2024年甘肃省武威十七中中考物理二模试卷（含解析）

这是一份2024年甘肃省武威十七中中考物理二模试卷（含解析），共22页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.下列估测最符合实际情况的是( )
A. 人感到舒适的温度为 37℃B. 中学生脉搏跳动一次所用时间为 9s
C. 普通教室的高度约 7mD. 成年人正常步行的速度约 4km/h
2.如图是四种不同乐器发出的声音通过示波器形成的波形图，下列说法错误的是( )
A. 甲、乙的音色不同B. 丁的响度最小C. 甲、丁的音调相同D. 丙的音调最高
3.习总书记指出“绿水青山就是金山银山”，彰显出我国对生态环境保护的重视，水是生命之源，节约用水是我们每个达州人应尽的义务。关于水的物态变化，下列说法正确的是( )
A. 初春，万物复苏、冰雪消融，这是熔化现象，需要吸热
B. 夏天，小明将糖水放入冰箱制成了冰棍，这是凝固现象，需要吸热
C. 秋天的早晨，花草上出现晶莹的露珠，这是汽化现象，需要放热
D. 冬天，房屋上出现白色的霜，这是凝华现象，需要吸热
4.掷实心球是我市的中考体育加试项目之一。掷出去的实心球从a处出手后，在空中的运动轨迹如图所示，球最终停在水平地面e点处(不计空气阻力).则实心球( )
A. 在a、b、c三处机械能相等B. 在b处动能为零
C. 在a处重力势能最小D. 在d处动能为零
5.如图轻杆(不计杠杆重力)，O为支点，物重为30N，OA：AB=1：2，在竖直向上的拉力作用下始终保持平衡状态。下列说法，正确的是( )
A. 该杠杆与镊子类型相同
B. 图甲位置时，拉力大小为15N
C. 图甲位置时，若仅增加物重，则拉力的变化量与物重的变化量之比为3：1
D. 如图乙保持拉力方向不变，将轻杆匀速提到虚线位置，拉力不变
6.如图所示，甲、乙是两个演示实验的示意图，丙、丁是四冲程汽油机工作过程中的两个冲程示意图。下列说法正确的是( )
A. 图丁是做功冲程，其工作原理如图乙所示B. 图丁是压缩冲程，其工作原理如图甲所示
C. 图丙是做功冲程，其工作原理如图甲所示D. 图丙是压缩冲程，其工作原理如图乙所示
7.某物理兴趣小组的同学用定值电阻和小灯泡分别做了关于“电流与电压、电阻的关系”的实验。并记录了定值电阻与小灯泡在不同电压下的电流值。小组同学根据这些数据，绘制了电流随电压变化的图像，由图像可知( )
A. 定值电阻的阻值为5Ω
B. 乙是小灯泡的I−U图象
C. 随着电压的升高，小灯泡的电阻值变小
D. 定值电阻和小灯泡并联接在4V的电源上，干路中的电流是1.2A
8.如图所示，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向左移动时，下列说法中正确的是( )
A. 电流表的示数变小B. 电压表的示数变大
C. 灯泡L变暗D. 电路中的总功率变大
9.有一种佩戴在手腕上的“计步器”，其构造是在一段塑料管中密封一小块磁铁，管外缠绕着线圈。运动时，磁铁在管中反复运动，线圈产生的感应电流随之不停地变化，显示出运动步数。“计步器”的基本原理与下列哪幅图相同( )
