2024年中考考前最后一套押题卷：物理（成都卷）（全解全析）

这是一份2024年中考考前最后一套押题卷：物理（成都卷）（全解全析），共21页。

1．本试卷分A卷和B卷，A卷满分85分，B卷满分20分，全卷满分105分，考试时间90分钟。
2．考生务必用黑色字迹的签字笔或钢笔在答题卡上填写自己的考号、姓名、试室号、座位号，用2B铅笔把对应该号码的标号涂黑。
3．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试题上。
4．非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔、涂改液，不按以上要求作答的答案无效。
5．考生务必保持答题卡的整洁，考试结束时，将答题卡交回。
A卷（共85分）
第I卷（选择题 共26分）
一、单项选择题（本题共13小题，每小题2分，共26分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）
1．纯电动汽车行驶中实现了尾气零排放，这是由于为它提供动力的装置是（ ）
A．发电机B．电动机C．汽油机D．柴油机
【答案】B
【详解】纯电动汽车行驶中实现了尾气零排放，这是由于为它提供动力的装置是电动机，将电能转化为机械能，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
2．2023年4月，我国自主设计建造的核聚变实验装置。东方超环，成功实现了403s稳态运行。下列能源的形成与东方超环相同的是（ ）
A．地热能B．太阳能C．风能D．潮汐能
【答案】B
【详解】我国自主设计的“人造太阳”实验装置——东方超环，其反应原理与太阳类似，通过核聚变，释放巨大的核能。故B符合题意， ACD不符合题意。
故选B。
3．端午节有煮粽子的习俗。对下列煮粽子出现的现象解释正确的是（ ）
A．锅盖上方的白雾是水蒸气B．燃料燃烧是内能转化为机械能
C．加热粽子是利用做功增加内能D．粽子的香味溢出属于扩散现象
【答案】D
【详解】A．打开锅盖上面的白雾是水蒸气液化形成的小水滴，而不是水蒸气，故A错误；
B．燃料燃烧时发生化学反应，并释放出热量，所以是化学能转化为内能，故B错误；
C．加热粽子时，热水放出热量，粽子吸收热量，所以是通过热传递增加内能，故C错误；
D．闻到粽子的香味是香味分子不停地做无规则运动，是扩散现象，故D正确。
故选D。
4．有关下列四个节气包含的物理知识的解释正确的是（ ）
A．白露：天气转凉，露凝而白。露的形成过程是汽化现象
B．寒露：露水已寒，将要结冰。水结冰的过程是凝固现象
C．霜降：天气渐冷，开始有霜。霜的形成过程是凝固现象
D．大雪：降雪增多，渐有积雪。积雪消融过程需要放热
【答案】B
【详解】A．露是空气中的水蒸气变成小水滴，是气态变成液态的过程，是液化现象，故A错误；
B．水结成冰，是液态变成固态的过程，是凝固现象，故B正确；
C．霜的形成，是空气中的水蒸气直接变成固态的过程，是凝华现象，故C错误；
D．积雪消融，是固态变成液态的过程，是熔化现象，熔化吸热，故D错误。
故选B。
5．第十四届全国冬季运动会于2024年2月17日至2月27日在内蒙古自治区呼伦贝尔市举办。如图所示是一位运动员在单板滑雪U 型场地上进行训练时，由A点运动到C点过程中频闪摄影的照片，下列说法正确的是（ ）
A．运动员在C 点时的动能最大
B．运动员从A 点运动到B点的过程中，所受重力不做功
C．运动员从B点运动到C点的过程中，重力势能增加
D．运动员从A 点运动到B 点的过程中，动能转化为重力势能
【答案】C
【详解】A．在C点时，运动员速度为零，动能最小，故A错误；
B．运动员从A 点运动到B点的过程中，运动员高度减小，重力势能减小，故B错误；
C．运动员从B点运动到C点的过程中，运动员位置升高，重力势能增加，故C正确；
D．运动员从A 点运动到B 点的过程中，重力势能转化为动能，故D错误。
故选C。
