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模拟卷02-【赢在中考•黄金8卷】备战2024年中考物理模拟卷（四川成都专用）
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这是一份模拟卷02-【赢在中考•黄金8卷】备战2024年中考物理模拟卷（四川成都专用），文件包含黄金卷02成都专用原卷版docx、黄金卷02成都专用解析版docx、黄金卷02成都专用参考答案docx等3份试卷配套教学资源，其中试卷共41页， 欢迎下载使用。
1、锻炼学生的心态。能够帮助同学们树立良好的心态，增加自己的自信心。
2、锻炼学生管理时间。通过模拟考试就会让同学们学会分配时间，学会取舍。
3、熟悉题型和考场。模拟考试是很接近中考的，让同学们提前感受到考场的气氛和布局。
中考的取胜除了平时必要的学习外，还要有一定的答题技巧和良好心态。此外，通过模拟考试还能增强学生们面对高考的信心，希望考生们能够重视模拟考试。
【赢在中考·黄金8卷】备战2024年中考物理模拟卷（成都专用）
黄金卷02
（本卷共32小题，满分105分，考试用时90分钟）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
5．考试范围：中考全部内容。
A卷（共85分）
第I卷（选择题 共26分）
单项选择题（本题共13小题，每小题2分，共26分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）
1．下列数据不符合实际的是（ ）
A．某中学生的质量约为45kgB．某中学生的体温变化范围约为0~42℃
C．某中学生的身高约为1.65mD．光在空气中的传播速度约为
【答案】B
【详解】A．某中学生的质量为45kg左右，故A不符合题意；
B．某中学生的体温变化范围约为36~42℃，故B符合题意；
C．某中学生的身高为1.65m左右，故C不符合题意；
D．光的传播不需要介质，在空气中的传播速度略小于真空中的传播速度，约为，故D不符合题意。
故选B。
2．2023年9月21日，“天宫课堂”第四课在中国空间站开讲，如图所示，电视机中正在播放航天员开设的精彩太空科普课，下列说法正确的是（ ）
A．航天员的声音是通过超声波的形式传回地球的
B．回看时用倍速播放，声音会变尖是因为改变了声音的音色
C．航天员的声音在空间站内传播的速度为
D．彩色电视机画面的颜色是由红、绿、蓝三种色光混合而成
【答案】D
【详解】A．航天员的声音是通过电磁波的形式传回地球的，故A错误；
B．回看时用倍速播放，声音会变尖是因为改变了声音的音调，故B错误；
C．航天员的声音在空间站内传播的速度为，故C错误；
D．红、绿、蓝三种色光是光的三原色，彩色电视机画面的颜色是由红、绿、蓝三种色光混合而成，故D正确。
故选D。
3．学校开展“给父母送上一道家常菜”为主题的劳动实践教育活动。小安在妈妈指导下走进厨房进行劳动实践，她发现厨房里涉及到很多物理知识。下列说法正确的是（ ）
A．冷冻室取出的排骨表面的“白霜”，是凝固形成的冰晶
B．排骨汤煮沸后冒出大量的“白气”，是汽化形成的水蒸气
C．排骨煮越久越酥烂，说明加热时间越长水的沸点越高
D．排骨汤香气四溢，说明分子在永不停息地做无规则运动
【答案】D
【详解】A．冷冻室取出的排骨表面的“白霜”，是水蒸气凝华形成的冰晶，故A错误；
B．排骨汤煮沸后冒出大量的“白气”，是汽化形成的水蒸气液化成的水珠，故B错误；
C．气压不变，水的沸点不变，故C错误；
D．排骨汤香气四溢，说明分子在永不停息地做无规则运动，是香气分子扩散到空气中，故D正确。
故选D。
4．图是我国滑雪运动员苏翊鸣正在参加男子单板滑雪大跳台比赛。从高处滑行而下的他通过大跳台后高速腾空而起，做了一串帅气的空翻、回转等空中绝技，着地后在斜坡上下滑，完美结束全套动作，锁定金牌。下列说法正确的是（ ）
A．在空中时，他只受重力作用B．在最高点时，他的速度为零
C．着地后他在斜坡上做匀速直线运动D．在做空翻动作时，他的运动状态不断发生改变
【答案】D
【详解】A．在空中时，他除了受到重力作用，还受到空气阻力的作用，故A错误；
B．在上升过程中，他的速度减小，在最高点，竖直方向的速度减小为0，但有水平方向的分速度，所以速度不为0，故B错误；
C．着地后，他在斜坡上的运动速度越来越快，不是做匀速直线运动，故C错误；
D．在做空翻运动时，他的运动方向在改变，所以运动状态不断发生改变，故D正确。
故选D。
5．下图所示为“纸锅烧水”实验．下列说法中正确的是（ ）
A．未加热前，纸锅里的水不发生汽化现象
B．纸锅上方的“白气”是水汽化的结果
C．水烧开时纸盒并未燃烧，是因为水的沸点低于纸的着火点
D．将纸锅中的水换成沙子，加热时纸锅不会被点燃
【答案】C
【详解】A．纸锅里的水未加热前，虽然不能沸腾，但会蒸发，所以水会发生汽化现象，故A错误；
B．纸锅里的水上方冒出“白气”，实际是小水珠，是水先汽化后液化形成的，故B错误；
C．纸锅中盛着水，水在一个标准大气压下沸点是，纸锅受水的影响，温度不会超过，没有达到纸的着火点，所以纸锅不会燃烧，故C正确；
D．沙子加热后温度会持续升高，最终温度会高于纸的着火点，纸锅会被点燃，故D错误。
故选C。
6．2023年10月，“以音乐之名，享深度之旅”，芜湖首届音乐节在神山公园奏响。在“阳光音乐大草坪”活动现场，关于声音的各种说法正确的是（ ）
A．小提琴发出的高音是超声波B．观众听到的美妙音乐是通过空气传播的
C．小提琴声和吉他声是通过声音的音调区分的D．笛子声音的“高音”和“低音”是通过响度区分的
【答案】B
【详解】A．人能听到提琴的声音，说明它发出的声音不是超声波，因为人是听不到超声波的。故A错误；
B．琴弦的振动产生声音，声音通过人与提琴之间的空气传到人耳，人听到了声音。故B正确；
C．不同的发声体，发出声音的音色不同，我们通过音色来区分发声体。故C错误；
D．笛子的高音与低音，指的是声音的音调高与音调低，而不是指响度的大与小。故D错误。
故选B。
7．如图所示，2023年5月30日，搭载神舟十六号载人飞船的运载火箭在酒泉卫星发射中心发射升空。火箭搭载的载人飞船在加速升空的过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．动能减小，重力势能增加，机械能不变B．动能不变，重力势能不变，机械能不变
C．动能不变，重力势能增加，机械能增加D．动能增加，重力势能增加，机械能增加
【答案】D
【详解】飞船在加速升空时，质量不变，速度变大，动能变大，高度升高，重力势能增大，机械能增大，故ABC错误，D正确。
故选D。
8．如图，敦煌熔盐塔式光热电站利用12000面定日镜，将太阳光会聚到熔盐吸热塔，熔盐被加热成液态流入下方的热盐罐中。需要发电时，热盐液和水进入蒸汽发生器，形成高温高压的水蒸气，然后推动发电机发电。下列说法正确的是（ ）
A．熔盐作为储热介质，具有熔点高、比热容小的特点
B．太阳光会聚到熔盐吸热塔，熔盐吸热发生液化现象
C．发电过程中，热盐液将温度传递给蒸汽发生器的水
D．水蒸气推动发电机发电的过程中，内能转化为电能
【答案】D
【详解】A．为了储存热量，熔盐作为储热介质，要不易熔化，所以熔点高；吸、放热能力强，所以比热容大，故A错误；
B．太阳光会聚到熔盐吸热塔，熔盐吸热发生熔化现象，故B错误；
C．发电过程中，热盐液将热量传递给蒸汽发生器的水，产生水蒸气，故C错误；
D．水蒸气推动发电机发电的过程中，内能转化机械能，最终通过发电机转化为电能，故D正确。
故选D。
9．小明沿水平方向推箱子前行，推力为F，如图甲所示。推箱子过程中，其和的图像分别如图乙、丙所示。则下列判断正确的是（ ）
A．0~3s，箱子受到摩擦力大小为3N
B．t=5s时，箱子受到摩擦力大小为9N
C．3~9s，箱子受到摩擦力大小先变大，后变小，最后保持不变
D．9~12s，箱子受到摩擦力合外力不为0
【答案】A
【详解】A．由丙图可知，前3s箱子速度为零，箱子处于静止状态，合力为零，则水平方向受到的摩擦力和推力是一对平衡力；由乙图可知，箱子所受推力为3N，则可知摩擦力也为3N，故A正确；
BD．由图丙知9~12s内，箱子做匀速直线运动，速度为1m/s，箱子所受推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以箱子受到的合外力为0，由图乙知此时的推力F为6N，摩擦力也为6N，t=5s时，由于压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，仍为6N，故BD 错误；
C．由图乙知，3~6s箱子做加速运动，6~9s箱子做减速运动，而滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，与速度大小无关，所以3～9s，箱子受到摩擦力大小不变，故C错误。
故选A。
10．小明学习完家庭电路的相关知识后，他对如图所示的家庭电路的认识正确的是（ ）
A．A、B两点间电压为220VB．保险丝也可以单独接在进户的零线上
C．电冰箱接在C或D插座上都能安全使用D．灯L1和L2的连接符合安全用电要求
【答案】A
【详解】A．A点在火线上，B点在地线上，A、B两点间电压为220V，故A正确；
