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2024年河北省石家庄十八县（市、区）部分重点中学中考模拟大联考二理综物理试题
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这是一份2024年河北省石家庄十八县（市、区）部分重点中学中考模拟大联考二理综物理试题，共20页。
2．答题前，考生务必将姓名、准考证号填写在试卷和答题卡相应位置。
3．所有答案均在答题卡上作答，在本试卷或草稿纸上作答无效。答题前，请仔细阅读答题卡上的“注意事项”，按照“注意事项”的规定答题。
4．答选择题时，用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑；答非选择题时，请将答案写在答题卡上对应题目的答题区域内答题。
5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题（本大题共22个小题，共47分。1～19小题为单选题，每小题的四个选项中，只有一个选项符合题意，每小题2分；20～22小题为多选题，每小题的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题意，每小题3分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）
1. 逻辑推理是理化学习常用的思维方法。下列推理正确的是（ ）
A. 物体的温度升高，其内能一定增加，但物体的内能增加，温度不一定升高
B. 催化剂在反应前后质量不变，因此反应前后质量不变的物质一定是催化剂
C. 中和反应生成盐和水，则生成盐和水的反应一定是中和反应
D. 大小相等、方向相反是平衡力的特点，故凡是大小相等、方向相反且作用在同一物体上的力一定是平衡力
【答案】A
【解析】
【详解】A．物体的温度升高，其内能一定增加，但物体的内能增加，温度不一定升高，如晶体熔化时，吸收热量，内能增加，温度不变，故A正确；
B．催化剂在反应前后质量不变，但反应前后质量不变的物质不一定是催化剂，也可能是杂质，没有参加反应，故B错误；
C．中和反应生成盐和水，但生成盐和水的反应不一定是中和反应，如，故C错误；
D．大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上的力一定是平衡力，故D错误。
故选A。
2. 下列对如图所示实验分析正确的是（ ）试卷源自 每日更新，不到1元，欢迎访问。A. 利用动滑轮提升物体时，可以省力，其机械效率也可以达到100%
B. 梳头后的塑料梳子能吸引碎纸屑，说明梳子和碎纸屑带异种电荷
C. 硬质玻璃管内红棕色粉末变为黑色，说明一氧化碳有还原性
D. 试管①中带火星的木条复燃，说明二氧化锰是过氧化氢分解的催化剂
【答案】C
【解析】
【详解】A．使用动滑轮提升物体时，可以省力，但还要克服动滑轮的重力及摩擦力做额外功，其机械效率不可能达到100%，故A错误；
B．梳头后的塑料梳子能吸引碎纸屑，是因为梳子与头发摩擦带上电荷，吸引不带电的碎纸屑，不能说明梳子和碎纸屑带异种电荷，故B错误；
C．硬质玻璃管内红棕色粉末变为黑色，说明一氧化碳与氧化铁反应生成了铁和二氧化碳，说明一氧化碳有还原性，故C正确；
D．试管①中带火星的木条复燃，说明过氧化氢分解生成了氧气，但不能说明二氧化锰是过氧化氢分解的催化剂，因为催化剂能改变反应速率，而此实验没有对比，故D错误。
故选C。
3. 下列关于苹果的估测，合理的是（ ）
A. 苹果从树上落到地面的时间约为1minB. 烈日照射下的苹果温度可达37℃
C. 一个苹果的质量约为10kgD. 一个苹果的直径约为12dm
【答案】B
【解析】
【详解】A．苹果从树上落到地面的时间约为1s，故A不符合题意；
B．烈日照射下的苹果温度可达37℃，故B符合题意；
C．一个苹果的质量约为0.2kg，故C不符合题意；
D．一个苹果的直径约为12cm，故D不符合题意。
故选B。
4. 中华古诗词、俗语中蕴含着丰富的声学知识，下列有关理解正确的是（ ）
A. “响鼓还要重锤敲”说明声音的音调与振幅有关
B. “谁家玉笛暗飞声”中的笛声由笛管的振动产生
C. “柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可传递信息
D. “闻其声而知其人”是根据声音的响度来辨别的
【答案】C
【解析】
【详解】A．“响鼓还要重锤敲”说明声音的响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，故A错误；
B．“谁家玉笛暗飞声”中的笛声由空气的振动产生，故B错误；
C．声音可传递信息与能量，“柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可传递信息，故C正确；
D．不同发声体发出声音的音色不同，“闻其声而知其人”是根据声音的音色来辨别的，故D错误。
故选C。
5. 如图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，图乙是描绘的温度随时间变化的图像。下列说法正确的是（ ）
A. 烧杯口出现的“白气”是水汽化形成的水蒸气B. 烧杯上方加盖纸板可以增大烧杯内的气压
C. 沸腾过程中，水吸收热量，温度不变D. 加热过程中，水含有的热量增加
【答案】C
【解析】
【详解】A．烧杯口出现的“白气”是水蒸气液化形成的小液滴，故A错误；
B．烧杯上方加盖纸板的目的是减少热量散失，纸板有孔，不能增大烧杯内的气压，故B错误；
C．由图乙可知，水温达到99℃后不再发生改变，说明在沸腾过程中，水吸收热量，但温度不变，故C正确；
D．热量是过程量，不能“含有”，故D错误。
故选C。
6. “万条垂下绿丝绦”，在阳光明媚的春天，我们有时既能看到柳树在水中的倒影，又能看到在地面的影子，下列有关说法正确的是（ ）
A. 柳树在水中的倒影是实像B. 从早到晚，柳树的影子不变，倒影变小
C. 柳树的倒影是由于光的折射形成的D. 柳树在地面的影子是由于光的直线传播形成的
【答案】D
【解析】
【详解】A．柳树在水中的倒影是由反射光线的反向延长线会聚而成的虚像，故A错误；
B．从早到晚，由于太阳位置的变化，柳树的影子大小发生改变，倒影与物体等大，所以倒影不变，故B错误；
C．柳树的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C错误；
D．光在均匀介质中沿直线传播，柳树是不透明的，无法使光线穿过，因此其下较暗，形成影子，所以柳树在地面的影子是由于光的直线传播形成的，故D正确。