6．编钟是我国古代的一种打击乐器，如图所示的曾侯乙编钟，由大小不同的扁圆钟依次排列组成，是我国古代人民高度智慧的结晶。关于编钟，下列说法正确的是（ ）
A．编钟发出的声音，可以在真空中传播
B．编钟发出的声音是由编钟振动产生的
C．用大小相同的力敲击大小不同的编钟，发出声音的音色不同
D．人们能把编钟和其它乐器发出的声音区分开，是依据声音的响度不同
【答案】B
【详解】A．声音传播时必须靠介质，真空不能传声，所以编钟发出的声音在真空中不能传播，故A错误；
B．编钟发出的乐声是编钟在敲打后，由于它的振动而产生的，故B正确；
C．用大小相同的力敲击大小不同的编钟，编钟发出的音色是相同的，因频率不同，发出声音的音调不同，故C错误；
D．依据声音的音色不同，人们能把编钟和其它乐器发出的声音区分开，故D错误。
故选B。
7．在物理学习过程中，经常要进行估测。下列估测值最接近生活实际的是（ ）
A．家庭节能灯中的电流约为10A
B．人骑自行车的平均速度约为1m/s
C．普通中学生站立时对地面的压强约为104Pa
D．中学生心脏正常跳动一次的时间大约在5s左右
【答案】C
【详解】A．根据电流的常识可知，家庭节能灯中的电流约为0.1A，故A不符合题意；
B．根据速度的常识可知，人骑自行车的平均速度约为5m/s，故B不符合题意；
C．中学生的体重约为500N，双脚站立在水平地面上静止时，对地面的压力
双脚与地面的接触面积大约
对地面的压强约为，故C符合题意；
D．1分钟内中学生心脏正常跳动75次左右，则中学生心脏正常跳动一次的时间约为，故D不符合题意。
故选C。
8．2024年1月29日，第十四届全国冬运会高山滑雪比赛在国家高山滑雪中心开赛。黑龙江选手朱天慧以1分11秒69的成绩，获得女子组冠军，如图所示。关于高山滑雪比赛中涉及的物理知识，下列分析正确的是（ ）
A．以终点标志为参照物，运动员是静止的B．运动员通过弯道时受到平衡力的作用
C．通过弯道时运动员的运动状态发生改变D．加速冲刺时运动员具有的动能保持不变
【答案】C
【详解】A．比赛过程中，以终点标志为参照物，运动员与终点标志的相对位置不断发生变化，故以终点标志为参照物，运动员是运动的，故A错误；
B．物体受到平衡力的作用时，将保持静止状态或匀速直线运动状态，而运动员通过弯道时运动方向发生了变化，不是直线运动，不受平衡力的作用，故B错误；
C．物体运动状态的决定性因素有速度的大小和方向，当运动员通过弯道时，速度方向发生了变化，因此运动员的状态改变，故C正确；
D．物体的动能的大小与质量和速度有关，运动员在加速冲刺时，质量不变，速度变大，故动能变大，故D错误。
故选C。
9．如图所示为我国古代劳动人民在建筑工地上运送大木料的情境，对于此图片提供的信息，下列说法正确的是 （ ）
A．大木料下放置小圆木是为了增大摩擦B．支架下垫有石块是为了增大地面所受的压强
C．工人使用的横杆相当于省力杠杆D．抬起大木料的过程中使用横杆可以省功
【答案】C
【详解】A．大木料下放置小圆木是通过用滚动代替滑动的方式来减小摩擦，故A错误；
B．支架下垫有石块是为了增大受力面积减小地面所受的压强，故B错误；
C．工人使用的横杆动力臂大于阻力臂，相当于省力杠杆，故C正确；
D．抬起大木料的过程中使用横杆可以省力，因任何机械的机械效率都不可能达到或超过100%，所以不能省功，故D错误。
故选C。
10．生活中许多场景都蕴含了物理知识，下列对图中的现象描述错误的是（ ）
A．图甲：手距离核桃的位置越近就越省力
B．图乙：安全锤的锥形设计是为了增大压强
C．图丙：打年糕说明力能使物体发生形变
D．图丁：工人为找在同一水平线上的A、B两点，利用了连通器原理
【答案】A
【详解】A．核桃夹为省力杠杆，根据可知，动力臂越长越省力，故手距离核桃的位置越远就越省力，故A错误，符合题意；
B．安全锤的锥形设计是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B正确，不符合题意；
C．打年糕，年糕变形，说明力能使物体发生形变，故C正确，不符合题意；