B．为能及时切断电路，保险丝应接在进户的火线上，故B错误；
C．冰箱带有金属外壳，为了防止漏电时发生触电事故，使用电冰箱时应该选择三孔插座C，将金属外壳接地，故C错误；
D．为防止触电，图中灯泡L1和L2对应的控制开关应该接在火线上，不能接在零线上，故D错误。
故选A。
11．牛顿第一定律是在大量经验事实的基础上，通过推理抽象概括出来的。当年，牛顿还曾用这一方法研究过另一个问题：人们沿水平方向抛出去的石块，运动一段距离后会落回地面：沿水平方向抛石块的力越大，石块的落地点就会越远，如果使用一门大炮用非常非常大的力沿水平方向将石块抛出，会怎样呢？考虑到地球是圆的，因此可以推理，石块将会（ ）
A．在半空中静止不动B．会落回大炮发射的位置
C．绕地球做圆周运动D．会一直做匀速直线运动
【答案】C
【详解】人们沿水平方向抛出去的石块，运动一段距离后会落回地面；沿水平方向抛石块的力越大，石块的落地点就会越远；如果使用一门大炮用非常非常大的力沿水平方向将石块抛出，由于地球是圆的，于是她做出了一个大胆的推理：石块将会绕地球做圆周运动，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
12．在放学回家的路上有便于盲人行走的盲道设计，但过马路时红绿灯并没有声音的提示，疯狂物理小组利用所学知识设计了一个带有铃声的交通信号灯。要求各用电器之间互不影响，绿灯亮时电铃1响，红灯亮时电铃2响，下图电路设计中符合上述要求的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【详解】A．电路为串联电路，各用电器会相互影响，故A不符合题意；
B．电路中控制红灯和电铃2支路，控制绿灯和电铃1支路，符合“绿灯亮的同时电铃 1 响，红灯亮的同时电铃 2 响”的要求，但各支路中的信号灯和电铃是串联的，会相互影响，故B不符合题意；
C．电路中控制红灯和电铃2支路，控制绿灯和电铃1支路，符合“绿灯亮的同时电铃 1 响，红灯亮的同时电铃 2 响”的要求，且各支路中的信号灯和电铃是并联的，不会相互影响，故C符合题意；
D．电路中、都在干路上，当两开关同时闭合时，所有用电器全部同时工作；当断开任意一各开关是，所有用电器都不能工作，故D不符合题意。
故选C。
13．如图是巨磁电阻（GMR）的特性原理示意图，巨磁电阻的阻值随所在磁场强度的增强而减小，闭合并使滑片P向右滑动时，下列说法中不正确的是（ ）
A．电磁铁的右端是S极B．指示灯亮度变暗
C．电压表示数变大D．电压表与电流表示数之比变小
【答案】D
【详解】A．根据安培定则可知，电磁铁的左端是N极，右端是S极，故A正确，不符合题意；
BCD．由图可知，巨磁电阻与指示灯串联，电压表测量巨磁电阻的电压，电流表测量巨磁电阻和指示灯的电流。闭合S1、S2并使滑片P向右滑动，滑动变阻器连入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过电磁铁电流变小，磁性变弱，则巨磁电阻阻值增大，巨磁电阻所在电路的电流变小，电流表示数变小，小灯泡亮度变暗；根据串联分压规律可知，巨磁电阻所分电压变大，电压表示数变大，电压表与电流表示数之比变大，故BC正确，不符合题意；D错误，符合题意。
故选D。
第II卷（非选择题 共59分）
填空题（本题共7小题，每空2分，共28分）
14．广场放露天电影，各个方向的人都能看到屏幕上的画面，是因为放映机投射到屏幕上的光发生了 反射；为不影响学习，住在广场边的小雨将双层隔音窗户关上，是采用了 的措施来控制噪声。
【答案】 漫 阻断噪声传播
【详解】[1] 广场放露天电影，屏幕表面都比较粗糙，光射到凸凹不平的屏幕时，它的反射光线是射向不同的方向，发生了漫反射。各个方向的人都能看到屏幕上的画面，是因为放映机投射到屏幕上的光发生了漫反射。
[2] 控制噪声主要从3个途径，从声源处控制，从传播过程中控制，从人耳处控制。为不影响学习，住在广场边的小雨将双层隔音窗户关上，是采用了阻断噪声传播的措施来控制噪声。
15．如图所示，木板B在F=5N的水平拉力作用下，沿水平方向做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数是2N，则木块A受到的滑动摩擦力是 N；当F增大到7N时，木块A受到的滑动摩擦力是 N。
【答案】 2 2
【详解】[1]木块A在水平方向受到弹簧测力计的拉力及B对A的摩擦的作用处于平衡，相对地面静止，所受的两个水平拉力是平衡力，大小相等，所以A受到的滑动摩擦力等于弹簧测力的示数为2N，方向水平向右。
[2]当F增大到7N时，A、B间的压力及接触面的粗糙程度不变，所受的滑动摩擦力不变，仍为2N。
16．如图所示，为学校大门进出通道采用的人脸识别系统，识别系统的摄像机可以自动将镜头前0.6m处的人脸拍摄成数码照片传输给设备识别。此系统的摄像机的镜头相当于 透镜，其成像原理与生活中的 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）相同。
【答案】 凸 照相机
【详解】[1][2]摄像机的镜头，能成倒立缩小的实像，相当于凸透镜，这与生活中照相机的成像原理相同。
17．如图甲所示，在弹簧测力计下挂一圆柱体，从盛水的烧杯上方某一高度缓慢下降，圆柱体浸没后继续下降，直到圆柱体底面与烧杯底部接触为止。如图乙所示，圆柱体下降过程中弹簧测力计读数F随圆柱体下降高度h变化的图像，则圆柱体的体积是 m3；圆柱体的密度是 kg/m3。（取g=10N/kg）
【答案】
【详解】[1]由图像可知，当h=0时，弹簧测力计示数为12N，此时圆柱体在空气中，圆柱体的重力G=F示=12N
从h=7cm开始，弹簧测力计示数不变，说明此时圆柱体已经浸没在水中，根据称重法知浮力为
物体是全部浸没，圆柱体的体积等于排开水的体积，根据得圆柱体的体积为
[2]圆柱体的质量为
圆柱体的密度
18．在水平放置的蹄形磁体的磁场中，水平悬挂一根与螺线管（水平放置）连接的静止金属杆ab。闭合开关，当金属杆ab水平向右运动时，小磁针N极转至右边，如图所示，则金属杆ab中的电流方向是 （选填“a到b”或“b到a”）；断开开关，当金属杆ab回到原来位置静止时，再闭合开关，让蹄形磁体水平向左运动时，则小磁针N极 （选填“转至左边”“转至右边”或“静止不动”）。
【答案】 a到b 静止不动
【详解】[1]导体棒ab水平向右运动时，小磁针N极指向右，由磁极间的相互作用规律可知螺线管的右端为N极，再根据安培定则，可知棒内电流方向由a到b。
[2]当蹄形磁体水平向左运动时，相当于导体向右切割磁感线，棒内电流方向和螺线管中的电流方向均不变，螺线管的磁场方向不改变，则小磁针N极静止不动。
19．如图所示是一款3D打印笔的简化电路图，能实现高温、中温、低温三挡工作状态切换，其中R1、R2均为发热电阻，阻值不变。其额定电压为220V，高温挡的额定功率为176W，R1的阻值为550Ω。闭合开关S1，开关S2与触点2连接时打印笔处于 挡。若处于低温挡，则低温挡的额定功率为 W。
【答案】 高温 44
【详解】[1]断开开关S1，S2与触点3连接时，两电阻串联；闭合开关S1，开关S2与触点1连接时，只有R1连入电路中；闭合开关S1，开关S2与触点2连接时两电阻并联，根据并联电阻小于其中任一电阻，由可知，闭合开关S1，开关S2与触点2连接时打印笔处于高温挡。
[2]断开开关S1，S2与触点3连接时，两电阻串联，因串联电阻大于其中任一电阻，故此时电路的电阻最大，根据可知电路为低温挡；当处于高温挡时，R1的电功率为
根据并联电路各支路可独立工作、互不影响，故两电阻并联时，R2的电功率为P2=176W-88W=88W
因两电阻的功率相等，根据可知两电阻相等，即R2=550Ω，根据串联电阻的规律，则低温挡的额定功率为
20．图甲所示的电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器上标有“20Ω 2A”，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使其从最右端向左滑动到a点时，小灯泡恰好正常发光，此过程中，电流表与两电压表示数的变化关系图象如图乙所示。电源电压为 V，滑片在a点时，滑动变阻器与小灯泡的功率之比为 。
【答案】 12 1∶5
【详解】[1]当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图乙可知，电路中的最小电流I=0.3A，此时灯泡和滑动变阻器两端的电压相等，即
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由欧姆定律可得电源的电压
[2]滑片在a点时，当小灯泡恰好正常发光时，电路中的电流最大，由图乙可知，灯泡正常发光时的电流0.4A，灯泡两端的电压10V，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压为
滑动变阻器与小灯泡的功率之比
三、作图题与计算题（本题共3小题，共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的验算步骤，只写最后答案的不得分）
