


2023-2024学年四川省成都市青白江区八年级(下)期末数学试卷(含解析)
展开一、选择题(本大题共7小题,每小题4分,共28分。)
1.计算(−15)+7的结果等于( )
A. 8B. −8C. 12D. −12
2.剪纸是我国具有独特艺术风格的民间艺术,反映了劳动人民对现实生活的深刻感悟.下列剪纸图形中,不是中心对称图形的是( )
A. B. C. D.
3.下列多项式中,能用完全平方公式因式分解的是( )
A. 4a2−4a−1B. 4a2+2a+1C. 1−4a+4a2D. 2a2+4a+1
4.约分−a2b5ab2的结果是( )
A. −15B. −a5bC. −15bD. −15a
5.如图,等边△ABC的边长为6,AD⊥BC于点D,则AD的长为( )
A. 3
B. 6
C. 3 2
D. 3 3
6.已知aA. 2−a<2−bB. 3a<3bC. −3a>−3bD. a+37.如图,四边形ABCD是平行四边形,E是AB延长线上一点,若∠EBC=50°,则∠D的度数为( )
A. 50°B. 100°C. 130°D. 150°
二、填空题(本大题共5小题,每小题4分,共20分)
8.“x与y的差大于4”用不等式表示为______.
9.一个多边形的内角和为1800度,则这个多边形的边数为______.
10.分式3x−2有意义的条件是______.
11.如图,四边形ABCD的对角线相交于点O,AO=CO,请添加一个条件 (只添一个即可),使四边形ABCD是平行四边形.
12.如图所示,在△ABC中,AB=5,AC=8,∠ACB=30°,以A为圆心,AB的长为半径作弧交BC于点D,连接AD;再分别以点B和点D为圆心,大于12BD的长为半径作弧,两弧交于点P,射线AP交BC于点E,则BD的长是______.
三、解答题(本大题共5个小题,共52分)
13.因式分解:
(1)a3b−ab;
(2)a(m−n)+b(n−m).
14.解不等式:2(x+1)>x①1−2x≥x+72②.请结合题意填空,完成本题的解答.
(1)解不等式①,得______;
(2)解不等式②,得______;
(3)把不等式①和②的解集在数轴上表示出来:
(4)原不等式组的解集为______.
15.(1)解方程:xx−1−3=11−x;
(2)先化简,后计算:(1+3a−1)÷a2+4a+4a2−a,其中a是满足条件a≤2的合适的非负整数.
16.如图,在平面直角坐标系中,已知△ABC的三个顶点坐标分别是A(−3,4),B(−4,2),C(−2,3).
(1)将△ABC向下平移5个单位长度得到△A1B1C1;请画出△A1B1C1;
(2)画出△ABC关于y轴对称的△A2B2C2,并写出B2的坐标;
(3)求△ABC的面积.
17.如图,在Rt△ABC中,∠ABC=90°,∠C=30°,AB=8cm,动点P从点A开始以2cm/s的速度向点C运动,动点F从点B开始以1cm/s的速度向点A运动,两点同时运动,同时停止,运动时间为t(s).
(1)当t为何值时,△PAF是等边三角形?
(2)当t为何值时,△PAF是直角三角形?
(3)过点P作PD//AB交BC于点D,连接DF,求证:四边形AFDP是平行四边形.
18.若m2−n2=−6,且m−n=−3,则m+n=______.
19.若分式a−ba−2的值为0,实数a、b应满足的条件是______.
20.如图,将Rt△ABC绕直角顶点C顺时针旋转90°,得到△A′B′C,连接AA′,若AB=4,∠AA′B′=15°,则AB′的长度为______.
21.如图,在平面直角坐标系中,AC//y轴,BC//x轴,点A在直线l:y=kx+1上,点B的坐标是(9,2),∠ACB=90°,AC=5,BC=3,将△ABC先向左平移2个单位长度,再向上平移m个单位长度,此时点B恰好落在直线l上,则m的值是______.