故选D。
7. 如图所示是第29届亚运会中的一些运动项目，关于其中力学知识的描述，下列说法正确的是（ ）
A. 甲图，乒乓球能在空中飞，是因为受到惯性的作用
B. 乙图，划船时，船会前进是因为力的作用是相互的
C. 丙图，跳高运动员从起跳到最高点的过程中，动能不断增大
D. 丁图，举重运动员此时所受的压力和地面对他的支持力是一对平衡力
【答案】B
【解析】
【详解】A．乒乓球能在空中飞，是因为乒乓球具有惯性，而不能说受到惯性的作用，惯性不是力，故A错误；
B．划船时，船桨给水一个向后的力，水会给船桨一个向前的力，则船会前进，说明力的作用是相互的，故B正确；
C．跳高运动员从起跳到最高点的过程中，质量不变，速度减小，高度增加，所以动能减小，重力势能增大，故C错误；
D．举重运动员此时所受的压力等于杠铃的重力，地面对他的支持力等于人和杠铃的总重力，这两个力大小不相等，不是一对平衡力，故D错误。
故选B。
8. 在做“探究凸透镜成像规律”实验时，将点燃蜡烛、凸透镜、光屏调节到如图所示的位置，光屏中心正好出现清晰的像。下列说法中正确的是（ ）
A. 将蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏靠近凸透镜
B. 凸透镜不动，将蜡烛和光屏位置互换，可以在光屏上得到清晰、缩小的像
C. 照相机成像原理与图中成像的原理相同
D. 此凸透镜的焦距可能为10cm
【答案】AC
【解析】
【详解】A．将蜡烛远离凸透镜时，物距变大，像距变小，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏靠近凸透镜，故A正确；
B．凸透镜不动，将蜡烛和光屏位置互换，根据光路可逆，对调光屏和蜡烛的位置，此时物距小于像距，光屏上会得到倒立、放大的实像，故B错误；
C．照相机是根据物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立缩小实像的原理制成的，图中物距大于像距，成倒立、缩小的实像，两者的成像原理相同，故C正确；
D．图中物距u=40cm，像距v=30cm，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，u>2f，即40cm>2f，解得：f<20cm；2f>v>f，即2f>30cm>f，则15cm故选AC。
9. 关于如图四幅图的说法中不正确的是（ ）
A. 该实验最早证明了大气压强的存在
B. 自动喂水装置利用了连通器原理
C. 高压锅利用压强越大沸点越低，使食物更快地煮熟
D. 飞机获得升力是因为其上表面空气流速大于下表面空气的流速
【答案】AC
【解析】
【详解】A．图为托里拆利实验，第一次测得了大气压的大小，马德保半球实验最早证明了大气压强的存在，故A错误，符合题意；
B．自动喂水装置上端开口，下端连通，属于连通器，故B正确，不符合题意；
C．高压锅利用压强越大沸点越高，使食物更快地煮熟，故C错误，符合题意；
D．飞机获得升力是因为其上表面空气流速大于下表面空气的流速，上表面的压强小于下表面的压强，故D正确，不符合题意。
故选AC。
10. 如图所示的电路中，电源两端的电压不变，定值电阻R1、R2阻值不变，甲、乙两电表可能同是电流表，也可能同是电压表。断开开关S，甲、乙两电表的示数之比为2∶3。然后将甲、乙两电表换成另一种电表，闭合开关S。则下列判断中错误的是（ ）
A. 在前后两个状态中，电路消耗的总电功率之比为2∶9
B. 更换电表后，甲、乙两电表读数之比为1∶3
C. 在前后两个状态中，电阻的电功率之比为4∶9
D.
【答案】ABC
【解析】
【详解】第一种状态，开关断开，乙表串联在电路中，由电流表和电压表的使用规则可知，两个电表应同是电流表，此时两个电阻并联，甲测通过R2的电流，乙测干路电流， 甲、乙两电表的示数之比为2∶3，即乙与甲的示数之比为3∶2， 由并联电路的电流特点和欧姆定律可得
即
解得
即R1=2R2， 此时R1的功率为
①
电路总功率为
②
第二种状态，开关闭合，甲电表并联在电源的两极，则两表是电压表，此时两个电阻串联，甲测电源电压，乙测R2两端电压， 串联电路中各处的电流相等，则更换电表后，甲、乙两表示数之比为
此时R1的功率为
③
电路的总功率为
④
由①③可得，两种状态下R1的功率之比
由②④可得，两种状态的总功率之比为
综上可知，ABC错误，符合题意；D正确，不符合题意。
故选ABC。
二、填空及简答题（本大题共9个小题；每空1分，共31分）
11. 雨后晴朗的夜晚，为了不踩到地上的积水，人们根据生活经验判断迎着月光走，地上发亮的是水。这是因为月光照在水面上发生______反射的缘故。请在如图所示的示意图中作图证明迎着月光走，地上发亮的是水______。
【答案】 ①. 镜面 ②.
【解析】
【详解】[1][2]迎着月光走，地上的水面对月光发生镜面反射，作出月亮关于水面的对称点，即为月亮的像，然后连接月亮的像和人眼，与水面相交于一点，即为入射点，再连接入射点和人眼，即为反射光线，如图所示：
12. 如图所示，为我国古代劳动人民用木棒搬动巨大木料时的情景。架在支架上的木棒属于____________（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；为了更易翘起木料，人们对杠杆施加动力时应____________（选填“靠近”或“远离”）杠杆支点；支架下方垫有面积较大的石块，是为了减小对地的____________，防止支架陷入地面。
【答案】 ①. 省力 ②. 远离 ③. 压强
【解析】
【详解】[1]由图可知，架在支架上的横杆在使用过程中，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。
[2]由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小，所以为了更易翘起木料，人们对杠杆施加动力时应远离杠杆支点，以增大动力臂。
[3]支架下面垫有面积较大的石块，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压强，防止支架陷入地面。
13. 如图为小伟家的电能表，他家能同时工作的用电器最大总功率为_________W。他只让洗衣机和电视机工作时，电能表的转盘在5min内转了150转。两电器的总功率为_________W。小伟又把一个手机充电器插入插座进行充电，空气开关就跳闸了，造成跳闸的原因是_________（选填“总功率过大”或“插头短路”）。
【答案】 ①. 4400 ②. 600 ③. 插头短路
【解析】