21．（4分）（1）学习完电学知识后，小明想自己制作一个简易电热毯，于是他找来了以下器材：插头（接220V电源），两个开关S1、S2，两段完全相同的电热丝R1、R2，电热丝用 表示。要求：S1做总开关，通过S2的断开与闭合实现高温和低温挡的转换，如图是小明设计的部分电路，请你帮他在方框内将电路图补充完整。
【答案】
【详解】方法一：根据题意可知，S1为总开关，通过S2的通断实现高温挡和低温挡的转换，根据并联电路的特点可知，在并联电路中，总功率等于各用电器的功率之和，所以可以将S2与电热丝R2串联接入电路中，然后与电阻R1并联；只闭合S1时，为低温挡，两开关都闭合时，为高温挡；
方法二：在串联电路中，电路的总电阻越小，根据可知，总功率越大；可以将S2与电热丝R2并联接入电路中，然后与电阻R1串联；只闭合S1时，为低温挡，两开关都闭合时，为高温挡；如图所示：
（2）图甲是一种常用的移动指示牌，图乙是它的模型，图丙是被风刮倒的指示牌，请在图丙中画出：将指示牌扶起的最小力及其力臂。
【答案】
【详解】要将指示牌扶起，支点为C，，根据杠杆平衡条件可知，动力臂越长，动力越小，AC为最长动力臂L1时，动力最小，从A点作垂直于AC向上的线段F1的示意图，如图所示。
22．（6分）如图所示，重18N的实心圆柱体甲的密度为，静止在盛有水的圆柱形容器底部。水的密度为，求：
（1）甲的体积；
（2）现将甲从水中匀速提起，在甲露出水面之前需要施加的拉力F。（水对甲的阻力不计）
【答案】（1）；（2）12N
【详解】解：（1）由可得，圆柱体甲的质量为（1分）
由得，甲的体积为（2分）
（2）当甲浸没水中排开水的体积等于其自身体积，即，
由可得，甲受到浮力为（1分）
将甲从水中匀速提起，该过程中物体甲受力平衡，则此时甲受到的重力等于施加的拉力和其受到的浮力之和，故拉力F的大小为（2分）
答：（1）甲的体积为；
（2）现将甲从水中匀速提起，在甲露出水面之前需要施加的拉力F为12N。
23．（6分）为了保障潜水员潜水时的安全，潜水时会配戴如图甲所示的水压表和深度表，图乙是一款深度表的简化电路图，电源电压且恒定不变，定值电阻，是压敏电阻，图丙是的阻值随海水深度变化的图像，允许通过的最大电流为0.24A，深度表由电压表改装，量程为0到3V.求：
（1）电压表示数为1.5V时，潜水员下潜的深度；
（2）在保证电路安全的情况下，的最小阻值是多少。
【答案】（1）10m；（2）15Ω
【详解】解：（1）电压表示数为1.5V时，电路中的电流为（1分）
压敏电阻的阻值（1分）
由图丙可知，此时下潜的深度为10m。（1分）
（2）当电压表示数为3V时，电路中的电流最大为（1分）
允许通过的最大电流为0.24A，因为，所以电路中允许通过的最大电流为0.24A，此时压敏电阻的阻值最小为（2分）
答：（1）电压表示数为1.5V时，潜水员下潜的深度10m；
（2）Rp的最小阻值是15Ω。
实验与探究题（本题共2小题，每空2分，共14分）
25．（6分）小明同学在“测量定值电阻阻值”的实验中，设计了如图甲所示的电路图。电源电压为4.5V。请完成下列问题。
（1）甲图中有一条导线连接错误，请在连接错误的导线上画上“×”，并用笔画线将错误改正过来；( )
（2）调节滑动变阻器进行多次测量，某次测量时电压表示数如乙图所示，此时电流表示数为0.2A，则本次测得的待测电阻Rx＝ Ω；
（3）小明做完以上实验之后，利用图丙所示电路图测量未知电阻Rx的阻值：
①当只闭合S1时，电流表的示数为I1；
②当闭合S1、S2时，电流表的示数为I2；
③未知电阻Rx的表达式为：Rx= Ω。
【答案】 9
【详解】（1）[1]由电路图知，电流表与灯泡并联，电压表串联在电路，电流表与电压表连接错误，应为电压表应与灯泡并联，电流表应串联在电路中，如下图：
（2）[2]闭合开关，移动滑片P到某一点时，电流表示数为0.2A，电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0~3V，示数为1.8V，由欧姆定律可得，电阻的阻值为
（3）[3]①当只闭合S时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电流表的示数为I1，电源电压为U=I1(Rx+R)
②当闭合S1、S2时，电路为Rx的简单电路，电流表测量电路中的电流为I2，电源电压为U=I2Rx
根据电源电压不变可得，I1(Rx+R)=I2Rx，，未知电阻Rx的表达式为
26．（8分）如图甲所示，是小明“研究充水玻璃管中气泡的运动规律”实验装置。
（1）实验小组的同学在讨论实验方案时，提出了以下方案：
方案一：测量气泡从0点运动到10cm、20cm、30cm和40cm处所用的时间；
方案二：测量气泡从计时开始1s、2s、3s和4s所通过的距离；
为便于操作，应选方案 ；
（2）为了判断气泡是否做匀速直线运动，需要测量气泡运动的路程和时间，为便于测量，应使气泡在管内运动得较 （选填“快”或“慢”）；
（3）下表为小明同学在实验中测得的数据，请你根据他所测得的数据在图乙中画出s-t的图象。分析数据可知：气泡运动的路程和时间近似成 比；
（4）小明进一步研究“直线运动的规律”，他让可调速电动玩具车沿某一平直跑道运动，如图丙所示，该车在0到第2s末内通过的路程为20cm，在第2s末到第5s末通过的路程为30cm，在第5s末到第9s末通过的路程为40cm。则关于该车在0～9s内的运动过程图象描述一定错误的是 。
A．B．C．D．
【答案】 方案一 慢 正 B
【详解】（1）[1]由实验过程知道，在运动过程中，用秒表记录时间比用刻度尺测量距离更容易操作。因此，最好的方案是测量气泡从O点运动到10cm、20cm、30cm和40cm处所用的时间，即方案一更合适。
（2）[2]为便于测量，应使气泡在管内运动的较慢。
（3）[3]通过数据分析知道，气泡上升一段路程后，路程随着运动时间的增加而增加，且路程与时间的比值接近，因此，运动的路程和时间之间近似成正比关系，运动速度可以看成是不变的。
（4）[4]该车在0到第2s末内通过的路程为0.2m，通过第1段路程的平均速度为
在第2s末到第5s末（所用时间为3s）通过的路程为0.3m,同理，通过第2段路程的平均速度为
在第5s末到第9s末（所用时间为4s）通过的路程为0.4m，同理，通过第3段路程的平均速度为v3=0.1m/s；
三段路程的平均速度相同，具体的每一段路程，其速度可能是变化的，也可是整个过程每时刻的速度为0.1m/s；
A．s-t图像为过原点的直线，表示速度大小（0.1m/s）始终不变，存在这种可能，不符合题意；
B．为v-t图像，可知0-2s时间段的平均速度 和 5-9s的平均速度都大于0.1m/s，而2-5s的平均速度小于0.1m/s，不存在这种可能，符合题意；
C．每段s-t图像为曲线，说明在每段路程中速度是变化的，但每段路程的运动的平均快慢是不变的（平均速度为0.1m/s），存在这种可能，不符合题意；
D．为v-t图像，三个过程中始终做匀速直线运动，速度等于0.1m/s，存在这种可能，不符合题意。
故选B。
B卷（共20分）
选择题（本题共5小题，每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有两个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1．长沙城北将建立长沙首个“零碳”主题公园——荷叶驼山体公园。在青山绿水间，看太阳能光伏发电板和风车，如何将一缕晨光、一阵清风变为清洁电能，传播环保理念。下列说法正确的是（ ）
A．风力发电过程中，电能转化为机械能
B．太阳能光伏发电板是将太阳能转化为电能的装置
C．太阳能、风能、天然气都是可再生能源
D．能量的转化和转移具有方向性，在转化和转移过程中能量的总量会发生变化
【答案】B
【详解】A．风力发电过程中，机械能转化为电能，故A错误；
B．太阳能光伏发电板通过光电反应，能将太阳能直接转化为电能，故B正确；
C．太阳能、风能属于可再生能源，天然气是不可再生能源，故C错误；
D．能量的转化和转移具有方向性，在转化和转移过程中能量的总量不变，故D错误。
故选B。
2．如图所示，某同学用自制的水凸透镜完成凸透镜成像的实验。某次实验中在光屏上得到清晰倒立、缩小的像，下列说法正确的是（ ）
A．此时凸透镜的焦距大于15cm
B．将蜡烛远离凸透镜，应使光屏远离凸透镜才能再次得到清晰的像
C．随着蜡烛不断燃烧，光屏上像的位置会变低
D．移动注射器活塞后，需将光屏左移才能再次得到清晰的像，可判断出活塞向左运动
【答案】D
【详解】A．由图可知，物距u>像距v，且成实像，说明u>2f，2f>v>f，将物距和像距代入上式，解得15cm>f>7.5cm，故A错误；
B．将蜡烛远离凸透镜，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小的规律可知，应使光屏靠近凸透镜才能再次得到清晰的像，故B错误；
C．随着蜡烛不断燃烧，蜡烛会变短，根据经过光心的光传播方向不变可知，光屏上的像会向上移动，故C错误；
D．移动注射器活塞后，需将光屏左移才能再次得到清晰的像，说明像距变小，凸透镜的焦距变短，凸度变大，即可判断出活塞向左运动，故D正确。
故选D。