D．工人为找在同一水平线上的A、B两点，两侧水面的高度相同，利用了连通器原理，故D正确，不符合题意。
故选A。
11．大力发展新能源汽车是目前缓解我国能源依赖、解决大气污染的有效手段。如图是广水城区新能源汽车的充电桩，下列做法符合安全用电的是（ ）
A．安装充电桩时，不连接地线也可以B．充电线破损时，只要稍加注意便可安全使用
C．充电桩起火，应迅速浇水扑灭D．每个充电桩在安装时都要装漏电保护器
【答案】D
【详解】A．安装充电桩时，为了安全，要接地线，故A不符合题意；
B．充电线破损时，容易形成短路或发生触电事故，要及时更换，严禁直接使用，故B不符合题意；
C．万一有充电桩起火，应先关闭电源再施救；生活用水是导体，电器着火不能直接用水灭火，否则可能引起触电事故，故C不符合题意；
D．为了安全，电路中必须要有保险丝或空气开关，每个充电桩在安装时都要装漏电保护器，故D符合题意。
故选D。
12．妈妈生日那天，小明给妈妈煮饺子时发现，当把饺子放入沸腾的水中后，饺子先下沉到锅底，过了一会儿又上浮，最终漂浮在水面上。下列分析正确的是（ ）
A．饺子在下沉的过程中不受浮力
B．饺子上浮过程中，受到的浮力小于它所受的重力
C．饺子上浮过程中，受到的浮力等于它排开的水所受的重力
D．饺子在水面漂浮时，受到的浮力大于它所受的重力
【答案】C
【详解】A．饺子在下沉的过程中受浮力，浸在液体中的物体会受到向上的浮力，故A错误；
B．饺子上浮过程中，受到的浮力大于它所受的重力，故B错误；
C．饺子上浮过程中，根据阿基米德原理，受到的浮力等于它排开的水所受的重力，故C正确；
D．饺子在水面漂浮时，处于平衡态，受到的浮力等于它所受的重力，故D错误。
故选C。
13．如图所示电路中电源电压保持不变，关于电路的工作情况，下列说法中正确的是（ ）
A．同时闭合开关S1和S2，通过L1、L2的电流一定相同
B．开关都闭合，若将电压表和电流表的位置对调，两表都被烧坏
C．先闭合开关S1，再闭合开关S2，电压表示数不变，电流表示数变小
D．开关都闭合，若电流表开路，则电压表示数为零
【答案】D
【详解】A．同时闭合两个开关S1和S2，两灯并联，由并联电路电压的规律，两灯两端电压相同，两灯的规格不一定相同（电阻不一定相同），由欧姆定律可知，通过两只灯泡的电流不一定相同，故A错误；
B．若电压表和电流表的位置对调，电压表与L1串联在电路中，电流表与L1并联，因电压表内阻很大，电路的电流很小，两表都不会被烧坏，故B错误；
C．若先闭合S1，为L1的简单电路，电压表测电源电压，电流表测L1的电流；再闭合S2，两灯并联，电压表测电源电压，则电压表示数不变；而此时电流表测L1的电流，根据并联电路的特点可知，电流表的示数不变，故C错误；
D．开关都闭合后，若电流表开路，电压表与电源之间是断开的，电压表示数为0，故D正确。
故选D。
第II卷（非选择题 共59分）
填空题（本题共7小题，每空2分，共28分）
14．用冰取火，似乎不可思议。但这绝非讹传，据晋代张华的《博物志》记载，我国古代就把冰块制成透镜，利用透镜对光的 作用将物体点燃，如图所示。用这类透镜制作的眼镜片，可以用来矫正 眼。
【答案】 会聚 远视
【详解】[1]透镜分为凸透镜和凹透镜，其中凸透镜对光有会聚作用。
[2]由于凸透镜对光线有会聚作用，使物体所成的像前移，而远视眼成像在视网膜后方，可以利用凸透镜的会聚作用使像向前移动，成在视网膜上，所以用凸透镜制成的镜片可以矫正远视眼。
15．唐代诗人李正封有《牡丹诗》云“国色朝酣酒，天香夜染衣”，由此“国色天香”就成了国花牡丹的代名词。每年牡丹花开时节，我们能从不同角度看到“国色”，是因为光在其表面发生了 ；我们能闻到弥漫全城的“天香”，这是 现象。
【答案】 漫反射 扩散
【详解】[1]光在牡丹花表面发生了漫反射，反射光线从不同方向射出，所以我们能从不同角度看到“国色”。
[2]我们能闻到弥漫全城的“天香”，这是扩散现象，说明分子不停地做无规则运动。