A. B.
C. D.
10.2023年8月29日，就在美国商务部长雷蒙多访华期间，华为公司正式推出了“Mate60pr”智能手机，该手机采用国产芯片“麒麟9000”，利用5G技术实现通信。下列关于“5G通信”的描述正确的是( )
A. 5G通信利用的是超声波，其在真空的速度为340m/s
B. 5G通信利用的是次声波，其在真空的速度为3×108m/s
C. 5G通信利用的是电磁波，其在真空的速度为340m/s
D. 5G通信利用的是电磁波，其在真空的速度为3×108m/s
二、填空题：本大题共8小题，共21分。
11.如图甲所示是小华测量铅笔的长度，读数时视线正确的是______，图甲铅笔的长度为______cm；图乙停表读数为______s。
12.烧杯中装有某种未知液体，现利用针筒将烧杯中的部分液体缓慢抽出，烧杯和液体的总质量与烧杯中液体体积的变化关系如图所示，图中从A到B共抽出的液体质量为______g，该液体的密度为______g/cm3；当烧杯中的液体体积为42cm3时，烧杯和液体的总质量为______g。
13.用力握住重5N的水瓶，水瓶被捏扁，说明力可以使物体发生______，则水瓶受到的摩擦力方向为______(选填“竖直向上”或“竖直向下”)，大小为______N。增大对瓶子的握力，摩擦力将______。(选填“增大”“减小”或“不变”)。
14.如图所示，把两支完全相同的密度计分别放在甲、乙两种液体中，所受到的浮力为F甲和F乙，则F甲______F乙；若它们的液面相平，则两液体对容器底部的压强关系是P甲______P乙.(填“大于”、“小于””或“等于”)
15.2023年5月30日9时31分，搭载神舟十六号载人飞船的长征二号F遥十六运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，飞船入轨后，按照预定程序与空间站组合体进行自主快速交会对接。火箭加速升空过程中，动能______，机械能______。
16.用打气筒给自行车轮胎打气，活塞压缩筒内空气，空气温度升高，这是通过______方法改变内能。打气筒外壁的下部也会热，这是通过______方法改变内能。
17.如图甲所示的电路中，定值电阻R1为10Ω，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变。闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图乙所示。电源电压是______V，当滑片P在ab中点时电流表的示数为______A。
18.我国家庭电路的电压是______V，家庭电路中电灯、电视、电风扇的连接方式是______(选填“串联”或“并联”)的，家庭中如果同时使用几个大功率用电器，很容易造成导线中______过大而发生火灾。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
19.在图中画出通过透镜的入射光线或者折射光线。
20.如图所示，它是“测量小灯泡电阻”实验的电路连接实物图，请在右边画出它的电路图。
四、实验探究题：本大题共2小题，共12分。
21.某小组在做“探究水的沸腾”实验时，实验装置如图甲所示。

(1)要完成此实验需要的测量仪器是温度计和______，在安装器材时，最后安装的是______(选填“酒精灯”或“温度计”)；
(2)图甲中A、B、C三种读温度计示数的方法正确的是______(选填字母代号)；
(3)通过图乙中A的现象，可以判定水______(选填“正在”或“没有”)沸腾；
(4)由图丙可知，水的沸点是______℃；
(5)请根据图丁进行分析，同组小红从给水加热到水沸腾，所用时间较长的原因是______。
22.小聪同学用伏安法测电阻，实验电路图如图甲所示。

(1)该实验的原理是______；
(2)小聪同学用完好的器材，按如图甲所示实验电路图正确连接电路，实验时正确操作，刚一“试触”，就发现电流表的指针迅速摆动到最大刻度，其原因可能是：______；
(3)小聪同学重新按图甲所示的实验电路图正确连接电路，进行实验，某次实验中电压表示数如图乙所示，电流表示数如图丙所示，被测电阻Rx= ______Ω；
(4)为了使测量结果更准确，应移动滑动变阻器的滑片，______，进行多次实验，计算平均值；
(5)若滑动变阻器的最大阻值为R，被测电阻的阻值为Rx，实验过程中电流表突然烧坏，不能正常使用了，他想出一个方法，应用现有的器材，也能测出电阻Rx的阻值。
实验步骤如下：
①将滑动变阻器滑到a端，闭合开关S，读出电压表的读数，记为U1；
②将滑动变阻器滑到b端，闭合开关S，读出电压表的读数，记为U2；
③读出滑动变阻器的最大值R；
④则被测电阻Rx的阻值为：Rx= ______(写出表达式)；
(6)将上述实验中的电阻换成小灯泡，用同样的方法测量小灯泡的电阻，发现小灯泡两端的电压越高，小灯泡的电阻越高，原因是______。
五、简答题：本大题共1小题，共3分。
23.疫情过后，小明去太原玩，图甲、乙是他在地铁站看到的两块安全警示牌，感觉这两种现象比较相近但又有不同。请你从甲、乙中任选其一，描述现象并用学过的物理知识解释。
六、计算题：本大题共3小题，共18分。