22.如图,在平行四边形ABCD中,AD=4,∠A=60°,E是边DC延长线上一点,连接BE,以BE为边作等边三角形BEF,连接FC,则FC的最小值是______.
23.【阅读理解】
mx+nx+my+ny=(mx+nx)+(my+ny)=x(m+n)+y(m+n)=(m+n)(x+y)
mx+nx+my+ny=(mx+my)+(nx+ny)=m(x+y)+n(x+y)=(m+n)(x+y)
以上分解因式的方法称为分组分解法,分组的方式可以任意两项组合成一组,也可以是其中若干项分成一组.
【问题解决】
(1)分解因式:x2−y2−4x+4;
(2)△ABC的三边a,b,c满足a2−2bc−c2+2ab=0,判断△ABC的形状.
24.“龙年到,行大运”,新学期伊始,某班级欲购买一些龙年元素的贴纸装饰教室,经过挑选,选定了“龙行大吉”和“龙腾虎跃”两款贴纸.经过了解,“龙腾虎跃”贴纸比“龙行大吉”贴纸单价贵2元,花费150元购买的“龙腾虎跃”贴纸与花费90元购买的“龙行大吉”贴纸数量相同.
(1)“龙腾虎跃”与“龙行大吉”两种贴纸的单价分别为多少元?
(2)该班级计划花费不超过40元,购买两种贴纸共10个,且“龙行大吉”贴纸数量不超过“龙腾虎跃”贴纸数量的2倍,问该班级有哪几种购买方案?请将购买方案列举出来.
25.如图,在△ABC中,AB=AC,点P是△ABC所在平面内的一点,过点P作PE//AC交AB于点E,PF//AB交BC于点D,交AC于点F.
(1)当点P在BC边上时,如图①所示,此时点P与点D重合,则线段AB与线段PE、PF有何关系,说明理由;
(2)当点P在内部时,如图②所示,作DG//AC交AB于G,求证:
①四边形AEPF、四边形PDGE都是平行四边形;
②PE+PF+PD=AB.
(3)当点P在外部时,如图③所示,AB、PE、PF、PD这四条线段之间又有着怎样的数量关系?请写出你的猜想,并说明理由.
答案解析
1.B
【解析】解:(−15)+7=−(15−7)=−8,
故选:B.
2.D
【解析】解:A、是中心对称图形,故本选项不符合题意;
B、是中心对称图形,故本选项不符合题意;
C、是中心对称图形,故本选项不符合题意;
D、不是中心对称图形,故本选项符合题意.
故选:D.
3.C
【解析】解:A.4a2−4a−1不能用完全平方公式分解因式,故错误;
B.4a2+2a+1不能用完全平方公式分解因式,故错误;
C.1−4a+4a2=(1−2a)2,能用完全平方公式分解因式,故正确;
D.2a2+4a+1不能用完全平方公式分解因式,故错误.
故选:C.
4.B
【解析】解:−a2b5ab2=−a⋅ab5b⋅ab=−a5b.
故选:B.
5.D
【解析】解:在等边△ABC中,
∵AD⊥BC,
∴D为BC的中点,
∵等边三角形的边长为6,
∴AB=6,BD=3,
根据勾股定理,得AD= 62−32=3 3,
故选:D.
6.A
【解析】解:A选项,∵a∴−a>−b,
∴2−a>2−b,故该选项符合题意;
B选项,∵a∴3a<3b,故该选项不符合题意;
C选项,∵a∴−3a>−3b,故该选项不符合题意;
D选项,∵a∴a+3故选:A.
7.C
【解析】解:∵∠EBC=50°,
∴∠ABC=130°,
∵四边形ABCD是平行四边形,
∴∠D=∠ABC=130°,
故选:C.
8.x−y>4
【解析】解:由题意可得:x−y>4.
故答案为:x−y>4.