3．3D打印机是一种可快速打印定型的机器，它的原理是把数据和原料放进3D打印机中，通过逐层打印的方式来构造物体。小明家用的3D打印机所使用的丝材原料是一种易熔易凝的PLA塑料，其比热容c＝1.6×103J/（kg•℃）。其工作电路如图甲所示，其中U1＝9V，电磁铁的线圈电阻为40Ω，当电磁继电器线圈的电流达到100mA时，衔铁被吸下来。下列有关说法正确的是（ ）
A．3D打印机喷头主要是利用了电流的磁效应
B．当电阻R1为30Ω时，要使衔铁能被吸引下来，R2的阻值最多为60Ω
C．若电路中只有3D打印机工作了40min，如图乙所示的家用电能表指示灯闪烁了500次，则该打印机的实际功率为250W
D．100g的PLA塑料从30℃加热到80℃，吸收的热量为12800J
【答案】C
【详解】A．要熔化PLA塑料，则3D打印机喷头主要是利用了电流的热效应，故A错误；
B．电磁继电器线圈的电流达到100mA时，衔铁被吸下来，根据欧姆定律得，电路的总电阻为
根据串联电路电阻特点，R2的阻值最多为R2＝R总﹣R1﹣R线圈＝90Ω﹣30Ω﹣40Ω＝20Ω，故B错误；
C．图乙中的家用电能表指示灯闪烁了500次，打印机做的功为
打印机的实际功率为，故C正确；
D．100g的PLA塑料从30℃加热到80℃，吸收的热量为Q吸＝cm（t﹣t0）＝1.6×103J/（kg•℃）×0.1kg×（80℃﹣30℃）＝8000J
故D错误。
故选C。
4．用如图甲所示的滑轮组从水中提升物体M，已知被提升的物体M质量为76kg，体积为，在物体未露出水面的过程中，物体以的速度匀速运动了20s，此过程中，拉力F做的功W随时间t的变化情况如图乙所示，不计绳重和摩擦力大小，不计水的阻力大小，下列说法中不正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为B．拉力F的功率为400W
C．动滑轮的重力为70ND．滑轮组的机械效率为
【答案】AD
【详解】A．由图可知，承担物重绳子的股数是，绳子自由端移动的速度
故A错误，符合题意；
B．由图乙可知，当拉力F做的功为8000J时，所需时间为20s，则拉力做功的功率
故B正确，不符合题意；
C．物体的重力大小为
由可知，绳子自由端拉力大小为
物体未露出水面时排开液体的体积
此时物体受到的浮力
由力的平衡条件可知，物体受到的拉力
由不计绳重和摩擦力大小，不计水的阻力大小时，
可知，动滑轮的重力，故C正确，不符合题意；
D．物体未露出水面的过程中，滑轮组的机械效率
故D错误，符合题意。
故选AD。
5．如图所示，电源电压恒为6V，电流表量程0~0.6A，电压表量程0~3V，滑动变阻器规格“”，小灯泡规格“2.5V 0.625W”。若不考虑小灯泡阻值随温度的变化，电路中各元件均安全工作，小灯泡两端电压不允许超过额定电压。闭合开关，下列说法正确的是（ ）
A．滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是
B．滑片向右滑动，电流表示数变小，电压表示数变大
C．电路中允许通过的最大电流是0.6A
D．电路的最大电功率是1.5W
【答案】AD
【详解】AC．由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。由得，灯泡的额定电流为
当滑片P移到最右端时，滑动变阻器接入电路中的最大阻值为，电路中的总阻值最大，根据欧姆定律可知电路中电流最小，不会影响电路安全。当电路中的电阻最小时，电路中的电流最大，又电流表的最大电流为0.6A，灯泡的最大电流为0.25A，滑动变阻器的最大电流为1A，故电路中的最大电流为
电路中的总电阻
灯泡的电阻为
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值，所以滑动变阻器的阻值允许调节的范围是，故A正确，C错误；
B．当滑动变阻器滑片向右滑动，接入电路中的电阻变大时，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；根据可知，灯泡两端的电压变小，即电压表示数变小，故B错误；
D．因串联电路中电流处处相等，电路中的最大电流为，电源电压不变，故电路的最大功率为，故D正确。
故选AD。
综合题(本题共2小题，共10分，第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
6．小明同学在“测定小灯泡电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材和电路，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表无示数，电流表有示数。故障原因可能是小灯泡发生 ；
（2）根据实验测得的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象（如图乙所示），分析图象可知：小灯泡的额定功率为 W；
（3）完成上面实验后，小明同学又想测量额定电压为U额的小灯泡的额定功率，但发现电流表已损坏，于是他又找来了两个开关和一个定值电阻，设计了如图丙所示的电路。已知电源电压恒为U，定值电阻的阻值为R0，请你完成下面实验步骤：
①闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为 ；
②闭合开关S、S2，断开S1，保持滑动变阻器的滑片不动，读出电压表示数为U1；
③灯泡额定功率的表达式为P额＝ 。
【答案】 短路 0.625 U﹣U额
【详解】（1）[1]电流有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明与电压表并联的部分短路，所以电路的故障原因是灯泡短路了。
[2]由图像可知，灯泡正常发光，电压为2.5V时的电流为0.25A，所以小灯泡的额定功率
P＝U额I额＝2.5V×0.25A＝0.625W
（3）[3][4]分析实验的原理可以得出其具体的步骤为：
①闭合开关S、S1，断开S2，移动滑动变阻器的滑片，此时电压表测电阻R0和滑动变阻器的电压，故使电压表示数为U﹣U额
②闭合开关S、S2，断开S1，保持滑动变阻器的滑片位置不变，此时电压表测电阻R0两端电压，读出电压表示数为U1；
③通过灯泡的电流等于电阻R0的电流，即
灯泡的额定功率的表达式为
7．小红用传感器设计了如图甲所示的力学装置，竖直细杆B的下端通过力传感器固定在柱形容器的底部，它的上端与不吸水的实心正方体A固定（不计细杆B及连接处的质量和体积），现缓慢地向容器中加水，力传感器的示数大小F随水深h变化的图象如图乙所示（ρ水=1.0×103kg/m3）。求：
（1）正方体A所受重力大小；
（2）当容器内水的深度为13cm时，正方体A受到的浮力大小；
（3）当容器内水的深度为8cm时，力传感器的示数大小为F，继续向容器中加水，当力传感器的示数大小变为0.5F时，水对容器底部的压强是多少？
【答案】（1）6N；（2）10N；（3）850Pa或950Pa
【详解】解：（1）由图乙可知，当h0=0时，力传感器的示数为F2=6N，此时正方体没有受到浮力，不计细杆B及连接处的质量，则细杆B对力传感器的压力等于正方体的重力G0=6N（1分）
（2）由图乙可知，当h1=3cm时，物体A的下表面恰好与水面接触；当容器内水的深度h2=13cm时，已经超过了F=0时水的深度，由力的平衡条件可得，此时正方体A受到的浮力F浮=G+F=6N+4N=10N（1分）
（3）由图乙可知，当h1=3cm时物体A的下表面恰好与水面接触，则正方体A的边长
l=13cm-3cm=10cm
容器内水的深度h3=8cm时，正方体A浸入水的深度：h浸2=h3-h1=8cm-3cm=5cm=0.05m
排开水的体积：V排′=L2h浸2=（0.1m）2×0.05m=5×10-4m3
正方体A受到的浮力：F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10-4m3=5N
力传感器的示数：F=G-F浮′=6N-5N=1N（1分）
继续向容器中加水，当力传感器第一次受到的力：F′=0.5F=0.5×1N=0.5N
且水的深度较小时、细杆的向上的作用力处于平衡状态，所以由正方体受到的合力为零可得
F浮″=G-F′=6N-0.5N=5.5N
由F浮=ρ液gV排=ρ液gSAh浸可得，此时正方体浸入水中的深度：
则此时容器内水的深度：h4=h1+h浸3=3cm+5.5cm=8.5cm=0.085m（1分）
则此时水对容器底的压强：p'=ρ液gh4=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.085m=850Pa
继续向容器中加水，当力传感器第二次受到的力：F1′=5F=0.5×1N=0.5N（1分）
且水的深度较小大时、细杆的向下的作用力处于平衡状态，所以由正方体受到的合力为零可得
F浮1''=G+F1′=6N+0.5N=6.5N
由F浮=ρ液gV排=ρ液gSAh浸可得，此时正方体浸入水中的深度：
则此时容器内水的深度：h5=h1+h浸3′=3cm+6.5cm=9.5cm=0.095m
则此时水对容器底的压强：p1'=ρ液gh5=1.0×103kg/m2×10N/kg×0.095m=950Pa（1分）
答：（1）正方体A所受重力大小为6N；