24.某桥梁施工队用如图所示的滑轮组打捞沉在水底的工件。已知工件的体积是0.16m3，密度是3.5×103kg/m3，滑轮组向上匀速拉动浸没在水中的工件时，人在绳子的自由端施加的拉力F=1600N。(不考虑摩擦及水的阻力，g=10N/kg)求：
(1)工件的质量是多少？
(2)求动滑轮的重力？
(3)滑轮组将物体完全提出水面后，滑轮组的机械效率是多大？若钢丝绳拉力F的功率恒为3200W，求物体离开水面后上升的速度？
25.氢燃料具有清洁、效率高等优点，被认为是理想的能源之一，目前我国部分城市已有多批氢能源公交车投放使用。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，q氢=1.4×108J/kg。问：
(1)质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量是多少？
(2)若这些热量全部被质量为500kg、温度为15℃的水吸收，水升高的温度是多少？
(3)若这些热量恰好能供某氢能源公交车以140kW的恒定功率匀速行驶5min，则该氢能源公交车的效率是多少？
26.在创客比赛中，亮亮设计了一个暖箱温度显示器，如图甲所示，其原理是利用电压表的示数表示暖箱内的温度，已知电源电压恒定为4V，R0阻值为150Ω，R1是热敏电阻，其阻值与温度的关系如图乙所示，则：

(1)当电压表的示数为3V时，求通过R0的电流I。
(2)当暖箱内温度为20℃时，此时热敏电阻R1的阻值是多少？若此时电路中电流为10mA，求电压表的示数。
(3)若电压表的量程为0～3V，求暖箱内可以测量的最高温度。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A正常情况下，人的体温在37℃左右，对人体而言，较为舒适的温度区间为18～25℃，所以A错误；
B.人的脉搏约为70次/分钟，约为每秒1次，所以B错误；
C.教室的高度约为3m，所以C错误；
D.成年人的步行速度约为1.1m/s=3.96km/h，所以D正确；
故选：D。
(1)正常情况下，人的体温在37℃左右，对人体而言，较为舒适的温度区间为18～25℃；
(2)人的脉搏约为70次/分钟；
(3)教室的高度约为3m；
(4)成年人的步行速度约为1.1m/s。
估算类试题是中考中的常见题型，解答这类题的关键是，知道一些常见事物的物理量，并能将不熟悉的物理量转化为我们熟知的物理量。
2.【答案】D
【解析】解：A、由图知，甲、乙的振幅相同，所以响度相同，波形不同，音色不同，故A正确；
B、由图知，丁的振幅最小，故丁的响度最小，故B正确；
C、由图知，甲和乙的振动频率相同，故音调相同，故C正确；
D、由图知，丙的振动频率最小，音调最低，故D错误。
故选：D。
音调跟物体的振动频率有关，振动频率越大，音调越高。
响度跟物体的振幅有关，振幅越大，响度越大。
音色跟发声体的材料、品质有关。
相同时间内，振动的次数越多，频率越大；偏离原位置越远，振幅越大。
通过比较声音的波形图来考查频率对音调的影响和振幅对响度的影响，解题的关键是能够从波形图上看懂频率和振幅。
3.【答案】A
【解析】解：A、冰雪消融是固态冰变为液态水的过程，属于熔化现象，熔化吸热，故A正确；
B、糖水放入冰箱由液态的水制成了固态的冰棍，这是凝固现象，凝固放热，故B错误；
C、小露珠是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故C错误；
D、房屋上出现白色的霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，凝华放热，故D错误。
故选：A。
本题考查三种物质三种状态之间六种物态变化，都是基础性的，要求学生在今后的学习中加强对所学的基础知识的储备，以便能够灵活应用。
4.【答案】A
【解析】解：
A、不计空气阻力，则球在空中运动时的机械能是守恒的，在a、b、c三处的机械能相等，故 A正确；
B、据图可知，球在b点时仍有水平向前的速度，所以此时的动能不是零，故B错误；
C、重力势能的大小与物体的质量、高度有关，据图可知，d、e两点高度最小，重力势能最小，故C错误；
D、据图可知，球达到d点后没有静止，仍然向前滚动，所以在d处动能不是零，故D错误；
故选：A。
(1)动能的大小与物体的质量以及速度有关，质量越大、速度越大，动能越大；
(2)重力势能的大小和物体的质量以及物体所处的高度有关，质量越大、高度越高，重力势能越大；
(3)不计空气阻力和摩擦力，即说明机械能是守恒的。
掌握动能、重力势能的影响因素，重力势能和动能的变化要从质量、高度和速度来分析，动能的变化看质量和速度的变化，重力势能的变化分析质量和高度的变化。不考虑空气阻力，机械能的总量不变。
5.【答案】D
【解析】解：A、根据图示可知，动力臂大于阻力臂，因此为省力杠杆；而镊子使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，因此它们的类型不同，故A错误；
B、已知物重为30N，OA：AB=1：2；由杠杆平衡条件可得：F×OB=G×OA
解得：F=G×OAOB=G×OAOA+AB=30N×11+2=10N，故B错误；
C、图甲位置时，若仅增加物重，则(F+△F)×OB=(G+△G)×OA...①，
而F×OB=G×OA...②，由①②可得：△F×OB=△G×OA，即ΔFΔG=OAOB=13，故C错误；