9.12
【解析】解:设这个多边形的边数为n,
(n−2)⋅180°=1800°,
解得:n=12.
故答案为:12.
10.x≠2
【解析】解:要使分式3x−2有意义,必须x−2≠0,
解得:x≠2.
故答案为:x≠2.
11.BO=DO(答案不唯一)
【解析】解:∵AO=CO,BO=DO,
∴四边形ABCD是平行四边形.
故答案为:BO=DO.(答案不唯一)
12.6
【解析】解:由作法得AE垂直平分BD,
∴AB=AD=5,BE=DE=12DE,
在Rt△AEC中,∠C=30°,AC=8,
∴AE=12AC=4,
在Rt△ADE中,DE= AD2−AE2= 52−42=3,
∴BD=2DE=6,
故答案为:6.
13.解:(1)原式=ab(a2−1)
=ab(a+1)(a−1);
(2)原式=a(m−n)−b(m−n)
=(m−n)(a−b).
【解析】(1)提公因式后利用平方差公式因式分解即可;
(2)利用提公因式法因式分解即可.
14.x>−2 x≤−1 −2
2x+2>x,
2x−x>−2,
x>−2,
故答案为:x>−2;
(2)1−2x≥x+72,
1×2−2x×2≥x+72×2,
2−4x≥x+7,
−4x−x≥7−2,
−5x≥5,
x≤−1,
故答案为:x≤−1;
(3)根据(1)和(2)结果,作图如下,
(4)根据(3)中的图形,可知不等式组的解集为:−2
去括号.得x−3x+3=−1,
移项,得x−3x=−1−3,
合并,得−2x=−4,
系数化为1,得x=2,
径检验,原方程的解为x=2;
(2)原式=a−1+3a−1⋅a(a−1)(a+2)2
=a+2a−1⋅a(a−1)(a+2)2
=aa+2,
∵a−1≠0且a≠0且a+2≠0,
而a是满足条件a≤2的合适的非负整数,
∴a=2,
当a=2时,原式=22+2=12.
【解析】(1)先把方程两边乘以(x−1)得到整式方程,再解整式方程,然后进行检验确定原方程的解;
(2)先把括号内通分,再进行同分母的加法运算,接着把除法运算化为乘法运算,约分得到原式=aa+2,然后利用分式有意义的条件确定a的值,最后把a的值代入计算即可.
16.解:(1)如图所示,△A1B1C1即为所求;
(2)如图所示,△A2B2C2即为所求;
B2的坐标为(4,2);
(3)△ABC面积=2×2−12×1×1−12×1×2−12×2×1=1.5.
【解析】(1)依据△ABC向下平移5个单位长度,即可得到△A1B1C1;
(2)依据轴对称的性质,即可得到△ABC关于y轴的对称的△A2B2C2;
(3)根据割补法进行计算,即可得出△ABC面积.
17.(1)解:在Rt△ABC中,∠C=30°,
∴∠A=90°−30°=60°,
当8−2t=2t时,AF=AP,
∴t=83,
∵∠A=60°,
∴△PAF是等边三角形.
∴当t=83时,△PAF是等边三角形;
(2)解:若∠AFP=90°,如图2,
∵∠AFP=∠ABC=90°,
∴PF//BC,
∴∠APF=∠C=30°,
∴PA=2AF,
∴2(8−t)=2t
∴t=4;
若∠FPA=90°,则FA=2AP.如图3,
∴8−t=2×2t,
∴t=85,
综上所述,当t=4或85时,△PAF是直角三角形.
(3)证明:设BF=x,则AF=8−x,
∵∠C=30°,AB=8cm,
∴AC=2AB=16cm,
根据点P,F的运动速度可得,AP=2x cm,PC=AC−AP=(16−2x)(cm),
∵PD//AB,
∴∠PDC=∠B=90°,
又∵∠C=30°,
∴PD=12PC=12(16−2x)=8−x.
∴PD=AF,
∴四边形AFDP是平行四边形(一组对边平行且相等的四边形是平行四边形).