16．小明看到家里的书柜门松了，关不紧，于是他找到一张纸折了几叠后夹在柜门与门框之间，书柜门就关紧了，这主要是通过增大 的方法增大柜门与门框之间的摩擦力，小明握住装有水的杯子静止在空中，如图所示，杯子所受摩擦力的方向为 。
【答案】 压力 竖直向上
【详解】[1] 当发现书柜门松了，关不紧。该同学找到一张纸折了几叠后夹在柜门与门框之间，这样是通过增大压力的方式增大摩擦力。
[2] 杯子被握在手中，处于静止状态，杯子在竖直方向上，受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，这两个力是平衡力，大小相等，方向相反，摩擦力竖直向上。
17．如图，拨动簧片，把小球与支座之间的金属片弹出，小球并没有随金属片飞出，这是因为小球由于 要保持原来的静止状态，同时小球受到 作用而落回支座上。
【答案】 惯性 重力
【详解】[1]图中的实验中，拨动簧片，把小球与支座之间的金属片弹出时，小球并没有随金属片飞出，这是因为小球具有惯性，仍会保持原来的运动状态。
[2]小球又落回支座上是因为受到了竖直向下的重力的作用。
18．如图所示，GMR是巨磁电阻（其电阻值在磁场中随磁性的增强而急剧减小），当开关S1、S2都闭合时，电磁铁附近的小磁针处于静止状态，则小磁针的A端为 极；当滑片P向右滑动时，指示灯的亮度 （选填“变亮”、“变暗”或“不变”）．
【答案】 S 变暗
【详解】解答：(1)根据安培定则可知，电磁铁的左端为N极，右端为S极，所以则小磁针的A端为S极；(2)闭合开关S1和S2，使滑片P向右滑动，电阻变大，电流变小，磁场的磁性减弱，巨磁电阻的阻值增大，电路电流变小，所以指示灯的亮度会变暗．
点睛：（1）根据安培定则得出电磁铁的两极，根据磁极间的相互作用判断小磁针A端的极性；（2）先分析滑片向右移动时，变阻器的阻值是变大了还是变小了，然后根据欧姆定律得出电流大小变化情况，从而判断出电磁铁的磁场强弱变化情况，进一步得出灯泡亮度的变化．
19．在利用实验探究同一电路中的电流、电压和电阻三者之间的关系时，可采用 法进行实验设计。如图所示是为了研究电流与电阻关系的实验电路图，实验过程中，当电阻由变为时，为使两端的电压保持不变，滑片应向 端滑动。
【答案】 控制变量 右
【详解】[1]探究电流与电压之间的关系时应控制电阻不变，探究电流与电阻之间的关系时应控制电压不变；最后得出三者之间的变化关系，这种探究问题的方法叫控制变量法。
[2]实验中，当把的电阻换成的电阻后，根据分压原理可知，定值电阻两端的电压会变大；探究电流与电阻关系时要控制定值电阻两端电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理可知，需要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右端滑动。
20．如图是某电加热器的工作电路图，电加热器有“高温”和“低温”两挡，其中R1=44Ω，R2=176Ω。当开关、都闭合时是 挡，电加热器在该挡位下正常工作5min产生的热量是 J。
【答案】 高温
【详解】[1]当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，由可知总功率最大，电加热器处于高温挡。
[2]电加热器在该挡位下正常工作5min产生的热量
三、作图题与计算题（本题共3小题，共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的验算步骤，只写最后答案的不得分）
21．（4分）
（1）为打造“宜居宜业”的城市环境，深圳市推出“公交惠民”活动，为确保乘客上下车安全（如图甲），通过后视镜司机可观察到车内乘客的具体情况。请在图乙中画出A处司机看到B处乘客的光路图。
【答案】
【详解】平面镜成像时，像与物体关于镜面对称，作B关于平面镜的对称点，连接点与A与镜面相交于一点O，则O点即为反射点，连接OA即为反射光线，则BO是入射光线，如下图所示：
（2）如图是一种活塞式抽水机的示意图．其中手柄AOB是一个杠杆，杠杆在动力F1的作用下绕O点匀速转动，请在图中画出杠杆在B点受到阻力的示意图和F1的力臂．