D、保持拉力方向不变，将轻杆匀速提到虚线位置，其力臂如图所示：
OB′为动力臂，OA′为阻力臂，阻力不变为G，
因为△OA′A∽△OB′B，所以OA′：OB′=OA：OB=1：3
由杠杆平衡条件可知，F′×OB′=G×OA′，
F′=G×OA′OB′=30N×13=10N；由此可知保持拉力方向不变，将轻杆匀速提到虚线位置，拉力不变，故D正确。
故选：D。
(1)先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
(2)根据杠杆平衡条件可求出拉力的大小；
(3)利用杠杆平衡的条件表示出拉力变化量与物重变化量的关系，从而进行判断；
(4)如图乙保持拉力方向不变，将轻杆匀速提到虚线位置，画出动力和阻力的作用线，找出动力臂和阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的大小关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况。
本题考查了学生对杠杆平衡条件的了解和掌握，能画出杠杆在虚线位置的力臂并借助三角形相似确定其关系是本题的关键。
6.【答案】A
【解析】解：
由图甲，用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧。是将机械能转化为内能的过程。
由图乙，对试管中的水加热，加快水的蒸发，使试管中水的内能增大，体积膨胀，对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能。
由图丙，气门都关闭，活塞向上运动，所以是汽油机的压缩冲程，机械能转化为内能；
由图丁，气门都关闭，活塞向下运动，所以是汽油机的做功冲程，内能转化为机械能；
综上所述，丙图所示的是压缩冲程，其工作原理如图甲所示的实验；丁图所示的是做功冲程，其工作原理如乙图所示的实验。只有选项A说法正确。
故选：A。
首先能判断甲、乙两图中的能量转化情况，再根据汽油机各冲程的特点进行辨别。
汽油机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据汽油机工作中，气门开关和活塞上下运动情况判断丙、丁图是什么冲程；其中在做功冲程中内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能。
此题是通过内燃机的工作原理和课本中的实验来验证做功改变物体内能的方法，是一道比较简单的实验题，掌握热机的工作原理，学会变通。
7.【答案】D
【解析】解：AD、当将R和L并联在电源电压为4V的电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且支路电压等于电源电压，所以它们两端的电压均为4V，
由图象可知对应的电流：IL=0.8A，IR=0.4A；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I′=IL+IR=0.8A+0.4A=1.2A；
根据欧姆定律求出R的阻值R=UIR=4V0.4A=10Ω，故A错误，D正确；
B、由图象可知，通过甲的电流与电压不成正比，即甲图像的电阻是变化的，为小灯泡的I−U图像；通过乙的电流与电压成正比，即乙为定值电阻的图像，故B错误；
C、由图可知，当L两端的电压为U1=1V时，通过的电流I1=0.4A，此时灯泡的电阻为：R1=U1I1=1V0.4A=2.5Ω；
当L两端的电压为U2=2V时，通过的电流为I2=0.6A，此时灯泡的电阻为：R2=U2I2=2V0.6A≈3.3Ω；
当L两端的电压为U3=4V时，通过的电流为I3=0.8A，此时灯泡的电阻为：R3=U3I3=4V0.8A=5Ω；
由上述分析可知随着电压的升高，灯泡的电阻逐渐变大，故C错误。
故选：D。
(1)从图像中读取电压值和对应的电流值，利用I=UR的变形式求出定值电阻的阻值；
(2)定值电阻的阻值不变，由I=UR可知通过的电流和两端的电压成正比，据此分析；
(3)由图中的数据可分别读出当L两端的电压为1V、2V和4V时对应的电流值，再利用R=UI分别求出对应的阻值，便可知道随着电压的升高，灯泡的电阻的变化情况；
(4)并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，由图可读出当电源电压为4V时，通过L和R的电流，并联电路中干路的电流等于各个支路的电流之和，据此求出干路电流。
本题考查了欧姆定律的应用，要从图像中读取相关的数据是解题的关键。
8.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器两端的电压；
滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器分压变小，电压表示数变小；
变阻器的阻值变小，电路总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大，灯泡变亮；
根据P=UI，总电压不变，电流变大，所以电路中的总功率变大。