【详解】[1]由电能表的铭牌可知，电能表所接入的电路电压为220V，允许流过电能表的最大电流为20A，则最多能够接入电路的总电功率为
P=UI=220V×20A=4400W
[2]电能表的转盘转150转消耗的电能为
两电器的总功率为
[3]小伟手机充电器插入插座进行充电，空气开关就跳闸了，空气开关就跳闸是由于电路中的电流过大；而产生电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路；由生活常识可知，手机充电器的功率比较小，因此造成保险丝熔断的原因不会是因干路的总功率过大，而是插头短路引起的。
14. 在标准大气压下，使用煤气灶将2kg水从20℃加热70℃，水吸收的热量是 ___________J，若不计热量损失，此过程需要完全燃烧 ___________kg的煤气。未使用完的煤气的热值会 ___________（选填“变大”“变小”或“不变”）。[水的比热容，煤气的热值]
【答案】 ①. ②. 0.01 ③. 不变
【解析】
【详解】[1]水吸收的热量
[2]不计热量损失，根据，所以需要完全燃烧煤气的质量
[3]热值是燃料的一种特性，其大小取决于物质的种类，与燃料的质量和燃烧程度无关，即未使用完的煤气的热值不变。
15. 如图所示为电解水实验装置图。
（1）与玻璃管a相连的电极为______；
（2）a，b玻璃管中产生气体体积比为______；
（3）通电后观察到中间球形容器内液面上升，这是因为玻璃管a、b中的气体压强______（选填“大于”“等于”或“小于”）大气压强。
【答案】 ①. 负极 ②. 2︰1 ③. 大于
【解析】
【详解】（1）[1]玻璃管a中气体更多，所以是氢气，则与玻璃管a相连的电极为负极。
（2）[2]a，b玻璃管中产生气体分别是氢气和氧气，体积比为2︰1。
（3）[3]随着反应的进行，两侧玻璃管内产生的气体逐渐增多，气压逐渐增大，大于大气压，水被压进中间球形容器中，容器中液面上升。
三、实验探究题（本大题共4个小题；第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分，共24分）
16. 在探究通电螺线管外部磁场方向的实验中：
（1）在装有螺线管的硬纸板上均匀撒满铁屑，通电后铁屑分布无明显变化，这时需______纸板，观察到铁屑排列成如图所示的形状。可见，通电螺线管外部磁场与______磁体的磁场相似；
（2）用小磁针探究磁场方向时，发现小磁针没有标N、S极，请写出一种判断小磁针N、S极的做法：______；
（3）对调螺线管所接电源正、负极，周围小磁针的指向也随之对调，说明通电螺线管的磁场方向与______有关。
【答案】 ①. 轻敲 ②. 条形 ③. 将小磁针水平放置在水平桌面上，待其静止时，指向北的一端为N极，指南的一端为S极 ④. 电流方向
【解析】
【详解】（1）[1][2]通电螺线管周围存在磁场，磁场的基本性质是对放入其中的磁体产生磁力的作用，所以通电螺线管周围的小磁针（铁屑）会被磁化，且排布情况反映其磁场分布情况，为了使铁屑分布情况更加直观，实验时应对着螺线管轻轻敲击纸板，这样铁屑与纸板脱离，铁屑在磁场的作用下会重新排布，与通电螺线管的磁场情况相吻合，从而可以确定通电螺线管的N、S极，通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似。
（2）[3]将小磁针水平放置在水平桌面上，待其静止时，指向北的一端为N极，指南的一端为S极。
（3）[4]对调螺线管所接电源正、负极，周围小磁针的指向也随之对调，由此可知通电螺线管的磁场方向与电流方向有关。
17. 小明用一根粗细均匀两端开口的薄玻璃管、薄橡皮膜、刻度尺、烧杯和水（已知ρ水=1.0×103kg/m3），来测量某种液体的密度.实验过程如下：
①将玻璃管的一段用细线扎好
②将玻璃管扎有薄膜的一端逐渐插入装有水的烧杯中
③往玻璃管内缓慢加入待测液体直到薄膜变平为止（如图所示）测出薄膜到水面和液面的距离分别为h1和h2
④计算待测液体的密度ρ液
回答下列问题：
（1）小明将玻璃管扎有薄膜一端插入水中，薄膜向上凸起，说明___；玻璃管浸入水中越深，薄膜向上凸起程度___；（选填“越大”、“越小”或“不变”）；
（2）收集实验数据；
（3）待测液体的密度ρ液=___kg/m3；
（4）若要增大该装置的测量范围，请你给出一条合理化建议___；
（5）已知玻璃管的横截面积为5cm2、质量为20g，厚度忽略不计。当薄膜变平后小明松开手，玻璃管将___（选填“向上”或“向下”）运动；玻璃管静止后，薄膜到水面的距离为___cm。
【答案】 ①. 液体内部向上有压强 ②. 越大 ③. ④. 用密度更大的液体代替水 ⑤. 向下 ⑥. 10
【解析】
【详解】（1）[1][2]当将一端扎有橡皮薄膜的玻璃管浸入水中，橡皮膜向上凸进，说明水内部有向上的压强；由于压强的大小和深度有关，深度越大，压强越大，所以，当增大玻璃管浸入水中的深度，橡皮膜受到水的压强变大，故向上凸起的程度将变大。
（3）[3]当薄膜变平时，即玻璃管内外压强相等时，由图知道，此时
h1 =6cm=0.06m
h2=5cm=0.05m
所以
ρ液gh2 =ρ水gh1
故解得待测液体的密度是
（4）[4]如果要增大该装置的测量范围，需要让小筒在没有放入液体前浸入水中的体积减小，如减小小筒的重力。由可知，还可以增大小筒中液体的密度，如用密度更大的液体代替水。
（5）[5][6]根据题意知道，玻璃管的重力是
G管=m管g=0.02kg×10N/kg=0.2N
玻璃管内液体的体积是
V液=V容=Sh2 =5cm2×5cm=25cm3 =2.5×10-5 m3
液体的重力是
G液=m液g=ρ液V液 g=1.2×103 kg/m3 ×2.5×10-5 m3×10N/kg=0.3N
玻璃管与液体的总重力是
G总=G管+G液=0.2N+0.3N=0.5N
此时，此时玻璃管排开水的体积是
V排1 =5cm2 ×6cm=30cm3 =3×10-5 m3
玻璃管受到的浮力是
F浮1=ρ水gV排=1.0×103 kg/m3 ×10N/kg×3×10-5 m3 =0.3N＜G总
所以，玻璃管将向下运动。当玻璃管静止时，
F浮2 =G总=0.5N
即
ρ水gV排2=0.5N
即玻璃管排开水的体积是
V排2 =0.5×10-4 m3 =50cm3
所以，薄膜到水面的距离是
18. 探究“电流与电阻关系”的实验中，有电源（电压6V）、电流表、电压表、滑动变阻器、电阻箱R、开关及导线若干。
（1）如图甲是连接的实物图，其中有一根导线连接错误，请你在图中用“ × ”标出这根导线，并只改接一根导线使电路成为正确的电路；（要求：导线不交叉）_______ ；
