东潍坊市模拟)如图所示，在水平地面上静置一质量M＝2 kg的长木板，在长木板左端静置一质量m＝1 kg的小物块A，在A的右边静置一小物块B(B表面光滑)，B的质量与A相等，A、B之间的距离L0＝5 m。在t＝0时刻B以v0＝2 m/s的初速度向右运动，同时对A施加一水平向右、大小为6 N的拉力F，A开始相对长木板滑动。t1＝2 s时A的速度大小为v1＝4 m/s，木板与地面间的动摩擦因数μ＝0.05，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g＝10 m/s2，求：(1)物块A与木板间的动摩擦因数μA；
由运动学公式得v1＝a1t1，解得a1＝2 m/s2，对A由牛顿第二定律得F－μAmg＝ma1，解得μA＝0.4。
(2)已知t2＝2.5 s时两物块均未滑离长木板，求此时物块A、B间的距离x；
t2＝2.5 s时B运动的位移大小xB＝v0t2＝2×2.5 m＝5 m，t2＝2.5 s时A运动的位移大小xA＝ ×2×2.52 m＝6.25 mt2＝2.5 s时A、B间的距离x＝L0＋xB－xA＝5 m＋5 m－6.25 m＝3.75 m。
(3)当B滑到木板的右端时A、B恰好相碰，求木板长度L。
对木板由牛顿第二定律得μAmg－μ(m＋m＋M)g＝Ma2，解得a2＝1 m/s2
1.(2024·天津市第四十七中学期中)根据海水中的盐分高低可将海水分成不同密度的区域，当潜艇从海水高密度区域驶入低密度区域，浮力顿减，称之为“掉深”。如图甲所示，某潜艇在高密度海水区域沿水平方向缓慢航行。t＝0时，该潜艇“掉深”，随后采取措施自救脱险，在0～50 s内潜艇竖直方向的v－t图像如图乙所示(设竖直向下为正方向)。不计水的粘滞阻力，则A.潜艇在t＝20s时下沉到最低点B.潜艇竖直向下的最大位移为600 mC.潜艇在“掉深”和自救时的加速度大小之比为3∶2D.潜艇在0～20 s内处于超重状态
潜艇在0～50 s内先向下加速后向下减速，则50 s时向下到达最大深度，故A错误；
潜艇在0～20 s内向下加速，加速度向下，处于失重状态，故D错误。
2.(多选)(2023·湖南怀化市期末)A、B两个物体v－t图像分别如图中a、b所示，图线a是抛物线，图线b是直线，抛物线顶点的横坐标为t1，0～t3时间内图线a、b与横轴围成的面积相等。下列说法正确的是A.t2时刻A、B间距离一定最小B.t2～t3时间内A的加速度一直小于B的加速度C.0～t3时间内A的平均速度等于B的平均速度D.t1～t3时间内A、B的位移大小之比为2∶3
根据题意，由于不知道物体A、B初始状态的位置关系，则无法判断A、B间的距离变化情况，故A错误；由题图可知，A的图像关于t1对称，由v－t图像的斜率表示加速度可知，t2～t3时间内A的加速度不是一直小于B的加速度，故B错误；由题意可知，0～t3时间内图线a、b与横轴围成的面积相等，即0～t3时间内A、B的位移相等，则0～t3时间内A的平均速度等于B的平均速度，故C正确；
根据题意，由题图可知，由于A的图像关于t1对称，则有t3＝2t1，则t1～t3时间内A的位移大小为A总位移的一半，B的位移大小为B总位移的 ，由于A、B在0～t3时间内的位移相等，则t1～t3时间内A、B的位移大小之比为2∶3，故D正确。