故选：D。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测滑动变阻器两端电压；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后根据串联电路特点及欧姆定律判断电表示数如何变化。
本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、熟练应用串联电路特点及欧姆定律即可正确解题。
9.【答案】C
【解析】解：根据“计步器”的特点可知，磁铁在管中反复运动，线圈切割磁感线而产生电流。因此，计步器的基本原理是电磁感应，产生电流的过程中将机械能转化成了电能。
A、通电导体在磁场中做切割磁感线运动，这是电动机的工作原理，故A错误；
B、该装置是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，故B错误；
C、图中闭合电路的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象，故C正确；
D、该图是奥斯特实验，是电流的磁效应，故D错误。
故选：C。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应；这一过程中，可将机械能转化为电能。
电磁部分包括三部分内容：磁效应、电磁感应、通电导体在磁场中受力而运动，掌握电动机、发电机、电磁铁、扬声器、话筒、电磁起重机等工作原理。
10.【答案】D
【解析】解：5G通信利用的是电磁波，其在真空的速度为3×108m/s，故D正确，ABC错误。
故选：D。
电磁波可以传递信息；电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s。
本题考查的是电磁波的特点及应用，属于基础性题目。
11.【答案】B 2.50 338.5
【解析】解：(1)刻度尺读数时，视线与刻度线垂直，故选：B。
由图甲可知，刻度尺的分度值为1mm，铅笔左端对齐的刻度为1.00cm，右端笔尖对齐的刻度为3.50cm，则铅笔的长度为：L=3.50cm−1.00cm=2.50cm
(2)如图乙所示，分针指向5min半，说明秒针再走第二圈，需要读到30s开外，故秒针的读数为38.5s，故秒表的读数为5min38.5s，合338.5s。
故答案为：B；2.50；338.5。
(1)刻度尺的使用规则：刻度尺要与被测部分对齐；让刻度尺有刻度的一面紧贴被测部分，测量的始端与0刻度线对齐，如果0刻度线磨损，可以与其它整刻度线对齐，测量结果要减去前面的数值；读数时视线要与尺面垂直；读数时结果要估读到分度值的下一位；记录数据要写单位；
(2)秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和。
物理测量中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少；刻度尺需要估读，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值。
12.【答案】90 1.5 93
【解析】解：由图像可知，从A到B共抽出的液体质量：m1=150g−60g=90g，抽出液体的体积：V1=80cm3−20cm3=60cm3，
则该液体的密度为：ρ=m1V1=90g60cm3=1.5g/cm3；
由图像可知，当烧杯和液体的总质量为60g时，液体的体积：V2=20cm3，
此时液体的质量：m1=ρV2=1.5g/cm3×20cm3=30g，
则烧杯的质量：m杯=m总1−m1=60g−30g=30g，
当烧杯中的液体体积为42cm3时，液体的质量：m3=ρV3=1.5g/cm3×42cm3=63g，
所以当烧杯中的液体体积为42cm3时，烧杯和液体的总质量：m总2=m杯+m3=30g+63g=93g。
故答案为：90；1.5；93。
(1)根据图像得出从A到B共抽出的液体质量和体积，利用密度公式可求液体的密度；
(2)根据图像得出当烧杯和液体的总质量为60g时液体的体积，利用密度公式求出此时液体的质量，进而求出烧杯的质量；再利用密度公式求出42cm3该液体的质量，加上烧杯的质量，即为烧杯和液体的总质量。
此题考查密度公式及其应用，读懂图像，并从中获取相关信息是关键。
13.【答案】形变 竖直向上 5 不变
【解析】解：用力握住重5N的水瓶，水瓶被捏扁，说明力可以使物体发生形变；用力握住总重为5N的水瓶静止不动，此时水瓶受到的重力和手对瓶子的摩擦力是一对平衡力；
水瓶静止，受到的重力和摩擦力是平衡力，大小相等，方向相反，方向竖直向上；当手对水瓶的握力增大时，由于水瓶的总重力不变，所以手与水瓶之间摩擦力的大小将不变。
故答案为：形变；竖直向上；5；不变。
(1)影响力作用效果的因素有大小、方向和作用点，用力越大效果越明显；物体间力的作用是相互的；
(2)水瓶静止，受到的重力和摩擦力是平衡力，水瓶的总重力不变，摩擦力不变；平衡的两个力，大小相等，方向相反。
本题考查了二力平衡和摩擦力是基础题，要求学生掌握。
14.【答案】等于；小于
【解析】解：如图所示，把两支完全相同的密度计分别放在甲、乙两种液体中，因为两支密度计都漂浮在液面上，所以密度计所受到的浮力都与密度计重力相等，由于两支密度计完全相同，则重力相等，所以F甲=F乙。