( )
【答案】
【详解】由图知，此时向上提起杠杆的左端，杠杆会绕O点顺时针转动，则B点会受到下面连杆向上的支持力，即阻力的方向竖直向上，过B点作竖直向上的阻力F2；反向延长力F1画出力的作用线，过支点O作动力作用线的垂线段，即动力臂l1．如图所示：
四、计算题
22．如图所示，一辆无人驾驶清扫车，空车质量为400kg。
（1）若空车停在水平地面上时，地面总受力面积为200cm2，则空车对地面的压强为多少？（g取10N/kg）
（2）空车行驶时牵引力的功率为800W，其在10s内匀速行驶10m，则车受到的阻力为多少？
【答案】（1）2×105 Pa；（2）800N
解：（1）若空车停在水平地面上时，地面总受力面积为200cm2，则车对地面的压力
（1分）
车对地面的压强（2分）
空车行驶时牵引力的功率为800W，在10s内匀速行驶10m，
空车所做的功为（1分）
因车匀速行驶，则牵引力和阻力为一对平衡力，大小相等，
故阻力（2分）
答：（1）空车对地面的压强为2×105 Pa；
（2）车受到的阻力为800N。
23．如图所示，电源电压U=9V，定值电阻R1=5Ω，R2=9Ω，滑动变阻器R3的规格是“20Ω，1.5A”。
（1）只闭合开关S，移动滑片到某处时，电流表A的示数为0.6A，求滑动变阻器R3的电功率；
（2）将滑片移到最右端，闭合所有开关，再将滑片向左移动，为保证电路元件安全，求电流表示数的变化范围。

【答案】（1）3.6W；（2）1.45A～2.5A
【详解】解：（1）此时电路为R1与R3串联，R1两端的电压为（1分）
R3两端的电压为（1分）
由得，R3的电功率（1分）
（2）此时电路为R2与R3并联，R2中的电流为（1分）
当R3接入电阻为20Ω时，R3中的电流为（1分）
为保证电路元件安全，R3中的电流不能超过1.5A，并联电路中干路里的电流等于各支路中的电流之和，即电流表示数的变化范围为：1.45A～2.5A。（1分）
答：（1）求滑动变阻器R3的电功率为3.6W。
（2）将滑片移到最右端，闭合所有开关，再将滑片向左移动，为保证电路元件安全，求电流表示数的变化范围为1.45A～2.5A。
四、实验题
24．（6分）图甲是小郑探究“并联电路特点”的电路图，用电流表、测得通过灯泡、的电流分别为0.2 A和0.3 A。
（1）用另一只电流表（图中未画出）测干路电流时，量程应该选用 （选填“0～0.6 A”或“0～3 A”）。
（2）闭合开关S后，测干路电流时，发现电流表的指针偏转到最大值。对于该现象，下列分析不合理的是 。
A．电流表与灯泡并联
B．电流表与开关S并联
C．某盏灯泡突然短路
（3）探究过程中，小郑发现，若电流表的正、负接线柱接反了，会造成电流表的指针反转，受力反向；他结合电流表的内部结构示意图（如图乙），猜想表头内部磁场中通电线圈的受力方向与 方向有关。
【答案】 0～0.6 A B 电流
【详解】（1）[1]由图知道，灯泡、并联，电流表、分别测得通过灯泡、，且电流表、的示数分别是0.2 A和0.3 A，由于干路电流等于并联各支路电流之和，所以，测干路电流时，电流表的量程应该选用0～0.6 A，这样既不会超出量程，测量结果也较0～3 A量程准确。
（2）[2] A．若电流表与灯泡并联，根据并电流表的特点知道，此时灯泡被A1短路，电路的总电阻减小，根据欧姆定律知道，干路电流增大，电流表的示数增大，指针偏转到最大值。故A不符合题意；
B．若电流表与开关S并联，闭合开关S后，造成A3短路，其示数应变为零，故B错误，符合题意；
C．某盏灯泡突然短路，该支路电阻为零，电路的总电阻减小，根据欧姆定律知道，干路电流增大，电流表的示数增大，指针偏转到最大值。故C不符合题意。
故选B。
（3）[3]当反接时，磁场方向不变，表头线圈电流方向改变，磁场对通电线圈的作用力方向改变，带动指针反偏。说明通电线圈受力的方向与电流的方向和磁感线的方向有关。
25．（8分）小江同学为了测量大豆的密度，进行以下实验：