【解析】(1)由等边三角形的判定与性质得出答案;
(2)分两种情况画出图形,由直角三角形的性质列出方程可得出答案;
(3)证出PD=AF,由平行四边形的判定可得出结论.
18.2
【解析】解:∵(m+n)(m−n)=−6,m−n=−3,
∴−3(m+n)=−6,
∴m+n=2,
故答案为:2
19.a=b≠2
【解析】解:∵分式a−ba−2的值为0,
∴a−b=0且a−2≠0,
解得a=b≠2,
故答案为:a=b≠2.
20.2 3−2
【解析】解:∵将Rt△ABC绕直角顶点C顺时针旋转90°,得到△A′B′C连接AA′,
∴AC=CA′,∠BAC=∠CA′B′,
∴∠CAA′=∠CA′A=45°,且∠AA′B′=15°,
∴∠CA′B′=30°,
∵AB=A′B′=4,∠A′CB′=∠ACB=90°,
∴BC=2,
∴AC=A′C= 42−22=2 3,
∴AB′=AC−B′C=2 3−2,
故答案为:2 3−2.
21.6
【解析】解:∵点B的坐标是(9,2),∠ACB=90°,AC=5,BC=3,
∴点A的坐标是(9−3,2+5),即(6,7),
∵点A(6,7)在直线l:y=kx+1上,
∴7=6k+1,
∴k=1,
∴直线l的解析式为y=x+1.
∵将△ABC先向左平移2个单位长度,再向上平移m个单位长度,此时点B恰好落在直线l上,
∴2+m=1×(9−2)+1,
解得:m=6,
∴m的值是6.
故答案为:6.
22.2 3
【解析】解:延长AB,DE,在AB的延长线上截取BG=BC,连接EG,过点G作GH⊥DC于点H,过点C作CM⊥DC交AB的延长线于点M,如图所示:
∵四边形ABCD为平行四边形,
∴AD//BC,AB//CD,BC=AD=4,
∵AD//BC,
∴∠CBM=∠A=60°,
∵CM⊥CD,
∴∠DCM=90°,
∵AB//CD,
∴∠CMB=180°−∠DCM=90°,
∴∠BCM=30°,
∴BM=12BC=2,
∴CM= BC2−BM2=2 3,
∵GH⊥DC,CM⊥DC,
∴CM//GH,
∵AB//CD,
∴四边形CMGH为平行四边形,
∴GH=CM=2 3,
∵△BEF为等边三角形,
∴∠EBF=60°,BE=BF,
∴∠EBF=∠CBG=60°,
∴∠CBF=∠GBE,
∵BC=BG,
∴△CBF≌△GBE(SAS),
∴CF=GE,
∴当GE最小时,CF最小,
∵垂线段最短,
∴当点E与点H重合时,GE最小,此时最小值为GH=2 3,
∴CF最小值为2 3.
故答案为:2 3.
23.解:(1)原式=(x2−4x+4)−y2
=(x−2)2−y2
=(x−2+y)(x−2−y);
(2)∵a2−2bc−c2+2ab=0,
∴(a−c)(a+c)+2b(a−c)=0,
∴(a−c)(a+c+2b)=0,
∵a,b,c是△ABC的三边,
∴a+c+2b≠0,a−c=0,即a=c,
∴△ABC是等腰三角形.
【解析】(1)根据上述的分组分解法将原式进行因式分解即可;
(2)先将原式进行因式分解,得:(a−c)(a+c+2b)=0,根据题意可知a+c+2b≠0,a−c=0,即a=c,即可得出结果.