由图可知甲密度计排开液体的体积较大，由浮力公式G=F浮=ρ液gV排可知ρ甲<ρ乙，因为它们的液面相平，由压强公式p=ρ液gh可知：两液体对容器底部的压强关系是p甲故答案为：等于；小于。
(1)密度计的原理：密度计是利用了物体的漂浮条件测量不同液体的密度；
(2)液体压强的特点：液体的压强既与液体的密度有关，也与液体的深度有关，在比较液体压强的大小时要使用控制变量法。
本题的解题关键是通过密度计的状态判断出两种液体密度大小的关系。
15.【答案】增大 增大
【解析】解：加速升空的过程，卫星的的质量不变，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大，因此卫星的机械能增大。
故答案为：增大；增大。
动能的大小与物体的质量和速度有关，重力势能的大小与物体的质量和高度有关，且动能和势能统称为机械能。
(1)掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。
(2)能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。
16.【答案】做功 热传递
【解析】解：用打气筒给自行车轮胎打气，活塞压缩筒内空气，机械能转化为筒的内能，空气温度升高，这是通过做功方法改变内能。打气筒外壁的下部也会热，这是通过热传递方法改变内能。
故答案为：做功；热传递。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程也就是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
解决此类问题要结合改变物体内能的方式和能量转化进行分析解答。
17.【答案】6 0.3
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大，
由图2可知，电路中的最大电流I1=0.6A，
由I=UR可得，电源的电压：U=I1R1=0.6A×10Ω=6V；
滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，
由图2可知，电路中的最小电流I2=0.2A，电压表的示数U2=4V，
则滑动变阻器的最大阻值：R2=U2I2=4V0.2A=20Ω，
当滑动变阻器的滑片P滑到ab中点时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=UR=UR1+12R2=6V10Ω+12×20Ω=0.3A。
故答案为：6；0.3。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大，根据图2读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图象读出电表示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；当滑动变阻器的滑片P滑到ab中点时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流(即电流表的示数)。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是从图象中获取有用的信息。
18.【答案】220 并联 电流
【解析】解：(1)由电学常识可知，我国家庭电路的电压为220V。
(2)家庭电路中电灯、电视、电风扇在工作时互不影响，所以它们是并联连接的；
(3)家庭中如果同时使用几个大功率用电器时，用电器的总功率过大，而家庭电路的电压一定，根据公式P=UI可知，干路中的电流就会很大，容易发生电路火灾。
故答案为：220；并联；电流。
(1)我国家庭电路的电压为220V。
(2)串联电路各用电器之间互相影响，并联电路中各用电器既可以独立工作，又互不影响。
(3)家庭电路中电流过大的原因有两个；发生短路和用电器的总功率过大。
本题考查了家庭电路中电流过大的原因、家庭电路的电压以及家用电器的连接方式，比较简单。
19.【答案】解：左图中是凹透镜，延长线过焦点的光折射的光线经凹透镜折射后会平行主光轴，过光心的方向不变；右图中是凸透镜三条特殊光线，根据平行主光轴的光线，折射后过焦点，从焦点发出的光折射后平行主光轴，过光心的光线传播方向不变，如下图所示：

【解析】在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
凸透镜三条特殊光线的作图：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
20.【答案】解：电流从正极出发，经开关、电流表、灯泡、滑动变阻器回负极，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：

【解析】由实物电路图可知，灯和滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯两端的电压，按照“先串后并”的原则画出电路图。
本题考查了由实物图画电路图的方法，画图时要注意实物图和电路图要一一对应。
21.【答案】秒表 温度计 B 没有 99 水的初温低