（1）把天平放在水平桌面上，如图甲所示。接着他应进行的操作是： ，直至指针尖对准分度标尺的中央刻度线；
（2）为了测量大豆的体积，他将饮料瓶装满水，拧上盖子，天平平衡时，砝码的质量和称量标尺上的示数如图乙所示，则饮料瓶和水的总质量为 g；
（3）把50g大豆放入装满水的瓶中，停止溢水后，拧上盖子，擦干沾在瓶上的水，用天平测出瓶、瓶内剩余水和大豆的总质量为131g。由此可推算出这种大豆的密度为 g/cm3；
（4）由于大豆有吸水性，用这种方法测出大豆的密度值比真实值偏 （选填“大”或“小”）。
【答案】 见解析 121 1.25 大
【详解】（1）[1]把天平放在水平桌面上，由图可知，游码未归零，此时左盘下降，说明左侧偏重，先将游码移到标尺左端的零刻度线上，由左盘等于右盘加游码可知，此时左盘仍然大于右盘，所以应向右调节平衡螺母，直至指针指示分度盘中央，使天平的横梁平衡。
（2）[2]瓶子和水的总质量
（3）[3]把m豆＝50g大豆放入装满水的瓶中，停止溢水后，擦干沾在瓶上的水，用天平测出瓶、瓶内剩余水和大豆的总质量为m2＝131g，则溢出水的质量
溢出水的体积
大豆的体积等于溢出水的体积，故大豆的密度
（4）[4]由于大豆具有吸水性（不考虑大豆体积的变化），大豆溢出的水偏少，大豆的体积测量值偏小，所以测得的密度偏大。
B卷（共20分）
一、选择题（本题共5小题，每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有两个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1．我国科学技术迅猛发展，在信息、能源和材料等领域取得了辉煌的成绩，下列说法正确的是（ ）
A．数码相机的图像传感器与处理芯片是由半导体材料制成的
B．神舟十四号飞船上的新型硅光电池板主要将电能转化为太阳能
C．能量在转移和转化的过程中总量保持不变，因此我们不需要节约能源
D．现在我国已建成的核电站主要是利用核聚变释放能量，核能属于可再生能源
【答案】A
【详解】A．半导体的导电性介于导体和绝缘体之间，应用有芯片、二极管等，故A正确；
B．新型硅光电池板主要将太阳能转化为电能，故B错误；
C．能量在转移和转化的过程中总量保持不变，但能量的转化和转移具有方向性，有些能量以某种形式存在时我们无法利用，因此需要节约能源，故C错误；
D．我国已建成的核电站主要是利用核裂变释放能量，核能属于不可再生能源，故D错误。
故选A。
2．如图所示为实验室用显微镜和天文望远镜。关于图中两种仪器，下列说法正确的是（ ）
A．显微镜的目镜相当于投影仪，物镜相当于放大镜
B．天文望远镜的目镜相当于投影仪，物镜相当于照相机
C．显微镜的目镜是凸透镜，物镜是凹透镜
D．天文望远镜的目镜和物镜都是凸透镜，但成像特点不同
【答案】D
【详解】A．显微镜的目镜相当于放大镜，物镜相当于投影仪，故A错误；
B．天文望远镜的目镜相当于放大镜，物镜相当于照相机，故B错误；
C．显微镜的目镜和物镜都是凸透镜，故C错误；
D．天文望远镜的目镜和物镜都是凸透镜，目镜相当于放大镜，成正立放大的虚像，物镜相当于照相机，成倒立的缩小的实像，成像特点不同，故D正确。
故选D。
3．如图所示，规格相同的甲、乙两容器中分别装有3kg和2kg的纯净水，并用不同加热器加热，不计热损失，得到如图丙所示的水温与加热时间的关系图，已知水的比热容是4.2×103J/（kg·℃），则下列说法正确的是（ ）

A．由丙图知，甲杯中水的比热容小于乙
B．甲、乙两杯中的加热器每分钟放出的热量之比为9︰4
C．加热相同的时间，甲、乙两杯水升高的温度之比2︰3
D．加热相同时间时，两杯水将吸收相等的热量
【答案】B
【详解】A．水的比热容与质量无关，故甲、乙中水的比热容相同，故A错误；
B．由图丙的甲图线可知，加热2min时，甲容器中水升高的温度
Δt=40℃-20℃=20℃
由图像还可知，水的温度变化随时间的增加而均匀升高，所以加热1min时，甲容器中水升高的温度