（2）当容器内水的深度为13cm时，正方体A受到的浮力大小为10N；
（3）当容器内水的深度为6cm时，力传感器的示数大小为F，当力传感器的示数大小变为5F，压强为850Pa或950Pa。
从O点开始的距离s/cm
0
10
20
30
40
从O点开始计时的时间t/s
0
1.24
2.51
3.75
5.02
1、锻炼学生的心态。能够帮助同学们树立良好的心态，增加自己的自信心。
2、锻炼学生管理时间。通过模拟考试就会让同学们学会分配时间，学会取舍。
3、熟悉题型和考场。模拟考试是很接近中考的，让同学们提前感受到考场的气氛和布局。
中考的取胜除了平时必要的学习外，还要有一定的答题技巧和良好心态。此外，通过模拟考试还能增强学生们面对高考的信心，希望考生们能够重视模拟考试。
【赢在中考·黄金8卷】备战2024年中考物理模拟卷（成都专用）
黄金卷02
（本卷共32小题，满分105分，考试用时90分钟）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
5．考试范围：中考全部内容。
A卷（共85分）
第I卷（选择题 共26分）
单项选择题（本题共13小题，每小题2分，共26分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）
1．下列数据不符合实际的是（ ）
A．某中学生的质量约为45kgB．某中学生的体温变化范围约为0~42℃
C．某中学生的身高约为1.65mD．光在空气中的传播速度约为
【答案】B
【详解】A．某中学生的质量为45kg左右，故A不符合题意；
B．某中学生的体温变化范围约为36~42℃，故B符合题意；
C．某中学生的身高为1.65m左右，故C不符合题意；
D．光的传播不需要介质，在空气中的传播速度略小于真空中的传播速度，约为，故D不符合题意。
故选B。
2．2023年9月21日，“天宫课堂”第四课在中国空间站开讲，如图所示，电视机中正在播放航天员开设的精彩太空科普课，下列说法正确的是（ ）
A．航天员的声音是通过超声波的形式传回地球的
B．回看时用倍速播放，声音会变尖是因为改变了声音的音色
C．航天员的声音在空间站内传播的速度为
D．彩色电视机画面的颜色是由红、绿、蓝三种色光混合而成
【答案】D
【详解】A．航天员的声音是通过电磁波的形式传回地球的，故A错误；
B．回看时用倍速播放，声音会变尖是因为改变了声音的音调，故B错误；
C．航天员的声音在空间站内传播的速度为，故C错误；
D．红、绿、蓝三种色光是光的三原色，彩色电视机画面的颜色是由红、绿、蓝三种色光混合而成，故D正确。
故选D。
3．学校开展“给父母送上一道家常菜”为主题的劳动实践教育活动。小安在妈妈指导下走进厨房进行劳动实践，她发现厨房里涉及到很多物理知识。下列说法正确的是（ ）
A．冷冻室取出的排骨表面的“白霜”，是凝固形成的冰晶
B．排骨汤煮沸后冒出大量的“白气”，是汽化形成的水蒸气
C．排骨煮越久越酥烂，说明加热时间越长水的沸点越高
D．排骨汤香气四溢，说明分子在永不停息地做无规则运动
【答案】D
【详解】A．冷冻室取出的排骨表面的“白霜”，是水蒸气凝华形成的冰晶，故A错误；
B．排骨汤煮沸后冒出大量的“白气”，是汽化形成的水蒸气液化成的水珠，故B错误；
C．气压不变，水的沸点不变，故C错误；
D．排骨汤香气四溢，说明分子在永不停息地做无规则运动，是香气分子扩散到空气中，故D正确。
故选D。
4．图是我国滑雪运动员苏翊鸣正在参加男子单板滑雪大跳台比赛。从高处滑行而下的他通过大跳台后高速腾空而起，做了一串帅气的空翻、回转等空中绝技，着地后在斜坡上下滑，完美结束全套动作，锁定金牌。下列说法正确的是（ ）
A．在空中时，他只受重力作用B．在最高点时，他的速度为零
C．着地后他在斜坡上做匀速直线运动D．在做空翻动作时，他的运动状态不断发生改变
【答案】D
【详解】A．在空中时，他除了受到重力作用，还受到空气阻力的作用，故A错误；
B．在上升过程中，他的速度减小，在最高点，竖直方向的速度减小为0，但有水平方向的分速度，所以速度不为0，故B错误；
C．着地后，他在斜坡上的运动速度越来越快，不是做匀速直线运动，故C错误；
D．在做空翻运动时，他的运动方向在改变，所以运动状态不断发生改变，故D正确。
故选D。
5．下图所示为“纸锅烧水”实验．下列说法中正确的是（ ）
A．未加热前，纸锅里的水不发生汽化现象
B．纸锅上方的“白气”是水汽化的结果
C．水烧开时纸盒并未燃烧，是因为水的沸点低于纸的着火点
D．将纸锅中的水换成沙子，加热时纸锅不会被点燃
【答案】C
【详解】A．纸锅里的水未加热前，虽然不能沸腾，但会蒸发，所以水会发生汽化现象，故A错误；
B．纸锅里的水上方冒出“白气”，实际是小水珠，是水先汽化后液化形成的，故B错误；
C．纸锅中盛着水，水在一个标准大气压下沸点是，纸锅受水的影响，温度不会超过，没有达到纸的着火点，所以纸锅不会燃烧，故C正确；
D．沙子加热后温度会持续升高，最终温度会高于纸的着火点，纸锅会被点燃，故D错误。
故选C。
6．2023年10月，“以音乐之名，享深度之旅”，芜湖首届音乐节在神山公园奏响。在“阳光音乐大草坪”活动现场，关于声音的各种说法正确的是（ ）
A．小提琴发出的高音是超声波B．观众听到的美妙音乐是通过空气传播的
C．小提琴声和吉他声是通过声音的音调区分的D．笛子声音的“高音”和“低音”是通过响度区分的
【答案】B
【详解】A．人能听到提琴的声音，说明它发出的声音不是超声波，因为人是听不到超声波的。故A错误；
B．琴弦的振动产生声音，声音通过人与提琴之间的空气传到人耳，人听到了声音。故B正确；
C．不同的发声体，发出声音的音色不同，我们通过音色来区分发声体。故C错误；
D．笛子的高音与低音，指的是声音的音调高与音调低，而不是指响度的大与小。故D错误。
故选B。
7．如图所示，2023年5月30日，搭载神舟十六号载人飞船的运载火箭在酒泉卫星发射中心发射升空。火箭搭载的载人飞船在加速升空的过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．动能减小，重力势能增加，机械能不变B．动能不变，重力势能不变，机械能不变
C．动能不变，重力势能增加，机械能增加D．动能增加，重力势能增加，机械能增加
【答案】D
【详解】飞船在加速升空时，质量不变，速度变大，动能变大，高度升高，重力势能增大，机械能增大，故ABC错误，D正确。
故选D。
8．如图，敦煌熔盐塔式光热电站利用12000面定日镜，将太阳光会聚到熔盐吸热塔，熔盐被加热成液态流入下方的热盐罐中。需要发电时，热盐液和水进入蒸汽发生器，形成高温高压的水蒸气，然后推动发电机发电。下列说法正确的是（ ）
A．熔盐作为储热介质，具有熔点高、比热容小的特点
B．太阳光会聚到熔盐吸热塔，熔盐吸热发生液化现象
C．发电过程中，热盐液将温度传递给蒸汽发生器的水
D．水蒸气推动发电机发电的过程中，内能转化为电能
【答案】D
【详解】A．为了储存热量，熔盐作为储热介质，要不易熔化，所以熔点高；吸、放热能力强，所以比热容大，故A错误；
B．太阳光会聚到熔盐吸热塔，熔盐吸热发生熔化现象，故B错误；
C．发电过程中，热盐液将热量传递给蒸汽发生器的水，产生水蒸气，故C错误；
D．水蒸气推动发电机发电的过程中，内能转化机械能，最终通过发电机转化为电能，故D正确。
故选D。
9．小明沿水平方向推箱子前行，推力为F，如图甲所示。推箱子过程中，其和的图像分别如图乙、丙所示。则下列判断正确的是（ ）
A．0~3s，箱子受到摩擦力大小为3N
B．t=5s时，箱子受到摩擦力大小为9N
C．3~9s，箱子受到摩擦力大小先变大，后变小，最后保持不变
D．9~12s，箱子受到摩擦力合外力不为0
【答案】A
【详解】A．由丙图可知，前3s箱子速度为零，箱子处于静止状态，合力为零，则水平方向受到的摩擦力和推力是一对平衡力；由乙图可知，箱子所受推力为3N，则可知摩擦力也为3N，故A正确；
BD．由图丙知9~12s内，箱子做匀速直线运动，速度为1m/s，箱子所受推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以箱子受到的合外力为0，由图乙知此时的推力F为6N，摩擦力也为6N，t=5s时，由于压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，仍为6N，故BD 错误；
C．由图乙知，3~6s箱子做加速运动，6~9s箱子做减速运动，而滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，与速度大小无关，所以3～9s，箱子受到摩擦力大小不变，故C错误。
故选A。
10．小明学习完家庭电路的相关知识后，他对如图所示的家庭电路的认识正确的是（ ）
A．A、B两点间电压为220VB．保险丝也可以单独接在进户的零线上
C．电冰箱接在C或D插座上都能安全使用D．灯L1和L2的连接符合安全用电要求
【答案】A
【详解】A．A点在火线上，B点在地线上，A、B两点间电压为220V，故A正确；
B．为能及时切断电路，保险丝应接在进户的火线上，故B错误；
C．冰箱带有金属外壳，为了防止漏电时发生触电事故，使用电冰箱时应该选择三孔插座C，将金属外壳接地，故C错误；
D．为防止触电，图中灯泡L1和L2对应的控制开关应该接在火线上，不能接在零线上，故D错误。