（2）连接电路时，开关应该断开，正确连接电路闭合开关后，发现电流表示数为零，电压表示数较大，则电路故障可能为 _______；
A.滑动变阻器断路 B.滑动变阻器短路
C.电阻箱断路 D.电阻箱短路
（3）将实验数据记录在下表中（不代表操作顺序），其中当R = 20Ω时，电流表示数如图乙所示，则此时的电流值为 ______A；
（4）分析表中数据发现，有一组数据有明显的错误，原因是有一次调节电阻箱后没有移动滑动变阻器所致，则该次实验是在阻值为______Ω的电阻完成后进行的；
（5）修正数据后，根据所测得的数据可以得到结论：在电压一定时，电流与电阻成______比；
（6）若依次选用10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的定值电阻替代电阻箱，其余连接均不变，已知滑动变阻器的规格为“40Ω 1A”，若定值电阻两端的电压保持2V不变，当用25Ω的电阻进行实验时，发现电压表的示数始终不能调到2V。解决的办法有：一是可以将其中一个定值电阻串联接入电路，使得用25Ω和30Ω的电阻都可以完成实验，则选择的定值电阻是 ______Ω；二是可以调整定值电阻两端的电压，则为了完成所有实验，定值电阻两端的电压不得低于______ V。
【答案】 ①. ②. C ③. 0.2 ④. 30 ⑤. 反 ⑥. 20 ⑦. 2.57
【解析】
【详解】（1）[1]电路中电压表与变阻箱串联，电流表与变阻箱并联时错误的接法，正确接法应该是电压表与变阻箱并联，电流表与变阻箱串联，如图所示：
（2）[2]AC．电流表示数为零，说明电路出现断路，若滑动变阻器断路，则电压表示数也会为零；电阻箱断路时，电压表测电源电压，故A不符合题意，C符合题意；
BD．滑动变阻器与电阻箱串联，若电路出现短路故障，电路依然是通路，电流表示数不会为零，故BD不符合题意。
故选C。
（3）[3]由实物图知，电流表接0~0.6A的量程，分度值为0.02A，由图乙知，电流表的示数为0.2A。
（4）[4]按照实验要求，调节阻值后要调节滑动变阻器，使得电阻箱两端的电压与之前保持相同，根据表中数据及欧姆定律可知，每一组对应的电流与电阻的乘积是定值4，阻值为30Ω时，电流与电阻的乘积为3.6，与其他几次实验不同。
（5）[5]数据修正后，根据表中数据，电压一定时，随着电阻减小，通过电阻的电流增大，且电流与对应的电阻的乘积是一个定值，故电压一定时，电流与电阻成反比。
（6）[6]根据题意，当使用25Ω电阻时，电路中的电流为
此时，滑动变阻器和接入定值电阻所分的电压为
滑动变阻器和接入的定值电阻的总电阻为
滑动变阻器最大的阻值为40Ω，则接入定值电阻的最小阻值为
当使用30Ω电阻时，电路中的电流为
滑动变阻器和接入定值电阻所分的电压依然为4V，滑动变阻器和接入的定值电阻的总电阻为
滑动变阻器最大的阻值为40Ω，则接入定值电阻的最小阻值为
故使得用25 Ω 和30 Ω 的电阻都可以完成实验，则选择的定值电阻是为20Ω。
[7]实验中，保持定值电阻两端的电压为2V不变时，不能满足实验操作，所以需要将定值电阻两端的电压调整。将定值电阻两端的电压调整为UV时，更换定值电阻的过程，滑动变阻器分去的电压保持为U-UV。当定值电阻的换用最大电阻30Ω时，变阻器接入电路的阻值也为最大值时，定值电阻两端的电压为能调整的最低电压。据串联电路的分压特点有
UV:(6V-UV)=30Ω:40Ω
解得，定值电阻两端最小电压UV=2.57V。
四、计算应用题（本大题共3个小题；第36小题5分，第37小题6分，第38小题7分，共18分。解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）
19. 如图所示，薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙均放置在水平地面上。容器甲底面积为0.02m2、质量为1kg，内装有2kg的酒精。圆柱体乙的底面积为0.01m2，但高度未知。（ρ酒精＝800kg/m3）
（1）求容器内酒精的体积；
（2）求装有酒精的容器甲对水平地面的压强；
（3）若将装有酒精的容器甲放在圆柱体乙上方中央，则圆柱体乙对地面的压强变化量为Δp1；若将圆柱体乙浸没在酒精中（无酒精溢出），则酒精对容器底部压强变化量为Δp2，已知Δp1＝5Δp2，试通过计算确定圆柱体乙的高度h。
【答案】（1）2.5×10﹣3m3；（2）1470Pa；（3）0.15m
【解析】
【详解】解：（1）由可得，容器内酒精的体积
（2）容器甲对地面的压力
F＝G总＝（m器+m酒）g＝（1kg+2kg）×9.8N/kg＝29.4N
装有酒精的容器甲对水平地面的压强
（3）若将装有酒精容器甲放在圆柱体乙上方中央，则圆柱体乙对地面的压力增大量为容器和酒精的总重力
ΔF＝G总＝29.4N
圆柱体乙对地面的压强变化量
若将圆柱体乙浸没在酒精中（无酒精溢出），圆柱体排开酒精的体积等于圆柱体的体积，即
V排＝V柱＝S柱h
液面升高的高度
酒精对容器底部的压强变化量
由题知
Δp1＝5Δp2＝2940Pa
所以
即
则圆柱体乙的高度
答：（1）容器内酒精的体积2.5×10﹣3m3；
（2）装有酒精的容器甲对水平地面的压强1470Pa；
（3）圆柱体乙的高度0.15m。
20. 如图甲所示电路，电源电压保持不变，灯L上标有“6V，3W”字样，电流表量程为，电压表量程为。滑动变阻器R的最大阻值为60Ω。闭合S和且断开，当变阻器的接入的阻值为4Ω时，灯泡正常发光；闭合开关S和且断开时，移动滑动变阻器的滑片P，电路中的电流I与其接入电路的电阻R的关系如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值由增大到时，定值电阻的功率变化了1.8W，求：（小灯泡的电阻保持不变）
（1）灯泡的电阻；
（2）电源电压；
（3）电阻的阻值。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）灯泡正常发光时的电阻
（2）闭合S和且断开，L与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡L正常发光时的电流
根据串联电路的规律及欧姆定律，变阻器的电压
根据串联电路电压的规律，电源电压
（3）闭合开关S和且断开时，与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，则变阻器接入电路中的为和时，电路中的电路中的电流分别为
由图乙可知，当滑动变阻器接入电路的阻值由增大到时对应电电流表的示数分别为、，即，则
解得
由于定值电阻的功率变化了1.8W，则由于可得
所以
解得