此时甲容器中的水每分钟吸收热量
Q吸1=cm1Δt=4.2×103J/（kg·℃）×3kg×10℃=1.26×105J
由图丙可知，水的温度从20℃升高到40℃时，乙的加热时间为3min；此时乙容器中的水吸收热量
Q乙吸=cm2Δt=4.2×103J/（kg·℃）×2kg×（40℃-20℃）=1.68×105J
乙容器中的水每分钟吸收热量
由于忽略散热损失，所以两加热器每分钟放出的热量与水每分钟吸收的热量相同，则加热器每分钟放出的热量之比Q甲放︰Q乙放=1.26×105J︰5.6×104J=9︰4，故B正确；
C．甲每分钟升高10℃，乙的加热时间为3min升高20℃，故每分钟升高，每分钟升高的温度之比
，故C错误；
D．此时甲容器中的水每分钟吸收热量Q吸1=1.26×105J
乙容器中的水每分钟吸收热量Q吸2=5.6×104J
加热相同时间时，每分钟吸收的热量不等，故相同时间两杯水吸收的热量不等，故D错误。
故选B。
4．如图甲所示，滑轮组悬挂在水平支架上。两次分别匀速提升物体A、B时，卷扬机拉力F所做的功W随时间t的变化关系图线为图乙中的①、②中的其中一条。已知两个滑轮的质量相等。两次提升时物体上升的速度均为，物体A的质量为180kg，不计绳重和摩擦，g取。下列说法正确的是（ ）

A．物体B的质量为80kg
B．先后两次提升重物A、B时，该滑轮组的机械效率之比为5∶4
C．提升物体A时支架受到定滑轮的拉力为3000N
D．若用该滑轮组以的速度匀速提升总质量为100kg的建筑材料，则卷扬机对绳子自由端竖直向上的拉力的功率为240W
【答案】AD
【详解】A．由图甲知，承担重物绳子的段数，拉力做的功是总功，由图象知，当时，图线①的总功，图线②的总功，由和可得，绳端移动距离
由可得拉力大小
物体A的重力，
不计绳重和摩擦，由可得动滑轮的重力
若①图线表示提升物体A时拉力F所做的功W随时间t的变化关系图线，动滑轮的重力
若②图线表示提升物体A时拉力F所做的功W随时间t的变化关系图线，动滑轮的重力
（不合理
所以①、②图线分别表示提升物体A、B时拉力做的功W与时间t的图线，动滑轮重，所以B的重力，
物体B的质量，故A正确；
B．不计绳重和摩擦，提升物体A时滑轮组的机械效率
提升物体B时滑轮组的机械效率
所以先后两次提升重物A、B时，该滑轮组的机械效率之比为，故B错误；
C．以定滑轮为研究对象受力分析可知，提升物体A时，定滑轮受到竖直向上的支架对它的拉力T、定滑轮竖直向下的重力和三段绳子的拉力作用处于平衡状态，则有，
由力的作用的相互性知，支架受到定滑轮的拉力为3200N，故C错误；
D．提升总质量为100kg的建筑材料时，拉力
拉力做功功率，故D正确。
故选AD。
5．如图所示的电路中灯泡标有“4V 1W”，电流表的量程为0~0.6A。将滑动变阻器滑片调节至最大阻值处，闭合开关S1、S2，电流表示数为0.4A。断开开关S2，移动滑动变阻器滑片至最左端灯泡恰好正常发光，此时电压表示数为4V。下列说法正确的是（ ）

A．电源电压为8V
B．电路中电流最小时总功率为4.8W
C．只闭合开关S1时，滑动变阻器连入电路阻值最小时电路中的电流为0.25A
D．闭合开关S1、S2，电流表示数变化范围为0.4A~0.6A
【答案】AD
【详解】A．断开开关S2，移动滑动变阻器滑片至最左端，灯泡和定值电阻串联，电压表测量定值电阻的电压，UR=4V；灯泡恰好正常发光，UL=4V；根据串联电路的电压特点知，电源电压为U=UR+UL=4V+4V=8V
，故A正确；
B．灯泡正常发光时，电路中的电流为
灯泡的电阻为
定值电阻为
将滑动变阻器滑片调节至最大阻值处，闭合开关S1、S2，只有滑动变阻器的最大值接入电路，电流表测量电路知，滑动变阻器的最大值为
只闭合开关S1时，滑动变阻器、灯泡和定值电阻串联，当滑动变阻器电阻最大时，电路的总电阻为
R总=R1+R2+RL=16Ω+16Ω+20Ω=52Ω
电路中的最小电流为
电路的总功率为P=UI=8V×0.15A=1.2W，故B错误；