3.(2024·山东济宁市期中)如图所示，倾角为θ，质量为M的斜面体置于粗糙的水平地面，质量为m的物体静止在斜面上。对物体施加沿斜面向下的力F使其匀速下滑，增大F使物体加速下滑。物体沿斜面匀速下滑和加速下滑时，斜面体始终保持静止。比较物体匀速下滑和加速下滑两个过程，下列说法正确的是A.物体在加速下滑时，物体与斜面体之间的摩擦力 较大B.物体在匀速和加速下滑时，地面与斜面体之间的摩擦力不变C.物体在匀速下滑时，物体对斜面体的压力较小D.物体在加速下滑时，地面对斜面体的支持力较大
对物体施加沿斜面向下的力F使其匀速下滑，对物体分析可知Ff＝μmgcs θ，FN＝mgcs θ，而增大沿斜面的拉力F使物体加速下滑，物体
所受的滑动摩擦力和斜面支持力大小不变，由牛顿第三定律可知，物体对斜面体的摩擦力Ff′和压力FN′大小、方向均不变，则对斜面体而言，所有受力均不变，即地面与斜面体之间的摩擦力不变，地面对斜面体的支持力也不变，故选B。
4.如图所示，两根直木棍AB和CD相互平行，斜靠在竖直墙壁上固定不动，一根水泥圆筒从木棍的上部以一定初速度匀速滑下。若保持两木棍倾角不变，忽然将两棍间的距离减小后固定不动，变动时间忽略不记，则水泥圆筒在两木棍上将A.仍匀速滑下 B.匀减速下滑C.匀加速下滑 D.可能忽然静止
水泥圆筒从木棍的上部匀速滑下过程中，受到重力、两棍的支持力和摩擦力，根据平衡条件知mgsin θ－2Ff1＝0，将两棍间的距离减小后，两棍支持力的合力不变，夹角减小，则每根木棍对圆筒的支持力减小，滑动摩擦力减小，根据牛顿第二定律，有mgsin θ－2Ff2＝ma，由于摩擦力变小，故加速度变大，可知圆筒将匀加速下滑，故选C。
5.(2024·新疆百师联盟联考)如图所示，小球沿足够长的斜面向上做匀减速直线运动，在速度减为0的过程中，前2 s内和最后2 s内的位移大小分别为2.5 m、2 m，则在该运动过程中 A.小球的初速度大小为4 m/sB.小球的加速度大小为2 m/s2C.小球的运动时间为2.25 sD.小球的运动时间为3 s
小球的初速度大小为v0＝at＝2.25 m/s，故A错误。
6.图甲是工人把货物运送到房屋顶端的场景，简化图如图乙所示，绳子跨过定滑轮拉动货物A，沿倾角为θ的玻璃棚缓慢向上移动，忽略货物所受摩擦阻力，则下列说法正确的是A.货物A对玻璃棚的压力不变B.货物A对玻璃棚的压力越来越大C.绳子的拉力越来越大D.绳子的拉力越来越小
对货物A受力分析，其动态图如图，货物A缓慢向上移动，则拉力与竖直方向的夹角减小，由图可知，绳子的拉力越来越大。同时，玻璃棚对货物A的支持力变小，由牛顿第三定律知货物A对玻璃棚的压力越来越小。故选C。
7.(2024·广东省六校联考)如图所示，两个长度相同的轻绳在中点处垂直交叉形成一个“绳兜”，重力为G的光滑球静置于“绳兜”中。绳端挂于O点静止，A、B、C、D为每根绳与球面相切的点，OA＝OB＝OC＝OD＝2R，R为球的半径，则OA绳中的拉力大小为
8.(2024·海南省一模)如图，质量分别为m和2m的方形物体A和B在水平恒力F作用下，沿光滑水平面向右运动，A刚好不下滑，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g，则A、B间的动摩擦因数为
9.(2024·山西省联考)如图所示，倾角为θ的传送带始终以5 m/s的速度顺时针匀速运动，一质量为1 kg的物块以10 m/s的速度从底端冲上传送带，恰好能到达传送带顶端。已知物块与传送带间的动摩擦因数为0.5，取重力加速度大小g＝10 m/s2，sin θ＝0.6，物块从传送带底端运动到顶端的时间为A.1.0 s B.1.5 s C.2.5 s D.3.0 s