故选A。
11．牛顿第一定律是在大量经验事实的基础上，通过推理抽象概括出来的。当年，牛顿还曾用这一方法研究过另一个问题：人们沿水平方向抛出去的石块，运动一段距离后会落回地面：沿水平方向抛石块的力越大，石块的落地点就会越远，如果使用一门大炮用非常非常大的力沿水平方向将石块抛出，会怎样呢？考虑到地球是圆的，因此可以推理，石块将会（ ）
A．在半空中静止不动B．会落回大炮发射的位置
C．绕地球做圆周运动D．会一直做匀速直线运动
【答案】C
【详解】人们沿水平方向抛出去的石块，运动一段距离后会落回地面；沿水平方向抛石块的力越大，石块的落地点就会越远；如果使用一门大炮用非常非常大的力沿水平方向将石块抛出，由于地球是圆的，于是她做出了一个大胆的推理：石块将会绕地球做圆周运动，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
12．在放学回家的路上有便于盲人行走的盲道设计，但过马路时红绿灯并没有声音的提示，疯狂物理小组利用所学知识设计了一个带有铃声的交通信号灯。要求各用电器之间互不影响，绿灯亮时电铃1响，红灯亮时电铃2响，下图电路设计中符合上述要求的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【详解】A．电路为串联电路，各用电器会相互影响，故A不符合题意；
B．电路中控制红灯和电铃2支路，控制绿灯和电铃1支路，符合“绿灯亮的同时电铃 1 响，红灯亮的同时电铃 2 响”的要求，但各支路中的信号灯和电铃是串联的，会相互影响，故B不符合题意；
C．电路中控制红灯和电铃2支路，控制绿灯和电铃1支路，符合“绿灯亮的同时电铃 1 响，红灯亮的同时电铃 2 响”的要求，且各支路中的信号灯和电铃是并联的，不会相互影响，故C符合题意；
D．电路中、都在干路上，当两开关同时闭合时，所有用电器全部同时工作；当断开任意一各开关是，所有用电器都不能工作，故D不符合题意。
故选C。
13．如图是巨磁电阻（GMR）的特性原理示意图，巨磁电阻的阻值随所在磁场强度的增强而减小，闭合并使滑片P向右滑动时，下列说法中不正确的是（ ）
A．电磁铁的右端是S极B．指示灯亮度变暗
C．电压表示数变大D．电压表与电流表示数之比变小
【答案】D
【详解】A．根据安培定则可知，电磁铁的左端是N极，右端是S极，故A正确，不符合题意；
BCD．由图可知，巨磁电阻与指示灯串联，电压表测量巨磁电阻的电压，电流表测量巨磁电阻和指示灯的电流。闭合S1、S2并使滑片P向右滑动，滑动变阻器连入电路的阻值变大，根据欧姆定律可知，通过电磁铁电流变小，磁性变弱，则巨磁电阻阻值增大，巨磁电阻所在电路的电流变小，电流表示数变小，小灯泡亮度变暗；根据串联分压规律可知，巨磁电阻所分电压变大，电压表示数变大，电压表与电流表示数之比变大，故BC正确，不符合题意；D错误，符合题意。
故选D。
第II卷（非选择题 共59分）
填空题（本题共7小题，每空2分，共28分）
14．广场放露天电影，各个方向的人都能看到屏幕上的画面，是因为放映机投射到屏幕上的光发生了 反射；为不影响学习，住在广场边的小雨将双层隔音窗户关上，是采用了 的措施来控制噪声。
【答案】 漫 阻断噪声传播
【详解】[1] 广场放露天电影，屏幕表面都比较粗糙，光射到凸凹不平的屏幕时，它的反射光线是射向不同的方向，发生了漫反射。各个方向的人都能看到屏幕上的画面，是因为放映机投射到屏幕上的光发生了漫反射。
[2] 控制噪声主要从3个途径，从声源处控制，从传播过程中控制，从人耳处控制。为不影响学习，住在广场边的小雨将双层隔音窗户关上，是采用了阻断噪声传播的措施来控制噪声。
15．如图所示，木板B在F=5N的水平拉力作用下，沿水平方向做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数是2N，则木块A受到的滑动摩擦力是 N；当F增大到7N时，木块A受到的滑动摩擦力是 N。
【答案】 2 2
【详解】[1]木块A在水平方向受到弹簧测力计的拉力及B对A的摩擦的作用处于平衡，相对地面静止，所受的两个水平拉力是平衡力，大小相等，所以A受到的滑动摩擦力等于弹簧测力的示数为2N，方向水平向右。
[2]当F增大到7N时，A、B间的压力及接触面的粗糙程度不变，所受的滑动摩擦力不变，仍为2N。
16．如图所示，为学校大门进出通道采用的人脸识别系统，识别系统的摄像机可以自动将镜头前0.6m处的人脸拍摄成数码照片传输给设备识别。此系统的摄像机的镜头相当于 透镜，其成像原理与生活中的 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）相同。
【答案】 凸 照相机
【详解】[1][2]摄像机的镜头，能成倒立缩小的实像，相当于凸透镜，这与生活中照相机的成像原理相同。
17．如图甲所示，在弹簧测力计下挂一圆柱体，从盛水的烧杯上方某一高度缓慢下降，圆柱体浸没后继续下降，直到圆柱体底面与烧杯底部接触为止。如图乙所示，圆柱体下降过程中弹簧测力计读数F随圆柱体下降高度h变化的图像，则圆柱体的体积是 m3；圆柱体的密度是 kg/m3。（取g=10N/kg）
【答案】
【详解】[1]由图像可知，当h=0时，弹簧测力计示数为12N，此时圆柱体在空气中，圆柱体的重力G=F示=12N
从h=7cm开始，弹簧测力计示数不变，说明此时圆柱体已经浸没在水中，根据称重法知浮力为
物体是全部浸没，圆柱体的体积等于排开水的体积，根据得圆柱体的体积为
[2]圆柱体的质量为
圆柱体的密度
18．在水平放置的蹄形磁体的磁场中，水平悬挂一根与螺线管（水平放置）连接的静止金属杆ab。闭合开关，当金属杆ab水平向右运动时，小磁针N极转至右边，如图所示，则金属杆ab中的电流方向是 （选填“a到b”或“b到a”）；断开开关，当金属杆ab回到原来位置静止时，再闭合开关，让蹄形磁体水平向左运动时，则小磁针N极 （选填“转至左边”“转至右边”或“静止不动”）。
【答案】 a到b 静止不动
【详解】[1]导体棒ab水平向右运动时，小磁针N极指向右，由磁极间的相互作用规律可知螺线管的右端为N极，再根据安培定则，可知棒内电流方向由a到b。
[2]当蹄形磁体水平向左运动时，相当于导体向右切割磁感线，棒内电流方向和螺线管中的电流方向均不变，螺线管的磁场方向不改变，则小磁针N极静止不动。
19．如图所示是一款3D打印笔的简化电路图，能实现高温、中温、低温三挡工作状态切换，其中R1、R2均为发热电阻，阻值不变。其额定电压为220V，高温挡的额定功率为176W，R1的阻值为550Ω。闭合开关S1，开关S2与触点2连接时打印笔处于 挡。若处于低温挡，则低温挡的额定功率为 W。
【答案】 高温 44
【详解】[1]断开开关S1，S2与触点3连接时，两电阻串联；闭合开关S1，开关S2与触点1连接时，只有R1连入电路中；闭合开关S1，开关S2与触点2连接时两电阻并联，根据并联电阻小于其中任一电阻，由可知，闭合开关S1，开关S2与触点2连接时打印笔处于高温挡。
[2]断开开关S1，S2与触点3连接时，两电阻串联，因串联电阻大于其中任一电阻，故此时电路的电阻最大，根据可知电路为低温挡；当处于高温挡时，R1的电功率为
根据并联电路各支路可独立工作、互不影响，故两电阻并联时，R2的电功率为P2=176W-88W=88W
因两电阻的功率相等，根据可知两电阻相等，即R2=550Ω，根据串联电阻的规律，则低温挡的额定功率为
20．图甲所示的电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器上标有“20Ω 2A”，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使其从最右端向左滑动到a点时，小灯泡恰好正常发光，此过程中，电流表与两电压表示数的变化关系图象如图乙所示。电源电压为 V，滑片在a点时，滑动变阻器与小灯泡的功率之比为 。
【答案】 12 1∶5
【详解】[1]当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图乙可知，电路中的最小电流I=0.3A，此时灯泡和滑动变阻器两端的电压相等，即
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由欧姆定律可得电源的电压
[2]滑片在a点时，当小灯泡恰好正常发光时，电路中的电流最大，由图乙可知，灯泡正常发光时的电流0.4A，灯泡两端的电压10V，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压为
滑动变阻器与小灯泡的功率之比
三、作图题与计算题（本题共3小题，共17分。计算题在解答时应写出公式和重要的验算步骤，只写最后答案的不得分）
21．（4分）（1）学习完电学知识后，小明想自己制作一个简易电热毯，于是他找来了以下器材：插头（接220V电源），两个开关S1、S2，两段完全相同的电热丝R1、R2，电热丝用 表示。要求：S1做总开关，通过S2的断开与闭合实现高温和低温挡的转换，如图是小明设计的部分电路，请你帮他在方框内将电路图补充完整。
【答案】
【详解】方法一：根据题意可知，S1为总开关，通过S2的通断实现高温挡和低温挡的转换，根据并联电路的特点可知，在并联电路中，总功率等于各用电器的功率之和，所以可以将S2与电热丝R2串联接入电路中，然后与电阻R1并联；只闭合S1时，为低温挡，两开关都闭合时，为高温挡；