24.解:(1)设“龙腾虎跃”贴纸的单价为x元,则“龙行大吉”贴纸的单价为(x−2)元,
由题意得:150x=90x−2,
解得:x=5,
经检验,x=5是原方程的解,且符合题意,
∴x−2=5−2=3,
答:“龙腾虎跃”贴纸的单价为5元,“龙行大吉”贴纸的单价为3元;
(2)设购买“龙腾虎跃”贴纸m个,则购买“龙行大吉”贴纸(10−m)个,
由题意得:5m+3(10−m)≤4010−m≤2m,
解得:103≤m≤5,
∵m为正整数,
∴m=4,5,
∴该班级有2种购买方案:
①购买“龙腾虎跃”贴纸4个,“龙行大吉”贴纸6个;
②购买“龙腾虎跃”贴纸5个,“龙行大吉”贴纸5个.
【解析】(1)设“龙腾虎跃”贴纸的单价为x元,则“龙行大吉”贴纸的单价为(x−2)元,根据花费150元购买的“龙腾虎跃”贴纸与花费90元购买的“龙行大吉”贴纸数量相同.列出分式方程,解方程即可;
(2)设购买“龙腾虎跃”贴纸m个,则购买“龙行大吉”贴纸(10−m)个,根据该班级计划花费不超过40元,购买两种贴纸共10个,且“龙行大吉”贴纸数量不超过“龙腾虎跃”贴纸数量的2倍,列出一元一次不等式组,解不等式组,即可解决问题.
25.(1)解:如图①,
∵PE//AC,PF//AB,
∴四边形AEPF为平行四边形,∠1=∠C,
∴PF=AE,
∵AB=AC,
∴∠B=∠C,
∴∠B=∠1,
∴PE=BE,
∴PE+PF=BE+AE=AB,
即:PE+PF=AB.
(2)①证明:如图②,
∵DG//AC,
∵PE//AC,
∴DG//PE,
而PF//AB,
∴四边形AEPF、PDGE都为平行四边形.
②证明:∵四边形AEPF、PDGE都为平行四边形,
∴PF=AE,PE=DG,PD=GE,
与(1)中一样可得GD=GB,
∴PE=BG,
∴PE+PF+PD=BG+AE+GE=AB,
即:PE+PF+PD=AB.
(3)解:结论:PE+PF−PD=AB.
理由:作PG//BC交AB的延长线于G点,如图③,
∵PE//AC,PF//AB,
∴四边形AEPF、PDBG都为平行四边形,
∴PF=AE,PD=BG,
与(1)中一样可得PE=GE,
∴PE+PF+PD=GE+AE+BG=AB+2BG=AB+2PD,
即PE+PF−PD=AB.
【解析】(1)由PE//AC,PF//AB可判断四边形AEPF为平行四边形,根据平行线的性质得∠1=∠C,根据平行四边形的性质得PF=AE,再根据等腰三角形的性质得∠B=∠C,则∠B=∠1,则可根据等腰三角形的判定得PE=BE,所以PE+PF=AB;
(2)如图②,利用平行的性质得DG//PE,则四边形AEPF、PDGE都为平行四边形,根据平行四边形的性质得PF=AE,PE=DG,PD=GE,与(1)中一样可得GD=GB,则PE=BG,于是PE+PF+PD=AB;
(3)作PG//BC交AB的延长线于G点,如图③,同理可得四边形AEPF、PDBG都为平行四边形,则PF=AE,PD=BG,与(1)中一样可得PE=GE,所以PE+PF+PD=AB+2PD.
2023-2024学年四川省成都市青白江区八年级(下)期末数学试卷(含答案): 这是一份2023-2024学年四川省成都市青白江区八年级(下)期末数学试卷(含答案),共11页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
2023-2024学年四川省成都市青白江区九年级(上)期末数学试卷(含解析): 这是一份2023-2024学年四川省成都市青白江区九年级(上)期末数学试卷(含解析),共19页。试卷主要包含了选择题,四象限内,则k的值不可能是,解答题等内容,欢迎下载使用。
2022-2023学年四川省成都市青白江区七年级(下)期末数学试卷(含解析): 这是一份2022-2023学年四川省成都市青白江区七年级(下)期末数学试卷(含解析),共17页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。