开始时物块速度大于传送带速度，所受传送带摩擦力沿传送带向下，根据牛顿第二定律mgsin θ＋μmgcs θ＝ma1，解得a1＝10 m/s2，物块速度与传送带速度相等所需的时间t1＝ ＝0.5 s，之后物块的速度小于传送带的速度，物块所受摩擦力沿传送带向上，根据牛顿第二定律mgsin θ－μmgcs θ＝ma2，解得a2＝2 m/s2，物块从速度等于传送带速度到速度为零所需时间t2＝ ＝2.5 s，物块从传送带底端运动到顶端的时间t＝t1＋t2＝3.0 s，故选D。
10.(2023·江苏卷·11)滑块以一定的初速度沿粗糙斜面从底端上滑，到达最高点B后返回到底端。利用频闪仪分别对上滑和下滑过程进行拍摄，频闪照片示意图如图所示。与图乙中相比，图甲中滑块A.受到的合力较小B.经过A点的动能较小C.在A、B之间的运动时间较短D.在A、B之间克服摩擦力做的功较小
因为频闪照片中的时间间隔相同，对比题图甲和题图乙可知题图甲中滑块加速度大，是上滑阶段；根据牛顿第二定律可知图甲中滑块受到的合力较大，故A错误；从题图甲中的A点到题图乙中的A点，先上升后下降，重力做功为0，摩擦力做负功；根据动能定理可知题图甲中经过A点的动能较大，故B错误；
由于无论上滑还是下滑滑块均受到滑动摩擦力，大小相等，故题图甲和题图乙在A、B之间克服摩擦力做的功相等，故D错误。
11.(2024·天津市第二南开中学期中)四旋翼无人机如图所示，它是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器，目前得到越来越广泛的应用。一架质量m＝2 kg的无人机，其动力系统所能提供的最大升力F＝42 N，运动过程中所受空气阻力大小恒为f＝6 N。g取10 m/s2。(1)无人机在地面上从静止开始，以最大升力竖直向上起飞，求在t＝6 s时无人机离地面的高度h；
由牛顿第二定律可得F－mg－f＝ma1解得无人机的加速度大小为a1＝8 m/s2则在t＝6 s时无人机离地面的高度为
(2)若无人机悬停在距离地面高度H＝84 m处时，由于动力设备故障，无人机突然失去升力而坠落，若坠落过程中，在遥控设备的干预下，动力设备重新启动并提供向上最大升力。若着地速度为零，求无人机从开始下落过程中的最大速度vm的大小。
无人机突然失去升力而坠落，下落过程中，有mg－f＝ma2解得无人机的加速度大小为a2＝7 m/s2
重新提供向上最大升力后，根据牛顿第二定律可得F＋f－mg＝ma3解得无人机的加速度大小为a3＝14 m/s2由题意可知无人机着地速度为零，
联立解得无人机从开始下落过程中的最大速度为vm＝28 m/s。
12.(2024·黑龙江齐齐哈尔市期中)如图所示，质量为m1＝1 kg、长L＝1.75 m的木板(厚度不计)静止在水平地面上，质量为m2＝2 kg的小物块(可看成质点)以初速度v0＝5 m/s从左端滑上木板。已知木板与地面间的动摩擦因数μ1＝0.2，小物块与木板和地面间的动摩擦因数均为μ2＝0.4，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)小物块滑离木板的时间；
根据题意，对物块，由牛顿第二定律有μ2m2g＝m2a物，代入数据解得a物＝4 m/s2对木板，由牛顿第二定律有μ2m2g－μ1(m1＋m2)g＝m1a木，代入数据解得a木＝2 m/s2
(2)小物块离开木板后，通过计算判断木板与小物块是否发生碰撞。