C．只闭合开关S1时，滑动变阻器连入电路阻值最小时，电路的总电阻为R总＇=R1+RL=16Ω+20Ω=36Ω
电路中的电流为，故 C错误；
D．闭合开关S1、S2，只有滑动变阻器接入电路，将滑动变阻器滑片调节至最大阻值处电流表示数为0.4A，当滑动变阻器接入电路的电阻减小，电流增大，根据电流表的量程，最大电流为0.6A；则电流表示数变化范围0.4A~0.6A，故D正确。
故选AD。
二、综合题(本题共2小题，共10分，第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
6．酒后驾车是导致车祸的主要原因之一。在综合实践活动中，某兴趣小组设计了如图甲所示的酒精测试仪工作电路原理图，电源电压U恒为6V，为气敏电阻，它的阻值随气体中酒精含量的变化关系如图乙所示。使用前，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片对测试仪进行调零，使电压表示数为U1=5V（此时气体中酒精含量为零），调零后的滑片位置保持不变。
（1）使用酒精测试仪检测时，若气体中酒精含量增大，电压表的示数 （选填“增大”或“减小”）；
（2）当电压表示数为U1=5V时，求接入电路中的阻值 ；
（3）2024年3月1日实施的国家标准规定，气体中酒精含量大于或等于20mg/100mL且小于80mg/100mL为酒驾，达到或者超过80mg/100mL为醉驾。求气体中酒精含量等于20mg/100mL时，电压表的示数的大小 ；
（4）某次检测中，电压表示数为4V，请通过计算，判断此驾驶员属于酒驾还是醉驾 。
【答案】 减小 4.5V 酒驾
【详解】（1）[1]由图乙可知，若气体中酒精含量增大，气敏电阻R1的阻值变小，根据分压原理可知，R1两端的电压变小，即电压表的示数减小。
（2）[2]当电压表示数为U1=5V时，此时气体中酒精含量为零，由图乙可知，R1=50Ω，此时电路电流
根据串联电路电压规律可得，两端的电压U2=U-U1=6V-5V=1V
则接入电路中的阻值
（3）[3]由图乙可知，当气体中酒精含量等于20mg/100mL时，R1'=30Ω，此时电路电流
则电压表的示数
（4）[4]某次检测中，电压表示数为4V，根据串联电路电压规律可得，两端的电压U2'=U-U1''=6V-4V=2V
此时电流
则气敏电阻
由图乙可知，此时气体中酒精含量大于20mg/100mL且小于80mg/100mL，为酒驾。
7．如图甲所示，为高32cm、底面积的均匀圆柱体，图乙是轻质薄壁容器（重力不计），容器内装有3kg的水。现将沿水平方向切去高为的部分，并将切去部分放入容器的水中且始终处于竖直状态，容器对水平面的压强与的关系如图丙所示。
（1）求初始状态下乙容器中水的重力；
（2）求物体的密度；
（3）当时，求容器对水平面的压强。
【答案】（1）30N；（2）0.8×103kg/m3；（3）2200Pa
【详解】解：（1）初始状态下乙容器中水的重力为（1分）
（2）由题意及图可得，当h=0cm时，容器中只有水，容器对支持面的压强为p=1500Pa，容器的底面积为
由题意即图像可得，当h=12.5cm时，放入水中的圆柱体刚好处于漂浮状态，且没有水溢出，此时水对容器底的压力为（1分）
A放入乙容器中的部分的重力为
A放入乙容器中的部分的体积为
物体A的密度为（1分）
（3）由题意及图可得，当h=12.5cm时，物体处于漂浮状态，且刚好没有水溢出，之后随着h的增大，水不断溢出，但容器对水平面的压强不变，当圆柱体的高度刚好大于容器高度后，容器对水平面的压强增大，所以圆柱体的浮力等于自身重力，也等于排开水的重力，所以容器高度为
当h=30cm时，圆柱的重力为（1分）
容器的体积为
A放入乙容器中浸入水中的部分的体积为
容器中原来水的体积为（1分）
容器溢出水的体积为
容器溢出水的重力为
容器对水平面的压强为（1分）
答：（1）初始状态下乙容器中水的重力为30N；
（2）物体A的密度为0.8×103kg/m3；
（3）当h=30cm时，容器对水平面的压强为2200Pa。