方法二：在串联电路中，电路的总电阻越小，根据可知，总功率越大；可以将S2与电热丝R2并联接入电路中，然后与电阻R1串联；只闭合S1时，为低温挡，两开关都闭合时，为高温挡；如图所示：
（2）图甲是一种常用的移动指示牌，图乙是它的模型，图丙是被风刮倒的指示牌，请在图丙中画出：将指示牌扶起的最小力及其力臂。
【答案】
【详解】要将指示牌扶起，支点为C，，根据杠杆平衡条件可知，动力臂越长，动力越小，AC为最长动力臂L1时，动力最小，从A点作垂直于AC向上的线段F1的示意图，如图所示。
22．（6分）如图所示，重18N的实心圆柱体甲的密度为，静止在盛有水的圆柱形容器底部。水的密度为，求：
（1）甲的体积；
（2）现将甲从水中匀速提起，在甲露出水面之前需要施加的拉力F。（水对甲的阻力不计）
【答案】（1）；（2）12N
【详解】解：（1）由可得，圆柱体甲的质量为（1分）
由得，甲的体积为（2分）
（2）当甲浸没水中排开水的体积等于其自身体积，即，
由可得，甲受到浮力为（1分）
将甲从水中匀速提起，该过程中物体甲受力平衡，则此时甲受到的重力等于施加的拉力和其受到的浮力之和，故拉力F的大小为（2分）
答：（1）甲的体积为；
（2）现将甲从水中匀速提起，在甲露出水面之前需要施加的拉力F为12N。
23．（6分）为了保障潜水员潜水时的安全，潜水时会配戴如图甲所示的水压表和深度表，图乙是一款深度表的简化电路图，电源电压且恒定不变，定值电阻，是压敏电阻，图丙是的阻值随海水深度变化的图像，允许通过的最大电流为0.24A，深度表由电压表改装，量程为0到3V.求：
（1）电压表示数为1.5V时，潜水员下潜的深度；
（2）在保证电路安全的情况下，的最小阻值是多少。
【答案】（1）10m；（2）15Ω
【详解】解：（1）电压表示数为1.5V时，电路中的电流为（1分）
压敏电阻的阻值（1分）
由图丙可知，此时下潜的深度为10m。（1分）
（2）当电压表示数为3V时，电路中的电流最大为（1分）
允许通过的最大电流为0.24A，因为，所以电路中允许通过的最大电流为0.24A，此时压敏电阻的阻值最小为（2分）
答：（1）电压表示数为1.5V时，潜水员下潜的深度10m；
（2）Rp的最小阻值是15Ω。
实验与探究题（本题共2小题，每空2分，共14分）
25．（6分）小明同学在“测量定值电阻阻值”的实验中，设计了如图甲所示的电路图。电源电压为4.5V。请完成下列问题。
（1）甲图中有一条导线连接错误，请在连接错误的导线上画上“×”，并用笔画线将错误改正过来；( )
（2）调节滑动变阻器进行多次测量，某次测量时电压表示数如乙图所示，此时电流表示数为0.2A，则本次测得的待测电阻Rx＝ Ω；
（3）小明做完以上实验之后，利用图丙所示电路图测量未知电阻Rx的阻值：
①当只闭合S1时，电流表的示数为I1；
②当闭合S1、S2时，电流表的示数为I2；
③未知电阻Rx的表达式为：Rx= Ω。
【答案】 9
【详解】（1）[1]由电路图知，电流表与灯泡并联，电压表串联在电路，电流表与电压表连接错误，应为电压表应与灯泡并联，电流表应串联在电路中，如下图：
（2）[2]闭合开关，移动滑片P到某一点时，电流表示数为0.2A，电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0~3V，示数为1.8V，由欧姆定律可得，电阻的阻值为
（3）[3]①当只闭合S时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电流表的示数为I1，电源电压为U=I1(Rx+R)
②当闭合S1、S2时，电路为Rx的简单电路，电流表测量电路中的电流为I2，电源电压为U=I2Rx
根据电源电压不变可得，I1(Rx+R)=I2Rx，，未知电阻Rx的表达式为
26．（8分）如图甲所示，是小明“研究充水玻璃管中气泡的运动规律”实验装置。
（1）实验小组的同学在讨论实验方案时，提出了以下方案：
方案一：测量气泡从0点运动到10cm、20cm、30cm和40cm处所用的时间；
方案二：测量气泡从计时开始1s、2s、3s和4s所通过的距离；
为便于操作，应选方案 ；
（2）为了判断气泡是否做匀速直线运动，需要测量气泡运动的路程和时间，为便于测量，应使气泡在管内运动得较 （选填“快”或“慢”）；
（3）下表为小明同学在实验中测得的数据，请你根据他所测得的数据在图乙中画出s-t的图象。分析数据可知：气泡运动的路程和时间近似成 比；
（4）小明进一步研究“直线运动的规律”，他让可调速电动玩具车沿某一平直跑道运动，如图丙所示，该车在0到第2s末内通过的路程为20cm，在第2s末到第5s末通过的路程为30cm，在第5s末到第9s末通过的路程为40cm。则关于该车在0～9s内的运动过程图象描述一定错误的是 。
A．B．C．D．
【答案】 方案一 慢 正 B
【详解】（1）[1]由实验过程知道，在运动过程中，用秒表记录时间比用刻度尺测量距离更容易操作。因此，最好的方案是测量气泡从O点运动到10cm、20cm、30cm和40cm处所用的时间，即方案一更合适。
（2）[2]为便于测量，应使气泡在管内运动的较慢。
（3）[3]通过数据分析知道，气泡上升一段路程后，路程随着运动时间的增加而增加，且路程与时间的比值接近，因此，运动的路程和时间之间近似成正比关系，运动速度可以看成是不变的。
（4）[4]该车在0到第2s末内通过的路程为0.2m，通过第1段路程的平均速度为
在第2s末到第5s末（所用时间为3s）通过的路程为0.3m,同理，通过第2段路程的平均速度为
在第5s末到第9s末（所用时间为4s）通过的路程为0.4m，同理，通过第3段路程的平均速度为v3=0.1m/s；
三段路程的平均速度相同，具体的每一段路程，其速度可能是变化的，也可是整个过程每时刻的速度为0.1m/s；
A．s-t图像为过原点的直线，表示速度大小（0.1m/s）始终不变，存在这种可能，不符合题意；
B．为v-t图像，可知0-2s时间段的平均速度 和 5-9s的平均速度都大于0.1m/s，而2-5s的平均速度小于0.1m/s，不存在这种可能，符合题意；
C．每段s-t图像为曲线，说明在每段路程中速度是变化的，但每段路程的运动的平均快慢是不变的（平均速度为0.1m/s），存在这种可能，不符合题意；
D．为v-t图像，三个过程中始终做匀速直线运动，速度等于0.1m/s，存在这种可能，不符合题意。
故选B。
B卷（共20分）
选择题（本题共5小题，每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有两个选项符合题目要求，全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1．长沙城北将建立长沙首个“零碳”主题公园——荷叶驼山体公园。在青山绿水间，看太阳能光伏发电板和风车，如何将一缕晨光、一阵清风变为清洁电能，传播环保理念。下列说法正确的是（ ）
A．风力发电过程中，电能转化为机械能
B．太阳能光伏发电板是将太阳能转化为电能的装置
C．太阳能、风能、天然气都是可再生能源
D．能量的转化和转移具有方向性，在转化和转移过程中能量的总量会发生变化
【答案】B
【详解】A．风力发电过程中，机械能转化为电能，故A错误；
B．太阳能光伏发电板通过光电反应，能将太阳能直接转化为电能，故B正确；
C．太阳能、风能属于可再生能源，天然气是不可再生能源，故C错误；
D．能量的转化和转移具有方向性，在转化和转移过程中能量的总量不变，故D错误。
故选B。
2．如图所示，某同学用自制的水凸透镜完成凸透镜成像的实验。某次实验中在光屏上得到清晰倒立、缩小的像，下列说法正确的是（ ）
A．此时凸透镜的焦距大于15cm
B．将蜡烛远离凸透镜，应使光屏远离凸透镜才能再次得到清晰的像
C．随着蜡烛不断燃烧，光屏上像的位置会变低
D．移动注射器活塞后，需将光屏左移才能再次得到清晰的像，可判断出活塞向左运动
【答案】D
【详解】A．由图可知，物距u>像距v，且成实像，说明u>2f，2f>v>f，将物距和像距代入上式，解得15cm>f>7.5cm，故A错误；
B．将蜡烛远离凸透镜，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小的规律可知，应使光屏靠近凸透镜才能再次得到清晰的像，故B错误；
C．随着蜡烛不断燃烧，蜡烛会变短，根据经过光心的光传播方向不变可知，光屏上的像会向上移动，故C错误；
D．移动注射器活塞后，需将光屏左移才能再次得到清晰的像，说明像距变小，凸透镜的焦距变短，凸度变大，即可判断出活塞向左运动，故D正确。
故选D。
3．3D打印机是一种可快速打印定型的机器，它的原理是把数据和原料放进3D打印机中，通过逐层打印的方式来构造物体。小明家用的3D打印机所使用的丝材原料是一种易熔易凝的PLA塑料，其比热容c＝1.6×103J/（kg•℃）。其工作电路如图甲所示，其中U1＝9V，电磁铁的线圈电阻为40Ω，当电磁继电器线圈的电流达到100mA时，衔铁被吸下来。下列有关说法正确的是（ ）
A．3D打印机喷头主要是利用了电流的磁效应
B．当电阻R1为30Ω时，要使衔铁能被吸引下来，R2的阻值最多为60Ω