【解析】解：(1)实验过程中需要记录时间，因此还需要秒表。组装实验器材时应按照自下而上的顺序，酒精灯放置好后，根据外焰的高度确定石棉网的位置，然后放置烧杯，最后温度计的高度要确保温度计的液泡不碰到烧杯底部和侧壁，且液泡完全放入被测物质中。所以最后安装的是温度计；
(2)温度计读数时，视线应与液柱的上表面相平，故B正确；
(3)水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小，由图乙中A的现象可以判定水没有沸腾；
(4)由图像可知：水不断吸收热量，温度保持99℃不变，所以此时水的沸点是99℃；
(5)由图丁知小明水的初温高，小红水的初温低，且相同时间吸收相同热量升高的温度相同，故质量相同，所用时间较长的原因可能是小红用的水初温较低；
故答案为：(1)秒表；温度计；(2)B；(3)没有；(4)99；(5)水的初温低。
(1)实验过程中需要记录时间，因此还需要秒表。组装实验器材时应按照自下而上的顺序，据此分析即可；
(2)在进行温度计的读数时，注意其分度值，视线与液柱上表面相平；
(3)水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大；
(4)液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；
(5)根据图象，通过水的初温的高低和质量的大小判断加热时间较长的原因。
此题是探究“水的沸腾”的实验，考查了水沸腾过程中的特点，同时考查沸腾图象的分析，气压与沸点的关系，是一道综合题目。
22.【答案】R=UI 选用电流表量程太小 8 改变待测电阻两端的电压 U2RU1−U2 灯丝的电阻随温度的升高而增大
【解析】解：(1)使用电流表和电压表分别测量通过待测电阻的电流和两端的电压，故伏安法测量电阻的实验原理是R=UI；
(2)操作正确，刚一“试触”，就发现电流表的指针迅速摆动到最大刻度，说明电路中的电流较大，根据影响电流的因素，可能是电源电压过大或电流表的量程选择偏小；
(3)由图乙知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.4V；
由图丙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A；
则被测电阻：Rx=UI=Ω；
(4)测量定值电阻的实验中，由于定值电阻的阻值几乎不受温度的影响，所以不发生改变，因而移动滑动变阻器的滑片，改变待测电阻两端的电压，进行多次实验，计算平均值，可以有效的减小实验误差；
(5)被测电阻与滑动变阻器串联，电压表与被测电阻并联，开关串联在电路中，如下图所示：
；
实验步骤：
①将滑动变阻器滑到a端，闭合开关S，读出电压表的读数，记为U1；
②将滑动变阻器滑到b端，闭合开关S，读出电压表的读数，记为U2；
③读出滑动变阻器的最大值R；
④在步骤①中，电路为只有Rx的简单电路，电压表测电源电压；
在步骤②中，Rx与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测Rx两端的电压，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为U滑=U1−U2；
则通过Rx的电流：Ix=I滑=U滑R=U1−U2R，
故Rx=U2Ix=U2U1−U2R=U2RU1−U2；
(4)灯的实际功率随着电压的增大而增大，灯的亮度越来越亮，温度越来越高，灯丝电阻就越来越大，即灯丝电阻随温度升高而增大。
故答案为：(1)R=UI；(2)选用电流表量程太小；(3)8；(4)改变待测电阻两端的电压；(5)U2RU1−U2；(6)灯丝的电阻随温度的升高而增大。
(1)伏安法测量电阻的实验原理为R=UI；
(2)刚一“试触”，就发现电流表的指针迅速摆动到最大刻度，说明滑动电路中的电流太大，可能是电路中发生短路或滑动变阻器的电阻太小造成；
(3)根据图乙和图丙读出电流表和电压表的示数，由R=UI计算出电阻值；
(4)移动滑动变阻器的滑片，改变待测电阻两端的电压，进行多次实验，计算平均值；
(5)没有电流表，利用已知电阻和被测电阻串联找电流相等；被测电阻和已知最大阻值的滑动变阻器串联，电压表与被测电阻并联，滑动变阻器为最大值时，电压表测被测电阻电压，根据串联电路电压特点，求滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求滑动变阻器电流，即被测电阻电流，根据R=UI计算电阻；
(6)灯丝的电阻随温度的升高而增大。
用伏安法测电阻实验，考查了实验原理、注意事项、故障分析、电表读数、电阻的计算、影响电阻大小因素及设计实验方案测电阻的能力。
23.【答案】答：甲图中，地面比较光滑，摩擦力小，当脚突然向前滑动时，人的下半身运动速度变快，而人的上半身由于惯性仍要保持原来较小的速度，人会向后摔倒；
乙图中，人原来处于运动状态，当脚绊上台阶后，人的下半身运动停止，而人的上半身由于惯性，仍向前运动，于是人会向前跌倒。
【解析】一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，据此解答。
本题主要考查了利用惯性来解释生活中的现象，要注意当人的上半身和下半身运动状态不同时人的倾倒方向。
24.【答案】解：(1)根据公式ρ=mV可得，工件的质量：m=ρV=3.5×103kg/m3×0.16m3=560kg；