答：（1）灯泡电阻为；
（2）电源电压为；
（3）电阻的阻值为。R/Ω
50
40
30
20
10
I/A
0.08
0.10
0.12
0.40
2．答题前，考生务必将姓名、准考证号填写在试卷和答题卡相应位置。
3．所有答案均在答题卡上作答，在本试卷或草稿纸上作答无效。答题前，请仔细阅读答题卡上的“注意事项”，按照“注意事项”的规定答题。
4．答选择题时，用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑；答非选择题时，请将答案写在答题卡上对应题目的答题区域内答题。
5．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题（本大题共22个小题，共47分。1～19小题为单选题，每小题的四个选项中，只有一个选项符合题意，每小题2分；20～22小题为多选题，每小题的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题意，每小题3分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）
1. 逻辑推理是理化学习常用的思维方法。下列推理正确的是（ ）
A. 物体的温度升高，其内能一定增加，但物体的内能增加，温度不一定升高
B. 催化剂在反应前后质量不变，因此反应前后质量不变的物质一定是催化剂
C. 中和反应生成盐和水，则生成盐和水的反应一定是中和反应
D. 大小相等、方向相反是平衡力的特点，故凡是大小相等、方向相反且作用在同一物体上的力一定是平衡力
【答案】A
【解析】
【详解】A．物体的温度升高，其内能一定增加，但物体的内能增加，温度不一定升高，如晶体熔化时，吸收热量，内能增加，温度不变，故A正确；
B．催化剂在反应前后质量不变，但反应前后质量不变的物质不一定是催化剂，也可能是杂质，没有参加反应，故B错误；
C．中和反应生成盐和水，但生成盐和水的反应不一定是中和反应，如，故C错误；
D．大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上的力一定是平衡力，故D错误。
故选A。
2. 下列对如图所示实验分析正确的是（ ）试卷源自 每日更新，不到1元，欢迎访问。A. 利用动滑轮提升物体时，可以省力，其机械效率也可以达到100%
B. 梳头后的塑料梳子能吸引碎纸屑，说明梳子和碎纸屑带异种电荷
C. 硬质玻璃管内红棕色粉末变为黑色，说明一氧化碳有还原性
D. 试管①中带火星的木条复燃，说明二氧化锰是过氧化氢分解的催化剂
【答案】C
【解析】
【详解】A．使用动滑轮提升物体时，可以省力，但还要克服动滑轮的重力及摩擦力做额外功，其机械效率不可能达到100%，故A错误；
B．梳头后的塑料梳子能吸引碎纸屑，是因为梳子与头发摩擦带上电荷，吸引不带电的碎纸屑，不能说明梳子和碎纸屑带异种电荷，故B错误；
C．硬质玻璃管内红棕色粉末变为黑色，说明一氧化碳与氧化铁反应生成了铁和二氧化碳，说明一氧化碳有还原性，故C正确；
D．试管①中带火星的木条复燃，说明过氧化氢分解生成了氧气，但不能说明二氧化锰是过氧化氢分解的催化剂，因为催化剂能改变反应速率，而此实验没有对比，故D错误。
故选C。
3. 下列关于苹果的估测，合理的是（ ）
A. 苹果从树上落到地面的时间约为1minB. 烈日照射下的苹果温度可达37℃
C. 一个苹果的质量约为10kgD. 一个苹果的直径约为12dm
【答案】B
【解析】
【详解】A．苹果从树上落到地面的时间约为1s，故A不符合题意；
B．烈日照射下的苹果温度可达37℃，故B符合题意；
C．一个苹果的质量约为0.2kg，故C不符合题意；
D．一个苹果的直径约为12cm，故D不符合题意。
故选B。
4. 中华古诗词、俗语中蕴含着丰富的声学知识，下列有关理解正确的是（ ）
A. “响鼓还要重锤敲”说明声音的音调与振幅有关
B. “谁家玉笛暗飞声”中的笛声由笛管的振动产生
C. “柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可传递信息
D. “闻其声而知其人”是根据声音的响度来辨别的
【答案】C
【解析】
【详解】A．“响鼓还要重锤敲”说明声音的响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，故A错误；
B．“谁家玉笛暗飞声”中的笛声由空气的振动产生，故B错误；
C．声音可传递信息与能量，“柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可传递信息，故C正确；
D．不同发声体发出声音的音色不同，“闻其声而知其人”是根据声音的音色来辨别的，故D错误。
故选C。
5. 如图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，图乙是描绘的温度随时间变化的图像。下列说法正确的是（ ）
A. 烧杯口出现的“白气”是水汽化形成的水蒸气B. 烧杯上方加盖纸板可以增大烧杯内的气压
C. 沸腾过程中，水吸收热量，温度不变D. 加热过程中，水含有的热量增加
【答案】C
【解析】
【详解】A．烧杯口出现的“白气”是水蒸气液化形成的小液滴，故A错误；
B．烧杯上方加盖纸板的目的是减少热量散失，纸板有孔，不能增大烧杯内的气压，故B错误；
C．由图乙可知，水温达到99℃后不再发生改变，说明在沸腾过程中，水吸收热量，但温度不变，故C正确；
D．热量是过程量，不能“含有”，故D错误。
故选C。
6. “万条垂下绿丝绦”，在阳光明媚的春天，我们有时既能看到柳树在水中的倒影，又能看到在地面的影子，下列有关说法正确的是（ ）
A. 柳树在水中的倒影是实像B. 从早到晚，柳树的影子不变，倒影变小
C. 柳树的倒影是由于光的折射形成的D. 柳树在地面的影子是由于光的直线传播形成的
【答案】D
【解析】
【详解】A．柳树在水中的倒影是由反射光线的反向延长线会聚而成的虚像，故A错误；
B．从早到晚，由于太阳位置的变化，柳树的影子大小发生改变，倒影与物体等大，所以倒影不变，故B错误；
C．柳树的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C错误；
D．光在均匀介质中沿直线传播，柳树是不透明的，无法使光线穿过，因此其下较暗，形成影子，所以柳树在地面的影子是由于光的直线传播形成的，故D正确。
故选D。
7. 如图所示是第29届亚运会中的一些运动项目，关于其中力学知识的描述，下列说法正确的是（ ）
A. 甲图，乒乓球能在空中飞，是因为受到惯性的作用
B. 乙图，划船时，船会前进是因为力的作用是相互的