C．若电路中只有3D打印机工作了40min，如图乙所示的家用电能表指示灯闪烁了500次，则该打印机的实际功率为250W
D．100g的PLA塑料从30℃加热到80℃，吸收的热量为12800J
【答案】C
【详解】A．要熔化PLA塑料，则3D打印机喷头主要是利用了电流的热效应，故A错误；
B．电磁继电器线圈的电流达到100mA时，衔铁被吸下来，根据欧姆定律得，电路的总电阻为
根据串联电路电阻特点，R2的阻值最多为R2＝R总﹣R1﹣R线圈＝90Ω﹣30Ω﹣40Ω＝20Ω，故B错误；
C．图乙中的家用电能表指示灯闪烁了500次，打印机做的功为
打印机的实际功率为，故C正确；
D．100g的PLA塑料从30℃加热到80℃，吸收的热量为Q吸＝cm（t﹣t0）＝1.6×103J/（kg•℃）×0.1kg×（80℃﹣30℃）＝8000J
故D错误。
故选C。
4．用如图甲所示的滑轮组从水中提升物体M，已知被提升的物体M质量为76kg，体积为，在物体未露出水面的过程中，物体以的速度匀速运动了20s，此过程中，拉力F做的功W随时间t的变化情况如图乙所示，不计绳重和摩擦力大小，不计水的阻力大小，下列说法中不正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为B．拉力F的功率为400W
C．动滑轮的重力为70ND．滑轮组的机械效率为
【答案】AD
【详解】A．由图可知，承担物重绳子的股数是，绳子自由端移动的速度
故A错误，符合题意；
B．由图乙可知，当拉力F做的功为8000J时，所需时间为20s，则拉力做功的功率
故B正确，不符合题意；
C．物体的重力大小为
由可知，绳子自由端拉力大小为
物体未露出水面时排开液体的体积
此时物体受到的浮力
由力的平衡条件可知，物体受到的拉力
由不计绳重和摩擦力大小，不计水的阻力大小时，
可知，动滑轮的重力，故C正确，不符合题意；
D．物体未露出水面的过程中，滑轮组的机械效率
故D错误，符合题意。
故选AD。
5．如图所示，电源电压恒为6V，电流表量程0~0.6A，电压表量程0~3V，滑动变阻器规格“”，小灯泡规格“2.5V 0.625W”。若不考虑小灯泡阻值随温度的变化，电路中各元件均安全工作，小灯泡两端电压不允许超过额定电压。闭合开关，下列说法正确的是（ ）
A．滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是
B．滑片向右滑动，电流表示数变小，电压表示数变大
C．电路中允许通过的最大电流是0.6A
D．电路的最大电功率是1.5W
【答案】AD
【详解】AC．由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。由得，灯泡的额定电流为
当滑片P移到最右端时，滑动变阻器接入电路中的最大阻值为，电路中的总阻值最大，根据欧姆定律可知电路中电流最小，不会影响电路安全。当电路中的电阻最小时，电路中的电流最大，又电流表的最大电流为0.6A，灯泡的最大电流为0.25A，滑动变阻器的最大电流为1A，故电路中的最大电流为
电路中的总电阻
灯泡的电阻为
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值，所以滑动变阻器的阻值允许调节的范围是，故A正确，C错误；
B．当滑动变阻器滑片向右滑动，接入电路中的电阻变大时，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；根据可知，灯泡两端的电压变小，即电压表示数变小，故B错误；
D．因串联电路中电流处处相等，电路中的最大电流为，电源电压不变，故电路的最大功率为，故D正确。
故选AD。
综合题(本题共2小题，共10分，第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
6．小明同学在“测定小灯泡电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材和电路，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表无示数，电流表有示数。故障原因可能是小灯泡发生 ；
（2）根据实验测得的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象（如图乙所示），分析图象可知：小灯泡的额定功率为 W；
（3）完成上面实验后，小明同学又想测量额定电压为U额的小灯泡的额定功率，但发现电流表已损坏，于是他又找来了两个开关和一个定值电阻，设计了如图丙所示的电路。已知电源电压恒为U，定值电阻的阻值为R0，请你完成下面实验步骤：
①闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为 ；
②闭合开关S、S2，断开S1，保持滑动变阻器的滑片不动，读出电压表示数为U1；
③灯泡额定功率的表达式为P额＝ 。
【答案】 短路 0.625 U﹣U额
【详解】（1）[1]电流有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明与电压表并联的部分短路，所以电路的故障原因是灯泡短路了。
[2]由图像可知，灯泡正常发光，电压为2.5V时的电流为0.25A，所以小灯泡的额定功率
P＝U额I额＝2.5V×0.25A＝0.625W
（3）[3][4]分析实验的原理可以得出其具体的步骤为：
①闭合开关S、S1，断开S2，移动滑动变阻器的滑片，此时电压表测电阻R0和滑动变阻器的电压，故使电压表示数为U﹣U额
②闭合开关S、S2，断开S1，保持滑动变阻器的滑片位置不变，此时电压表测电阻R0两端电压，读出电压表示数为U1；
③通过灯泡的电流等于电阻R0的电流，即
灯泡的额定功率的表达式为
7．小红用传感器设计了如图甲所示的力学装置，竖直细杆B的下端通过力传感器固定在柱形容器的底部，它的上端与不吸水的实心正方体A固定（不计细杆B及连接处的质量和体积），现缓慢地向容器中加水，力传感器的示数大小F随水深h变化的图象如图乙所示（ρ水=1.0×103kg/m3）。求：
（1）正方体A所受重力大小；
（2）当容器内水的深度为13cm时，正方体A受到的浮力大小；
（3）当容器内水的深度为8cm时，力传感器的示数大小为F，继续向容器中加水，当力传感器的示数大小变为0.5F时，水对容器底部的压强是多少？
【答案】（1）6N；（2）10N；（3）850Pa或950Pa
【详解】解：（1）由图乙可知，当h0=0时，力传感器的示数为F2=6N，此时正方体没有受到浮力，不计细杆B及连接处的质量，则细杆B对力传感器的压力等于正方体的重力G0=6N（1分）
（2）由图乙可知，当h1=3cm时，物体A的下表面恰好与水面接触；当容器内水的深度h2=13cm时，已经超过了F=0时水的深度，由力的平衡条件可得，此时正方体A受到的浮力F浮=G+F=6N+4N=10N（1分）
（3）由图乙可知，当h1=3cm时物体A的下表面恰好与水面接触，则正方体A的边长
l=13cm-3cm=10cm
容器内水的深度h3=8cm时，正方体A浸入水的深度：h浸2=h3-h1=8cm-3cm=5cm=0.05m
排开水的体积：V排′=L2h浸2=（0.1m）2×0.05m=5×10-4m3
正方体A受到的浮力：F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10-4m3=5N
力传感器的示数：F=G-F浮′=6N-5N=1N（1分）
继续向容器中加水，当力传感器第一次受到的力：F′=0.5F=0.5×1N=0.5N
且水的深度较小时、细杆的向上的作用力处于平衡状态，所以由正方体受到的合力为零可得
F浮″=G-F′=6N-0.5N=5.5N
由F浮=ρ液gV排=ρ液gSAh浸可得，此时正方体浸入水中的深度：
则此时容器内水的深度：h4=h1+h浸3=3cm+5.5cm=8.5cm=0.085m（1分）
则此时水对容器底的压强：p'=ρ液gh4=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.085m=850Pa
继续向容器中加水，当力传感器第二次受到的力：F1′=5F=0.5×1N=0.5N（1分）
且水的深度较小大时、细杆的向下的作用力处于平衡状态，所以由正方体受到的合力为零可得
F浮1''=G+F1′=6N+0.5N=6.5N
由F浮=ρ液gV排=ρ液gSAh浸可得，此时正方体浸入水中的深度：
则此时容器内水的深度：h5=h1+h浸3′=3cm+6.5cm=9.5cm=0.095m
则此时水对容器底的压强：p1'=ρ液gh5=1.0×103kg/m2×10N/kg×0.095m=950Pa（1分）
答：（1）正方体A所受重力大小为6N；
（2）当容器内水的深度为13cm时，正方体A受到的浮力大小为10N；
（3）当容器内水的深度为6cm时，力传感器的示数大小为F，当力传感器的示数大小变为5F，压强为850Pa或950Pa。
从O点开始的距离s/cm
0
10
20
30
40
从O点开始计时的时间t/s
0
1.24
2.51
3.75
5.02
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