(2)工件的重力G=mg=560kg×10N/kg=5600N，
由图可知，n=3，
因为F=1n(G−F浮+G动)，
所以求动滑轮的重力：
G动=3F−(G−F浮)=3×1600N−(5600N−1600N)=800N；
(3)不计摩擦，滑轮组将物体完全提出水面后，滑轮组的机械效率：
η=W有W总×100%=W有W有+W额×100%=GhGh+G动h×100%=GG+G动=5600N5600N+800N×100%=87.5%
滑轮组将物体完全提出水面后，拉力大小：F′=G+G动3=5600N+800N3=64003N，
由拉力的功率P=Wt=F′st=F′v可得，绳子自由端的速度：
v=PF′=3200W64003N=1.5m/s，
则物体离开水面后上升的速度：
v物=v3=1.5m/s3=0.5m/s。
答：(1)工件的质量是560kg；
(2)动滑轮的重力为800N；
(3)滑轮组将物体完全提出水面后，滑轮组的机械效率是87.5%；物体离开水面后上升的速度为0.5m/s。
【解析】(1)根据公式ρ=mV可得工件的质量；
(2)由G=mg可得工件的重力，根据F浮=ρ水gV排可得工件浸没时受到的浮力，由F=1n(G−F浮+G动)可求动滑轮的重力：
(3)不计摩擦，由滑轮组的机械效率可和拉力大小，由拉力的功率P=Wt=F可得绳子自由端的速度，进而可求得物体离开水面后上升的速度。
本题考查有用功、功率和机械效率的计算，关键是对有用功和总功的理解与应用以及滑轮组绳子有效股数的确定。
25.【答案】解：(1)0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量：Q放=m氢q氢=0.6kg×1.4×108J/kg=8.4×107J；
(2)由题意可知水吸收的热量：Q吸=Q放=8.4×107J，
由Q吸=cmΔt得，水升高的温度：Δt=Q吸c水m水=8.4×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×500kg=40℃；
(3)公交车行驶5min做的有用功：W=Pt=140×103W×5×60s=4.2×107J；
这氢能源公交车的效率：η=WQ放=4.2×107J8.4×107J×100%=50%。
答：(1)质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量是8.4×107J；
(2)若这些热量全部被质量为500kg、温度为15℃的水吸收，水升高的温度是40℃；
(3)该氢能源公交车的效率是50%。
【解析】(1)根据Q放=mq求出这些燃料完全燃烧放出的热量；
(2)由题知，水吸收的热量Q吸=Q放，利用Q吸=cmΔt求水升高的温度；
(3)利用W=Pt求公交车行驶3min做的有用功，利用η=WQ放求这氢能源公交车的效率。
本题考查学生对燃料完全燃烧放出热量公式、功率公式的掌握和运用等，此类型的题目需要根据实际情况具体分析。
26.【答案】解：由电路图可知，热敏电阻R1与定值电阻R0串联，电压表测R0两端的电压。
(1)当电压表的示数为3V时，通过R0的电流为：
I=U0R0=3V150Ω=0.02A；
(2)由图乙知当暖箱内温度为20℃时热敏电阻R1的阻值为250Ω，若此时电路中电流为10mA，由欧姆定律得R0两端的电压为：
U0′=I′R0=10×10−3A×150Ω=1.5V，即电压表的示数为1.5V；
(3)由图象可知，当温度升高时，热敏电阻R1的阻值减小，电路的总电阻减小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，电压表的示数变大，
所以当电压表的示数为3V时，暖箱内的温度最高，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，此时电路中的电流：I′=0.02A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，热敏电阻R1两端的电压：
U1=U−U0大=4V−3V=1V，
此时热敏电阻的阻值：
R1′=U1I′=1V0.02A=50Ω，
由图象可知，暖箱内的最高温度是100℃。
答：(1)当电压表的示数为3V时，通过R0的电流I为0.02A。
(2)当暖箱内温度为20℃时，此时热敏电阻R1的阻值是150Ω，若此时电路中电流为10mA，电压表的示数为1.5V。
(3)若电压表的量程为0～3V，暖箱内可以测量的最高温度是100℃。
【解析】由电路图可知，R1与R0串联，电压表测R0两端的电压。
(1)当电压表的示数为3V时，根据欧姆定律算出通过R0的电流I；
(2)由图乙知当暖箱内温度为20℃时热敏电阻R1的阻值，若此时电路中电流为10mA，由欧姆定律算出电压表的示数；
(3)由图象可知，当温度升高时，热敏电阻的阻值减小，电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，电压表的示数变大，当电压表的示数最大时暖箱内的温度最高，由(1)知电路中的电流，利用电阻的串联求出R1两端的电压，再根据欧姆定律求出R1的阻值，从图象中读出对应的温度。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。