C. 丙图，跳高运动员从起跳到最高点的过程中，动能不断增大
D. 丁图，举重运动员此时所受的压力和地面对他的支持力是一对平衡力
【答案】B
【解析】
【详解】A．乒乓球能在空中飞，是因为乒乓球具有惯性，而不能说受到惯性的作用，惯性不是力，故A错误；
B．划船时，船桨给水一个向后的力，水会给船桨一个向前的力，则船会前进，说明力的作用是相互的，故B正确；
C．跳高运动员从起跳到最高点的过程中，质量不变，速度减小，高度增加，所以动能减小，重力势能增大，故C错误；
D．举重运动员此时所受的压力等于杠铃的重力，地面对他的支持力等于人和杠铃的总重力，这两个力大小不相等，不是一对平衡力，故D错误。
故选B。
8. 在做“探究凸透镜成像规律”实验时，将点燃蜡烛、凸透镜、光屏调节到如图所示的位置，光屏中心正好出现清晰的像。下列说法中正确的是（ ）
A. 将蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏靠近凸透镜
B. 凸透镜不动，将蜡烛和光屏位置互换，可以在光屏上得到清晰、缩小的像
C. 照相机成像原理与图中成像的原理相同
D. 此凸透镜的焦距可能为10cm
【答案】AC
【解析】
【详解】A．将蜡烛远离凸透镜时，物距变大，像距变小，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏靠近凸透镜，故A正确；
B．凸透镜不动，将蜡烛和光屏位置互换，根据光路可逆，对调光屏和蜡烛的位置，此时物距小于像距，光屏上会得到倒立、放大的实像，故B错误；
C．照相机是根据物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立缩小实像的原理制成的，图中物距大于像距，成倒立、缩小的实像，两者的成像原理相同，故C正确；
D．图中物距u=40cm，像距v=30cm，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，u>2f，即40cm>2f，解得：f<20cm；2f>v>f，即2f>30cm>f，则15cm
9. 关于如图四幅图的说法中不正确的是（ ）
A. 该实验最早证明了大气压强的存在
B. 自动喂水装置利用了连通器原理
C. 高压锅利用压强越大沸点越低，使食物更快地煮熟
D. 飞机获得升力是因为其上表面空气流速大于下表面空气的流速
【答案】AC
【解析】
【详解】A．图为托里拆利实验，第一次测得了大气压的大小，马德保半球实验最早证明了大气压强的存在，故A错误，符合题意；
B．自动喂水装置上端开口，下端连通，属于连通器，故B正确，不符合题意；
C．高压锅利用压强越大沸点越高，使食物更快地煮熟，故C错误，符合题意；
D．飞机获得升力是因为其上表面空气流速大于下表面空气的流速，上表面的压强小于下表面的压强，故D正确，不符合题意。
故选AC。
10. 如图所示的电路中，电源两端的电压不变，定值电阻R1、R2阻值不变，甲、乙两电表可能同是电流表，也可能同是电压表。断开开关S，甲、乙两电表的示数之比为2∶3。然后将甲、乙两电表换成另一种电表，闭合开关S。则下列判断中错误的是（ ）
A. 在前后两个状态中，电路消耗的总电功率之比为2∶9
B. 更换电表后，甲、乙两电表读数之比为1∶3
C. 在前后两个状态中，电阻的电功率之比为4∶9
D.
【答案】ABC
【解析】
【详解】第一种状态，开关断开，乙表串联在电路中，由电流表和电压表的使用规则可知，两个电表应同是电流表，此时两个电阻并联，甲测通过R2的电流，乙测干路电流， 甲、乙两电表的示数之比为2∶3，即乙与甲的示数之比为3∶2， 由并联电路的电流特点和欧姆定律可得
即
解得
即R1=2R2， 此时R1的功率为
①
电路总功率为
②
第二种状态，开关闭合，甲电表并联在电源的两极，则两表是电压表，此时两个电阻串联，甲测电源电压，乙测R2两端电压， 串联电路中各处的电流相等，则更换电表后，甲、乙两表示数之比为
此时R1的功率为
③
电路的总功率为
④
由①③可得，两种状态下R1的功率之比
由②④可得，两种状态的总功率之比为
综上可知，ABC错误，符合题意；D正确，不符合题意。
故选ABC。
二、填空及简答题（本大题共9个小题；每空1分，共31分）
11. 雨后晴朗的夜晚，为了不踩到地上的积水，人们根据生活经验判断迎着月光走，地上发亮的是水。这是因为月光照在水面上发生______反射的缘故。请在如图所示的示意图中作图证明迎着月光走，地上发亮的是水______。
【答案】 ①. 镜面 ②.
【解析】
【详解】[1][2]迎着月光走，地上的水面对月光发生镜面反射，作出月亮关于水面的对称点，即为月亮的像，然后连接月亮的像和人眼，与水面相交于一点，即为入射点，再连接入射点和人眼，即为反射光线，如图所示：
12. 如图所示，为我国古代劳动人民用木棒搬动巨大木料时的情景。架在支架上的木棒属于____________（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；为了更易翘起木料，人们对杠杆施加动力时应____________（选填“靠近”或“远离”）杠杆支点；支架下方垫有面积较大的石块，是为了减小对地的____________，防止支架陷入地面。
【答案】 ①. 省力 ②. 远离 ③. 压强
【解析】
【详解】[1]由图可知，架在支架上的横杆在使用过程中，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆。
[2]由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小，所以为了更易翘起木料，人们对杠杆施加动力时应远离杠杆支点，以增大动力臂。
[3]支架下面垫有面积较大的石块，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压强，防止支架陷入地面。
13. 如图为小伟家的电能表，他家能同时工作的用电器最大总功率为_________W。他只让洗衣机和电视机工作时，电能表的转盘在5min内转了150转。两电器的总功率为_________W。小伟又把一个手机充电器插入插座进行充电，空气开关就跳闸了，造成跳闸的原因是_________（选填“总功率过大”或“插头短路”）。
【答案】 ①. 4400 ②. 600 ③. 插头短路
【解析】
【详解】[1]由电能表的铭牌可知，电能表所接入的电路电压为220V，允许流过电能表的最大电流为20A，则最多能够接入电路的总电功率为
P=UI=220V×20A=4400W
[2]电能表的转盘转150转消耗的电能为
两电器的总功率为
[3]小伟手机充电器插入插座进行充电，空气开关就跳闸了，空气开关就跳闸是由于电路中的电流过大；而产生电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路；由生活常识可知，手机充电器的功率比较小，因此造成保险丝熔断的原因不会是因干路的总功率过大，而是插头短路引起的。
14. 在标准大气压下，使用煤气灶将2kg水从20℃加热70℃，水吸收的热量是 ___________J，若不计热量损失，此过程需要完全燃烧 ___________kg的煤气。未使用完的煤气的热值会 ___________（选填“变大”“变小”或“不变”）。[水的比热容，煤气的热值]
【答案】 ①. ②. 0.01 ③. 不变
【解析】
【详解】[1]水吸收的热量
[2]不计热量损失，根据，所以需要完全燃烧煤气的质量
[3]热值是燃料的一种特性，其大小取决于物质的种类，与燃料的质量和燃烧程度无关，即未使用完的煤气的热值不变。
15. 如图所示为电解水实验装置图。
（1）与玻璃管a相连的电极为______；
（2）a，b玻璃管中产生气体体积比为______；
（3）通电后观察到中间球形容器内液面上升，这是因为玻璃管a、b中的气体压强______（选填“大于”“等于”或“小于”）大气压强。
【答案】 ①. 负极 ②. 2︰1 ③. 大于
【解析】
【详解】（1）[1]玻璃管a中气体更多，所以是氢气，则与玻璃管a相连的电极为负极。
（2）[2]a，b玻璃管中产生气体分别是氢气和氧气，体积比为2︰1。
（3）[3]随着反应的进行，两侧玻璃管内产生的气体逐渐增多，气压逐渐增大，大于大气压，水被压进中间球形容器中，容器中液面上升。
三、实验探究题（本大题共4个小题；第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分，共24分）
16. 在探究通电螺线管外部磁场方向的实验中：
（1）在装有螺线管的硬纸板上均匀撒满铁屑，通电后铁屑分布无明显变化，这时需______纸板，观察到铁屑排列成如图所示的形状。可见，通电螺线管外部磁场与______磁体的磁场相似；
（2）用小磁针探究磁场方向时，发现小磁针没有标N、S极，请写出一种判断小磁针N、S极的做法：______；
（3）对调螺线管所接电源正、负极，周围小磁针的指向也随之对调，说明通电螺线管的磁场方向与______有关。
【答案】 ①. 轻敲 ②. 条形 ③. 将小磁针水平放置在水平桌面上，待其静止时，指向北的一端为N极，指南的一端为S极 ④. 电流方向
【解析】
【详解】（1）[1][2]通电螺线管周围存在磁场，磁场的基本性质是对放入其中的磁体产生磁力的作用，所以通电螺线管周围的小磁针（铁屑）会被磁化，且排布情况反映其磁场分布情况，为了使铁屑分布情况更加直观，实验时应对着螺线管轻轻敲击纸板，这样铁屑与纸板脱离，铁屑在磁场的作用下会重新排布，与通电螺线管的磁场情况相吻合，从而可以确定通电螺线管的N、S极，通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似。
（2）[3]将小磁针水平放置在水平桌面上，待其静止时，指向北的一端为N极，指南的一端为S极。
（3）[4]对调螺线管所接电源正、负极，周围小磁针的指向也随之对调，由此可知通电螺线管的磁场方向与电流方向有关。
17. 小明用一根粗细均匀两端开口的薄玻璃管、薄橡皮膜、刻度尺、烧杯和水（已知ρ水=1.0×103kg/m3），来测量某种液体的密度.实验过程如下：
①将玻璃管的一段用细线扎好
②将玻璃管扎有薄膜的一端逐渐插入装有水的烧杯中
③往玻璃管内缓慢加入待测液体直到薄膜变平为止（如图所示）测出薄膜到水面和液面的距离分别为h1和h2
④计算待测液体的密度ρ液
回答下列问题：
（1）小明将玻璃管扎有薄膜一端插入水中，薄膜向上凸起，说明___；玻璃管浸入水中越深，薄膜向上凸起程度___；（选填“越大”、“越小”或“不变”）；
（2）收集实验数据；
（3）待测液体的密度ρ液=___kg/m3；
（4）若要增大该装置的测量范围，请你给出一条合理化建议___；
（5）已知玻璃管的横截面积为5cm2、质量为20g，厚度忽略不计。当薄膜变平后小明松开手，玻璃管将___（选填“向上”或“向下”）运动；玻璃管静止后，薄膜到水面的距离为___cm。
【答案】 ①. 液体内部向上有压强 ②. 越大 ③. ④. 用密度更大的液体代替水 ⑤. 向下 ⑥. 10
【解析】
【详解】（1）[1][2]当将一端扎有橡皮薄膜的玻璃管浸入水中，橡皮膜向上凸进，说明水内部有向上的压强；由于压强的大小和深度有关，深度越大，压强越大，所以，当增大玻璃管浸入水中的深度，橡皮膜受到水的压强变大，故向上凸起的程度将变大。
（3）[3]当薄膜变平时，即玻璃管内外压强相等时，由图知道，此时
h1 =6cm=0.06m
h2=5cm=0.05m
所以
ρ液gh2 =ρ水gh1
故解得待测液体的密度是
（4）[4]如果要增大该装置的测量范围，需要让小筒在没有放入液体前浸入水中的体积减小，如减小小筒的重力。由可知，还可以增大小筒中液体的密度，如用密度更大的液体代替水。
（5）[5][6]根据题意知道，玻璃管的重力是
G管=m管g=0.02kg×10N/kg=0.2N
玻璃管内液体的体积是
V液=V容=Sh2 =5cm2×5cm=25cm3 =2.5×10-5 m3
液体的重力是
G液=m液g=ρ液V液 g=1.2×103 kg/m3 ×2.5×10-5 m3×10N/kg=0.3N
玻璃管与液体的总重力是
G总=G管+G液=0.2N+0.3N=0.5N
此时，此时玻璃管排开水的体积是
V排1 =5cm2 ×6cm=30cm3 =3×10-5 m3
玻璃管受到的浮力是
F浮1=ρ水gV排=1.0×103 kg/m3 ×10N/kg×3×10-5 m3 =0.3N＜G总
所以，玻璃管将向下运动。当玻璃管静止时，
F浮2 =G总=0.5N
即
ρ水gV排2=0.5N
即玻璃管排开水的体积是
V排2 =0.5×10-4 m3 =50cm3
所以，薄膜到水面的距离是
18. 探究“电流与电阻关系”的实验中，有电源（电压6V）、电流表、电压表、滑动变阻器、电阻箱R、开关及导线若干。
（1）如图甲是连接的实物图，其中有一根导线连接错误，请你在图中用“ × ”标出这根导线，并只改接一根导线使电路成为正确的电路；（要求：导线不交叉）_______ ；
（2）连接电路时，开关应该断开，正确连接电路闭合开关后，发现电流表示数为零，电压表示数较大，则电路故障可能为 _______；
A.滑动变阻器断路 B.滑动变阻器短路
C.电阻箱断路 D.电阻箱短路
（3）将实验数据记录在下表中（不代表操作顺序），其中当R = 20Ω时，电流表示数如图乙所示，则此时的电流值为 ______A；
（4）分析表中数据发现，有一组数据有明显的错误，原因是有一次调节电阻箱后没有移动滑动变阻器所致，则该次实验是在阻值为______Ω的电阻完成后进行的；
（5）修正数据后，根据所测得的数据可以得到结论：在电压一定时，电流与电阻成______比；
（6）若依次选用10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω的定值电阻替代电阻箱，其余连接均不变，已知滑动变阻器的规格为“40Ω 1A”，若定值电阻两端的电压保持2V不变，当用25Ω的电阻进行实验时，发现电压表的示数始终不能调到2V。解决的办法有：一是可以将其中一个定值电阻串联接入电路，使得用25Ω和30Ω的电阻都可以完成实验，则选择的定值电阻是 ______Ω；二是可以调整定值电阻两端的电压，则为了完成所有实验，定值电阻两端的电压不得低于______ V。
【答案】 ①. ②. C ③. 0.2 ④. 30 ⑤. 反 ⑥. 20 ⑦. 2.57
【解析】
【详解】（1）[1]电路中电压表与变阻箱串联，电流表与变阻箱并联时错误的接法，正确接法应该是电压表与变阻箱并联，电流表与变阻箱串联，如图所示：
（2）[2]AC．电流表示数为零，说明电路出现断路，若滑动变阻器断路，则电压表示数也会为零；电阻箱断路时，电压表测电源电压，故A不符合题意，C符合题意；
BD．滑动变阻器与电阻箱串联，若电路出现短路故障，电路依然是通路，电流表示数不会为零，故BD不符合题意。
故选C。
（3）[3]由实物图知，电流表接0~0.6A的量程，分度值为0.02A，由图乙知，电流表的示数为0.2A。
（4）[4]按照实验要求，调节阻值后要调节滑动变阻器，使得电阻箱两端的电压与之前保持相同，根据表中数据及欧姆定律可知，每一组对应的电流与电阻的乘积是定值4，阻值为30Ω时，电流与电阻的乘积为3.6，与其他几次实验不同。
（5）[5]数据修正后，根据表中数据，电压一定时，随着电阻减小，通过电阻的电流增大，且电流与对应的电阻的乘积是一个定值，故电压一定时，电流与电阻成反比。
（6）[6]根据题意，当使用25Ω电阻时，电路中的电流为
此时，滑动变阻器和接入定值电阻所分的电压为
滑动变阻器和接入的定值电阻的总电阻为
滑动变阻器最大的阻值为40Ω，则接入定值电阻的最小阻值为
当使用30Ω电阻时，电路中的电流为
滑动变阻器和接入定值电阻所分的电压依然为4V，滑动变阻器和接入的定值电阻的总电阻为
滑动变阻器最大的阻值为40Ω，则接入定值电阻的最小阻值为
故使得用25 Ω 和30 Ω 的电阻都可以完成实验，则选择的定值电阻是为20Ω。
[7]实验中，保持定值电阻两端的电压为2V不变时，不能满足实验操作，所以需要将定值电阻两端的电压调整。将定值电阻两端的电压调整为UV时，更换定值电阻的过程，滑动变阻器分去的电压保持为U-UV。当定值电阻的换用最大电阻30Ω时，变阻器接入电路的阻值也为最大值时，定值电阻两端的电压为能调整的最低电压。据串联电路的分压特点有
UV:(6V-UV)=30Ω:40Ω
解得，定值电阻两端最小电压UV=2.57V。
四、计算应用题（本大题共3个小题；第36小题5分，第37小题6分，第38小题7分，共18分。解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）
19. 如图所示，薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙均放置在水平地面上。容器甲底面积为0.02m2、质量为1kg，内装有2kg的酒精。圆柱体乙的底面积为0.01m2，但高度未知。（ρ酒精＝800kg/m3）
（1）求容器内酒精的体积；
（2）求装有酒精的容器甲对水平地面的压强；
（3）若将装有酒精的容器甲放在圆柱体乙上方中央，则圆柱体乙对地面的压强变化量为Δp1；若将圆柱体乙浸没在酒精中（无酒精溢出），则酒精对容器底部压强变化量为Δp2，已知Δp1＝5Δp2，试通过计算确定圆柱体乙的高度h。
【答案】（1）2.5×10﹣3m3；（2）1470Pa；（3）0.15m
【解析】
【详解】解：（1）由可得，容器内酒精的体积
（2）容器甲对地面的压力
F＝G总＝（m器+m酒）g＝（1kg+2kg）×9.8N/kg＝29.4N
装有酒精的容器甲对水平地面的压强
（3）若将装有酒精容器甲放在圆柱体乙上方中央，则圆柱体乙对地面的压力增大量为容器和酒精的总重力
ΔF＝G总＝29.4N
圆柱体乙对地面的压强变化量
若将圆柱体乙浸没在酒精中（无酒精溢出），圆柱体排开酒精的体积等于圆柱体的体积，即
V排＝V柱＝S柱h
液面升高的高度
酒精对容器底部的压强变化量
由题知
Δp1＝5Δp2＝2940Pa
所以
即
则圆柱体乙的高度
答：（1）容器内酒精的体积2.5×10﹣3m3；
（2）装有酒精的容器甲对水平地面的压强1470Pa；
（3）圆柱体乙的高度0.15m。
20. 如图甲所示电路，电源电压保持不变，灯L上标有“6V，3W”字样，电流表量程为，电压表量程为。滑动变阻器R的最大阻值为60Ω。闭合S和且断开，当变阻器的接入的阻值为4Ω时，灯泡正常发光；闭合开关S和且断开时，移动滑动变阻器的滑片P，电路中的电流I与其接入电路的电阻R的关系如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值由增大到时，定值电阻的功率变化了1.8W，求：（小灯泡的电阻保持不变）
（1）灯泡的电阻；
（2）电源电压；
（3）电阻的阻值。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）灯泡正常发光时的电阻
（2）闭合S和且断开，L与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡L正常发光时的电流
根据串联电路的规律及欧姆定律，变阻器的电压
根据串联电路电压的规律，电源电压
（3）闭合开关S和且断开时，与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，则变阻器接入电路中的为和时，电路中的电路中的电流分别为
由图乙可知，当滑动变阻器接入电路的阻值由增大到时对应电电流表的示数分别为、，即，则
解得
由于定值电阻的功率变化了1.8W，则由于可得
所以
解得
答：（1）灯泡电阻为；
（2）电源电压为；
（3）电阻的阻值为。R/Ω
50
40
30
20
10
I/A
0.08
0.10
0.12
0.40
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